2021年決勝高考物理模考沖刺卷本試卷共16小題，滿分100分，考試時間75分鐘一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．如圖所示，兩長直通電導線互相平行，電流方向相同，其截面處于一個等邊三角形的A、B處，如圖所示，兩通電導線在C處的磁感應(yīng)強度均為B，則C處總磁感應(yīng)強度為(　　)A．2B B．B C．0 D．B【答案】D【解析】根據(jù)安培定則可知，導線A在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，如圖，根據(jù)平行四邊形定則得到，C處的總磁感應(yīng)強度為故選D。2．兩相同小球距地面高度相同，其中一個水平拋出，另一個以相同速率豎直上拋，不計空氣阻力，下列說法正確的是（　?。?/span>A．兩小球落地時動量相同B．兩小球落地時重力的瞬時功率相等C．兩小球落地時動能相等D．從拋出到落地，兩小球重力的沖量相等【答案】C【解析】A．兩個小球在運動的過程中都是只有重力做功，機械能守恒，所以根據(jù)機械能守恒可以知兩物體落地時速度大小相等，方向不同，所以速度不同，兩小球落地時動量不同，A錯誤；B．兩小球落地時重力的瞬時功率豎直方向速度大小不同，瞬時功率不相等 ，B錯誤；C．兩球質(zhì)量相等，但落地時速度大小相等，根據(jù)動能表達式可知兩小球落地時動能相同，C正確；D．兩小球從拋出到落地時間不同，兩小球重力的沖量不相等，D錯誤；故選C．3．某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受電場力作用，其運動軌跡如圖中虛線所示，由M運動到N，以下說法不正確的是（　?。?/span>A．粒子必定帶正電荷B．粒子在M點的速度小于它在N點的速度C．粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度D．該電場可能是一個負點電荷的電場【答案】D【解析】A．由粒子的運動軌跡可知，粒子所受的電場力沿著電場線方向向上，所以粒子必定帶正電荷，故A正確；B．電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力對粒子做正功，其電勢能減小，動能增加，速度增大，所以粒子在M點的速度小于它在N點的速度，故B正確；C．電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，由圖可知，N點的場強大于M點的場強的大小，粒子在N點受到的電場力大于在M的電場力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度，故C正確；D．電場線不是直線，根據(jù)圖象可以判斷不是負點電荷形成的電場，故D錯誤；不正確的故選D。4．許多情況下光是由原子內(nèi)部電子的運動產(chǎn)生的，因此光譜的研究是探索原子結(jié)構(gòu)的一條重要途徑．關(guān)于氫原子光譜、氫原子能級和氫原子核外電子的運動，下列說法中正確的    ．A．氫原子巴爾末線系譜線是包含從紅外到紫外的線狀譜B．氫原子光譜的不連續(xù)性，表明了氫原子的能級是不連續(xù)的C．氫原子處于不同能級時，電子在各處的概率是相同的D．氫光譜管內(nèi)氣體導電發(fā)光是熱輻射現(xiàn)象【答案】B【解析】巴爾末公式描述的光譜就是氫原子從n能級向2能級躍遷放出的，從能量計算可以得出，這一段也恰好正好是可見光區(qū)域，故A錯誤；根據(jù)玻爾原子模型，結(jié)合氫原子光譜，則表明氫原子的能量是不連續(xù)的，故B正確；處于不同能級時，核外電子在各處出現(xiàn)的概率不同，故C錯誤；由高能級向低能級躍遷，氫原子向外輻射能量，不是熱輻射現(xiàn)象，故D錯誤．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷時，輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差， ，注意躍遷輻射與熱輻射的區(qū)別，及氫原子巴爾末線系譜線在可見光范圍內(nèi)．5．如圖所示，物體靜止在水平面上，現(xiàn)受到斜向下的推力F作用，仍處于靜止狀態(tài)，受到力F后，下列說法中正確的是（      ）A．靜摩擦力不變 B．支持力變大C．支持力仍與重力平衡 D．