若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權(quán)，請掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
D. 若將粒子1射入電場時的速度變?yōu)?/span>，兩粒子仍可同時到邊O點(diǎn)6. 如圖所示，一圓錐體可繞其中心豎直轉(zhuǎn)軸MN轉(zhuǎn)動，圓錐面母線與水平面間夾角為?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的小物塊a、b位于圓錐面上不同位置，a到頂點(diǎn)的距離與b到頂點(diǎn)的距離之比為1：3。已知兩物塊的質(zhì)量相等，與圓錐面之間的動摩擦因數(shù)均為。當(dāng)圓錐體繞轉(zhuǎn)軸MN以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，兩個小物塊與圓錐體之間沒有發(fā)生相對滑動。重力加速度為g。關(guān)于兩個小物塊的運(yùn)動說法正確的是( )A. 兩物塊受到的摩擦力大小相等
B. 兩物塊向心力之比為1：3
C. 小物塊a受到支持力與摩擦力的合力大小等于mg
D. 若逐漸增大角速度，物塊b先出現(xiàn)相對滑動7. 如圖所示，質(zhì)量為的小木船靜止在湖邊附近的水面上，船身垂直于湖岸，船面可看作水平面，并且比湖岸高出h。在船尾處有一質(zhì)量為m的鐵塊，將彈簧壓縮后再用細(xì)線將鐵塊拴住，此時鐵塊到船頭的距離為L，船頭到湖岸的水平距離，彈簧原長遠(yuǎn)小于L。將細(xì)線燒斷后該鐵塊恰好能落到湖岸上，忽略船在水中運(yùn)動時受到水的阻力以及其它一切摩擦力，重力加速度為g。下列判斷正確的有( )
A. 鐵塊脫離木船后在空中運(yùn)動的水平距離為
B. 鐵塊脫離木船時的瞬時速度大小為
C. 小木船最終的速度大小為
D. 彈簧釋放的彈性勢能為8. 如圖所示，ab和ac是無限大磁場的分界線，在ab和ac的上下兩側(cè)分布著方向相反、與平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。，P、Q是分界線上的兩點(diǎn)，且?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為的粒子從P點(diǎn)沿PQ方向水平射出，粒子射出速度，不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用。下列說法正確的是( )
A. 粒子運(yùn)動的軌跡半徑為
B. 粒子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)所用的時間為
C. 若射出速度為，粒子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)所用時間為
D. 若射出速度為2v，粒子第一次運(yùn)動ac邊上的位置到a點(diǎn)的距離為 9. 實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示電路測量某金屬絲的電阻率。
用刻度尺測出電阻絲長度為L，同時使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑如乙圖所示，可知金屬絲的直徑______ mm。
按電路圖連接電路，現(xiàn)有量程的電流表，內(nèi)阻。動變阻器可供選擇：
A.最大阻值的滑動變阻器
B.最大阻值的滑動變阻器
C.最大阻值的滑動變阻器
滑動變阻器應(yīng)選擇______ 填寫器材前邊序號。
先將滑動變阻器的滑片滑到電路圖中______ 端填“a”或“b”，閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱，使電壓表有一較大讀數(shù)U，記下此時電阻箱的讀數(shù)電流表的讀數(shù)。
改變電阻箱的阻值，同時調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電壓表的讀數(shù)仍為U，記下此時電阻箱的讀數(shù)和電流表的讀數(shù)。
重復(fù)步驟，得到多組電阻箱和電流表的數(shù)據(jù)，以電阻箱電阻R為橫坐標(biāo)，以電流表電流的倒數(shù)為縱坐標(biāo)建立直角坐標(biāo)系，描點(diǎn)連線，獲得圖線的縱軸截距為b，可知電阻絲電阻為______ 用U、b、表示。
