絕密★啟用前2023年高考物理考前信息必刷卷01湖北地區(qū)專用湖北考試題型為7（單選題）＋4（多選題）＋2（填空題）＋3（解答題），試卷結(jié)構(gòu)不變其中振動和波、光學(xué)、近代物理、萬有引力、交流電必須在選擇題中體現(xiàn)，其余為力學(xué)試題和電磁學(xué)試題。  因2022年湖北卷物理普遍反應(yīng)較好，所以預(yù)測2023年湖北物理高考試題的會保持2022年的難度，聯(lián)系生活和生產(chǎn)情景的試題會，計算題重點是力學(xué)綜合和電磁綜合問題，有可能第15題考查帶電磁感應(yīng)動的綜合問題，第16題考題力學(xué)中力與運動和功能綜合的問題。 本卷滿分100分，考試時間75分鐘。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1. 中國全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST）采取磁約束策略來產(chǎn)生核聚變反應(yīng)。其內(nèi)部發(fā)生的一種核聚變反應(yīng)方程為，反應(yīng)中釋放出γ光子，下列說法不正確的是（　?。?/span>A. 核聚變反應(yīng)所產(chǎn)生的X粒子無法被洛倫茲力進行約束B. 核聚變反應(yīng)所釋放的γ光子來源于核外電子的能級躍遷C. 核聚變反應(yīng)與核裂變反應(yīng)相比，具有產(chǎn)能效率高、更安全、更清潔的特點D. 核聚變反應(yīng)所需要的高溫條件可以使原子核具有足夠的動能克服庫侖力作用而結(jié)合到一起【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)核反應(yīng)過程滿足電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可知X粒子為中子，由于中子不帶電，中子無法被洛倫茲力進行約束，故A正確，不滿足題意要求；B．核聚變反應(yīng)所釋放的γ光子來源于核聚變后新核的能級躍遷，故B錯誤，滿足題意要求；C．核聚變反應(yīng)與核裂變反應(yīng)相比，具有產(chǎn)能效率高、更安全、更清潔的特點，故C正確，不滿足題意要求；D．核聚變反應(yīng)所需要的高溫條件可以使原子核具有足夠的動能克服庫侖力作用而結(jié)合到一起，故D正確，不滿足題意要求。故選B。2. 中國高鐵屢創(chuàng)奇跡，實現(xiàn)了從“追趕”到“引領(lǐng)”的重大跨越，正在改變中國，影響世界。某旅客乘坐“復(fù)興號”動車組進站時，觀察車廂內(nèi)的顯示屏，利用手機中的秒表記錄5組動車組速度變化與所用時間的關(guān)系如下：記錄序號速度變化（km/h）運動時間（s）1120→1109.852110→10010.083100→9010.13490→809.98580→7010.00由此他預(yù)測：若動車組繼續(xù)按上述運動規(guī)律進站，則動車組停下來還需要行駛的路程大約是（    ）A. 190m B. 680m C. 2450 m D. 8800 m【答案】B【解析】【詳解】由表中規(guī)律可知，動車組進站時可看作勻減速直線運動，加速度約為則動車組停下來還需要行駛的路程大約為故選B。3. 如圖所示，水平地面上堆放著相同的10根原木，每根原木的重力為G，可將原木看成圓柱體，不考慮原木之間的摩擦。下列說法正確的是（    ）A. 最上面原木對其下面兩根原木的壓力為B. 最上面原木對其下面兩根原木的壓力為C. 正中間原木受到其他原木的作用力的合力為零D. 正中間原木受到的合力為G，豎直向上【答案】B【解析】【詳解】AB．如圖所示，對最上面原木根據(jù)對稱性和平衡條件可得解得所以最上面原木對其下面兩根原木的壓力為故A錯誤，B正確；CD．正中間原木受到的合力為零，受到其他原木的作用力的合力與其重力平衡，大小為G，方向豎直向上，故CD錯誤。故選B4. 