2023屆上海市高考物理模擬試題知識(shí)點(diǎn)分類訓(xùn)練【高考二輪復(fù)習(xí)】：電磁學(xué)選擇題 一、單選題1．（2023·上海·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示的電路中，R1、R2是定值電阻，電表均為理想電表，RB是磁敏材料制定的元件（其特點(diǎn)無(wú)磁場(chǎng)時(shí)處于斷開狀態(tài)，有磁場(chǎng)出現(xiàn)時(shí)導(dǎo)通）。閉合開關(guān)S，滑動(dòng)變阻器R的滑片處于某位置，當(dāng)有磁鐵靠近RB附近時(shí)，（　?。?/span>A．電流表讀數(shù)減小 B．R1的功率減小C．電壓表讀數(shù)增大 D．電源總功率增大2．（2023·上海寶山·統(tǒng)考一模）如圖所示，有一固定的閉合導(dǎo)體圓環(huán)L，一條形磁鐵垂直于圓環(huán)所在的平面，且其中心在圓環(huán)圓心處?，F(xiàn)將條形磁鐵稍許豎直向上或向下抽動(dòng)，則圓環(huán)L中的電流（從上向下看）（　?。?/span>A．都沿順時(shí)針方向B．都沿逆時(shí)針方向C．磁鐵向上抽動(dòng)時(shí)沿順時(shí)針方向，向下抽動(dòng)時(shí)沿逆時(shí)針方向D．磁鐵向上抽動(dòng)時(shí)沿逆時(shí)針方向，向下抽動(dòng)時(shí)沿順時(shí)針方向3．（2023·上海靜安·統(tǒng)考一模）如圖，螺線管A豎直放置在水平桌面上，B為鐵芯，C為套在鐵芯B上的絕緣磁環(huán)。閉合電鍵，絕緣環(huán)C向上運(yùn)動(dòng)。C由靜止開始上升至最高點(diǎn)的過(guò)程中，桌面對(duì)A的支持力大小（　?。?/span>A．始終減小 B．先增大后減小C．始終增大 D．先減小后增大4．（2023·上海靜安·統(tǒng)考一模）如圖，一個(gè)正方形導(dǎo)線框從高處自由下落，穿過(guò)一水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，已知磁場(chǎng)區(qū)域高度大于2倍線框高度，線框離開磁場(chǎng)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)情況是（　?。?/span>A．若線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，則離開磁場(chǎng)過(guò)程一定是勻速運(yùn)動(dòng)B．若線框加速進(jìn)入磁場(chǎng)，則離開磁場(chǎng)過(guò)程一定是加速運(yùn)動(dòng)C．若線框加速進(jìn)入磁場(chǎng)，則離開磁場(chǎng)過(guò)程一定是減速運(yùn)動(dòng)D．若線框減速進(jìn)入磁場(chǎng)，則離開磁場(chǎng)過(guò)程一定是減速運(yùn)動(dòng)5．（2023·上海靜安·統(tǒng)考一模）兩個(gè)直流電源的總功率隨外電壓U變化的關(guān)系圖線，如圖中的a、b所示，若兩電源的內(nèi)阻為、，能提供的最大輸出功率為、，則（　　）A．， B．，C．， D．，6．（2023·上海靜安·統(tǒng)考一模）外電路兩端的電壓反映的是（　?。?/span>A．外電路消耗的電能 B．電源轉(zhuǎn)化能量的本領(lǐng)C．外電路對(duì)電流的阻礙作用 D．外電路兩端電勢(shì)總的差值7．（2023·上海浦東新·統(tǒng)考一模）四只完全相同的燈泡分別用圖（a）、（b）兩種方式連接，電路兩端電壓分別為和V。當(dāng)燈泡都正常發(fā)光時(shí)，消耗的電功率分別為和，則（　?。?/span>A． B． C． D．無(wú)法確定8．（2023·上海浦東新·統(tǒng)考一模）電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式是（　　）A． B． C． D．9．（2023·上海浦東新·統(tǒng)考一模）空間有一個(gè)沿x軸分布的電場(chǎng)，其場(chǎng)強(qiáng)E隨x變化的關(guān)系如圖所示。其“陰影面積”的單位是（　?。?/span>A．N B．J C．V D．10．（2023·上海浦東新·統(tǒng)考一模）虛線區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)閉合線圈由靜止開始平移時(shí)，磁場(chǎng)對(duì)邊的安培力方向如圖所示。則線圈內(nèi)磁通量變化及邊受到的安培力方向分別為（　?。?/span>A．變大，向左 B．變大，向右 C．變小，向左 D．變小，向右11．（2023·上海浦東新·統(tǒng)考一模）如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)帶電小球。時(shí)，乙球以的初速度沖向原來(lái)靜止的甲球，在時(shí)間內(nèi)它們的圖線如圖（b）所示。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩球未相碰，設(shè)、時(shí)刻兩球的總電勢(shì)能分別為、，則（　?。?/span>A．時(shí)刻兩球最近， B．時(shí)刻兩球最近，C．時(shí)刻兩球最近， D．時(shí)刻兩球最近，12．