由電阻定律可得到電阻絲的電阻率為______ 用U、b、、L、d表示10. 如圖所示，光滑水平地面上有一光滑薄木板AB，薄木板右側(cè)連接一光滑半圓細(xì)管軌道BCD，軌道半徑為R，C點(diǎn)與軌道圓心O點(diǎn)等高，半圓軌道最高點(diǎn)D左側(cè)連接一內(nèi)壁光滑的細(xì)管DE，在細(xì)管的E端固定一輕質(zhì)彈簧，整個裝置質(zhì)量為2m。一半徑略小于細(xì)管半徑、質(zhì)量為m的小球，以初速度從薄木板A端滑上木板。已知重力加速度為g，小球可以看作質(zhì)點(diǎn)。求：
若，求小球第一次運(yùn)動到半圓細(xì)管軌道B點(diǎn)時對軌道的壓力大?。?/span>
若，求整個軌道裝置獲得的最大速度大??；
若，求輕質(zhì)彈簧獲得的最大彈性勢能。
11. 如圖所示，一足夠長水平傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，速度大小恒為。傳送帶上寬度為的區(qū)域內(nèi)，有一方向豎直向上的矩形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，MN、PQ為磁場邊界。有一邊長為的正方形線框abcd，線框質(zhì)量，電阻。ab邊與磁場邊界平行，在ab邊距離MN為的位置由靜止釋放線框，已知線框與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度。線框在傳送帶上運(yùn)動的整個過程中，求：
通過線框某截面的電荷量；
線框中產(chǎn)生的焦耳熱。
12. 下列說法正確的是( )A. 當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大
B. 多晶體是由單晶體組合而成的，所以多晶體和單晶體都表現(xiàn)為各向異性
C. 相同條件下，溫度越高，布朗運(yùn)動越明顯，顆粒越小，布朗運(yùn)動也越明顯
D. 內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運(yùn)動的平均動能可能相同
E. 在理想氣體的等壓壓縮過程中，外界對氣體做功使氣體的內(nèi)能增加13. 如圖所示，一定質(zhì)量的某種理想氣體在狀態(tài)A時的體積為。從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收的熱量為Q，在圖像中圖線AC反向延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，從狀態(tài)C到狀態(tài)B溫度不變，從狀態(tài)B到狀態(tài)A，該氣體對外界做的功為W。求：
氣體在狀態(tài)C時的壓強(qiáng)和在狀態(tài)B時的體積；
從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體與外界交換的熱量。
14. 下列說法正確的是( )A. 物體做受迫振動達(dá)到穩(wěn)定后；其振動頻率一定等于驅(qū)動力頻率
B. 單擺簡諧運(yùn)動的周期與振幅有關(guān)，振幅越大周期越長
C. 相機(jī)鏡頭表面的增透膜，利用了薄膜干涉原理
D. 當(dāng)波源和觀察者相互遠(yuǎn)離時，觀察者接收到的頻率小于波源發(fā)出的頻率
E. 通過一個狹縫來觀察日光燈可以看到彩色條紋，是光的偏振現(xiàn)象15. 負(fù)折射率材料是一種折射率為負(fù)值的材料，當(dāng)光從空氣照射到負(fù)折射率材料界面時，光波的折射與常規(guī)折射相反，入射光線和折射光線分布在法線的同側(cè)，折射角取負(fù)值。如圖為一負(fù)折射率材料制成的棱鏡橫截面，截面為一等邊三角形，邊長為2m。一束單色光在截面所在平面內(nèi)，從中點(diǎn)D射入棱鏡，入射角為，正好從界面的中點(diǎn)E射出，不考慮光線在棱鏡中的反射，真空中光速為，求：
該棱鏡的折射率；
光在棱鏡中的傳播時間。
答案和解析 1.【答案】D 【解析】解：A、物體受到變力作用時，力的方向與物體運(yùn)動方向在一條直線，物體做直線運(yùn)動，故A錯誤；
B、物體受恒力作用時，恒力不能提供始終指向圓心的力，故物體不可能做圓周運(yùn)動，故B錯誤；
C、在等量異種點(diǎn)電荷的電場中不存在同一個平面內(nèi)的指向背離同一個圓心的電場線，所以帶電粒子在等量異種點(diǎn)電荷的電場中所受電場力不能始終指向圓心提供向心力，不能做勻速圓周運(yùn)動，故C錯誤；
D、將一個物體沿水平方向拋出，在空氣阻力忽略不計(jì)的情況下，物體所做的運(yùn)動叫平拋運(yùn)動，所以帶電小球在磁場中運(yùn)動時，除重力外還受洛倫茲力作用，其運(yùn)動不能成為平拋運(yùn)動，故D正確。
故選：D。
根據(jù)物體做直線運(yùn)動的條件分析；根據(jù)物體做圓周運(yùn)動的條件分析；根據(jù)平拋運(yùn)動的定義分析。
本題的關(guān)鍵是要明確物體做勻速直線運(yùn)動、平拋運(yùn)動與勻速圓周運(yùn)動的條件。
