2023年廣州市普通高中畢業(yè)班綜合測(cè)試(一)物理試題及答案-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

2023年廣州市普通高中畢業(yè)班綜合測(cè)試（一）物理本試卷共6頁(yè)，15小題，滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1. 為空間站補(bǔ)給物質(zhì)時(shí)，我國(guó)新一代貨運(yùn)飛船“天舟五號(hào)”實(shí)現(xiàn)了2小時(shí)與“天宮空間站”快速對(duì)接，對(duì)接后的“結(jié)合體”仍在原空間站軌道運(yùn)行。對(duì)接前“天宮空間站”與“天舟五號(hào)”的軌道如圖所示，則（　　）A. “天宮空間站”對(duì)地球的引力小于地球?qū)Α疤鞂m空間站”的引力B. “天宮空間站”的向心加速度小于“天舟五號(hào)”的向心加速度C. “結(jié)合體”受到地球引力比“天宮空間站”受到地球的引力小D. “結(jié)合體”受到地球的引力等于“天宮空間站”受到地球的引力【答案】B【解析】【詳解】A．“天宮空間站”對(duì)地球的引力與地球?qū)Α疤鞂m空間站”的引力是一對(duì)相互作用力，大小相等，方向相反，因此“天宮空間站”對(duì)地球的引力等于地球?qū)Α疤鞂m空間站”的引力，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得可知，軌道半徑越小，向心加速度越大，即“天宮空間站”的向心加速度小于“天舟五號(hào)”的向心加速度，B正確；CD．根據(jù)可知，軌道半徑相同，結(jié)合體的質(zhì)量大于對(duì)接前空間站的質(zhì)量，則“結(jié)合體”受到地球的引力比“天宮空間站”受到地球的引力大，CD錯(cuò)誤；故選B。2. 如圖，兩平行直導(dǎo)線cd和ef豎直放置，通以方向相反、大小相等恒定電流，a、b、p三個(gè)相同的閉合金屬圓環(huán)位于兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi)，a在導(dǎo)線cd的左側(cè)，b在導(dǎo)線ef的右側(cè)，p在導(dǎo)線cd與ef之間，則（　?。?/span>A. 穿過p的磁通量為零B. a、b圓心處的磁場(chǎng)方向相反C. cd、ef所受到的安培力方向相反D. a向左平動(dòng)時(shí)產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流【答案】C【解析】【詳解】A．由題意，根據(jù)安培定則，可判斷知通電直導(dǎo)線cd和ef在p圓環(huán)處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均垂直紙面向外，所以穿過p的磁通量不為零，故A錯(cuò)誤；B．由于距離通電導(dǎo)線越近，產(chǎn)生的磁場(chǎng)越強(qiáng)，距離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，產(chǎn)生的磁場(chǎng)越弱，根據(jù)安培定則，結(jié)合對(duì)稱性，可判斷知通電直導(dǎo)線cd和ef在a、b圓心處產(chǎn)生磁場(chǎng)的合磁場(chǎng)方向相同，均垂直紙面向里，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)兩通電直導(dǎo)線之間的相互作用規(guī)律：“同向相吸，異向相斥”，可知cd所受到的安培力向左，ef所受到的安培力向右，故C正確；D．由選項(xiàng)B分析可知，a處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，若a圓環(huán)向左平動(dòng)時(shí)，穿過a圓環(huán)垂直紙面向里的磁通量將減小，根據(jù)“楞次定律”可知，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向也垂直紙面向里，由安培定則可判斷知在a內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，故D錯(cuò)誤。故選C。3. 如圖，放映電影時(shí)，強(qiáng)光照在膠片上，一方面，將膠片上的“影”投到屏幕上；另一方面，通過聲道后的光照在光電管上，隨即產(chǎn)生光電流，喇叭發(fā)出與畫面同步的聲音。電影實(shí)現(xiàn)聲音與影像同步，主要應(yīng)用了光電效應(yīng)的下列哪一條規(guī)律（　?。?/span>A. 光電效應(yīng)的發(fā)生時(shí)間極短，光停止照射，光電效應(yīng)立即停止B. 入射光的頻率必須大于金屬的極限頻率，光電效應(yīng)才能發(fā)生C. 光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，只隨著入射光的頻率增大而增大D. 