2021年決勝高考物理模擬考沖刺卷（卷5）第I卷（選擇題）一、選擇題:本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．一物體做勻加速直線運(yùn)動，從某位置開始通過傳感器收集位移和速度等數(shù)據(jù)信息，然后輸入計(jì)算機(jī)自動生成了物體運(yùn)動的x-v圖象，如圖所示.以下說法正確的是（　?。?/span>A．物體運(yùn)動的初速度為1m/sB．物體運(yùn)動的加速度為2m/s2C．物體速度由2m/s增加到4m/s的過程中，物體的位移大小為1mD．物體速度由2m/s增加到4m/s的過程中，物體的運(yùn)動時(shí)間為2s【答案】B【詳解】物體做勻加速直線運(yùn)動，則有，有圖可知當(dāng)v=0時(shí)，x=-1m，代入上式得： ；當(dāng)x=0時(shí)，代入上式得： 解得：  故A錯(cuò)誤；B正確；物體速度由增加到的過程中，物體的位移大小為，故C錯(cuò)誤；物體速度由增加到的過程中，物體的運(yùn)動時(shí)間為，故D錯(cuò)誤；故選B2．雨后太陽光入射到水中發(fā)生色散而形成彩虹．設(shè)水滴是球形的，圖中的圓代表水滴過球心的截面，入射光線在過此截面的平面內(nèi)，a、b、c、d代表四條不同顏色的出射光線，則它們可能依次是(　　)A．紫光、黃光、藍(lán)光和紅光                B．紫光、藍(lán)光、黃光和紅光C．紅光、藍(lán)光、黃光和紫光                D．紅光、黃光、藍(lán)光和紫光【答案】B【解析】試題分析：由折射圖象可知a光的偏折程度最大，說明水滴對a的折射率最大，故a的頻率最大，由可知，a的波長最小，abcd偏折程度依次減小，故為紫光、藍(lán)光、黃光和紅光，B正確；3．已知的半衰期為T，關(guān)于核反應(yīng)方程（為釋放出的核能，為新生成的粒子）下列說法正確的是（　?。?/span>A．比少1個(gè)中子，此反應(yīng)為衰變B．N0個(gè)（N0數(shù)值足夠大），經(jīng)2T時(shí)間因發(fā)生上述核反應(yīng)而放出的核能為C．的比結(jié)合能為D．與其他元素形成的化合物的半衰期小于T【答案】A【詳解】A．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知X的質(zhì)量數(shù)是0，電荷數(shù)是-1，為電子，是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而釋放一個(gè)電子，故A正確；B．經(jīng)2T時(shí)間還剩余四分之一沒衰變，發(fā)生上述核反應(yīng)而放出的核能為，故B錯(cuò)誤；C．的比結(jié)合能是234個(gè)核子結(jié)合成Th234時(shí)放出的能量，該能量不是它衰變時(shí)放出的能量△E，所以的比結(jié)合能不是，C錯(cuò)誤；D．半衰期與原子核所處物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)均無關(guān)，則與其他元素形成的化合物的半衰期依然為T，故D錯(cuò)誤。故選A。4．如圖所示，一固定的細(xì)直桿與水平面的夾角為α=15°，一個(gè)質(zhì)量忽略不計(jì)的小輕環(huán)C套在直桿上，一根輕質(zhì)細(xì)線的兩端分別固定于直桿上的A、B兩點(diǎn)，細(xì)線依次穿過小環(huán)甲、小輕環(huán)C和小環(huán)乙，且小環(huán)甲和小環(huán)乙分居在小輕環(huán)C的兩側(cè)．調(diào)節(jié)A、B間細(xì)線的長度，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)β=45°.不計(jì)一切摩擦．設(shè)小環(huán)甲的質(zhì)量為m1，小環(huán)乙的質(zhì)量為m2，則m1∶m2等于(     )A．tan 15° B．tan 30° C．tan 60° D．tan 75°【答案】C【解析】試題分析：小球C為輕環(huán)，重力不計(jì)，受兩邊細(xì)線的拉力的合力與桿垂直，C環(huán)與乙環(huán)的連線與豎直方向的夾角為600，C環(huán)與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為300，A點(diǎn)與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為300，乙環(huán)與B點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角為600，根據(jù)平衡條件，對甲環(huán)：，對乙環(huán)有：，得，故選C．5．一列沿x軸正方向傳播的簡諧波t=0時(shí)刻的波形如圖所示，t=0.2s時(shí)C點(diǎn)開始振動，則（　?。?/span>A．時(shí)，波向前傳播了，質(zhì)點(diǎn)B將到達(dá)質(zhì)點(diǎn)C的位置B．時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A的速度方向向下C．