2.【答案】C 【解析】解：A、該譜線由氫原子的原子能級躍遷產(chǎn)生，并非原子核能級躍遷產(chǎn)生，故A錯誤；
B、四條光譜線中，譜線對應(yīng)的光子波長最大，頻率最小，能量最小，故B錯誤；
C、譜線對應(yīng)的光，是從到能級躍遷產(chǎn)生的，能量為，照射逸出功為的金屬，可使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；
D、可見光中紫光的波長最小，譜線對應(yīng)的光是可見光中的紫光，故D錯誤；
故選：C。
該譜線由氫原子的原子能級躍遷產(chǎn)生，光子能量與頻率成正比，與波長成反比；根據(jù)光電效應(yīng)的條件分析C項(xiàng)，可見光中紫光的波長最小，紅光波長最大。
本題以能級圖為情景，考查對光譜的理解、光子能量、能級、玻爾理論、光電效應(yīng)及其相關(guān)知識點(diǎn)，體現(xiàn)的核心素養(yǎng)是能量觀念和科學(xué)思維能力。
3.【答案】B 【解析】解：A、根據(jù)對稱性，結(jié)合電場的矢量疊加可知M點(diǎn)電場強(qiáng)度為0，故A錯誤；
B、根據(jù)，由于N點(diǎn)離C點(diǎn)較近，根據(jù)電場的矢量疊加可知N點(diǎn)電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向，故B正確；
C、根據(jù)對稱性，N點(diǎn)離正電荷C較近，所以電勢高于M點(diǎn)電勢，故C錯誤；
D、根據(jù)對稱性，結(jié)合電場的矢量疊加可知經(jīng)過M點(diǎn)垂直于x軸的電場方向是由無窮遠(yuǎn)指向M點(diǎn)，則由M點(diǎn)沿垂直于x軸方向移動一小段距離，電場力做負(fù)功，點(diǎn)電荷電勢能增大，故D錯誤；
故選：B。
根據(jù)對稱性分析場強(qiáng)的大??；離正電荷較近的點(diǎn)，電勢越高，判斷電勢關(guān)系．根據(jù)電場力對電荷做功的特點(diǎn)判斷電勢能變化。
解決本題的關(guān)鍵要熟悉等量電荷電場線分布特點(diǎn)，利用對稱性進(jìn)行判斷，利用推論：電場力做正功，電勢能減小，是判斷電勢能變化常用的方法．
4.【答案】C 【解析】解：A、對地球衛(wèi)星有：，解得：可知，衛(wèi)星軌道半徑越大，角速度越小，由于太空電梯上除a點(diǎn)各質(zhì)點(diǎn)的角速度與同步衛(wèi)星的角速度相同，即“太空電梯”各質(zhì)點(diǎn)的角速度小于與其處于同一軌道半徑上衛(wèi)星的角速度，則“太空電梯”上各質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動所需的向心加速度小于該軌道衛(wèi)星的向心加速度，衛(wèi)星的向心力是全部由萬有引力題供，但是太空電梯上各質(zhì)點(diǎn)的向心力小于其萬有引力，所以處于失重狀態(tài)，但不是處于完全失重狀態(tài)，故A錯誤；
B、根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系有，由于太空電梯上各點(diǎn)的角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度，可知，太空電梯上各點(diǎn)線速度與該點(diǎn)離地球球心距離成正比，故B錯誤；
C、根據(jù)可知，衛(wèi)星軌道半徑越大，角速度越小，由于太空電梯上各質(zhì)點(diǎn)的角速度與同步衛(wèi)星的角速度相同，所以太空電梯靠近地球一端的角速度大于衛(wèi)星b的角速度，故C正確；
D、若經(jīng)過時間t之后，a、b第一次相距最遠(yuǎn)，則有：，即，解得：，故D錯誤。
故選：C。
“太空電梯”上各質(zhì)點(diǎn)除a點(diǎn)的向心力小于其萬有引力，不是完全失重；
根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系進(jìn)行分析；
根據(jù)分析角速度大小關(guān)系；
若經(jīng)過時間t之后，a、b第一次相距最遠(yuǎn)，則有：，由此得到b的周期。
本題關(guān)鍵根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力進(jìn)行分析，掌握勻速圓周運(yùn)動的相遇問題和共軸轉(zhuǎn)動問題的處理方法。
5.【答案】B 【解析】解：A、粒子1做類平拋運(yùn)動，設(shè)粒子1達(dá)到O點(diǎn)的時間為t，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，水平方向有：
豎直方向有：
聯(lián)立解得：
粒子1到達(dá)O點(diǎn)時的速度
由動能定理得：
