?2022~2023學(xué)年山東省德州市濱州市高三（第一次）模擬考試物理試卷
1. 下列說(shuō)法正確的是(????)
A. 在核聚變反應(yīng)方程?12H+13H→24He+X中，X表示中子
B. 發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)光電子的動(dòng)能只與入射光的強(qiáng)度有關(guān)
C. 天然放射產(chǎn)生的三種射線中，穿透能力最強(qiáng)的是α射線
D. 由玻爾理論可知，氫原子的核外電子由高能級(jí)躍遷到低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加
2. 一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)a→b、b→c、c→a三個(gè)過(guò)程后再回到狀態(tài)a，其p?T圖像如圖所示，則該氣體(????)
A. 在狀態(tài)a的內(nèi)能小于在狀態(tài)b的內(nèi)能
B. 在狀態(tài)a的密集程度大于在狀態(tài)b的密集程度
C. 在a→b→c過(guò)程中，外界對(duì)氣體做功為0
D. 由狀態(tài)a經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程后再回到狀態(tài)a的過(guò)程中，氣體從外界吸熱
3. 甲、乙兩個(gè)小球先后從同一水平面的兩個(gè)位置，以相同的初速度豎直向上拋出，小球距拋出點(diǎn)的高度h與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為t，則兩小球同時(shí)在同一水平線上時(shí)，距離拋出點(diǎn)的高度為(????)
A. 12gt22 B. 12gt22?t12 C. 14gt22?t12 D. 18gt22?t12
4. 某簡(jiǎn)諧橫波在t=2s時(shí)的波形圖如圖甲所示，在該波傳播方向上有兩質(zhì)點(diǎn)B、C(圖中均未畫(huà)出)，B、C平衡位置間的距離為Δx=1m，其中B的振動(dòng)圖像如圖乙所示，則C的振動(dòng)圖像可能是(????)
A. B.
C. D.
5. 風(fēng)箏發(fā)明于中國(guó)東周春秋時(shí)期，是在世界各國(guó)廣泛開(kāi)展的一項(xiàng)群眾性體育娛樂(lè)活動(dòng)。一平板三角形風(fēng)箏(不帶鳶尾)懸停在空中，如圖為風(fēng)箏的側(cè)視圖，風(fēng)箏平面與水平面的夾角為θ，風(fēng)箏受到空氣的作用力F垂直于風(fēng)箏平面向上。若拉線長(zhǎng)度一定，不計(jì)拉線的重力及拉線受到風(fēng)的作用力，一段時(shí)間后，風(fēng)力增大導(dǎo)致作用力F增大，方向始終垂直于風(fēng)箏平面，夾角θ不變，再次平衡后相比于風(fēng)力變化之前(????)
A. 風(fēng)箏距離地面的高度變大 B. 風(fēng)箏所受的合力變大
C. 拉線對(duì)風(fēng)箏的拉力變小 D. 拉線對(duì)風(fēng)箏的拉力與水平方向的夾角變小
6. 如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2:1，電源的輸出電壓u=30 2sin100πt(V)，定值電阻R1=10Ω，R3=1Ω，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為4Ω，a、b為滑動(dòng)變阻器的兩個(gè)端點(diǎn)，所有電表均為理想電表?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片P置于a端，則(????)