（2023·上海·一模）在傾角θ=30°的絕緣斜面上，固定一光滑金屬框，寬l=0.5m，接入電動(dòng)勢(shì)E=6V、內(nèi)阻r=0.5Ω的電池，垂直框面放置一根質(zhì)量m=0.2kg的金屬棒ab，金屬棒接入電路的電阻R0的阻值為0.2Ω，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T、方向垂直于框面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值使金屬棒靜止在框架上，如圖所示。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（框架的電阻與摩擦不計(jì)，框架與金屬棒接觸良好，g取10 m/s2）（　?。?/span>A．金屬棒受到的安培力的大小為1N B．通過(guò)金屬棒的電流強(qiáng)度I的大小為2AC．滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值為R=3Ω D．電源的輸出功率為P=10W13．（2023·上海·一模）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的(-9,0)、(9,0)兩點(diǎn)處固定著電荷量分別為+q、-4q的兩個(gè)點(diǎn)電荷，A、B為y軸上兩點(diǎn)，坐標(biāo)分別為(0,1)、(0,-5)，M、N、P、Q四個(gè)點(diǎn)是以+q為中心的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，在上述兩個(gè)點(diǎn)電荷所形成的電場(chǎng)中，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．x=-3cm處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B．B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)的電勢(shì)，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C．N點(diǎn)與Q點(diǎn)電勢(shì)相等D．將某一正電荷從N點(diǎn)移動(dòng)到M點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功小于將其從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)所做的功14．（2023·上海·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，abcd線圈中接有一靈敏電流計(jì)，efgh線框的電阻不計(jì)，放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中、具有一定電阻的導(dǎo)體棒MN在恒力作用下由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，efgh線框足夠長(zhǎng)。已知穿過(guò)閉合回路的磁通量變化越快，回路中的感應(yīng)電流越大，則通過(guò)靈敏電流計(jì)中的感應(yīng)電流（　　）A．方向到d，強(qiáng)度逐漸增強(qiáng) B．方向d到，強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)C．方向到d，強(qiáng)度逐漸減弱 D．方向d到，強(qiáng)度逐漸減弱15．（2023·上海·一模）如圖所示，電源內(nèi)阻不能忽略，安培表、伏特表都是理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)頭從a端滑到b端過(guò)程中（　　）A．V的示數(shù)先增大后減小，A示數(shù)增大B．V的示數(shù)先增大后減小，A示數(shù)減小C．V的示數(shù)先減小后增大，A示數(shù)增大D．V的示數(shù)先減小后增大，A示數(shù)減小16．（2023·上海寶山·統(tǒng)考一模）如圖所示，均勻繞制的螺線管水平放置，在其正中心的上方附近用絕緣繩水平吊起通電直導(dǎo)線A，A與螺線管垂直，A導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向里，開關(guān)S閉合，A受到通電螺線管磁場(chǎng)的作用力的方向是(　 　)A．水平向左 B．水平向右 C．豎直向下 D．豎直向上17．（2023·上海·一模）下列選項(xiàng)中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣．坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是A． B．C． D．18．（2023·上海靜安·統(tǒng)考一模）如圖所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過(guò)圓心O，下列關(guān)于x軸上的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的說(shuō)法中正確的是（ ）A．O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)最低B．O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)最高C．