聯(lián)立解得：
故A錯誤；
B、粒子2做勻加速直線運(yùn)動，由勻變速直線運(yùn)動位移-時間公式得：
由牛頓第二定律得：
聯(lián)立解得：
故B正確；
C、粒子水平方向做勻速直線運(yùn)動，若將粒子1射入電場時的速度變?yōu)?/span>，粒子1到達(dá)O點(diǎn)所在豎直面的時間為，粒子2做勻加速直線運(yùn)動，內(nèi)的位移一定小于總位移的一半，則在粒子1初速度平面的上方，故兩粒子不能相遇，故C錯誤；
D、粒子1做類平拋運(yùn)動，若水平方向的速度變?yōu)?/span>2倍，豎直方向的運(yùn)動不變，到達(dá)下級板的時間為t，水平方向做勻速直線運(yùn)動，水平位移變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒t不能到達(dá)O點(diǎn)，故D錯誤。
故選：B。
粒子1做類平拋運(yùn)動，水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)動能定理和運(yùn)動學(xué)公式列式求解粒子1到達(dá)O點(diǎn)時的速度和運(yùn)動時間；粒子2做勻加速直線運(yùn)動，運(yùn)動時間與粒子1的運(yùn)動時間相同，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動位移-時間公式列式即可求解粒子2射入電場時的速度；若粒子2的速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，豎直方向的分運(yùn)動不變，判斷粒子1到達(dá)O點(diǎn)所在直線時2的位置，比較即可。
本題考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動，解題關(guān)鍵是知道兩粒子的運(yùn)動情況，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式、牛頓第二定律和動能定理列式求解即可。
6.【答案】BD 【解析】解：A、對ab分析，如圖：
對a，水平方向有
豎直方向：
所以：
對b，水平方向：
豎直方向：
所以：
a到頂點(diǎn)的距離與b到頂點(diǎn)的距離之比為1：3
所以：：3，則，故A錯誤；
B、a受到的向心力為，，兩物塊向心力之比為1：3，故B正確；
C、由于a受到的合力不等于0，則小物塊a受到支持力與摩擦力的合力大小不等于mg，故C錯誤；
D、假設(shè)物塊a出現(xiàn)相對滑動，則，由于
解得：
同理可知
則ab最大靜摩擦力相同，增大角速度，由B項(xiàng)分析可知b先達(dá)到最大靜摩擦力，所以b先出現(xiàn)相對滑動，故D正確；
故選：BD。
對ab分析，根據(jù)合力提供向心力可解得AB項(xiàng)，根據(jù)最大靜摩擦力與向心力關(guān)系分析D項(xiàng)。
解決本題的關(guān)鍵需要分析物塊所需的向心力大小，由合力提供向心力，判斷物塊所受摩擦力與向心力關(guān)系分析物塊的相對運(yùn)動，題目難度較大。
7.【答案】BD 【解析】解：A、設(shè)鐵塊脫離木船時的速度為，木船的速度為，從燒斷細(xì)線到鐵塊離開小船的過程中，對木船和鐵塊組成的系統(tǒng)由動能定理得：
已知
則
鐵塊和木船均做勻加速直線運(yùn)動，鐵塊的位移為
木船的位移為
則
由幾何關(guān)系得：
聯(lián)立解得：
鐵塊脫離木船后在空中運(yùn)動的水平距離為
故A錯誤；
B、鐵塊離開木船后做平拋運(yùn)動，水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動，位移為
豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動，位移為
聯(lián)立解得：
故B正確；
C、小木塊最終的速度大小為
故C錯誤；
D、由能量守恒定律得，彈簧釋放的彈性勢能
解得：
故D正確。
故選：BD。
從燒斷細(xì)線到鐵塊離開小船的過程中，對木船和鐵塊組成的系統(tǒng)，由動能定理求解兩者的速度，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動規(guī)律和幾何關(guān)系求解鐵塊脫離木船后在空中運(yùn)動的水平距離；鐵塊離開木船后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律列式求解鐵塊的速度，根據(jù)兩者速度關(guān)系求解小木船的速度；根據(jù)能量守恒定律求解彈簧的彈性勢能。
本題主要是考查“人船模型”和平拋運(yùn)動的結(jié)合，解答時要首先弄清楚運(yùn)動情況，利用動量守恒定律和能量守恒定律列式求解即可。