A. 電流表示數(shù)為1.5A
B. 電壓表示數(shù)為15V
C. 滑片P由a向b緩慢滑動(dòng)，R1消耗的功率增大
D. 滑片P由a向b緩慢滑動(dòng)，變壓器的輸出功率減小.
7. 如圖所示，空間中存在A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)恰好構(gòu)成一個(gè)棱長(zhǎng)為a的正四面體，其中在水平面上的A、B、C三個(gè)頂點(diǎn)各固定一個(gè)電荷量為+q的點(diǎn)電荷，另一個(gè)質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷M恰好可以靜止在D點(diǎn)。把該點(diǎn)電荷M從D點(diǎn)移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力做功為W。不考慮點(diǎn)電荷M對(duì)電場(chǎng)的影響，無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，靜電力常量為k，重力加速度為g，則D點(diǎn)處的電勢(shì)為(????)
A. 3kqWmga2 B. 6kqWmga2 C. 3mga2Wkq D. 6mga2Wkq
8. 2006年9月，中國(guó)第一座太空娛樂(lè)風(fēng)洞在四川省綿陽(yáng)市建成并投入運(yùn)營(yíng)。娛樂(lè)風(fēng)洞是一種空中懸浮裝置，在一個(gè)特定的空間內(nèi)人工制造和控制氣流，游客只要穿上特制的可改變受風(fēng)面積(游客在垂直風(fēng)力方向的投影面積)的飛行服跳入飛行區(qū)，即可通過(guò)改變受風(fēng)面積來(lái)實(shí)現(xiàn)向上、向下運(yùn)動(dòng)或懸浮?，F(xiàn)有一豎直圓柱形風(fēng)洞，風(fēng)機(jī)通過(guò)洞口向風(fēng)洞內(nèi)“吹氣”，產(chǎn)生豎直向上、速度恒定的氣流。某時(shí)刻，有一質(zhì)量為m的游客恰好在風(fēng)洞內(nèi)懸浮，已知?dú)饬髅芏葹棣?，游客受風(fēng)面積為S，重力加速度為g，假設(shè)氣流吹到人身上后速度變?yōu)榱?，則氣流速度大小為(????)
A. mg4ρS B. mg2ρS C. mgρS D. 2mgρS
9. a、b兩束單色光的波長(zhǎng)分別為λa和λb，通過(guò)相同的單縫衍射實(shí)驗(yàn)裝置得到如圖所示的圖樣，則這兩束單色光(????)
A. 若照射同一種金屬均有光電子逸出，則光電子最大初動(dòng)能Eka>Ekb
B. 射向同一雙縫干涉裝置，其干涉條紋間距Δxa>Δxb
C. 在水中的傳播速度vaλb，所以Δxa>Δxb，故B正確；
C.介質(zhì)中傳播速度：v=cn，因?yàn)閚b>na，所以va>vb，故C錯(cuò)誤；
D.根據(jù)光子動(dòng)量的公式：p=hλ，因?yàn)棣薬>λb，所以pb>pa，故D正確。
故選：BD。
根據(jù)衍射圖像判斷折射率，波長(zhǎng)頻率等；由光電效應(yīng)方程分析光電子的最大初動(dòng)能；由公式v=cn分析光在玻璃中的傳播速度的大小，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析干涉條紋間距的大小。
記住折射率與波長(zhǎng)、頻率、臨界角的關(guān)系，這些都是考試的熱點(diǎn)。

10.【答案】AD?
【解析】
【分析】
【分析】
本題考查氣體實(shí)驗(yàn)定律的應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是要根據(jù)題意，確定氣體的狀態(tài)變化，選擇合適的氣體實(shí)驗(yàn)定律解分析解決問(wèn)題。
【解答】
【解析】
對(duì)管內(nèi)氣體，初始時(shí)：P1=P0?ρgh=60cmhg，T1=300K，V1=LS=30S?cm3
將玻璃管緩慢旋轉(zhuǎn)至開(kāi)口豎直向上時(shí)，P2=P0+ρgh=90cmhg，V2=L′S?cm3
這一過(guò)程中，氣體做等溫變化，故：P1V1=P2V2
解得：L′=20cm
然后再加熱至231℃，若水銀不溢出，則氣體做等壓變化，有V2T1=V3T3，其中T3=504K解得V3=33.6S?cm3，即此時(shí)氣柱長(zhǎng)度為33.6cm，由于水銀柱長(zhǎng)度為15cm，考慮到溢出口到管底的距離僅為45cm，故水銀一定會(huì)溢出；
從開(kāi)始加熱到水銀溢出的過(guò)程中，氣體做等壓變化，由V2T1=V2′T2，其中V2′=30S?cm3，解得T2=450K，從水銀溢出到加熱到231℃這一過(guò)程中，由理想氣體狀態(tài)方程可得P2V2′T2=P3′V3′T3，其中V3′=L3S?cm3,P3′=(120?L3)cmhg，解得L3=36cm，綜上可知AD正確，BC錯(cuò)誤；
故選AD。
??
11.【答案】CD?
【解析】A.使用等效場(chǎng)的觀點(diǎn)，將重力場(chǎng)和電場(chǎng)等效的看作一個(gè)場(chǎng)，結(jié)合平行四邊形法則可得等效重力加速度為g′= mg2+qE2m=2g
設(shè)等效場(chǎng)對(duì)物體的力與豎直方向的夾角為θ，如圖所示

