絕密★啟用前2023年高考物理考前信息必刷卷01湖北地區(qū)專用湖北考試題型為7（單選題）＋4（多選題）＋2（填空題）＋3（解答題），試卷結構不變其中振動和波、光學、近代物理、萬有引力、交流電必須在選擇題中體現(xiàn)，其余為力學試題和電磁學試題。  因2022年湖北卷物理普遍反應較好，所以預測2023年湖北物理高考試題的會保持2022年的難度，聯(lián)系生活和生產情景的試題如此卷的第3題和第5題，實驗題有可能考查多用電表的應用，計算題重點是力學綜合和電磁綜合問題，有可能第15題考查力學的動量與能量的綜合問題，第16題考題帶電粒子在有界磁場中運動的綜合問題。本卷滿分100分，考試時間75分鐘。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1. 2023年1月13日，日本確認將于“今年春夏期間”開始向太平洋排放福島核電站內儲存的逾130萬噸核污染水，此舉將對人類健康及海洋生態(tài)環(huán)境造成嚴重威脅。福島核電站的核反應材料是鈾（U），核污染水中含有大量的鋇（）、銫137、碘131、鍶90、氮92、鈷60、氚等十幾種放射性核素。下列說法正確的是（    ）A. 日常生活中要遠離核輻射，不要食用受核污染的海產品B. 福島核電站是利用可控熱核反應釋放的核能來發(fā)電的C. 核能發(fā)電和火力發(fā)電相比，核能發(fā)電對環(huán)境的污染更大D. 比較U和其核反應生成物，U的比結合能大【答案】A【解析】【詳解】A．核輻射對人體會造成傷害，受核污染的海產品也具有輻射性，所以日常生活中要遠離核輻射，不要食用受核污染的海產品，故A正確；B．福島核電站的核反應材料是鈾，是利用裂變反應釋放的核能來發(fā)電的，故B錯誤；C．核能發(fā)電和火力發(fā)電相比，核能發(fā)電不會排放大量的污染物質，對環(huán)境的污染小，故C錯誤；D．是中等質量的原子核，其比結合能比U的比結合能大，故D錯誤。故選A。2. 半坡起步是汽車駕駛中可能會遇到的問題。假設一輛質量為2000的汽車，在傾角的足夠長斜坡上由靜止開始以大小為0.5的恒定加速度啟動，行駛過程中汽車受到的空氣和摩擦阻力之和恒為1000N，重力加速度g取10，汽車發(fā)動機的額定輸出功率為60。則汽車從啟動至發(fā)動機功率達到額定輸出功率過程中，汽車發(fā)生的位移大小為（　?。?/span>A. 25m B. 30m C. 50m D. 60m【答案】A【解析】【詳解】汽車從啟動至發(fā)動機功率達到額定輸出功率過程中，對汽車進行受力分析，由牛頓第二定律有達到額定功率時由運動學有聯(lián)立并帶入數(shù)據解得故選A。3.電動平衡車是一種新的短途代步工具。已知人和平衡車的總質量是60kg，啟動平衡車后，車由靜止開始向前做直線運動，某時刻關閉動力，最后停下來，其圖像如圖所示。假設平衡車與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，，則（　　）A. 平衡車與地面間的動摩擦因數(shù)為0.6B. 平衡車整個運動過程中的位移大小為195mC. 平衡車在整個運動過程中的平均速度大小為3m/sD. 平衡車在加速段的動力大小72N【答案】B【解析】【詳解】A．關閉動力后，車做勻減速運動，加速度大小為，結合圖像可得， 解得A錯誤；BC．圖線與橫軸圍成的面積為位移，為整個運動過程中的平均速度大小為B正確，C錯誤；D．平衡車在加速段時有，代入數(shù)值解得D錯誤。故選B4. 圖甲為一玩具起重機的電路示意圖，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為5：1。變壓器原線圈中接入圖乙所示的正弦交流電，電動機的內阻為，裝置正常工作時，質量為的物體恰好以的速度勻速上升，照明燈正常工作，電表均為理想電表，電流表的示數(shù)為3A。