從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，電勢(shì)升高D．從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電勢(shì)降低19．（2023·上海·一模）如圖所示，16個(gè)電荷量均為+q(q>0)的小球(可視為點(diǎn)電荷)，均勻分布在半徑為R的圓周上若將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成-2q，則圓心 0點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為A．，方向沿半徑向左B．，方向沿半徑向右C．，方向沿半徑向左D．，方向沿半徑向右20．（2023·上海·一模）科學(xué)家研究發(fā)現(xiàn)，磁敏電阻(GMR)的阻值隨所處空間磁場(chǎng)的增強(qiáng)而增大，隨所處空間磁場(chǎng)的減弱而變小，如圖所示電路中，GMR為一個(gè)磁敏電阻，R、R2為滑動(dòng)變阻器，R1、R3為定值電阻，當(dāng)開關(guān)S1和S2閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．則     (　　) A．只調(diào)節(jié)電阻R，當(dāng)P1向右端移動(dòng)時(shí)，電阻R1消耗的電功率變大B．只調(diào)節(jié)電阻R，當(dāng)P1向右端移動(dòng)時(shí)，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)C．只調(diào)節(jié)電阻R2，當(dāng)P2向下端移動(dòng)時(shí)，電阻R1消耗的電功率變大D．只調(diào)節(jié)電阻R2，當(dāng)P2向下端移動(dòng)時(shí)，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)21．（2023·上海·一模）一直導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線放置在螺線管的上方，如圖所示．如果直導(dǎo)線可以自由地運(yùn)動(dòng)且通以由a到b的電流，則導(dǎo)線ab受磁場(chǎng)力后的運(yùn)動(dòng)情況為(　　)A．從上向下看順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)并靠近螺線管B．從上向下看順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)并遠(yuǎn)離螺線管C．從上向下看逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)并遠(yuǎn)離螺線管D．從上向下看逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)并靠近螺線管22．（2023·上海·一模）如圖甲所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場(chǎng)在y軸方向足夠?qū)挘?/span>x軸方向?qū)挾葹?/span>．一直角三角形導(dǎo)線框ABC（BC邊的長(zhǎng)度為）從圖示位置向右勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较颍趫D乙中感應(yīng)電流i、BC兩端的電壓uBC與線框移動(dòng)的距離x的關(guān)系圖象正確的是A． B．C． D． 二、多選題23．（2023·上海·一模）如圖所示，傾角θ=37°的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面上間距d=1m的兩平行虛線aa′和bb′之間有垂直斜面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5T。現(xiàn)有一質(zhì)量m=1kg，總電阻R=5 Ω，邊長(zhǎng)也為d=1m的正方形金屬線圈MNPQ有一半面積位于磁場(chǎng)中，現(xiàn)讓線圈由靜止開始沿斜面下滑，下滑過(guò)程中線圈MN邊始終與虛線aa′保持平行，線圈的下邊MN穿出aa′時(shí)開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，線圈與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度g取10 m/s2，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（　?。?/span>A．從開始到線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，通過(guò)線圈某一截面的電荷量為0.5CB．線圈做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為0.4m/sC．線圈速度為0.2m/s時(shí)的加速度為1.6m/s2D．線圈從開始運(yùn)動(dòng)到通過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為3J