內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)B的平均速度為D．若同時(shí)存在一列振幅為、頻率為的沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧波，則兩列波相遇疊加的區(qū)域會出現(xiàn)干涉現(xiàn)象【答案】D【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)只振動不能移動，A錯(cuò)誤；B．波向正方向傳播，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A向上振動。波速為周期為因?yàn)?/span>質(zhì)點(diǎn)A的速度方向向上，B錯(cuò)誤；C．t=0到t=0.6s時(shí)間內(nèi)，時(shí)間經(jīng)過了1.5個(gè)周期，B質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰，通過的位移大小為，平均速度大小為C錯(cuò)誤；D．波的頻率為 由于兩列波的頻率相同，兩列波相遇時(shí)疊加的區(qū)域會出現(xiàn)干涉現(xiàn)象，D正確。故選D。6．如圖所示，AOB為一邊界為圓的勻強(qiáng)磁場，O點(diǎn)為圓心，D點(diǎn)為邊界OB的中點(diǎn)，C點(diǎn)為邊界上一點(diǎn)，且CD//AO.現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場（不計(jì)粒子重力），其中粒子1從A點(diǎn)正對圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，從某點(diǎn)離開磁場，則可判斷（    ）A．粒子2在AB圓弧之間某點(diǎn)射出磁場B．粒子2必在B點(diǎn)射出磁場C．粒子1與粒子2在磁場中的運(yùn)行時(shí)間之比為2:3D．粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度相同【答案】B【解析】AB.粒子1從A點(diǎn)正對圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在磁場中運(yùn)動的圓心角為90度，粒子軌道半徑等于BO，粒子2從C點(diǎn)沿CD射入，運(yùn)動軌跡如圖，設(shè)對應(yīng)圓心為，運(yùn)動半徑也為BO=R，連接、，是平行四邊形，，所以粒子2一定從B點(diǎn)射出，A錯(cuò)誤B正確CD.粒子1的速度偏轉(zhuǎn)角為90度，連接PB可知P為中點(diǎn)，所以粒子2速度偏轉(zhuǎn)角為60度，根據(jù)，，所以時(shí)間比等于轉(zhuǎn)過角度比，等于3：2，CD錯(cuò)誤7如圖所示，光滑弧形滑塊P鎖定在光滑水平地面上，其弧形底端切線水平，小球Q（視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量為滑塊P的質(zhì)量的一半，小球Q從滑塊P頂端由靜止釋放，Q離開P時(shí)的動能為．現(xiàn)解除鎖定，仍讓Q從滑塊頂端由靜止釋放，Q離開P時(shí)的動能為，和的比值為（    ）A． B． C． D．【答案】C【解析】滑弧形滑塊P鎖定在光滑水平地面上，根據(jù)動能定理可知；解除鎖定，讓Q從滑塊頂端由靜止釋放，小球Q與滑塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)小球Q離開P時(shí)的速度為，滑塊的速度為，根據(jù)動量守恒則有，根據(jù)能量守恒則有，解得Q離開P時(shí)的動能為，所以，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；8．如圖所示是衛(wèi)星繞行星不同軌道運(yùn)動的lgT-lgr圖像，其中T為衛(wèi)星的周期，r為衛(wèi)星的軌道半徑。衛(wèi)星M繞行星P運(yùn)動的圖線是a，衛(wèi)星N繞行星Q運(yùn)動的圖線是b，若衛(wèi)星繞行星的運(yùn)動可以看成勻速圓周運(yùn)動，則（　?。?/span>A．直線a的斜率與行星P質(zhì)量有關(guān)B．行星P的質(zhì)量小于行星Q的質(zhì)量C．衛(wèi)星M在1處的角速度小于在2處的角速度D．衛(wèi)星M在2處的線速度小于衛(wèi)星N在3處的線速度【答案】BD【詳解】設(shè)中心天體質(zhì)量為M，由萬有引力提供向心力兩邊同時(shí)取對數(shù)，整理可得①A．由①式可知，圖像的斜率為，與行星的質(zhì)量無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．由①式可知，圖像與縱軸的交點(diǎn)為，故得故B正確；C．由圖像a可知，1處的周期小于2處，由可知，1處的角速度大于2處，故C錯(cuò)誤；D．由可得由圖中可知，，又，故故D正確；故選BD。9．