則有tanθ=qEmg= 3
解得θ=60°
由“等效重力”可知，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到BC間且與圓心連線與豎直方向夾角為?60°?時(shí)，小球的速度最大，動(dòng)能最大，故A錯(cuò)誤；
B.小球在軌道上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，能量守恒，小球在與圓心等高且在圓弧右側(cè)的位置電勢(shì)能最小，所以小球在該點(diǎn)的機(jī)械能最大，故B錯(cuò)誤；
C.設(shè)釋放點(diǎn)A到B的距離為L(zhǎng)時(shí)，小球恰好不脫離圓軌道；圖中D點(diǎn)與圓心連線與圓相交的點(diǎn)M點(diǎn)即為“等效重力”中的最高點(diǎn)，小球恰好不脫離圓軌道，電場(chǎng)力與重力的合力剛好提供向心力，則有 mg2+qE2=mvM2R
解得vM= 2gR
從開(kāi)始釋放小球到M點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得qE(L?Rsin60°)?mgR(1+cos60°)=12mvM2
解得L=4 33R
故C正確；
D.若小球做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大，對(duì)軌道的壓力最大，從A到D的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，有qE(L+Rsin60°)?mgR(1?cos60°)=12mvD2
解得vD= 10gR
在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有FN? mg2+qE2=mvD2R
解得FN=12mg
若小球不做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到與MD連線垂直時(shí)如圖中的P點(diǎn)，接下來(lái)將沿著軌道返回，此時(shí)也未脫離軌道，該過(guò)程在D點(diǎn)速度有最大值，對(duì)軌道的壓力也為最大值，從P到D點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理，有mgR+Rsin60°?R?Rcos60°+qERcos30°?Rcos60°=12mv′D2?0
解得v′D=2 gR
在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有F′N(xiāo)? mg2+qE2=mv′D2R
解得F′N(xiāo)=6mg
如果小球不能到達(dá)P點(diǎn)，則小球?qū)壍赖淖畲髩毫?huì)小于6mg，所以小球?qū)壍赖淖畲髩毫Υ笮】赡転?mg，故D正確。
故選CD。


12.【答案】BCD?
【解析】
【分析】
【分析】
本題考查電磁感應(yīng)的綜合應(yīng)用問(wèn)題，相對(duì)較難。解題的關(guān)鍵是要能根據(jù)題意分析導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，電路中的電流及安培力，確定物體的加速度確定繩子的拉力，分析導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)，確定導(dǎo)體棒速度及產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，從而確定電容器增加的電荷量。
【解答】
【解析】
導(dǎo)體棒在物塊拉動(dòng)下切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，給電容器充電，形成充電電流，電流流過(guò)導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒受到安培力作用，對(duì)導(dǎo)體棒受力分析有：FT?F安=ma，F(xiàn)安=BI充d=BΔqΔtd=BCBdΔVΔtd=CB2d2a，對(duì)物塊有：Mg?FT=Ma，解得a=MgM+m+CB2d2，F(xiàn)T=Mg(m+B2d2C)M+m+B2d2C，故A錯(cuò)誤，C正確，
根據(jù)功能關(guān)系可知，物塊與導(dǎo)體棒組成的系統(tǒng)減少的機(jī)械能等于導(dǎo)體棒克服安培力做的功，B正確；
物塊由靜止下落高度為h時(shí)，導(dǎo)體棒速度為v，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：v2=2ah，解得v= 2MghM+m+B2d2C，此時(shí)電容器兩端的電壓U=Bdv=Bd 2MghM+m+B2d2C，故電容器增加的電荷量為CBd 2MghM+m+B2d2C，D正確；
故選BCD。