參考答案：1．D【詳解】AC．當(dāng)有磁鐵經(jīng)過(guò)RB附近時(shí)，外電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得可知電流表示數(shù)變大，外電路電壓為U=E-IrI變大，其它量不變，所以電壓表示數(shù)減小，故AC錯(cuò)誤；D．電源的總功率P=IE因?yàn)殡娏?/span>I變大，所以電源總功率變大，故D正確；C．根據(jù)題意可知當(dāng)有磁鐵經(jīng)過(guò)RB附近時(shí)，RB的阻值減小，根據(jù)串反并同可知通過(guò)R1的電流增大，根據(jù)P=I2R1可知R1的功率增大，故B錯(cuò)誤。故選D。2．B【詳解】由題圖可知，將條形磁鐵由圖示位置稍許豎直向上或向下抽動(dòng)時(shí)，穿過(guò)圓環(huán)的磁場(chǎng)方向向上，且磁通量都在減少，由楞次定律可知，圓環(huán)L中的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向也向上，由安培定則可知，圓環(huán)L中的感應(yīng)電流方向（從上向下看）都沿逆時(shí)針方向，ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。3．B【詳解】閉合電鍵，絕緣環(huán)C向上運(yùn)動(dòng)。C由靜止開始上升至最高點(diǎn)的過(guò)程中，閉合電鍵瞬間C中產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到的安培力先增大后減小，根據(jù)牛頓第三定律可知桌面對(duì)A的支持力大小先增大后減小。故選B。4．D【詳解】A．若ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框做勻速運(yùn)動(dòng)，則則當(dāng)ab邊下落L以后全部進(jìn)入磁場(chǎng)，此后線圈在磁場(chǎng)中下落2L-L的過(guò)程中將做勻加速運(yùn)動(dòng)，故當(dāng)ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊緣時(shí)則ab邊離開磁場(chǎng)時(shí)線框做減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．若線框加速進(jìn)入磁場(chǎng)，則則當(dāng)ab邊下落L以后全部進(jìn)入磁場(chǎng)，此后線圈在磁場(chǎng)中下落2L-L的過(guò)程中將做勻加速運(yùn)動(dòng)，故當(dāng)ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊緣時(shí)，安培力大小與重力大小關(guān)系不能確定，ab邊離開磁場(chǎng)時(shí)線框的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)也無(wú)法確定。BC錯(cuò)誤；D．若ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框做減速運(yùn)動(dòng)，則則當(dāng)ab邊下落L以后全部進(jìn)入磁場(chǎng)，此后線圈在磁場(chǎng)中下落2L-L的過(guò)程中將做勻加速運(yùn)動(dòng)，故當(dāng)ab邊到達(dá)磁場(chǎng)下邊緣時(shí)則ab邊離開磁場(chǎng)時(shí)線框也一定做減速運(yùn)動(dòng)，D正確。故選D。5．A【詳解】?jī)蓚€(gè)直流電源的總功率由圖可知可得當(dāng)電源內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源能提供的功率最大，最大輸出功率為可知故選A。6．D【詳解】外電路兩端的電壓反映的是外電路中從電源正極到負(fù)極的電勢(shì)差，也就是外電路的電勢(shì)總的差值，與電能和電源轉(zhuǎn)化能量的本領(lǐng)以及靜電力做功無(wú)關(guān)，D正確。故選D。7．A【詳解】燈泡都正常發(fā)光，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，兩電路總電流關(guān)系為電路總功率分別為，得即故選A。8．C【詳解】電場(chǎng)強(qiáng)度是指試探電荷在電場(chǎng)中所受的電場(chǎng)力與試探電荷電荷量的比值，即故選C。9．C【詳解】結(jié)合勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系式可知，圖線與x軸所圍的面積表示電勢(shì)差，單位為V。故選C。10．C【詳解】當(dāng)閉合線圈由靜止開始平移時(shí)，磁場(chǎng)對(duì)邊的安培力方向如圖所示，可知線框面積有增大的趨勢(shì)，阻礙磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，線圈內(nèi)磁通量變小，則邊受到的安培力向左，使面積有增大趨勢(shì)。故C正確ABD錯(cuò)誤。故選C。11．A【詳解】由圖（b）可知，時(shí)間內(nèi)乙球向左減速，甲球向左加速，可知兩球帶同種電荷，兩球間存在斥力，時(shí)刻兩球速度相同，相距最近，由動(dòng)量守恒定律可得解得整個(gè)過(guò)程電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，增加量為其中之后在斥力的作用下，甲繼續(xù)向左加速，乙向左減速至速度為零后向右加速，t3時(shí)刻兩球沒有相距最近，過(guò)程中，電勢(shì)能的增加量為其中，代入數(shù)據(jù)可得故t1時(shí)刻兩球的總電勢(shì)能較大，即故選A。