當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，光電流的強(qiáng)度隨入射光的強(qiáng)度增大而增大【答案】A【解析】【詳解】電影實(shí)現(xiàn)聲音與影像同步，主要應(yīng)用了光電效應(yīng)中的規(guī)律是：光電效應(yīng)的發(fā)生時(shí)間極短，光停止照射，光電效應(yīng)立即停止，依據(jù)該原理實(shí)現(xiàn)聲音與影像同步。故選A。4. 某小組用如圖a所示的風(fēng)速儀研究交流電，風(fēng)杯在風(fēng)力作用下帶動(dòng)與其連在一起的永磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)；某一風(fēng)速時(shí)，線圈中產(chǎn)生的交變電流如圖b所示，已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，則（　?。?/span>A. 該交變電流的周期為B. 該交變電流的峰值為C. 風(fēng)速增大，產(chǎn)生的交變電流周期增大D. 風(fēng)速增大，產(chǎn)生的交變電流峰值增大【答案】D【解析】【詳解】A．從圖像可以看出該交變電流的周期為，A錯(cuò)誤； B．結(jié)合圖像可知該交變電流的峰值為，B錯(cuò)誤； C．已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，風(fēng)速增大，風(fēng)杯轉(zhuǎn)速就越大，由知產(chǎn)生的交變電流周期減小，C錯(cuò)誤； D．已知風(fēng)杯轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，風(fēng)速增大，風(fēng)杯轉(zhuǎn)速就越大，由可知產(chǎn)生交變電流峰值增大，D正確。故選D。5. 點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，電子僅在電場(chǎng)力作用下，從M點(diǎn)到N點(diǎn)做加速度減小的減速直線運(yùn)動(dòng)，則（　?。?/span>A. 點(diǎn)電荷Q為正電荷B. 點(diǎn)電荷Q為負(fù)電荷C. M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比N點(diǎn)的小D. M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低【答案】A【解析】【詳解】AB．電子僅在電場(chǎng)力作用下，從M點(diǎn)到N點(diǎn)做加速度減小的減速直線運(yùn)動(dòng)，電子在遠(yuǎn)離點(diǎn)電荷Q，電場(chǎng)力指向點(diǎn)電荷，點(diǎn)電荷Q為正電荷，故A正確，B錯(cuò)誤；C．電子從M點(diǎn)到N點(diǎn)加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律可知電場(chǎng)力減小，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度定義式可知電場(chǎng)強(qiáng)度減小，M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比N點(diǎn)的大，故C錯(cuò)誤；D．點(diǎn)電荷帶正電，電場(chǎng)線方向由M點(diǎn)指向N點(diǎn)，M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的高，故D錯(cuò)誤。故選A。6. 傳統(tǒng)嶺南祠堂式建筑陳家祠保留了瓦片屋頂，屋頂結(jié)構(gòu)可簡(jiǎn)化為如圖，弧形瓦片靜止在兩根相互平行的傾斜椽子正中間。已知椽子與水平面夾角均為，瓦片質(zhì)量為m，重力加速度為g，則椽子對(duì)瓦片（　?。?/span>A. 支持力的合力方向豎直向上B. 作用力的合力方向豎直向上C. 支持力的合力大小為mgD. 作用力的合力大小為【答案】B【解析】【詳解】AB．對(duì)瓦片進(jìn)行受力分析，受到椽子對(duì)其的支持力方向垂直接觸面斜向上；根據(jù)平衡條件可得椽子對(duì)瓦片的作用力的合力與瓦片的重力為一對(duì)平衡力，即椽子對(duì)瓦片的作用力的合力方向豎直向上，A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)前面分析椽子對(duì)瓦片支持力的合力大小為C錯(cuò)誤；D．椽子對(duì)瓦片作用力的合力大小為D錯(cuò)誤。故選B。7. 如圖，籃球運(yùn)動(dòng)員站在廣場(chǎng)上的某一噴泉水柱旁邊，虛線“1”“2”“3”所在水平面分別是地面、運(yùn)動(dòng)員的頭頂、該水柱最高點(diǎn)所在的水平面。根據(jù)圖中信息和生活經(jīng)驗(yàn)，可以估算出該水柱從地面噴出時(shí)的速度約為（　　）A. 2m/s B. 6m/sC. 12m/s D. 20m/s【答案】C【解析】【詳解】籃球運(yùn)動(dòng)員身高約為1.8m，由圖可知水柱的高度約為人身高的4倍，即7.2m，則解得故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8. 