g取10。設電動機的輸出功率全部用來提升物體，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 原線圈的輸入電壓為B. 照明燈的額定功率為30WC. 電動機正常工作時內阻上的熱功率為20WD. 電動機被卡住后，原線圈上的輸入功率增大【答案】D【解析】【詳解】A．根據圖像可知故A錯誤；BC．電動機機械功率根據副線圈電壓副線圈總功率電燈和電動機共消耗30W功率，所以電燈功率小于30W，因為不清楚電動機的電流，無法計算電動機正常工作時內阻上的熱功率，故BC錯誤；D．電動機被卡住后，回路變成純電阻電路，電流增大，則副線圈回路功率變大，所以原線圈上的輸入功率增大，故D正確。故選D。5. 2022年11月1日，夢天實驗艙成功對接天宮空間站，至此我國空間站一期建設基本完成。如圖為夢天實驗艙正在接近天宮空間站的對接情景，假設對接后組合體的軌道近似看成圓形，已知組合體運行周期為T，其軌道半徑與地球半徑的比值為n，引力常量為G。下列說法正確的是（　　）A. 圖示時刻天宮空間站的運行速度大于7.9km/sB. 圖示時刻天宮空間站的加速度大于C. 組合體的運行速度為D. 地球的平均密度為【答案】D【解析】【詳解】A．7.9km/s是第一宇宙速度，是衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的最大速度，所以圖示時刻天宮空間站的運行速度小于7.9km/s，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力有根據萬有引力與重力的關系有可知圖示時刻天宮空間站的加速度小于9.8m/s2，故B錯誤；C．組合體的運行速度為故C錯誤；D．根據萬有引力提供向心力有地球的平均密度為其中r=nR解得故D正確。故選D。6. 某同學在墻邊踢毽子時不小心將毽子踢出圍墻，他請墻外的路人幫他將毽子踢進圍墻內，圍墻AB有一定厚度。路人從P點（P點可左右移動）將毽子踢過圍墻。設毽子踢出時的速度與水平向右的方向成θ角，不計空氣阻力，以下說法正確的是（　?。?/span>A. 若P點位置確定，無論θ角多大，只要速度足夠大，一定能將毽子踢進圍墻內B. 路人將毽子踢過圍墻內做的功最小時，θ角應滿足C. 路人越靠近圍墻，將毽子踢過圍墻所做的功越小D. 路人將毽子踢過圍墻內做的功越小，毽子從踢出到越過墻壁后落到地面所花的時間越短【答案】B【解析】【詳解】A若P點位置確定，如果θ=90°，則將毽子豎直拋出，不能將毽子踢進圍墻內，故A錯誤；B.從P點到A點再到B點位置做斜拋運動，設A點在的速度為，此時速度方向與水平方向的夾角為，AB間距離為，從A點到B點水平方向做勻速直線運動豎直方向為豎直上拋解得根據數(shù)學知識，當即A點的速度最小，則拋出的動能最小，路人將毽子踢過圍墻內做的功最小，根據斜拋運動可知，P點速度的夾角一定大于A點速度的夾角，即故B正確；C．當P點位于A點下面時，，則將毽子豎直拋出，不能將毽子踢進圍墻內，故C錯誤；D．根據斜拋運動飛行時間毽子飛的高度越低，所需的時間越小，所以當做的功最小時，過A點相等高度的夾角為45°，對應的飛行高度并不是最低高度，故D錯誤。故選B。7.如圖是截面為扇形的柱體玻璃磚，扇形截面的圓心角為60°，平面NOO'N'經過特殊處理，可以將射到它上面的光線全部吸收。與平面OMN平行的平行光線照射在整個MOO'M'平面上，入射角為，這些光線只有一部分能從弧面MNN'M'射出，已知玻璃對該光的折射率為。則弧面MNN'M'上能射出光線的面積占它表面積的百分比為（  ）A.75%  B. 50%    C. 35%   D. 15% 【答案】A【解析】【詳解】根據題意，作光線在截面MON中的光路如圖所示設恰好在發(fā)生全反射的臨界光線在MO上的折射角為r，入射角為，由折射定律有設該光線在上的入射點的法線OP與MO間的圓心角，由幾何關系有解得故即弧面MNN'M'上能射出光線的面積其表面積的75%，選項A正確8. 