如圖，在豎直平面內(nèi)有一個(gè)方向未知的勻強(qiáng)電場，一帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的小球在力F（大小可變、方向不變）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運(yùn)動。已知力F和AB間夾角為θ，A、B間距離為d，重力加速度為g。則下列說法中正確的有（　?。?/span>A．力F大小的取值范圍是0~B．電場強(qiáng)度E的最小值為C．小球從A運(yùn)動到B電場力可能不做功D．若電場強(qiáng)度E=時(shí)，小球從A運(yùn)動到B電勢能變化量大小可能為2mgdsin2θ【答案】BCD【詳解】分析小球受力情況：小球受到重力mg、拉力F與電場力qE，因?yàn)樾∏蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動，合力為零，則F與qE的合力與mg大小相等、方向相反，作出F與qE的合力，如圖所示A．拉力F的取值隨著電場強(qiáng)度方向的變化而變化，如果電場強(qiáng)度方向斜向右下方，則F的值將大于，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，當(dāng)電場力qE與F垂直時(shí)，電場力最小，此時(shí)場強(qiáng)也最小。則得qE=mgsinθ所以電場強(qiáng)度的最小值為故B正確；C．當(dāng)電場力qE與AB方向垂直時(shí)，小球從A運(yùn)動到B電場力不做功，故C正確；D．若電場強(qiáng)度即qE=mgtanθ電場力qE可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；電場力的方向也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為
 故D正確；故選BCD。10．有一款躥紅的微信小游戲“跳一跳”，游戲要求操作者通過控制棋子(質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點(diǎn))脫離平臺時(shí)的速度，使其能從同一水平面上的平臺跳到旁邊的另一平臺上。如圖所示的拋物線為棋子在某次跳躍過程中的運(yùn)動軌跡，軌跡的最高點(diǎn)距平臺上表面高度為h，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則（　?。?/span>A．棋子從離開平臺至運(yùn)動到最高點(diǎn)的過程中，重力勢能增加mghB．棋子從離開平臺至運(yùn)動到最高點(diǎn)的過程中，機(jī)械能增加mghC．棋子離開平臺后距平臺面高度為時(shí)動能為D．棋子落到另一平臺上時(shí)的速度大于【答案】AD【詳解】A.重力勢能增加量等于克服重力做功的值，所以：，A正確B.棋子從離開平臺至運(yùn)動到最高點(diǎn)的過程中，只有重力做功，動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化，總的機(jī)械能保持不變，所以機(jī)械能守恒，B錯(cuò)誤C.從初態(tài)到最高點(diǎn)時(shí)，設(shè)水平速度為，設(shè)初動能為，有：，當(dāng)?shù)竭_(dá)高度為時(shí)有：，解得：，C錯(cuò)誤D.從最高點(diǎn)到落另一平臺，豎直方向自由落體：，即：，所以落到另一平臺速度，D正確 第II卷（非選擇題）本題共5小題，共54分。11．(7分)某同學(xué)用圖甲所示裝置探究“恒力做功與動能變化的關(guān)系”．實(shí)驗(yàn)中砂和砂桶的總質(zhì)量為m=10g，小車和砝碼的總質(zhì)量為M=200g．（1）實(shí)驗(yàn)中，為了使細(xì)線對小車的拉力等于小車所受的合外力，先調(diào)節(jié)長木板上滑輪的高度，使細(xì)線與長木板平行．接下來還需要進(jìn)行平衡摩擦力的操作，下列操作正確的是________ ．  A．將長木板水平放置，調(diào)節(jié)砂和砂桶的總質(zhì)量為m的大小，輕推小車，讓小車做勻速運(yùn)動．B．將長木板沒有滑輪的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨龋啡ド昂蜕巴?，輕推小車，讓小車做勻速運(yùn)動．（2）在實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)m_______M（填“>>”或“=”或“<<”）時(shí)，可以認(rèn)為繩子拉力等于砂和砂桶的重力．（3）圖乙是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，O、A、B、C、D、E、F、G為8個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50 Hz．首先用刻度尺進(jìn)行相關(guān)長度的測量，其中CE段的測量情況如圖丙所示，由圖可知CE段的長度為________cm，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下D點(diǎn)時(shí)的速度為___________m/s，此時(shí)小車的動能為___________J．