支持力小于重力【答案】B【解析】設(shè)F與水平方向的夾角為θ，物體處于靜止狀態(tài)，受力平衡，根據(jù)平衡條件得：水平方向：f=Fcosθ，豎直方向：N=mg+Fsinθ，則受到推力F后，靜摩擦力從開始的0變大，選項A錯誤；支持力變大，選項B正確；受到推力F后，支持力大于重力，選項CD錯誤；故選B。6．2020年12月23日，清晨7點23分，一顆明亮的火球劃過青海玉樹和西藏昌都交界的高空。如圖所示，一塊隕石從外太空飛向地球，到A點剛好進入大氣層，之后由于受地球引力和大氣層空氣阻力的作用，軌道半徑漸漸變小，則下列說法中正確的是（　?。?/span>A．隕石正減速飛向A處B．隕石繞地球運轉(zhuǎn)時角速度漸漸變小C．隕石繞地球運轉(zhuǎn)時速度漸漸變大D．進入大氣層后，隕石的機械能漸漸變大【答案】C【解析】AC．從高軌道進入底軌道A處，引力做正功大于阻力做功，所以動能增大，速度增大，A錯誤；C正確；B．根據(jù)可得，速度增大，半徑減小，則角速度增大，B錯誤；D．進入大氣層后，由于阻力做負功，產(chǎn)生內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律得，隕石的機械能漸漸變小，D錯誤。故選C。7．如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.5T，邊長L=10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r=1Ω，線圈饒垂直于磁感線的對稱軸勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω=2πrad/s，外電路電阻R=4Ω，則（    ）A．轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的峰值約為300VB．由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）轉(zhuǎn)過60°的角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢的大小為260VC．線圈勻速轉(zhuǎn)動一圈過程中，發(fā)電機產(chǎn)生的電能約為1JD．由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）開始，經(jīng)過周期時間通過電阻R的電荷量約為1C【答案】C【解析】A．在磁場中勻速轉(zhuǎn)動的線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的峰值所以A錯誤B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，平均感應(yīng)電動勢代入數(shù)據(jù)可得所以B錯誤C．線圈勻速轉(zhuǎn)動一圈過程中，發(fā)電機產(chǎn)生的電能所以C正確D．通過導體的電荷量所以D錯誤二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分。8．關(guān)于斜拋運動，下列說法中錯誤的是（　　）A．斜拋運動是曲線運動 B．斜拋運動是直線運動C．斜拋運動的最高點的速度為零 D．斜拋運動的加速度是恒定的【答案】BC【解析】AB．斜拋運動過程中重力方向和速度方向不共線，所以做曲線運動，A正確、B錯誤；C．斜拋運動可以分為豎直方向上的豎直上拋運動和水平方向上的勻速直線運動，在最高點豎直方向上的速度為零，但是在水平方向上速度不為零，C錯誤；D．斜拋運動加速度為g，D正確。故選BC。9．如圖所示，一輕彈簧的一端固定于O點，另一端系一小球，將小球從與懸點O在同一水平面且彈簧保持原長的A點無初速度釋放，讓它自由下擺，不計空氣阻力，則在小球由A點擺向最低點B的過程中(    )A．小球的機械能守恒B．彈簧的彈性勢能增加C．彈簧和小球組成的系統(tǒng)機械能守恒D．小球的機械能減少【答案】BCD【解析】AD、由于彈簧彈力對小球做負功，所以小球的機械能減少，故A錯誤；D正確B、由于彈簧被拉長，所以彈簧的彈性勢能增大，故B正確C、由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，即彈簧與小球的總機械能守恒，故C正確；10．如圖，兩根電阻不計的足夠長的光滑金屬導軌MN、PQ，間距為L，兩導軌構(gòu)成的平面與水平面成角金屬棒ab、cd用絕緣輕繩連接，其電阻均為R，質(zhì)量分別為m和2m沿斜面向上的外力F作用在cd上使兩棒靜止，整個裝置處在垂直于導軌平面、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，重力加速度大小為g將輕繩燒斷后，保持F不變，金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好則　　A．