如圖甲為一列簡諧橫波在時刻的波形圖，質點P、Q的x軸坐標分別為，。圖乙是質點P的振動圖像。下列說法正確的是（　　）A. 質點的振動頻率為，在時刻，質點的運動方向沿y軸負方向B. 時刻，質點的加速度大于質點的加速度C. 至，波沿x軸的正方向傳播了D. 至，質點運動路程為【答案】CD【解析】【詳解】A．由圖乙可知，質點P的振動周期為，則振動頻率為在時刻，質點P的運動方向沿y軸正方向，故A錯誤；BC．由圖乙可知，時刻，質點P沿y軸負方向振動，結合圖甲可知，該波沿x軸正方向傳播，時刻，質點到波谷，質點位移為正，正沿y軸正方向振動，則質點的加速度小于質點的加速度，由圖甲可知，該波的波長為，由公式可得，波速為則至，波沿x軸的正方向傳播了故B錯誤，C正確；D．至，質點振動一個周期，運動路程為故D正確。故選CD。9. 如圖所示，勁度系數(shù)為的輕質彈簧一端固定在墻上，另一端與置于水平面上的質量為的物體A連接，質量為的物體B緊挨物體A放置，此時彈簧水平且無形變，用水平力緩慢推動物體B，在彈性限度內彈簧長度被壓縮了，此時物體A、B靜止。撤去后，物體A、B開始向左運動，不計一切阻力，在此后運動過程中（　?。?/span>A. 物體A做簡諧運動的振幅為B. 物體A向左運動的最大位移小于C. 物體A、B向左運動位移為時分離D. 物體A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒【答案】BC【解析】【詳解】ABC．撤去后，物體A、B開始向左運動做加速運動，當彈簧形變量為零時，速度最大，根據動能定理有之后A物體做減速運動，B物體做勻速運動，所以物體A、B在彈簧形變量為零時分開，物體A繼續(xù)向左運動到速度為零時，根據動能定理有解得則物體A向左運動的最大為物體A做簡諧運動的振幅為故A錯誤，BC正確；D．撤去后，物體A、B向左運動過程，只有彈簧彈力做功，則物體A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，物體A、B組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故D錯誤。故選BC。10. 如圖所示，在勻強電場中一質量為m、電荷量為q的正粒子先后經過a、b兩點，在a點的速度大小為3v、速度方向與ab連線的夾角為，在b點的速度大小為4v、速度方向與ab連線的夾角為，ab連線長度為d，。若粒子只受電場力作用，則下列說法正確的是（    ）A. 場強大小為 B. 場強方向與ab連線的夾角為C. 從a到b，粒子的運動時間為 D. 從a到b，粒子的最小速度為【答案】BD【解析】【詳解】B．設電場力與ab連線夾角為，如圖則小球速度往垂直電場力的方向分速度相等，即解得故B正確；C．從a點運動到b點沿ab方向的平均速度為從a點運動到b的時間為故C錯誤；A．從a點運動到b的加速度為由牛頓第二定律，從a點運動到b的電場力場強大小為故A錯誤；D．當小球沿電場力方向的速度最小時，小球的速度最小，此時小球的最小速度為故D正確。故選BD。11. 如圖所示，一質量為m的足夠長U形光滑金屬框abcd置于水平絕緣平臺上，bc邊長為L，不計金屬框電阻。一長為L的導體棒MN置于金屬框上，導體棒的阻值為R、質量為2m。裝置處于磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中?，F(xiàn)給金屬框水平向右的初速度v0，在整個運動過程中MN始終與金屬框保持良好接觸，則（　　）A. 剛開始運動時產生的感應電流方向為b→c→N→MB. 導體棒的最終和U形光滑金屬框一起勻速直線運動速度為C. 導體棒產生的焦耳熱為D. 通過導體棒的電荷量為【答案】BCD【解析】【詳解】A．