12．C【詳解】A．設(shè)金屬棒受到的安培力大小為F，對(duì)金屬棒受力分析如圖，可得A正確；B．根據(jù)公式可得電路中電流為B正確；C．由閉合電路歐姆定律得解得R=2.3ΩC錯(cuò)誤；D．電源的輸出功率為D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選C。13．D【詳解】A．在平面直角坐標(biāo)系xOy的(-9,0)、(9,0)兩點(diǎn)處固定著電荷量分別為+q、-4q的兩個(gè)點(diǎn)電荷，根據(jù)電場(chǎng)的疊加知x=-3cm處+q和-4q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)都沿x軸正向，合場(chǎng)強(qiáng)不為零，故A錯(cuò)誤；B．+q和-4q在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大且夾角小，因此A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)。由于A、B兩點(diǎn)皆為中垂線上兩點(diǎn)，且-4q點(diǎn)電荷電荷量大于+q的電荷量，因此可知OA段上的電場(chǎng)強(qiáng)度與y軸正半軸夾角大于90°，且指向于右下，OB段上的電場(chǎng)強(qiáng)度與y軸正半軸夾角小于90°，且指向于右上，因此將正電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，且根據(jù)對(duì)稱性知全過(guò)程電場(chǎng)力做負(fù)功，所以 即A點(diǎn)的電勢(shì)小于B點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)點(diǎn)電荷周圍電勢(shì)的特點(diǎn)是以源電荷為圓心的同心圓，且沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)逐漸降低的特點(diǎn)可知,只有正電荷時(shí)，MNPQ四點(diǎn)電勢(shì)相等，且大于零；只有負(fù)電荷時(shí)電勢(shì)是標(biāo)量，合成后為故C錯(cuò)誤。D．由于在+q電荷單獨(dú)作用下，MNPQ四點(diǎn)電勢(shì)相等，兩種移動(dòng)方法電場(chǎng)力皆不做功，因此只需考慮-4q電荷單獨(dú)作用下的功能變化，而越靠近-4q電場(chǎng)線越密，相等的距離電勢(shì)差越大，根據(jù) 知電場(chǎng)力做功越多，故將某一正電荷從N點(diǎn)移動(dòng)到M點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的功小于將其從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)所做的功，故D正確。故選D。14．D【詳解】設(shè)導(dǎo)軌摩擦力為f，電路總電阻為R，對(duì)導(dǎo)體棒受力分析可得可見導(dǎo)體棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，則導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流增加的越來(lái)越慢，則abcd線圈中磁通量變化的越來(lái)越慢，則靈敏電流計(jì)中的電流逐漸減弱，且由右手定則可得右側(cè)回路電流方向?yàn)?/span>NMfg，可知abcd線圈中的磁場(chǎng)向里增強(qiáng)，由楞次定律可得，靈敏電流計(jì)中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺?/span>d到。故選D。15．A【詳解】當(dāng)滑動(dòng)頭從a端滑到中點(diǎn)時(shí)，變阻器左右并聯(lián)的總電阻增大，分擔(dān)的電壓增大；變阻器右邊電阻減小，電流減小，則通過(guò)電流表的電流增大。外電路總電阻增大，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大；當(dāng)滑動(dòng)頭從中點(diǎn)滑到b端時(shí)，變阻器左右并聯(lián)的總電阻減小，分擔(dān)的電壓減小，外電路總電阻減小，干路電流增大，而通過(guò)變阻器左側(cè)的電流減小，則通過(guò)電流表的電流增大。電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小。變阻器左端電阻增大，電流減小，則電壓表的示數(shù)減小。所以V的示數(shù)先增大后減小。A示數(shù)一直增大。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。16．D【詳解】首先根據(jù)安培定則判斷通電螺線管的磁場(chǎng)，右端等效為磁鐵的N極，左端為S極，則A處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)樗较蜃蟆Ｔ俑鶕?jù)左手定則判斷可知：A受到通電螺線管磁場(chǎng)的作用力的方向?yàn)樨Q直向上，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。17．