如圖，足球場(chǎng)上，某運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行“邊路突破”訓(xùn)練，沿邊線將足球向前踢出，為控制足球，又向前追趕足球，下列和圖像能大致反映此過程的是（　?。?/span>A. B. C. D. 【答案】AC【解析】【詳解】AB．運(yùn)動(dòng)員將足球向前踢出，由于地面有阻力作用，足球做勻減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員向前追趕做加速運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．圖像的斜率表示速度，足球做減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員做加速運(yùn)動(dòng)，且踢球時(shí)兩者在同一位置，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9. 如圖，質(zhì)子以一定初速度從a點(diǎn)沿ac方向進(jìn)入立方體區(qū)域，由點(diǎn)飛出，該立方體區(qū)域可能僅存在（　?。?/span>A. 沿ab方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)B. 沿方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)C. 沿方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)D. 沿bd方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)【答案】BD【解析】【詳解】A．若立方體區(qū)域僅存在沿ab方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)子受到的電場(chǎng)力沿ab方向，會(huì)在水平面內(nèi)做曲線運(yùn)動(dòng)，無(wú)法到達(dá)，A錯(cuò)誤；B．若立方體區(qū)域僅存在沿方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)子受到的電場(chǎng)力沿方向，會(huì)在豎直面內(nèi)做曲線運(yùn)動(dòng)，有可能到達(dá)，B正確；C．若立方體區(qū)域僅存在沿方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子受到水平方向的洛倫茲力，會(huì)在水平面內(nèi)做曲線運(yùn)動(dòng)，不可能到達(dá)，C錯(cuò)誤；D．若立方體區(qū)域僅存在沿bd方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子受到豎直方向的洛倫茲力，會(huì)在豎直面內(nèi)做曲線運(yùn)動(dòng)，有可能到達(dá)，D正確。故選BD。10. 如圖，中國(guó)古代的一種斜面引重車前輪矮小、后輪高大，在前后輪之間裝上木板構(gòu)成斜面，系緊在后輪軸上的繩索，繞過斜面頂端的滑輪與斜面上的重物連接。設(shè)重物的重力為G、繩索對(duì)重物的拉力為T、斜面對(duì)重物的作用力為F。推車子前進(jìn)，重物被拉動(dòng)沿木板上滑過程中（　?。?/span>A. F與T的夾角一定大于90°B. G和T的合力一定與F等大反向C. T和F對(duì)重物做功之和等于重物動(dòng)能的變化量D. T和F對(duì)重物做功之和等于重物機(jī)械能的變化量【答案】AD【解析】【詳解】A．對(duì)重物進(jìn)行受力分析如圖所示根據(jù)受力分析可知，斜面對(duì)重物有支持力與摩擦力的作用，則斜面對(duì)重物的作用力為F為斜面對(duì)重物有支持力N與摩擦力f的合力，根據(jù)上述受力分析圖，將支持力與摩擦力合成，可知，F與T的夾角一定大于90°，A正確；B．當(dāng)重物勻速上滑時(shí)，G和T的合力與F等大反向，當(dāng)重物不是勻速上滑時(shí)，G和T的合力與F不等大反向，B錯(cuò)誤；C．以重物為對(duì)象，根據(jù)動(dòng)能定理有可知，T、F和G對(duì)重物做功之和等于重物動(dòng)能的變化量，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)上述有由于則有可知，T和F對(duì)重物做功之和等于重物機(jī)械能的變化量，D正確。故選AD。三、非選擇題：共54分。考生根據(jù)要求作答。11. 用如圖a所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)，請(qǐng)完成相關(guān)實(shí)驗(yàn)內(nèi)容。（1）將斜軌固定在桌面上，反復(fù)調(diào)節(jié)斜軌末端成水平；（2）在末端出口處安裝光電門并調(diào)節(jié)其到適當(dāng)位置。