8.【答案】AD 【解析】解：A、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得粒子運(yùn)動的軌跡半徑，故A正確；
B、粒子在磁場中做運(yùn)動圓周運(yùn)動，粒子運(yùn)動軌跡如下圖所示
由幾何知識可知，粒子從P運(yùn)動到Q過程中，在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期，粒子從P運(yùn)動到Q需要的時間，故B錯誤；
C、若射出速度為，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子運(yùn)動軌跡如下圖所示
由幾何知識可知，粒子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)過程在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，粒子粒子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)所用時間，故C錯誤；
D、若射出速度為2v，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子運(yùn)動軌跡如圖所示：
由幾何知識可知，粒子第一次運(yùn)動ac邊上的位置到a點(diǎn)的距離，故D正確。
故選：AD。
粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子軌道半徑，作出粒子運(yùn)動軌跡，求出粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，然后根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動的周期公式與幾何知識分析答題。
本題考查了帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運(yùn)動過程，作出粒子運(yùn)動軌跡是解題的前提，應(yīng)用牛頓第二定律與周期公式可以解題。
9.【答案】 【解析】解：螺旋測微器的精確度為，其讀數(shù)為固定刻度值與可懂刻度值之和，即；
根據(jù)圖甲可知，滑動變阻器分壓式接入電路，需要選擇小阻值，故C正確，AB錯誤；
故選：C。
為保證電壓表和電流表安全，要求電表示的示數(shù)從零開始變化，因此滑動變阻器的滑片滑到電路圖中a端，
根據(jù)部分電路歐姆定律可知，，整理得，即，解得；
根據(jù)電阻定律
聯(lián)立解得；
故答案為：；；；；。
根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)方法進(jìn)行讀數(shù)；
根據(jù)電路圖為分壓式可知滑動變阻器應(yīng)該選用阻值小的；
根據(jù)實(shí)驗(yàn)的安全性即可分析滑動變阻器滑片的位置；
根據(jù)部分電路歐姆定律列式，整理表達(dá)式再結(jié)合題干圖像即可解題；
根據(jù)電阻定律列式，整理表達(dá)式即可求解電阻絲的電阻率。
本題考查了電學(xué)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理選擇滑動變阻器，根據(jù)實(shí)驗(yàn)的安全性可知滑動變阻器滑片的位置，掌握歐姆定律與電阻定律即可正確求電阻率表達(dá)式。
10.【答案】解：小球剛到B點(diǎn)時速度為，設(shè)管道對小球的支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律有，代入數(shù)據(jù)解得：
根據(jù)牛頓第三定律得小球?qū)艿赖膲毫Υ笮?/span>
當(dāng)小球再次返回運(yùn)動到B點(diǎn)時，整個軌道裝置的速度最大，此時小球速度為，取水平向右為正方向，由動量守恒定律得
由機(jī)械能守恒定律得
解得：
彈簧壓縮到最短時彈性勢能最大，此時小球與整個軌道裝置共速，設(shè)共同速度為v，取水平向右為正方向，根據(jù)水平方向動量守恒得
由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒可得
解得彈簧最大的彈性勢能
答：若，小球第一次運(yùn)動到半圓細(xì)管軌道B點(diǎn)時對軌道的壓力大小為2mg；
若，整個軌道裝置獲得的最大速度大小為；
若，輕質(zhì)彈簧獲得的最大彈性勢能為mgR。 【解析】根據(jù)牛頓第二定律求解管道對小球的支持力，根據(jù)牛頓第三定律求解小球?qū)艿赖膲毫Γ?/span>
根據(jù)動量守恒定律和系統(tǒng)機(jī)械能守恒求解軌道裝置獲得的最大速度大小；
根據(jù)動量守恒定律和系統(tǒng)機(jī)械能守恒求解彈簧最大的彈性勢能；