用此方法可以求出打下各計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的動能．從C到E恒力對小車做的功為_________J，（該結(jié)果要求保留3位有效數(shù)字），把此值與C到E動能變化量進(jìn)行比較即可得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論． （4）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)恒力做功始終比動能增量略小，可能原因是___________．A．平衡摩擦力時(shí)斜面傾斜過度造成B．平衡摩擦力時(shí)斜面傾斜不夠造成C．砂與砂桶重力當(dāng)成繩子拉力造成【答案】(1). B    (2). <<      (3). 10.60； 0.53； 0.028；1.04×10-2      (4). A【解析】（1）平衡摩擦力時(shí)，需使小車的重力與摩擦力平衡，則操作正確的是：將長木板沒有滑輪的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，撤去砂和砂桶，輕推小車，讓小車做勻速運(yùn)動．故選B；（2）以整體為對象： ，則小車的加速度為： 當(dāng) 可以近似認(rèn)為 即 若要認(rèn)為繩子拉力等于砂和砂桶的重力，則必須滿足條件（3）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)原則可知長度為10.60cm  ，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為 ，根據(jù)中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于平均速度可知： 則小車的動能為 從C到E恒力對小車做的功為 （4）當(dāng)平衡摩擦力時(shí)斜面傾斜過度時(shí)，此時(shí)小車受到合外力實(shí)際比mg大，所以合外力做的功也就大于動能的增加量，故選A 12．(8分)某多用電表內(nèi)歐姆擋“×1”的內(nèi)部電路圖如圖甲的虛線框所示．一學(xué)習(xí)小組將電阻箱和電壓表并聯(lián)后接到多用電表兩表筆A、B上，采用圖甲的電路測量多用電表歐姆擋“×1”正常工作時(shí)的內(nèi)阻RΩ和其內(nèi)部電池的電動勢E(電壓表的內(nèi)阻很大，它在該電路中的分流作用可以忽略)，實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：        (1)先調(diào)整“指針定位螺絲”再將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)至歐姆擋“×1”，紅黑表筆短接調(diào)節(jié)“歐姆調(diào)零旋鈕”使指針指在表盤___________(填左”或“右”)側(cè)零刻度處．(2)電阻箱和電壓表并聯(lián)后的兩端分別接在表筆A和B上，正確的接法是：電壓表的正接線柱要接在多用電表的表筆___________(填“A"或“B”)上．(3)改變電阻箱的阻值，分別讀出多組電壓表和電阻箱的示數(shù)U、R，并將對應(yīng)的和的值計(jì)算出來并記錄在表格中，再畫出－圖像如圖乙所示，若圖乙中圖線的斜率為k1、與縱軸的截距為b1，則所測內(nèi)部電池的電動勢E=___________，歐姆擋“×1”正常工作時(shí)的內(nèi)阻RΩ=___________．(用k1、b1表示)(4)一位同學(xué)提出了數(shù)據(jù)處理的另一種思路：先計(jì)算出，然后畫U-圖像如圖丙所示．由圖丙得到圖線斜率為k2、與縱軸的截距為b2，則電池的電動勢E=___________，歐姆擋“×1”正常工作時(shí)的內(nèi)阻RΩ=___________．(用k2、b2表示)【答案】右；    B；    ；        b2；    -k2    【詳解】(1)歐姆表的0刻度在表盤的右側(cè)，因此紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)應(yīng)將指針調(diào)到右側(cè)零刻度線處；(2)根據(jù)電壓表的接法，電流需從正接線柱流入，負(fù)接線柱流出，由圖甲可知表筆B接電源正極，因此電壓表的正接線柱應(yīng)接B；(3)由閉合電路歐姆定律，得，可知圖乙中圖線截距，斜率，即，；(4) 根據(jù)等效變換，圖丙中圖線截距，斜率，故．13．(11分)如圖所示，在粗糙水平桌面內(nèi)建立平面直角坐標(biāo)系，將一質(zhì)量為的滑塊放在坐標(biāo)原點(diǎn)O，現(xiàn)對滑塊同時(shí)施加兩個(gè)分別沿x軸正方向和y軸正方向的恒力、，其中。經(jīng)過一段時(shí)間t后同時(shí)撤去這兩個(gè)恒力，滑塊最終發(fā)生的位移大小為，、兩個(gè)力做功分別為，。重力加速度g取，求：（1）滑塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)；（2）兩個(gè)力、作用的時(shí)間t。