光刻機利用光源發(fā)出的紫外線，將精細圖投影在硅片上，再經(jīng)技術(shù)處理制成芯片。為提高光刻機投影精細圖的能力，在光刻膠和投影物鏡之間填充液體，提高分辨率，如圖所示。若浸沒液體的折射率為1.65，當不加液體時光刻膠的曝光波長為193nm，則加上液體后（　　）A. 紫外線進入液體后波長變短，光子能量增加B. 傳播相等的距離，在液體中所需的時間變?yōu)樵瓉淼?/span>C. 紫外線在液體中比在空氣中更容易發(fā)生衍射，能提高分辨率D. 在液體中的曝光波長約為117nm【答案】D【解析】【詳解】D．紫外線在液體中的波長故D正確；A．紫外線進入液體頻率不變，根據(jù)可知光子能量不變，根據(jù)D選項分析可知波長變短，故A錯誤；B．設(shè)傳播距離，在真空中的時間在液體中所需的時間故B錯誤；C．由A選項分析可知紫外線在液體中波長變短，更不容易發(fā)生衍射，故C錯誤。故選D5. 在如圖所示的平面內(nèi)，存在寬為的勻強磁場區(qū)域（足夠長、邊界上有磁場），勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為，左側(cè)邊界上有一離子源，可以向紙面內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量為、帶電荷量為、速度大小為的離子。不計離子受到的重力和空氣阻力，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 離子在磁場中運動的最長時間為B. 離子從右側(cè)邊界離開磁場時，在磁場中運動的最短時間為C. 離子從右側(cè)邊界離開磁場時，在磁場中運動的最長時間為D. 離子從左側(cè)邊界離開磁場時，射入點與射出點間最大距離為【答案】B【解析】【詳解】AD．由得則垂直左邊界運動的離子恰與右邊界相切，運動半個圓周，在磁場中運動的最長時間為此時，離子從左邊界離開磁場，射入點與射出點間的距離最大，大小為2L，AD錯誤；B．當離子圓周運動的弦長最短時，圓心角最小，運動時間最短，則最短弦長為L，由幾何關(guān)系，此時圓心角為，此過程時間最短B正確；C．離子初速度沿左邊界向下時，離子做四分之一的圓周運動，此時有最大弦長，則離子從右側(cè)邊界離開磁場時，在磁場中運動的最長時間為C錯誤。故選B。6. 如圖所示，空間有一圓錐，點、分別是兩母線的中點?，F(xiàn)在頂點處固定一帶正電的點電荷，下列說法中正確的是（　　）A. 、兩點的電場強度相同B. 將一帶負電的試探電荷從B點沿直徑移到點，其電勢能先減小后增大C. 平行于底面且圓心為的截面為等勢面D. 若點的電勢為，點的電勢為，則連線中點處的電勢等于【答案】B【解析】【詳解】A．、兩點的電場強度大小相同，方向不同，A錯誤；B．將帶負電的試探電荷從B點沿直徑移到點過程中，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大，B正確；C．處固定的帶正電的點電荷產(chǎn)生的等勢面是以為圓心的球面，不是以圓心為的截面，C錯誤；D．由于CB間的場強小于AC間的場強，由得CB間的電勢差小于AC間的電勢差又因為、到O點的距離相等，所以，同理可得，C為AB中點，則有D錯誤；故選B。7. 均勻介質(zhì)中，波源位于O點的簡諧橫波在水平面內(nèi)傳播，波面為圓。某時刻第一象限內(nèi)第一次出現(xiàn)如圖（a）所示的波面分布，其中實線表示波峰，虛線表示相鄰的波谷，從此時刻開始計時，坐標（，）處質(zhì)點的振動圖像如圖（b）所示，軸正方向豎直向上。下列說法正確的是（　?。?/span>A. 該水波的波長為6mB. ，P點偏離平衡位置的位移為0.5cmC. ，P點正在平衡位置的上方且向下運動D. 若波源從平衡位置起振，則波源的起振方向一定向上【答案】C【解析】【詳解】A．由圖（a）可知，該水波的波長為12m，故A錯誤；B．由圖（b）可知，該水波的周期為4s，根據(jù)波速的公式可得P點到波源O的距離為根據(jù)可知時刻，P點由平衡位置向上振動，其振動方程為，P點偏離平衡位置的位移為故B錯誤；C．