??
13.【答案】(1)BD；(2)Ⅰ；(3)2.1?
【解析】
【分析】
本題考查探究加速度與力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，能根據(jù)題設(shè)得出實(shí)驗(yàn)原理是解題的關(guān)鍵。
(1)根據(jù)題設(shè)得出實(shí)驗(yàn)原理，在逐一分析即可判斷；
(2)結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理分析F=0時(shí)小車(chē)的加速度情況即可判斷；
(3)根據(jù)小車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合圖像，由逐差法得出小車(chē)的加速度大小。
【解答】
(1)
A、由題知，要使掛上托盤(pán)和砝碼后小車(chē)能沿木板勻速下滑，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前不能平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤；
BCD、由平衡條件知，小車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩子的拉力等于托盤(pán)和砝碼的重力，撤去托盤(pán)和砝碼后，小車(chē)所受的重力和摩擦力不變，則小車(chē)所受的合力等于托盤(pán)和砝碼的重力，可見(jiàn)該實(shí)驗(yàn)不需要滿足M?m，但需要調(diào)整滑輪高度使細(xì)線與木板平行，故BD正確，C錯(cuò)誤；
(2)由于小車(chē)所受的合外力等于托盤(pán)和砝碼的重力，當(dāng)鉤碼的質(zhì)量為0時(shí)，即F=0，此時(shí)小車(chē)所受的實(shí)際合力等于托盤(pán)的重力，小車(chē)會(huì)有沿斜面向下的加速度，即a>0，可見(jiàn)繪制出的a?F圖像應(yīng)該是圖乙中的Ⅰ；
(3)小車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則由圖知，連續(xù)相等時(shí)間T=0.1s內(nèi)，小車(chē)位移增加Δx=(38.20?25.20)cm?(49.10?38.20)cm=2.1cm，由Δx=aT2解得小車(chē)的加速度大小a=2.1m/s2，??
14.【答案】(1)2.498～2.502；
(2)R2；A2；
(3)實(shí)物連接圖，如圖所示：；

(4)πkrd24L(1?k)?
【解析】
【分析】
(1)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)由固定刻度與可動(dòng)刻度讀數(shù)之和，需要估讀到0.001mm；
(2、3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理選擇電表，電表a所測(cè)電流較小，且電流表A2內(nèi)阻已知，所以電流表a應(yīng)選A2；
變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器；根據(jù)電路圖，畫(huà)實(shí)物連接圖；
(4)根據(jù)歐姆定律，結(jié)合串并聯(lián)電路特點(diǎn)，確定I2關(guān)于I1的表達(dá)式，根據(jù)I2?I1圖像丙的斜率為k求出待測(cè)電阻，根據(jù)電阻定律求電阻率。
本題考查了測(cè)定金屬絲的電阻率的實(shí)驗(yàn)，需掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．以及螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，解決本題的關(guān)鍵是確定I2關(guān)于I1的表達(dá)式，根據(jù)I2?I1圖像斜率為求出待測(cè)電阻。
【解答】
(1)固定刻度讀數(shù)為2mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01mm×49.8=2.498mm，則電阻絲的直徑為：
d=2mm+0.498mm=2.498mm；
(2)由圖乙所示的電路可知，電表 a所測(cè)電流較小，且電流表A2內(nèi)阻已知，所以電流表a應(yīng)選A2；
變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器R2；
(3)根據(jù)電路圖，實(shí)物圖連接如圖所示：;
(4)由I1=I2rRx?+I2
解得I2=11+rRxI1
根據(jù)I2?I1圖像丙的斜率為k，可得k=11+rRx，解得Rx=kr1?k
對(duì)金屬絲有Rx=ρLπ(d2)2，
解得：ρ=πkrd24L(1?k)。
故答案為：(1)2.498～2.502；
(2)R2；A2；
(3)如圖所示：
；

(4)πkrd24L(1?k)??
15.【答案】解：(1)如圖，光線恰好全反射sinC=LMP2 LMP22+LMN2+l2= 5 ( 5)2+(1.7+0.8)2=23
由sinC=1n，得折射率n=1sinC=1.5

(2)紅外發(fā)射管如果是在a位置向MN中點(diǎn)發(fā)射紅外線，
如圖則sinθ2=cosC= 53
由折射率公式n=sinθ1sinθ2
解得sinθ1=nsinθ2= 52>1
所以紅外發(fā)射管不能在a位置向MN中點(diǎn)發(fā)射紅外線。則紅外發(fā)射管在b位置向MN中點(diǎn)發(fā)射紅外線。紅外接收管是在c位置。
大致光路圖如圖所示。
?
【解析】本題考查光的折射與全反射，解題關(guān)鍵掌握光的折射分析，注意全反射的應(yīng)用。
(1)根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合全反射規(guī)律解得擋風(fēng)玻璃和光學(xué)元件的折射率n;
(2)根據(jù)全反射規(guī)律結(jié)合光的折射作圖分析解得。

16.【答案】解：
(1)設(shè)恒星A與地球間的距離為d，得
tanθ2=R0d??①
即??θ2≈R0d
解得d=2R0θ??②
恒星A輻射出的總功率與地球所在的球面上接收到A輻射出的總功率相等，即
7σT04?4πRA2=I?4πd2??③
解得RA=2R0θT02 Iσ??④
(2)設(shè)行星B的質(zhì)量為m，半徑為RB，繞恒星A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，則
行星B接收到恒星A輻射出的功率為P1=σT04?4πRA24πr2?πRB2??⑤
行星B向外輻射出的功率為P2=σT14?4πRB2??⑥
因行星B表面的溫度保持不變，故有P1=P2? ? ??⑦
對(duì)行星B有GMmr2=mr4π2TB2??⑧
解得TB=2πR0θT13 IR0σθGM Iσ??⑨
?
【解析】略