B【詳解】根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可得各圓環(huán)上的電荷在O點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，再根據(jù)矢量合成，求出合場(chǎng)強(qiáng)，最后比較它們的大小即可．由于電荷均勻分布，則各圓環(huán)上的電荷等效集中于圓環(huán)的中心，設(shè)圓的半徑為r，則A圖O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為；將B圖中正、負(fù)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)進(jìn)行疊加，等效兩電荷場(chǎng)強(qiáng)方向間的夾角為90°，則在O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng),方向沿x軸負(fù)方向；C圖中兩正電荷在O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，則C中的場(chǎng)強(qiáng)大小為，D圖由于完全對(duì)稱，易得合場(chǎng)強(qiáng)ED=0．故O 處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是圖B．故答案為B．【考點(diǎn)定位】本題考查電場(chǎng)的疊加,要注意采用等效思想及矢量的運(yùn)算．難度：中等．18．B【詳解】試題分析：將圓環(huán)等分成若干微小段，每一小段和與它關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的一小段在O點(diǎn)，產(chǎn)生的電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度總大小相等、方向相反，矢量和為零，即最終在O點(diǎn)的總矢量和為零，即在O點(diǎn)處，電場(chǎng)強(qiáng)度為零．因?yàn)閳A環(huán)帶正電，因此，每一小段和與它關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的一小段在O點(diǎn)的左右兩側(cè)，產(chǎn)生大小相等、方向分別向外與x軸成相等角的電場(chǎng)，矢量和沿著x軸，由O點(diǎn)向兩側(cè)發(fā)散，各段疊加后總矢量和仍然沿著x軸，由O點(diǎn)向兩側(cè)發(fā)散，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐點(diǎn)降低的規(guī)律可知，O點(diǎn)的電勢(shì)最高，故選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；當(dāng)從O點(diǎn)沿x軸正方向，趨于無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度也為零，因此從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度先變大，后變小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題主要考查了電場(chǎng)力的性質(zhì)和能的性質(zhì)問(wèn)題，屬于中檔題．19．D【詳解】該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)可以看成是與P對(duì)稱的那個(gè)電荷+q和P點(diǎn)的電荷-2q在該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式得+q 的點(diǎn)電荷在圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向向右，點(diǎn)電荷-2q在圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向向右，所以疊加來(lái)是，方向沿半徑向右．故選擇D.【點(diǎn)睛】該題考查了場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，還有對(duì)對(duì)稱性的認(rèn)識(shí)．由于成圓周對(duì)稱性，所以如果沒改變電荷之前肯定圓心處場(chǎng)強(qiáng)為0，而該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)是所有電荷在該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的疊加，可以把這些電荷歸為兩類：一種是要移去的電荷，另一種是其他電荷．不管怎樣，總之這兩種電荷產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為0，所以只要算出改變的電荷在該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和與它對(duì)稱的電荷的場(chǎng)強(qiáng)即可得到．20．A【詳解】試題分析：只調(diào)節(jié)電阻，當(dāng)向右端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電源電動(dòng)勢(shì)不變，所以電路中的電流減小，電磁鐵的磁性減弱；由于電磁鐵磁性的減弱，導(dǎo)致了磁敏電阻GMR的阻值減小，則通過(guò)的電流增大，其電功率增大．