金屬框開始獲得向右的初速度v0，根據楞次定律可知回路磁通量增大，原磁場垂直紙面向里，所以感應電流磁場垂直向外，再根據安培定則可知感應電流方向為c→b→M→N，最后當二者速度相等時，回路中沒有感應電流，故A錯誤；B．以金屬框和導體棒整體為研究對象，由于整體水平方向不受力，所以整體水平方向動量守恒，最后二者速度達到相等，取初速度方向為正，根據動量守恒定律可得可得故B正確；C．由能量守恒可知，導體棒產生的焦耳熱故C正確。D．對導體棒，根據動量定理可得其中可得通過導體棒的電荷量為故D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。9. 某實驗小組利用如圖中所示的裝置完成“驗證機械能守恒定律”實驗。將氣墊導軌沿傾斜方向固定在水平桌面上，傾角為。將光電門固定在氣墊導軌上，帶有擋光條的滑塊從光電門上方由靜止釋放。（1）實驗時，該小組的同學利用游標卡尺測了擋光條的寬度，如圖乙所示，該游標卡尺的讀數(shù)為___________。（2）已知擋光條的寬度為d，釋放點到光電門的距離為L，擋光條經過光電門的擋光時間為t，重力加速度為g。若滑塊下滑過程中機械能守恒，則關系式___________成立（用題中所給物理量符號表示）。（3）改變釋放點到光電門的距離L，多次實驗，并記錄滑塊每次經過光電門時的擋光時間t，該小組的同學利用圖像法驗證機械能守恒定律。坐標系以L為縱軸，為了便于驗證，應以___________（填“t”“”或“”）為橫軸，若圖線的斜率為k，重力加速度___________時滑塊下滑過程中的機械能守恒。【答案】    ①. 9.30    ②.     ③.     ④. 【解析】【詳解】（1）[1]由游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知，該游標卡尺的精確度為0.05，則讀數(shù)為（2）[2]滑塊經過光電門時的速度為若滑塊下滑過程中的機械能守恒，則由機械能守恒定律得整理得（3）[3]由得坐標系以L為縱軸，為了便于驗證，應以為橫軸。[4]依題意，有解得13. 如圖1所示是一個多用電表歐姆擋內部電路示意圖，由表頭、電源、調零電阻和表筆組成，今用其測量的阻值。（1）甲、乙兩測試表筆中，甲表筆應是_________（填“紅”或“黑”）表筆；（2）測電阻的倍率選擇“”，將甲、乙兩表筆短接，調節(jié)調零電阻，使表針指到表盤刻度的最右端；在測試表筆乙已接觸被測電路右端的前提下（見圖1），測試表筆甲應接觸被測電路中的_________（填“”或“”）點，此時表針恰好指在上圖2的虛線位置，則被測電阻的阻值為_________；（3）某小組同學們發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過待測電阻的電流和它的阻值關系，他們分別畫出了如圖所示的幾種圖像，其中可能正確的是_________；（選填選項下面的字母）A. B. C. D. （4）已知圖中電源的電動勢為，電源的電動勢為（內阻可忽略）。若按照上述（2）中的步驟測電阻時，測試表筆甲在、兩個點中連接了錯誤的觸點，則電阻的測量值為_________。【答案】    ①. 紅    ②.     ③. 1500    ④. AC##CA    ⑤. 500【解析】【詳解】（1）[1]根據紅表筆連接多用電表內部電源負極，黑表筆連接多用電表內部電源正極可知，甲表筆應是紅表筆。（2）[2]為了防止外部電流對測量結果產生影響，測試表筆甲應接觸被測電路中的b點。[3]測電阻的倍率選擇“，指針指在“15”處，則被測電阻的阻值為。（3）[4]設歐姆表內電池電動勢為E，電池內阻、電流表內阻、調零電阻等的總電阻為，則有則圖像是雙曲線的一條，隨著的增大，I減小。而上式的倒數(shù)為可知圖像是線性函數(shù)圖像，縱截距大于零，隨著增大而增大。