本題主要考查了動量守恒定律和系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的靈活運(yùn)用，在第三問中，達(dá)到的共同速度時彈簧的彈性勢能最大，是解題的關(guān)鍵。
11.【答案】解：線框由靜止釋放，在傳送帶滑動摩擦力作用下加速，根據(jù)牛頓第二定律可得：
解得加速度大小為：
經(jīng)過時間t與傳送帶共速，則有：
代入數(shù)據(jù)解得：
此過程中線框位移：
然后線框勻速，到達(dá)邊界MN時線框的速度為
進(jìn)入磁場過程，ab邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：
根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流為：
聯(lián)立解得：
安培力大小為：，代入數(shù)據(jù)解得：
最大靜摩擦力為：，代入數(shù)據(jù)解得：
可知線框?qū)蛩龠M(jìn)出磁場，線框進(jìn)入磁場的時間為：
整個過程中通過線框某截面的電荷量為：
由功能關(guān)系可知，線框中產(chǎn)生的焦耳熱：
代入數(shù)據(jù)解得：
答：通過線框某截面的電荷量為4C；
線框中產(chǎn)生的焦耳熱為64J。 【解析】根據(jù)牛頓第二定律求解在無磁場區(qū)的加速度大小，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求解達(dá)到與傳送帶共速的位移，由此分析線框進(jìn)入磁場中的運(yùn)動情況，根據(jù)閉合電路的歐姆定律、電荷量的計(jì)算公式求解電荷量；
根據(jù)功能關(guān)系求解產(chǎn)生的熱。
對于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、功能關(guān)系等列方程求解。
12.【答案】ACD 【解析】解：A、當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子之間的距離減小的過程中需要克服分子力做功，所以分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故A正確；
B、根據(jù)多晶體與單晶體的特點(diǎn)可知，多晶體是由單晶體組合而成的，單晶體的某些物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，多晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，故B錯誤；
C、根據(jù)布朗運(yùn)動的特點(diǎn)，溫度越高，布朗運(yùn)動越顯著，故C正確；
D、內(nèi)能不同的物體，當(dāng)它們的溫度相同時，它們分子熱運(yùn)動的平均動能相等，故D正確。
E、理想氣體的等壓壓縮過程，外界對氣體做功，但對外放熱，氣體溫度降低使氣體的內(nèi)能減小，故E錯誤；
故選：ACD。
根據(jù)分子力隨距離變化規(guī)律、分子力做功規(guī)律分析A項(xiàng)，根據(jù)多晶體與單晶體的特點(diǎn)分析B項(xiàng)；溫度越高，布朗運(yùn)動越顯著，溫度相同時，分子熱運(yùn)動的平均動能相等，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析E項(xiàng)。
本題考查了分子力、分子勢能、熱力學(xué)第一定律以及布朗運(yùn)動，知識點(diǎn)多，難度不大，屬于基礎(chǔ)題目，關(guān)鍵是多看書，多加積累。
13.【答案】解：由題意，可知AC線為等容線，根據(jù)查理定律，有
解得
根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有
解得
由圖像可知從狀態(tài)A到狀態(tài)C，氣體等容變化。根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得
從狀態(tài)C到狀態(tài)B，氣體等溫變化，內(nèi)能不變，
所以從狀態(tài)B到狀態(tài)A，
設(shè)從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體與外界交換的熱量為，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知
氣體與外界交換的熱量
答：氣體在狀態(tài)C時的壓強(qiáng)為，在狀態(tài)B時的體積為；
從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體與外界交換的熱量為。 【解析】根據(jù)查理定律及理想氣體狀態(tài)方程解答；