輕繩燒斷瞬間，cd的加速度大小B．輕繩燒斷后，cd做勻加速運動C．輕繩燒斷后，任意時刻兩棒運動的速度大小之比vab：vcd=2：1D．棒ab的最大速度【答案】ACD【分析】對整體分析，求出燒斷細線前，拉力的大小，燒斷細線瞬間，速度為0，安培力為0，根據(jù)牛頓第二定律求出cd棒的加速度；對兩金屬棒組成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律求速度之比；當ab棒和cd棒加速度為零時，速度均達最大，根據(jù)受力平衡，結(jié)合閉合電路歐姆定律動量守恒定律求出棒子能達到的最大速度。【解析】A項：細繩燒斷前，對兩金屬棒組成的整體，有F=（m+2m）gsinθ=3mgsinθ輕繩燒斷瞬間，對cd有：F-2mgsinθ=2ma解得：，故A正確；B項：隨著速度的變化，電動勢不斷變化，電流不斷變化，安培力不斷變化，加速度不斷變化，所以cd棒不可能做勻加速運動，故B錯誤；C項：兩金屬棒組成的系統(tǒng)合力為0，動量守恒，所以有：，解得：，故C正確；D項：回路總電動勢E＝，因為，解得： 對ab棒：BIL=mgsinθ，聯(lián)立解得，故D正確。故應(yīng)選：ACD。【點睛】本題綜合考查了牛頓第二定律、閉合電路歐姆定律、動量守恒定律，綜合性強，本題的難點是雙桿模型，兩桿切割都產(chǎn)生感應(yīng)電動勢。三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（7分）如圖所示為用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置。(1)實驗中使用的電源是_________。（選填“交流電”或“直流電”）(2)實驗時，應(yīng)使打點計時器的兩個限位孔在同一豎直線上。這樣做可以______（選填“消除”、“減小”或“增大”）紙帶與限位孔之間的摩擦。(3)在實際測量中，重物減少的重力勢能通常會______（選填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的動能。【答案】交流電    減小    略大于    【解析】(1)[1]打點計時器使用的是交流電源；(2)[2]打點計時器的兩個限位孔如果不在在同一豎直線上。紙帶運動中就會與限位孔之間有摩擦，重物下落時要克服這個阻力做功，重力勢能不能全部轉(zhuǎn)化為動能，實驗存在誤差。紙帶與限位孔之間的摩擦是無法避免的，這樣做只能減小紙帶與限位孔之間的摩擦；(3)[3]實際實驗中，重錘要受到空氣阻力、紙帶和打點計時器限位孔之間有摩擦力，故重物下落時要克服這些阻力做功，重力勢能不能全部轉(zhuǎn)化為動能，有一小部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故重物減少的重力勢能通常會略大于增加的動能。12．（9分）有一個小電珠上有“4V　2W”的字樣，現(xiàn)要描繪這個小電珠的伏安特性曲線。現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（0~5V，內(nèi)阻約為10kΩ）B．電壓表（0~10V，內(nèi)阻約為20kΩ）C．電流表（0~0.3A，內(nèi)阻約為1Ω）D．電流表（0~0.6A，內(nèi)阻約為0.4Ω）E．滑動變阻器（10Ω，2A）F．滑動變阻器（1kΩ，1A）G．學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干（1）實驗中所用電壓表應(yīng)選______，電流表應(yīng)選______，滑動變阻器應(yīng)選______（用序號字母表示）。（2）請在圖1的方框內(nèi)畫出滿足實驗要求的電路圖______，并把由圖2中所示的實驗器材用實線連接成相應(yīng)的實物電路圖______。【答案】A    D    E            【解析】(1)[1][2][3]根據(jù)小電珠的參數(shù)，可得額定電流為0.5A，正常工作時的電阻為8Ω，在安全、準確的情況下，電壓表選擇A，電流表選擇D。描繪小電珠的伏安特性曲線，需要滿足電壓從0開始連續(xù)變化，電阻較小方便調(diào)節(jié)，所以滑動變阻器選擇E。(2)[4]小電珠的電阻較小，測量電路應(yīng)選擇電流表外接。