電容器兩端的電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，微粒所受的電場(chǎng)力增大，所以帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；只調(diào)節(jié)電阻，當(dāng)向下端移動(dòng)時(shí)，回路中電流不變，電阻消耗的電功率不變，電容器板間電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，微粒所受的電場(chǎng)力增大，所以帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故C.D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律【名師點(diǎn)睛】此題的邏輯性非常強(qiáng)，要讀懂題意，把握有效信息：磁敏電阻（GMR）的阻值隨所處空間磁場(chǎng)的增強(qiáng)而增大，再進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析．21．D【詳解】試題分析：通電導(dǎo)線因放在通電螺線管的磁場(chǎng)中故受到磁場(chǎng)力，因左右兩側(cè)磁場(chǎng)方向不同，故可以分左右兩邊分別分析研究，畫出兩側(cè)的磁場(chǎng)方向，則由左手定則可判出磁場(chǎng)力的方向，根據(jù)受力情況可判出物體的轉(zhuǎn)動(dòng)情況．當(dāng)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)后，我們可以認(rèn)為電流向右偏內(nèi)，受力也將發(fā)生變化，為了簡(jiǎn)便，我們可以判斷導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)到向里的位置判斷導(dǎo)體的受力情況，再判出導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)情況． 解：通電螺線管的磁感線如圖所示，則由圖示可知左側(cè)導(dǎo)體所處的磁場(chǎng)方向斜向上，右側(cè)導(dǎo)體所處的磁場(chǎng)斜向下，則由左手定則可知，左側(cè)導(dǎo)體受力方向向外，右側(cè)導(dǎo)體受力方向向里，故從上向下看，導(dǎo)體應(yīng)為逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)導(dǎo)體轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，由左手定則可得導(dǎo)體受力向下，故可得出導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)為逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)還要向下運(yùn)動(dòng)．即為a端轉(zhuǎn)向紙外，b端轉(zhuǎn)向紙里，且靠近通電螺線管，故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵（1）清楚通電螺線管的磁場(chǎng)，應(yīng)看到左右兩邊磁場(chǎng)的不同；（2）能準(zhǔn)確地應(yīng)用左手定則判斷磁場(chǎng)與電流不垂直的情況；（3）會(huì)找到一些有代表性的特殊位置求解．22．D【詳解】導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E=BLv，感應(yīng)電流，方向沿逆時(shí)針，為正．在0-a內(nèi)，有效長(zhǎng)度L均勻變大，感應(yīng)電流I均勻變大，在a-2a內(nèi)，有效長(zhǎng)度L均勻變大，感應(yīng)電流均勻變大，方向沿順時(shí)針，為負(fù)，故A、B不正確；BC兩端的電壓uBC=iR，在0-a內(nèi)，i均勻增大，uBC均勻增大，且B的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，uBC＞0．在a-2a內(nèi)，i均勻增大，uBC均勻增大，且B的電勢(shì)低于C點(diǎn)的電勢(shì)，uBC＜0．故C不正確，D正確，故選D．23．CD【詳解】A．由電流的定義式可得A正確，不符合題意；B．線圈做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件，則沿斜面有mgsin θ=μmgcos θ＋BId又兩式聯(lián)立得v=0.4 m/sB正確，不符合題意；C．線圈v=0.2 m/s時(shí)，由牛頓第二定律，沿斜面有mgsin θ?μmgcos θ?=ma解得a=1m/s2C錯(cuò)誤，符合題意；D．線圈從開始運(yùn)動(dòng)到通過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)的過(guò)程中能量守恒，則有mgsin θ×d=μmgcos θ×d＋mv2＋Q代入數(shù)據(jù)解得Q=2.92JD錯(cuò)誤，符合題意。故選CD。 

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