P點與圖中實線所表示的波峰相距3m，即為四分之一波長，可知P點振動情況滯后四分之一周期，即1.5s時P點的振動情況與圖b中0.5s時坐標（，）處質(zhì)點振動情況相同，所以P點正在平衡位置的上方且向下運動，故C正確；D．波源從平衡位置起振，若波源的起振方向向下，當振動時間時，第一象限內(nèi)第一次出現(xiàn)如圖（a）所示的波面分布；若波源的起振方向向上，當振動時間時，第一象限內(nèi)第一次出現(xiàn)如圖（a）所示的波面分布；故D錯誤。故選C。8.中國“FAST”球面射電望遠鏡發(fā)現(xiàn)一個脈沖雙星系統(tǒng)?？茖W(xué)家通過脈沖星計時觀測得知該雙星系統(tǒng)由一顆脈沖星與一顆白矮星組成。如圖所示，假設(shè)在太空中有恒星A、B雙星系統(tǒng)繞O點做逆時針勻速圓周運動，運動周期為T1，它們軌道半徑分別為RA、RB，且RA<RB；C為B的衛(wèi)星，繞B做逆時針勻速圓周運動，周期為T2，且T2<T1。A與B之間的引力遠大于C與B之間的引力。引力常量為G，則（　　）A. 恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量B. 恒星B的質(zhì)量為C. 若知道C的軌道半徑，則可求出C的質(zhì)量D. 三星A、B、C相鄰兩次共線的時間間隔為【答案】AB【解析】A．因為雙星系統(tǒng)的角速度相同，故對A、B可得即即恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量，故A正確；B．對恒星A可得解得恒星B的質(zhì)量為故B正確；C．對衛(wèi)星C滿足可見無法求出衛(wèi)星C的質(zhì)量，故C錯誤；D．因為恒星A和B始終共線，所以三星A、B、C相鄰兩次共線的時間間隔為，故D錯誤。故選AB。9. 我國霍爾推進器技術(shù)世界領(lǐng)先，其簡化的工作原理如圖所示。放電通道兩端電極間存在一加速電場，該區(qū)域內(nèi)有一與電場近似垂直的約束磁場（未畫出）用于提高工作物質(zhì)被電離的比例。工作時，工作物質(zhì)氙氣進入放電通道后被電離為氙離子，再經(jīng)電場加速噴出，形成推力。某次測試中，氙氣被電離的比例為95%，氙離子噴射速度為，推進器產(chǎn)生的推力為。已知氙離子的比荷為；計算時，取氙離子的初速度為零，忽略磁場對離子的作用力及粒子之間的相互作用，則（　?。?/span>A. 氙離子的加速電壓約為B. 氙離子的加速電壓約為C. 氙離子向外噴射形成的電流約為D. 每秒進入放電通道的氙氣質(zhì)量約為【答案】AD【解析】【詳解】AB．氙離子經(jīng)電場加速，根據(jù)動能定理有可得加速電壓為故A正確，B錯誤；D．在時間內(nèi)，有質(zhì)量為的氙離子以速度噴射而出，形成電流為，由動量定理可得進入放電通道的氙氣質(zhì)量為，被電離的比例為，則有聯(lián)立解得故D正確；C．在時間內(nèi)，有電荷量為的氙離子噴射出，則有， 聯(lián)立解得故C錯誤。故選AD。10. 如圖甲所示，質(zhì)量為m=0.1kg的滑塊（可視為質(zhì)點），在內(nèi)壁光滑、固定的水平筒內(nèi)壓縮彈簧，彈簧原長小于筒長，且彈簧與滑塊不拴接。滑塊由靜止釋放，離開筒后立即滑上位于水平面上的木板左端，此后木板的速度-時間圖象如圖乙所示，已知木板質(zhì)量M=0.2kg，最終滑塊恰好沒有離開木板，重力加速度g取10m/s2，則（　?。?/span>A. 滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.1B. 木板長度為0.75mC. 釋放滑塊時彈簧的彈性勢能為0.45JD. 木板與水平面間因摩擦產(chǎn)生的熱量為0.375J【答案】BC【解析】【詳解】A. 