將貼有坐標(biāo)紙的木板緊靠在斜軌出口處豎直放置，并在坐標(biāo)紙上將出口處標(biāo)為O點(diǎn)，過O點(diǎn)作水平線為x軸、豎直線為y軸；（3）用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑d，讀數(shù)如圖b，則______mm；（4）從斜軌上釋放小球，用每隔曝光一次的頻閃照相機(jī)正對(duì)著木板照相；（5）從數(shù)字計(jì)時(shí)器讀得小球通過光電門的遮光時(shí)間為，則小球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度為______m/s；（保留兩位有效數(shù)字）（6）根據(jù)頻閃照片中記錄的信息，在圖a的坐標(biāo)紙上標(biāo)出小球離開斜軌后的5個(gè)連續(xù)位置A、B、C、D、E，讀得A、E兩位置的水平距離為12.00cm，由此可求得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為______m/s；（保留兩位有效數(shù)字）（7）多次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)總是有，導(dǎo)致這個(gè)結(jié)果的可能原因有______。（填選項(xiàng)前的字母）A．小球在軌道斜面上受摩擦阻力B．小球平拋運(yùn)動(dòng)過程受空氣阻力C．小球平拋運(yùn)動(dòng)軌跡平面與坐標(biāo)紙不平行D．小球經(jīng)過光電門時(shí)，球心與光線不在同一高度【答案】 ①. ②. ③. ④. B【解析】【詳解】（3）[1] 小球的直徑（5）[2]小球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度為（6）[3]相鄰兩點(diǎn)間的距離和時(shí)間間隔分別為3.00cm、，所以小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為（7）[4] A．軌道斜面的作用是使小球獲得一個(gè)水平初速度，小球在軌道斜面上受摩擦阻力并不影響的大小，故A不符合題意；B．小球平拋運(yùn)動(dòng)過程受空氣阻力，使得小球水平方向做減速運(yùn)動(dòng)，水平位移偏小，值偏小，故B符合題意；C．小球平拋運(yùn)動(dòng)軌跡平面與坐標(biāo)紙不平行，會(huì)造成小球運(yùn)動(dòng)過程中在坐標(biāo)紙上的水平投影位移偏大，偏大，故C不符合題意；D．小球經(jīng)過光電門時(shí)，球心與光線不在同一高度，會(huì)造成遮擋光電門光線距離小于小球直徑，造成偏小，故D不符合題意。故選B。12. 如圖（a）是一種雙量程電流表內(nèi)部各元件的連接圖。（1）這種電流表“3A”量程的內(nèi)阻________（選填“大于”“小于”）；（2）某同學(xué)用多用電表的歐姆擋檢測(cè)這種電流表，選擇“”擋，歐姆調(diào)零后將紅、黑表筆分別接到電流表的“﹣”“0.6A”接線柱，指針指示如圖（b），示數(shù)為________，保持黑表筆不動(dòng)，將紅表筆從“﹣”接線柱移到“3A”接線柱，示數(shù)幾乎與圖（b）相同，由此可知電流表內(nèi)部阻值為的電阻發(fā)生________故障（選填“斷路”“短路”）；（3）由于的故障電阻阻值較小，該同學(xué)設(shè)想用如圖（c）的電路測(cè)得一段阻值為的電阻絲，再將它分成等長(zhǎng)的5段，用其中一段替代。實(shí)驗(yàn)時(shí)移動(dòng)小金屬夾P到電阻絲的某位置時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.50A和1.30V，接下來(lái)應(yīng)將P向________（選填“左”“右”）移動(dòng)。（4）用電阻絲替代故障電阻后，若電阻絲實(shí)際接入電路的阻值略小于標(biāo)準(zhǔn)值，則會(huì)導(dǎo)致用該電流表“0.6A”量程測(cè)電流時(shí)的測(cè)量值________（選填“偏大”“偏小”）。【答案】 ①. 小于 ②. 140 ③. 斷路 ④. 右 ⑤. 偏小【解析】【詳解】（1）[1]電流表接“3A”的量程時(shí)，根據(jù)并聯(lián)電路的總電阻小于分支電阻，由圖（a）可知此時(shí)電流表的內(nèi)阻為電路的總電阻，小于分支的電阻；（2）[2]歐姆表表盤10~15之間有5格，每小格代表，據(jù)讀數(shù)規(guī)則，要讀到下一位，且倍率為“”，故讀數(shù)為[3]根據(jù)歐姆表電流流向“紅進(jìn)黑出”，由圖（a）可知，為接線柱中間兩電阻、之和，說明此時(shí)、兩電阻并未與，兩電阻并聯(lián)；保持黑表筆不動(dòng)，將紅表筆從“﹣”接線柱移到“3A”接線柱，示數(shù)幾乎與圖（b）相同，說明更換接線柱后，電流表總電阻的阻值幾乎未發(fā)生變化，故可推知電流表內(nèi)部、與串聯(lián)，阻值為的電阻發(fā)生斷路，若短路則歐姆表示數(shù)應(yīng)為0；（3）[4]由示數(shù)，，可得要增大電阻，接下來(lái)應(yīng)將P向右滑。