故選AC。（4）[5]由上可知歐姆表的內阻為則電流表的滿偏電流為當接入電源E2時，電流表的電流為由于則根據圖2表盤可知，此時指針指在“5”處，測電阻倍率選擇“，則此時電阻的測量值為。 14. 如圖所示，豎直放置的導熱良好的氣缸固定不動，A、B活塞的面積分別，，它們用一根長為、不可伸長的輕繩連接。B同時又與重物C用另一根輕繩相連，輕繩跨過兩光滑定滑輪。已知A、B兩活塞的質量分別為、。當活塞靜止時，A、B間氣體壓強，A下方氣體壓強，A、B活塞間上、下段氣柱長分別為2L、L，A下方氣柱長為L，不計所有摩擦，且大氣壓強為標準大氣壓。B上方氣缸足夠長。改變重物C的質量，當活塞再次靜止時，A活塞上升L且與氣缸壁恰好不接觸。求此時C的質量和A、B間輕繩的拉力大小。（，）【答案】；【解析】【詳解】依題意，氣缸導熱良好，根據玻意耳定律分析活塞A下方的氣體，可得解得同理，分析AB間氣體，可得解得分析重物C，可得分析活塞AB的整體，有解得分析活塞B，有解得15. 11. 某課外小組制作了如圖所示的軌道，數(shù)字“0”和“9”豎直軌道內部光滑且固定，水平直軌道粗糙，左側固定水平彈射器，整個裝置位于同一豎直平面。兩小球可視為質點，小球1壓縮彈射器并被鎖定，小球2位于軌道“9”最底端處，質量均為，與水平軌道之間的動摩擦因數(shù)均為，小球接觸即粘合在一起。軌道小圓弧半徑，大圓弧半徑為。圓弧軌道最低點與相靠但不相疊，小球能夠無能量損失地通過。當彈射器釋放的彈性勢能為時，小球恰好能經過點。不計空氣阻力，重力加速度取。（1）求彈射器的彈性勢能；（2）彈射器釋放的彈性勢能為時，求兩球碰后瞬間對圓弧軌道點壓力大小；（3）彈射器釋放的彈性勢能為時，兩球碰后能經過點拋出，（假設拋出后與軌道沒有碰撞），判斷拋出后運動的最高點與點相比哪點高。【答案】（1）0.22J；（2）0.45N；（3）D點高【解析】【詳解】（1）小球1離開彈射器后到達點，根據功能關系可得恰好能經過點，重力剛好提供向心力，則有聯(lián)立解得（2）彈射器釋放的彈性勢能為時，碰前第小球1到達點瞬時速度為，根據功能關系可得解得兩小球發(fā)生非彈性碰撞，設碰后瞬間速度為，根據動量守恒可得解得重力和支持力的合力提供向心力，則有根據牛頓第三定律，碰后瞬間對圓弧軌道點壓力大小為聯(lián)立解得（3）設兩小球經過點時速度大小為，由到，根據機械能守恒得解得到，根據機械能守恒得在點水平方向速度分量為聯(lián)立解得由于最高點的速度大于點速度，根據機械能守恒可知，拋出后運動的最高點與點相比，點高。16. 如圖所示，真空中有兩垂直于紙面的水平擋板，板間距離為d，長為L。一電量為，質量為m的粒子，恰從下方擋板邊緣以初速度入射，入射方向在紙面內、與水平擋板的夾角。粒子每次撞擊擋板時電量不變，沿擋板方向的分速度大小減為一半、方向不變：垂直于擋板方向的分速度大小也減為一半、方向反向。粒子與擋板發(fā)生第1次撞擊處的右方區(qū)域存在磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外的勻強磁場。（不計粒子重力，，）（1）若粒子始終不與下?lián)醢迮鲎?，則d應滿足什么條件？（2）若，求從粒子射入擋板區(qū)域到粒子與擋板發(fā)生第三次碰撞的時間；（3）若，該粒子沒有飛出板間區(qū)域，求L的取值范圍。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）粒子與上板碰后在磁場中做圓周運動，則解得若粒子始終不與下?lián)醢迮鲎?/span>解得（2）粒子在磁場中運動的周期為從粒子射入擋板區(qū)域到粒子與擋板發(fā)生第三次碰撞的時間（3）第一次碰撞后同理可得，第n次碰撞后粒子沒有飛出板間區(qū)域 

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