設(shè)木板與地面之間的摩擦因數(shù)為μ2，木板做勻減速的加速度為a3，根據(jù)牛頓第二定律得 根據(jù)圖像得 解得設(shè)滑塊與木板之間的摩擦因數(shù)為μ1，木板做勻加速的加速度為a2，根據(jù)牛頓第二定律得 根據(jù)圖像得 解得 滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.5，A錯誤；B. 設(shè)滑塊的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律得 解得 根據(jù)逆向思維，滑塊滑上木板時的速度為 木板長度為 B正確；C. 根據(jù)機械能守恒定律得，釋放滑塊時彈簧的彈性勢能為 C正確；D. 木板與水平面間因摩擦產(chǎn)生的熱量為D錯誤。故選BC。11. 電子設(shè)備之間在一定距離范圍內(nèi)可以通過藍牙連接進行數(shù)據(jù)交換，已經(jīng)配對過的兩電子設(shè)備，當距離小于某一值時，會自動連接；一旦超過該值時，藍牙信號便會立即中斷，無法正常通訊。某次實驗中，分別安裝在甲、乙兩小車上的兩電子設(shè)備已通過藍牙配對成功，其正常通訊的有效距離為。兩車運動路線在同一條直線上（兩車略微錯開，不會相撞）。如圖所示，甲車以的初速度經(jīng)過O點，向右做加速度大小的勻加速直線運動。同時乙車以初速度向右經(jīng)過O點左側(cè)6m處，并立即以的加速度剎車。以此時刻為計時起點，忽略藍牙信號連接延遲，下列說法正確的是（　　）A. 時信號第一次中斷B. 時信號第一次恢復(fù)C. 信號第二次中斷時，甲在O右邊55m處D. 從信號第一次恢復(fù)到信號第二次中斷，甲的位移為20m【答案】AD【解析】【詳解】A．因開始時，乙車速度較大，則在乙停止運動之前乙車可超過甲車，然后兩車距離逐漸變大，當藍牙第一次中斷時乙車超過了甲車，則第一次信號中斷時滿足解得t=4s即時信號第一次中斷，選項A正確；B．當?shù)谝淮涡盘栔袛鄷r，甲車的速度v11=1.4m/s，乙車的速度v21=4.4m/s，到信號第一次恢復(fù)時應(yīng)該滿足解得t2=12s但是乙車停止運動的時間即經(jīng)過12s時乙車已經(jīng)停止，則信號第一次恢復(fù)的時刻應(yīng)該大于16s，選項B錯誤；C．乙車停止運動時，距離O點的距離為信號第二次中斷時，甲在乙的右側(cè)10m位置，則此時甲車在O右邊49m處，選項C錯誤；D．信號第一次恢復(fù)的時甲距離O點的距離為從信號第一次恢復(fù)到信號第二次中斷，甲的位移為49m-29m=20m，選項D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12. 某課外興趣小組對研究小球做平拋運動的實驗裝置進行了一定的創(chuàng)新，實驗時將小鋼球從半徑為的四分之一圓弧軌道的最高點由靜止釋放，在圓弧軌道最低點處裝有一光電門傳感器和一壓力傳感器，右邊的水平部分處裝有一個壓力傳感器，各傳感器與計算機相連。計算機記錄到小鋼球經(jīng)過兩處時對傳感器的壓力大小分別為和，小鋼球通過處的瞬時速度為，重力加速度大小已知并用表示，則小鋼球的質(zhì)量__________，四分之一圓弧軌道的半徑_________；（均用題中給出的物理符號表示）；將處的壓力傳感器安裝在左側(cè)一小段距離處，則圓弧半徑的測量值___________（選填“變大”、“變小”或“不變”）。【答案】    ①.     ②.     ③. 不變【解析】【分析】【詳解】[1]小鋼球在B處對軌道的壓力為F2，可知F2=mg解得[2]在A處解得[3]將處的壓力傳感器安裝在左側(cè)一小段距離處，測得的小鋼球的質(zhì)量不變，則圓弧半徑的測量值不變。故選AC。 13. 某同學(xué)利用如圖甲所示的電路，測量某電源的電動勢和內(nèi)阻，所用器材如圖乙所示。請回答下列問題：（1）按照圖甲所示的電路圖，將圖乙中的實物連線補充完整____；（2）將滑動變阻器滑片滑到最左端，單刀雙擲開關(guān)與“1”連通，再閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，記錄下多組電壓表和電流表數(shù)據(jù)（，），斷開開關(guān)。