電路如圖所示[5]實物連接如圖 13.（10分）圖所示，一長L=4.5m、質(zhì)量m1=1kg的長木板靜止在水平面上，與地面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1．長木板B端距光滑水平軌道CD的C端距離S=7m，長木板的上表面與CD面等高．一小滑塊以v0=9m/s的初速度滑上長木板的A端后長木板開始運動．小滑塊質(zhì)量m2=2kg，與長木板之間的動摩擦因數(shù)μ2=0.4，長木板運動到C處時即被半圓粘連．水平軌道CD右側(cè)有一豎直光滑圓形軌道在D點與水平軌道平滑連接，圓心為O，半徑R=0.4m．一輕質(zhì)彈簧一端固定在O點的軸上，一端拴著一個質(zhì)量與小滑塊相等的小球，彈簧的原長為l0=0.5m，勁度系數(shù)k=100N/m，不計小滑塊和小球的大小，取重力加速度的大小g=10m/s2．求：（1）小滑塊剛滑上長木板時，長木板的加速度大小a1和小滑塊的加速度大小a2；（2）長木板與水平軌道C端發(fā)生粘連前瞬間的速度vt；（3）小滑塊與小球在D點發(fā)生彈性碰撞后，小球隨即沿圓弧軌道運動，通過分析可知小球到達P點時離開圓軌道，求P、O連線與豎直方向夾角θ的余弦值．【答案】（1）5m/s2   4m/s2  （2）4m/s； （3）余弦值為【解析】（1）由題意知滑塊帶動長木板滑動，先以滑塊為研究對象，長木板對滑塊的摩擦力使滑塊產(chǎn)生加速度，故有：μ2m2g=m2a2可得滑塊的加速度為： 長木板在滑塊和地面滑動摩擦力共同作用下產(chǎn)生加速度有：；(2) 設(shè)滑塊和木板達到共同速度v1時間為t則v1=a1t      v1=v0﹣a2t代入數(shù)據(jù)解得 v1=5×1m/s=5m/s此過程中長木板的位移為： 小滑塊的位移為： 滑塊與木板的位移差為：△x=x2﹣x1=7﹣2.5m=4.5m因為△x=L，所以滑塊剛好滑至長木板的右端時，兩者具有共同的速度，經(jīng)后長木板與滑塊一起做勻減速運動加速度為： 因為|a3|＜|a2|，所以滑塊和長木板一起減速，設(shè)滑行到C處的速度為vC，根據(jù)速度位移關(guān)系有： 即長木板與水平軌道C端發(fā)生粘連前瞬間的速度vt為4m/s；(3) 小滑塊和小球質(zhì)量相同，在D處彈性碰撞后，兩球交換速度，小球以vC=4m/s沿圓弧軌道向上運動，設(shè)小球離開軌道時的速度為v由機械能守恒有： 根據(jù)牛頓第二定律有： 由以上兩式解得：．14.（16分）如圖，在直角坐標系的第一、二象限存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E；在第三、四象限存在方向垂直于xOy平面向外的勻強磁場。質(zhì)子從y軸上y = h點以一定的初速度射出，速度方向沿x軸正方向。已知質(zhì)子進入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為30°，并從坐標原點O處第一次射出磁場。質(zhì)子的質(zhì)量為m，電荷量為q。不計粒子重力。求：(1)質(zhì)子第一次進入磁場的位置到原點O的距離；(2)磁場的磁感應(yīng)強度大??；(3)質(zhì)子第一次在磁場中的運動時間。【答案】（1） （2） （3） 【解析】【分析】（1）質(zhì)子在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律求出質(zhì)子第一次進入磁場時到O點的距離。（2）質(zhì)子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，求出質(zhì)子的軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強度。（3）質(zhì)子在磁場中做圓周運動，由幾何關(guān)系求解旋轉(zhuǎn)的角度，根據(jù)周期公式求解時間。【解析】（1）質(zhì)子在電場中做類平拋運動，在磁場中做圓周運動，其軌跡圓的圓心設(shè)為O′點，運動軌跡如圖所示。設(shè)質(zhì)子在電場中的加速度大小為a，初速度的大小為v0，它在電場中的運動時間為t1，第一次進入磁場的位置P點到原點O的距離為x。由運動學公式有 ①     ②由題給條件，質(zhì)子進入磁場時速度的方向與x軸正方向夾角θ = 30°。