（4）[5]設(shè)，，，，用電阻絲替代故障電阻后，若電阻絲實(shí)際接入電路阻值略小于標(biāo)準(zhǔn)值，電阻絲實(shí)際接入電路的阻值為；接0.6A量程時(shí)，設(shè)某次測(cè)電流時(shí)，流過表頭的電流為，則電流測(cè)量值為電流的真實(shí)值為由于可得會(huì)導(dǎo)致用該電流表“0.6A”量程測(cè)電流時(shí)的測(cè)量值偏小。13. 一只乒乓球在環(huán)境溫度為時(shí)，球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為、體積為V．某次乒乓球被踩癟，但沒有破，球內(nèi)氣體的體積變?yōu)?/span>?，F(xiàn)將癟了的乒乓球放入熱水中，乒乓球恢復(fù)原形時(shí)，球內(nèi)氣體的溫度為。（1）乒乓球在熱水中恢復(fù)原形前，球內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能如何變化？（2）求球被踩癟后和在熱水中恢復(fù)原形時(shí)，對(duì)應(yīng)球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)和。【答案】（1）增大；（2），【解析】【詳解】（1）乒乓球放入熱水中，球內(nèi)氣體溫度升高，而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，故球內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能增大。（2）初狀態(tài)，根據(jù)波意耳定律解得球被踩癟后，恢復(fù)原形時(shí)，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程解得14. 如圖是微波信號(hào)放大器的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖，其工作原理簡(jiǎn)化如下：均勻電子束以一定的初速度進(jìn)入Ⅰ區(qū)（輸入腔）被ab間交變電壓（微波信號(hào)）加速或減速，當(dāng)時(shí)，電子被減速到速度為，當(dāng)時(shí)，電子被加速到速度為，接著電子進(jìn)入Ⅱ區(qū)（漂移管）做勻速直線運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻速度為的電子進(jìn)入Ⅱ區(qū)，t時(shí)間（小于交變電壓的周期）后速度為的電子進(jìn)入Ⅱ區(qū)，恰好在漂移管末端追上速度為的電子，形成電子“群聚塊”，接著“群聚塊”進(jìn)入Ⅲ區(qū)（輸出腔），達(dá)到信號(hào)放大的作用。忽略電子間的相互作用。求：（1）電子進(jìn)入Ⅰ區(qū)的初速度大小和電子的比荷；（2）漂移管的長(zhǎng)度L。【答案】（1），；（2）【解析】【詳解】（1）在Ⅰ區(qū)，由動(dòng)能定理得聯(lián)立解得（2）在Ⅱ區(qū)，設(shè)電子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則聯(lián)立解得15. 圖甲是一種智能減震裝置的示意圖，輕彈簧下端固定，上端與質(zhì)量為m的減震環(huán)a連接，并套在固定的豎直桿上，a與桿之間的智能涂層材料可對(duì)a施加大小可調(diào)節(jié)的阻力，當(dāng)a的速度為零時(shí)涂層對(duì)其不施加作用力．在某次性能測(cè)試中，質(zhì)量為0.5m的光滑環(huán)b從桿頂端被靜止釋放，之后與a發(fā)生正碰；碰撞后，b的速度大小變?yōu)榕銮暗?/span>倍、方向向上，a向下運(yùn)動(dòng)2d時(shí)速度減為零，此過程中a受到涂層的阻力大小f與下移距離s之間的關(guān)系如圖乙。已知a靜止在彈簧上時(shí)，與桿頂端距離為4.5d，彈簧壓縮量為2d，重力加速度為g。求：（1）與a碰前瞬間，b的速度大??；（2）的值；（3）在a第一次向下運(yùn)動(dòng)過程中，當(dāng)b的動(dòng)能為時(shí)a的動(dòng)能。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小環(huán)b下落的過程為自由落體，則解得與a碰前瞬間，b的速度大小為（2）ab發(fā)生碰撞，設(shè)向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知a向下運(yùn)動(dòng)2d時(shí)速度減為零的過程中，由動(dòng)能定理可知由題可知a靜止在彈簧上時(shí)，彈簧壓縮量為2d，根據(jù)胡克定律可知聯(lián)立解得（3）當(dāng)b的動(dòng)能為時(shí)，b的速度為根據(jù)動(dòng)量定理可知解得在a第一次向下運(yùn)動(dòng)過程中，取一段時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理可知當(dāng)Δ時(shí)此時(shí)a的動(dòng)能為

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