17.【答案】(1)初速度為?v0?的粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡與y軸相切，如圖所示

由幾何知識(shí)可得R1+R1cos60°=d
由牛頓第二定律得Bqv0=mv02R1
聯(lián)立求得v0=2Bqd3m；
(2)初速度為?32v0?的粒子在yOz平面左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)Bq32v0=m(32v0)2R2
求得R2=d
如圖所示

由幾何關(guān)系知，粒子第一次到達(dá)y軸時(shí)的速度與x軸正方向成?30°?角斜向下，此時(shí)將粒子的速度分解，平行于x軸的分速度vx=32v0cos30°= 3Bqd2m
平行于y軸的分速度vy=32v0sin30°=Bqd2m
在yOz平面右側(cè)沿y軸方向，在電場(chǎng)力作用下先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)xOz平面沿y軸方向速度為零，有vy2t1=πd16
解得t1=πm4Bq
在垂直y方向，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)Bqvx=mvx2R3，T=2πR3vx
聯(lián)立得t1=T8，R3= 3d2
粒子與xOz平面相切時(shí)，對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)x=R3sin45°= 64d，z=R3?R3cos45°=(2 3? 6)4d
即切點(diǎn)坐標(biāo)為?( 64d,0,(2 3? 6)4d)?；
(3)粒子第一次經(jīng)過(guò)yOz平面時(shí)的y軸坐標(biāo)為?y1=πd16?，
粒子從與平面xOz平面相切到第二次與yOz平面相交用時(shí)為?t2?，有t2=T2?t1=38T
粒子沿y軸方向所受電場(chǎng)力不變，加速度不變，第二次與yOz平面相交時(shí)的y軸坐標(biāo)為y2=9y1=9πd16
則有Δy=y2?y1=πd2
綜上L= (2R3)2+(Δy)2=d2 12+π2；
(4)初速度為?32v0?的粒子在yOz平面右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為a=vyt1=2B2q2dπm2
初速度為?32v0?的粒子第2次剛進(jìn)入yOz平面左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)沿y軸方向的速度大小為vy2=at2=3Bqd2m
因?yàn)榱Ｗ友貀軸方向只在平面右側(cè)才有不變的加速度，且每次加速時(shí)間均為?T2?，所以第n次剛進(jìn)入yOz平面左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)的沿y軸方向的速度大小為vyn=vy2+(n?2)aT2(n=2,3,4,??)
粒子第n次在yOz平面左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小為v= vx2+vyn2=Bqd2m (4n?5)2+3(n=2,3,4,??)。
?
【解析】本題考查了復(fù)合場(chǎng)這個(gè)知識(shí)點(diǎn)；
(1)畫(huà)出軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出半徑，再利用洛倫茲力充當(dāng)向心力列式即可求解；
(2)畫(huà)出軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出半徑，再利用洛倫茲力充當(dāng)向心力列式，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解分方向分析x、y方向的分運(yùn)動(dòng)，最后結(jié)合洛倫茲力下的圓周運(yùn)動(dòng)列式求解即可；
(3)分析粒子經(jīng)過(guò)y軸的位置坐標(biāo)情況，即可求得距離；
(4)求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)情況分析，考慮n次進(jìn)入情況，列出歸納式即可。