進入磁場時速度y分量為vy = a·t1 = v0·tanθ ③ 聯(lián)立得x = ④（2）質(zhì)子在電場中運動時，由牛頓第二定律得 ⑤設(shè)質(zhì)子進入磁場時速度的大小為v，由速度合成法則有 ⑥設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B，質(zhì)子在磁場中運動的圓軌道半徑為R，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得 ，即 ⑦  由幾何關(guān)系得 ⑧   聯(lián)立得 ⑨（3）由質(zhì)子在磁場中的運動軌跡圖結(jié)合幾何關(guān)系得圓心角為α = ⑩ 則質(zhì)子在磁場中的運動時間為 ?由勻速圓周運動規(guī)律結(jié)合軌跡半徑公式得 ?則質(zhì)子第一次在磁場中的運動時間t2 = ?【點睛】本題考查了帶電粒子在勻強電場與勻強磁場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動、在磁場中做勻速圓周運動，分析清楚粒子運動過程與運動性質(zhì)是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律、牛頓第二定律即可解題，解題時注意幾何知識的應(yīng)用。（二）選考題:共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。15.[選修3-3]（12分）（1）（4分）一定質(zhì)量的氣體，溫度不變時，氣體分子的平均動能________(選填“增大”、“減小”或不變”）.體積減小，分子的密集程度________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體壓強增大，這就是對玻意耳定律的微觀解釋.【答案】不變    增大    【解析】[1][2]．溫度是分子平均動能的標志，一定質(zhì)量的氣體，溫度不變時，氣體分子的平均動能不變；體積減小，分子的密集程度增大，氣體壓強增大，這就是對玻意耳定律的微觀解釋.（2）（8分）如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管豎直放置．玻璃管的下部封有長ll=25.0cm的空氣柱，中間有一段長為l2=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度l3=40.0cm．已知大氣壓強為P0=75.0cmHg．現(xiàn)將一活塞（圖中未畫出）從玻璃管開口處緩緩往下推，使管下部空氣柱長度變?yōu)?/span>=20.0cm．假設(shè)活塞下推過程中沒有漏氣，求活塞下推的距離．【答案】15.0 cm【解析】以cmHg為壓強單位，在活塞下推前，玻璃管下部空氣柱的壓強為：設(shè)活塞下推后，下部空氣柱的壓強為p1′，由玻意耳定律得：活塞下推距離為時玻璃管上部空氣柱的長度為：設(shè)此時玻璃管上部空氣柱的壓強為p2′，則：由玻意耳定律得：由題給數(shù)據(jù)解得：＝15.0cm16.[選修3-4]（12分）（1）（4分）一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時刻的波形圖如圖所示，質(zhì)點A與質(zhì)點B相距lm，t=0.03s時，質(zhì)點A第一次到達正向最大位移處。則此波的傳播速度為________m/s，在t=0.05s時，質(zhì)點B的位置在_______________處。【答案】50    正向最大位移    【解析】由題可知AB間相隔半個波長，則有；波沿x軸正方向傳播，可知t=0時刻質(zhì)點B點向上振動，質(zhì)點A向下振動，質(zhì)點A經(jīng)第一次到達最大位置，解得，則波速；在時，質(zhì)點B的位置在正向最大位移處。（2）（8分）如圖所示，一玻璃磚的橫截面為半徑為R的半圓，折射率為一束單色平行光與直徑MN成45°角入射。已知光在真空中傳播的速度為c，不考慮玻璃磚內(nèi)的反射光。求：(1)從弧面射出的光線在玻璃磚內(nèi)傳播的最長時間(2)弧面上有光線射出的弧線長度【答案】(1)(2)【解析】(1)根據(jù)折射定律有可得r= 30°由幾何關(guān)系得在玻璃磚內(nèi)光線傳播的最長路程為光線在玻璃磚內(nèi)的傳播速率為所用時間為t(2)根據(jù)折射定律有解得臨界角C=45°由幾何關(guān)系可知光線在弧面上照射角度∠AOB=90°則弧面上有光線射出的弧長為

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