作出圖像如圖丙中的“I”所示，根據(jù)圖線“I”可得：電源電動勢為___________V，內(nèi)阻為___________Ω；（結(jié)果均保留2位小數(shù)）（3）將滑動變阻器滑片滑到最左端，與“2”連通，再閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，記錄下多組電壓表和電流表的數(shù)據(jù)（，），斷開開關(guān)，作出圖像如圖丙中的“II”所示；（4）只考慮電表內(nèi)阻所引起的誤差：i.根據(jù)上述實驗計算可得：電源電動勢的真實值為___________V，內(nèi)阻的真實值為___________Ω，電流表內(nèi)阻為___________Ω；（結(jié)果均保留2位小數(shù)）ii. 圖線“I”和“II”相交于P（0.34A，2.36V）點，當電路工作于P點所示的狀態(tài)時，若與“2”連通，則滑動變阻器連入電路的阻值為___________Ω（結(jié)果保留2位小數(shù)）。【答案】    ①.     ②. 4.10    ③. 5.13    ④. 4.10    ⑤. 4.77    ⑥. 0.36    ⑦. 6.58【解析】【詳解】（1）[1]由電路圖可得實物圖為（2）[2][3]由閉合電路歐姆定律得則圖像與縱軸交點為電動勢，圖線斜率為電源內(nèi)阻，由圖像得（4）[4]當單刀雙擲開關(guān)接1時，電流表示數(shù)為零時，電壓表示數(shù)準確，即圖線“I”與縱軸交點為電動勢真實值，所以電源電動勢的真實值為4.10V；[5][6] 當單刀雙擲開關(guān)接2時，電壓表示數(shù)為零時，電流表示數(shù)準確，則電源內(nèi)阻為則電流表內(nèi)阻[7]由題意得，當電路工作于P點所示的狀態(tài)時，若與“2”連通，則滑動變阻器連入電路的阻值為14. 2023年1月1日，在武漢市漢口江灘，萬人放飛心愿氣球喜迎新年，氫氣球被釋放后緩緩上升，逐漸膨脹，直至破裂。已知某個氫氣球剛被釋放時，球內(nèi)外氣體的壓強差為，氫氣球釋放處的海拔高度為0、大氣壓強為。氫氣球剛破裂時球內(nèi)氫氣的體積是剛被釋放時的。假設(shè)氫氣球在上升過程中溫度保持不變。（1）求氫氣球剛破裂時球內(nèi)氫氣的壓強；（2）已知氫氣球剛破裂時球內(nèi)外氣體的壓強差為，大氣壓強隨海拔高度h變化的關(guān)系如圖所示，求破裂時氫氣球所在位置的海拔高度。【答案】（1）628mmHg；（2）1944m【解析】【詳解】（1）設(shè)剛釋放時球內(nèi)氫氣的體積為V1，剛剛破裂時球內(nèi)氫氣的體積為，設(shè)剛釋放時球內(nèi)氫氣的壓強為p1，有設(shè)剛破裂時球內(nèi)氫氣的壓強為p2，根據(jù)玻意耳定律，有解得（2）根據(jù)題意可知，剛破裂時氫氣球所在位置的大氣壓強為根據(jù)大氣壓強隨海拔高度h變化的關(guān)系圖像可得斜率所以上式中，的單位是mmHg，h的單位是m，聯(lián)立解得15 如圖(a)所示，兩根電阻不計的平行長直金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距為L；兩根長度均為L、質(zhì)量均為m、電阻均為r的相同的導(dǎo)體棒M、N靜置于導(dǎo)軌上，兩棒相距x0；整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B。從t=0開始，給導(dǎo)體棒M施加一平行于導(dǎo)軌的外力F，使導(dǎo)體棒M在0~t0內(nèi)以加速度a=μg做勻加速運動，導(dǎo)體棒N在t0時刻(t0未知)開始運動，F隨時間變化的規(guī)律如圖(b)所示。棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為μ(最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，運動過程中兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好。重力加速度大小為g。（1）求t0時刻導(dǎo)體棒M的速度；（2）求2t0時刻外力F大小；（3）若2t0時刻導(dǎo)體棒M的速度為v，求此時兩棒間的距離。【答案】（1）；（2）F2=4μmg；（3）【解析】【詳解】（1）導(dǎo)體棒N未運動時，電路中的電動勢、電流E=BLv，每個導(dǎo)體棒受到的安培力F安=BiL導(dǎo)體棒N開始運動時，安培力與摩擦力平衡F安=μmg整理得，此時導(dǎo)體棒M的速度（2）對導(dǎo)體棒M，t=0時刻F0－μmg=ma    t0時刻F1－μmg－F安=ma而    整理得F2=4μmg（3）0~t0時間內(nèi)，導(dǎo)體棒M做勻加速運動v0=at0可得t0時刻兩棒間的距離為設(shè)2t0時刻兩棒間的距離為x2，導(dǎo)體棒N的速度為v1，t0~2t0時間內(nèi)電路中電流的平均值為I。根據(jù)動量定理對整體對導(dǎo)體棒N    此過程中的平均感應(yīng)電動勢，而整理得
16. 12. 如圖所示，水平軌道BC與傾角為θ＝37°的斜面軌道AB、螺旋狀圓軌道O緊密平滑連接，AB長度L1＝10m，BC長度L2＝4m，圓軌道半徑R＝0.72m。直角斜面體MNE的豎直邊ME的長度L3＝3m，水平邊NE的長度L4＝6m，M點在C點的正下方，MC的長度L5＝1.2m。小物塊的質(zhì)量為m＝1kg，它與AB軌道和BC軌道的動摩擦因數(shù)相同，記為μ，圓軌道光滑。小物塊在最高點A由靜止釋放，沿軌道ABC運動，第一次到達C時恰好靜止?？諝庾枇Σ挥嫞?/span>sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．（1）求動摩擦因數(shù)μ；（2）小物塊在A點釋放的同時，對其施加一個水平向右的恒力F，當物塊沿BC運動到C點時撤去F，再繞圓軌道運動一周后在與C同一高度的圓軌道末端以速度v水平向右拋出。小物塊在到達圓軌道末端前不脫離軌道，求v與F滿足的關(guān)系式，并確定v的取值范圍；（3）若物塊自圓軌道末端以某一初速度水平拋出，經(jīng)一段時間后與過N點的豎直墻面發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間忽略不計，碰撞之后物塊速度的豎直分量不變，水平分量反向且大小不變，之后落于斜面MN上的P點，已知物塊從圓軌道末端運動到P點的總時間為t＝0.9s，求小物塊剛運動至P點時的動能。【答案】（1）05；（2）v2＝30F（6m/s≤v≤20m/s）；（3）65J【解析】【分析】【詳解】（1）小物塊從A到C的過程，由動能定理得mgL1sinθ－μmgL1cosθ－μmgL2＝0代入數(shù)據(jù)得μ＝0.5（2）施加恒力F后，從A到C的過程，由動能定理得F（L1cosθ＋L2）＋mgL1sinθ－μ（mgcosθ－Fsinθ）L1－μmgL2＝mv2代入數(shù)據(jù)得v2＝30F小物塊在圓軌道最高點D不脫離軌道，應(yīng)滿足mg≤m從D到C的過程由機械能守恒定律得mvD2＋2mgR＝mv2解得v≥6m/s小物塊不脫離斜面AB，應(yīng)滿足Fsinθ≤mgcosθ解得v≤20m/s所以v的取值范圍為6m/s≤v≤20m/s。（3）P點與C點的高度差為h＝gt2＝4.05m設(shè)物塊在C點初速度為v0，P點與豎直墻的水平距離為v0t－L4如圖，由幾何關(guān)系得tan∠MNE＝已知tan∠MNE＝解得v0＝7m/s從C到P由動能定理得mgh＝Ek－mv02代入數(shù)據(jù)，解得Ek＝65J即小物塊剛運動至P點時的動能為65J。 

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