18.【答案】解：(1)設(shè)A、B第一次共速時(shí)的速率為v1
mv0=(m+2m)v1，
12mv02=12×4mv12+μmgL，
解得：L=v023μg。
(2)B與擋板碰后速度反向，碰后到兩者共速，有(2m?m)vn=(2m+m)vn?1，解得vn=13vn?1，
則第n次共速時(shí)的速度為v03n， B與豎直檔板第一次碰撞后到第二次共速過(guò)程中，設(shè) A相對(duì)長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的距離為x，
由能量守恒得：12?3m(v03)2?12?3m(v09)2=μmgx，
d=L?x，
解得：d=5v0227μg。
(3)對(duì)B:μmg=maB，
從B第一次撞擊擋板到第二次撞擊擋板過(guò)程，有
(v03)2=2aBs1，
從B第二次撞擊擋板到第三次撞擊擋板過(guò)程，有
(v032)2=2aBs2
從B第n次撞擊擋板到第n+1次撞擊擋板過(guò)程，有
v03n2=2aBsn
則S=2(S1+S2+S3+?+Sn)=v02μg(132+134+136+?+132n)，
v028μg
(4)B從第n次與擋板發(fā)生碰撞到第n+1次與擋板發(fā)生碰撞的過(guò)程中，設(shè) B做勻變速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，
?B做勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2， A、B保持相對(duì)靜止共同運(yùn)動(dòng)的位移為△x，
勻變速運(yùn)動(dòng)過(guò)程有：
v03n+v03n+1=aBt1，
(v03n)2?(v03n+1)2=2aBΔx，
勻速過(guò)程有：△x=v03n+1t2，
聯(lián)立可得：t1:t2=1:1，即每相鄰兩次碰撞過(guò)程： A、B勻變速運(yùn)動(dòng)過(guò)程與A、B勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程的時(shí)間之比為1:1。
在0～t0時(shí)間內(nèi)，設(shè) A做勻減速運(yùn)動(dòng)的累計(jì)時(shí)間為t′，則t′=12t0。
對(duì)A:μmg=2maA，
又v03=aAt′，
解得：t0=4v03μg。?
【解析】本題考查了動(dòng)量守恒、能量守恒、牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式。
(1)根據(jù)動(dòng)量守恒求出AB的共同速度，根據(jù)能量守恒定律求木板A的長(zhǎng)度;
(2)根據(jù)動(dòng)量守恒得出第n次共速時(shí)的速度為v03n，根據(jù)能量守恒求解；
(3)根據(jù)牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出每次碰后到下一次碰前B的路程，然后利用數(shù)學(xué)知識(shí)求和即可；
(4)根據(jù)牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析每次碰后到下一次碰前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間的規(guī)律，然后全過(guò)程分析，即可得出時(shí)間。

相關(guān)試卷

2022_2023學(xué)年山東省德州市高二（下）期中物理試卷（含解析）：

這是一份2022_2023學(xué)年山東省德州市高二（下）期中物理試卷（含解析），共19頁(yè)。試卷主要包含了單選題，多選題，實(shí)驗(yàn)題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2022_2023學(xué)年河北省唐山市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）：

這是一份2022_2023學(xué)年河北省唐山市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析），共14頁(yè)。試卷主要包含了8天，礦物中氡原子核經(jīng)過(guò)7，3m/s等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2022_2023學(xué)年江蘇省蘇北地區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）：

這是一份2022_2023學(xué)年江蘇省蘇北地區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析），共13頁(yè)。試卷主要包含了6MeV， 一列簡(jiǎn)諧橫波在t=1等內(nèi)容，歡迎下載使用。

英語(yǔ)朗讀寶

相關(guān)試卷 更多

2022_2023學(xué)年安徽省淮北市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）

2022_2023學(xué)年安徽省淮北市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）
2022_2023學(xué)年山東省日照市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）

2022_2023學(xué)年山東省日照市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）
2022_2023學(xué)年山東省泰安市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）

2022_2023學(xué)年山東省泰安市高三（第一次）模擬考試物理試卷（含答案解析）
2022_2023學(xué)年北京市海淀區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷(含答案解析)

2022_2023學(xué)年北京市海淀區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷(含答案解析)
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請(qǐng)掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
入駐教習(xí)網(wǎng)，可獲得資源免費(fèi)推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎(jiǎng)勵(lì)，申請(qǐng) 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
高考專(zhuān)區(qū)
歡迎來(lái)到教習(xí)網(wǎng)
  • 900萬(wàn)優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬(wàn)優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬(wàn)教師選擇，專(zhuān)業(yè)更值得信賴(lài)
微信掃碼注冊(cè)
qrcode
二維碼已過(guò)期
刷新

微信掃碼，快速注冊(cè)

手機(jī)號(hào)注冊(cè)
手機(jī)號(hào)碼

手機(jī)號(hào)格式錯(cuò)誤

手機(jī)驗(yàn)證碼 獲取驗(yàn)證碼

手機(jī)驗(yàn)證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個(gè)字符，數(shù)字、字母或符號(hào)

注冊(cè)即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊(cè)協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊(cè)
手機(jī)號(hào)注冊(cè)
微信注冊(cè)

注冊(cè)成功

返回
頂部