【答案】（1）；（2）【詳解】（1）對滑塊，從開始運(yùn)動到停下來，先做勻加速直線運(yùn)動，后做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)動能定理有代入數(shù)據(jù)得（2）設(shè)與合力為F，F的方向與的方向夾角為由圖得設(shè)物體在t時(shí)間內(nèi)的位移為x，由題意有，解得，再由得x1=3m合位移因?yàn)?/span>，所以F1與F2的合力根據(jù)牛頓第二定律有解得再由得14．(10分)某壓力鍋結(jié)構(gòu)如圖所示。蓋好密封鍋蓋，將壓力閥套在出氣孔上，給壓力鍋加熱，當(dāng)鍋內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到一定值時(shí)，氣體就把壓力閥頂起。假定在海平面上壓力閥被頂起時(shí)，壓力鍋內(nèi)的溫度為T1，之后每隔t0頂起一次。（1）若此時(shí)鍋內(nèi)氣體的體積為V，摩爾體積為V0，阿伏加德羅常數(shù)為NA，寫出鍋內(nèi)氣體分子數(shù)的估算表達(dá)式。 （2）假定在一次放氣過程中，鍋內(nèi)氣體對壓力閥及外界做功W，并向外界釋放了q的熱量，在單位時(shí)間內(nèi)鍋體損耗能量為E， 時(shí)間t內(nèi)鍋需要從外界吸收多少熱量？（3）試分析在不同的海拔高度使用壓力鍋時(shí)，壓力閥被頂起時(shí)鍋內(nèi)氣體的溫度TH跟海拔高度H的關(guān)系式？已知大氣壓強(qiáng)P隨海拔高度H的變化滿足P＝P0（1－αH），其中常數(shù)α＞0，壓力閥的質(zhì)量為m，出氣孔的橫截面積為S。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）鍋內(nèi)氣體分子數(shù)（2）每次放氣損失能量 故時(shí)間t內(nèi)鍋需要從外界吸收 （3）氣體的壓強(qiáng)為： 則的： 閥被頂起時(shí)鍋內(nèi)氣體的溫度： 15．(18分)如圖所示，間距為l1的平行金屬導(dǎo)軌由光滑的傾斜部分和足夠長的水平部分平滑連接而成，右端接有阻值為R的電阻c，矩形區(qū)域MNPQ中有寬為l2、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場，邊界MN到傾斜導(dǎo)軌底端的距離為s1。在傾斜導(dǎo)軌同一高度h處放置兩根細(xì)金屬棒a和b，由靜止先后釋放a、b，a離開磁場時(shí)b恰好進(jìn)入磁場，a在離開磁場后繼續(xù)運(yùn)動的距離為s2后停止。a、b質(zhì)量均為m，電阻均為R，與水平導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為μ，與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。求：（1）a棒運(yùn)動過程中兩端的最大電壓；（2）整個(gè)運(yùn)動過程中b棒所產(chǎn)生的電熱；（3）整個(gè)運(yùn)動過程中通過b棒的電荷量。【答案】（1）；（2）；（3）【詳解】（1）a棒剛進(jìn)入磁場時(shí)，其兩端電壓最大，此時(shí)a棒相當(dāng)于電源，b棒與電阻c并聯(lián)，a棒兩端的電壓為電源的路端電壓，即由動能定理和法拉第電磁感應(yīng)定律可知解得（2）由題意知b棒的運(yùn)動情況與a棒完全相同，設(shè)a棒在磁場中運(yùn)動時(shí)，棒產(chǎn)生的電熱為Q0，則b棒和電阻c產(chǎn)生的電熱均為，同理b棒在磁場中運(yùn)動時(shí)，b棒產(chǎn)生的電熱也為Q0，則a棒和電阻c產(chǎn)生的電熱也均為，所以整個(gè)運(yùn)動過程中b棒產(chǎn)生的電熱為總電熱的。則解得（3）a棒在磁場中運(yùn)動時(shí)，通過a棒的電荷量則該過程通過b棒的電荷量同理b棒在磁場中運(yùn)動時(shí)，通過b棒的電荷量由于前后兩次通過b棒的電流方向相反，故通過b棒的總電荷量為。 

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這是一份高中物理高考 卷5-2021年決勝高考物理模擬考沖刺卷 (新高考遼寧專用) (原卷版），共5頁。試卷主要包含了選擇題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

高中物理高考 卷5-2021年決勝高考物理?？紱_刺卷（重慶新高考專用）（原卷版）：

這是一份高中物理高考 卷5-2021年決勝高考物理?？紱_刺卷（重慶新高考專用）（原卷版），共7頁。試卷主要包含了作答時(shí)，務(wù)必將答案寫在答題卡上，[選修3-3]，[選修3-4]等內(nèi)容，歡迎下載使用。

高中物理高考 卷5-2021年決勝高考物理?？紱_刺卷（重慶新高考專用）（解析版）：

這是一份高中物理高考 卷5-2021年決勝高考物理?？紱_刺卷（重慶新高考專用）（解析版），共16頁。試卷主要包含了作答時(shí)，務(wù)必將答案寫在答題卡上，4m/s 0，[選修3-3]，9cm等內(nèi)容，歡迎下載使用。

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