從狀態(tài)A到狀態(tài)C，氣體等容變化，從狀態(tài)C到狀態(tài)B，氣體等溫變化，結(jié)合根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體與外界交換的熱量。
本題關(guān)鍵抓住氣體的內(nèi)能是狀態(tài)量，由氣體的溫度決定?？疾榛镜膽?yīng)用能力。
14.【答案】ACD 【解析】解：A、物體做受迫振動達(dá)到穩(wěn)定后，其振動頻率定等于驅(qū)動力頻率，與其固有頻率無關(guān)，故A正確；
B、根據(jù)單擺的周期公式可知單擺的周期與振幅無關(guān)，故B錯誤；
C、照相機(jī)鏡頭表面的增透膜是利用了光的干涉原理，使反射光減弱，增加透射，故C正確；
D、根據(jù)多普勒效應(yīng)可知：當(dāng)波源和觀察者相互遠(yuǎn)離時，觀察者接收到的頻率變小，故D正確。
E、通過一個狹縫來觀察日光燈可以看到彩色條紋是光的衍射，故E錯誤。
故選：ACD。
物體受迫振動穩(wěn)定后的頻率和驅(qū)動力頻率相同；根據(jù)單擺周期公式分析；增透膜是利用了光的干涉原理；根據(jù)多普勒效應(yīng)分析；根據(jù)光的衍射原理分析。
本題考查受迫振動，單擺、增透膜、多普勒效應(yīng)等多個知識點(diǎn)，要提高利用所學(xué)知識分析問題的能力。
15.【答案】解：根據(jù)題意，在負(fù)折射率材料制成的棱鏡中畫出光路圖，如圖所示：
由幾何關(guān)系可得，入射光在D點(diǎn)的折射角為
由折射定理可得，該材料的折射率為
由幾何關(guān)系可得，光在棱鏡中的傳播距離為
由公式可得，光在棱鏡中的傳播速度為
則光在棱鏡中的傳播時間為
代入數(shù)據(jù)解得：
答：該棱鏡的折射率為；
光在棱鏡中的傳播時間為。 【解析】先根據(jù)題意畫出光路圖。根據(jù)幾何知識確定出光線在BC面上的折射角，再由折射定律求出折射率。
由幾何關(guān)系求出光在棱鏡中傳播的路程。由求出光在棱鏡中傳播的速度，從而求得傳播時間。
本題是折射定律、幾何知識的綜合應(yīng)用，作出光路圖，由幾何關(guān)系求折射角是解題的關(guān)鍵。
相關(guān)試卷
2023年河南省安陽市高考物理二模試卷（含解析）：
這是一份2023年河南省安陽市高考物理二模試卷（含解析），共21頁。
2023年河南省安陽市高考物理二模試卷（含解析）：
這是一份2023年河南省安陽市高考物理二模試卷（含解析），共21頁。
2023屆河南省鄭州市高三下學(xué)期二模物理試卷(含答案)：
這是一份2023屆河南省鄭州市高三下學(xué)期二模物理試卷(含答案)，共27頁。試卷主要包含了選擇題，非選擇題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
相關(guān)試卷 更多
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
- 1.電子資料成功下載后不支持退換，如發(fā)現(xiàn)資料有內(nèi)容錯誤問題請聯(lián)系客服，如若屬實(shí)，我們會補(bǔ)償您的損失
- 2.壓縮包下載后請先用軟件解壓，再使用對應(yīng)軟件打開；軟件版本較低時請及時更新
- 3.資料下載成功后可在60天以內(nèi)免費(fèi)重復(fù)下載
版權(quán)申訴
高考專區(qū)
- 精品推薦
- 所屬專輯70份
2022_2023學(xué)年高中物理高三模擬考試物理試卷（含答案解析）
共70份
2024-02-01更新
歡迎來到教習(xí)網(wǎng)
- 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
- 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
- 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
- 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊
二維碼已過期
刷新
微信掃碼，快速注冊
手機(jī)號注冊
注冊即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊協(xié)議」及「隱私條款」
注冊成功
-
0
資料籃
-
在線客服
官方
微信添加在線客服
獲取1對1服務(wù)
-
官方微信
官方
微信關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號
打開微信就能找資料
-
賽課定制
賽課
定制添加在線客服
獲取1對1定制服務(wù)
-
職稱咨詢
職稱
咨詢添加在線客服
獲取1V1專業(yè)指導(dǎo)服務(wù)
-
免費(fèi)福利
返回
頂部
頂部