2021年決勝高考物理?？紱_刺卷本試卷共16小題，滿分100分，考試時間75分鐘一、單項選擇題:本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．如圖所示，桌面上固定一個光滑豎直擋板，現(xiàn)將一個長方形物塊A與截面為三角形的墊塊B疊放在一起，用水平外力F緩緩向左推動B，使A緩慢升高，設各接觸面均光滑，則該過程中A．A和B均受三個力作用而平衡B．B對桌面的壓力大變小C．A對B的壓力越來越小D．推力F的大小不變【答案】D【解析】先以A為研究對象，分析受力情況：重力、墻的彈力和斜面的支持力三個力，B受到重力、A的壓力、地面的支持力和推力F四個力。故A錯誤。當B向左移動時，B對A的支持力和墻對A的支持力方向均不變，根據(jù)平衡條件得知，這兩個力大小保持不變。則A對B的壓力也保持不變。對整體分析受力如圖所示，由平衡條件得知，F=N1，擋板對A的支持力N1不變，則推力F不變。桌面對整體的支持力N=G總，保持不變。則B對桌面的壓力不變。故D正確，ABC錯誤。故選D。2．2019年12月27日20時45分，長征五號遙三運載火箭在中國海南文昌航天發(fā)射場點火升空，2000多秒后將實踐二十號衛(wèi)星送入預定軌道，發(fā)射飛行試驗取得圓滿成功。長征五號號稱“胖五”，其起飛重量約870噸，直徑5m，全長57米，起飛推力超1000噸，運載能力近25噸；未來月球探測器、火星探測器和載人空間站都要靠“胖五”來發(fā)射升空。這次發(fā)射的實踐二十號衛(wèi)星是地球同步軌道衛(wèi)星。以下判斷中正確的是（   ）A．“胖五”選在緯度較低的海南文昌發(fā)射場發(fā)射，是為了充分利用地球自轉的線速度B．“胖五”在加速起飛時推力大于重力，減速返回地面時推力將小于重力C．實踐二十號衛(wèi)星的運行速度大于7.9km/sD．火星探測器的發(fā)射速度應大于7.9km/s，小于11.2km/s【答案】A【解析】A．地球上緯度較低的位置，自轉的線速度較大，可以利用起來作為發(fā)射衛(wèi)星的初速度，故A正確；B．“胖五”在加速起飛時推力大于重力，加速度向上，減速返回地面時加速度向上，推力還是大于重力，故B錯誤；C．根據(jù)可知，軌道半徑越大線速度越小，而7.9km/s是近地衛(wèi)星的線速度，故作為地球同步衛(wèi)星的實踐二十號衛(wèi)星，其運行速度小于7.9km/s，故C錯誤；D．大于7.9km/s小于11.2km/s的速度只能保證在地球的引力范圍內運動，而要到火星需要在太陽系的引力范圍，則發(fā)射速度要大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度，即大于11.2km/s，小于16.7km/s，故D錯誤。故選A。3．某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受電場力作用，其運動軌跡如圖中虛線所示，由M運動到N，以下說法正確的是（　?。?/span>A．這個電場可能是負點電荷的電場B．粒子必定帶負電荷C．粒子在M點的加速度大于它在N點的加速度D．粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度【答案】D【解析】A．負點電荷形成的電場其電場線是會聚型的射線，則知這個電場不可能是負點電荷形成的電場，故A錯誤；B．由粒子的運動軌跡可知，粒子所受的電場力沿著電場線的方向向上，所以粒子必定帶正電荷，故B錯誤；CD．電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，所以根據(jù)牛頓第二定律得知故C錯誤，D正確。故選D。4．如圖所示的一個匝數(shù)為10匝的矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，周期為T，若用交流電壓表測得a、b兩點間的電壓為，則可知：若從中性面開始計時，當時，穿過線圈的磁通量的變化率約為　　A． B． C． D．【答案】B【解析】一個匝數(shù)為10匝的矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，周期為T，若用交流電壓表測得a、b兩點間的電壓為，所以，從中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為，當時，，所以時線圈的磁通量的變化率，B正確．【點睛】對于感應電動勢的瞬時值表達式，要注意計時起點必須是從中性面開始，否則表達式中初相位不為零．5．如圖所示，兩個質量相等的物體在同一高度沿傾角不同的兩個光滑斜面由靜止自由滑下，到達斜面底端的過程中，兩個物體具有的物理量相同的是：A．重力的沖量；B．彈力的沖量；C．剛到達底端時的動量D．以上幾個量都不同【答案】D【解析】物體在斜面上做初速度為零的勻加速直線運動，加速度所用時間故斜面的夾角不同，所用時間不同，重力的重力不相等；彈力的沖量不相等；由于到達斜面底端速度方向不同，所以此時的動量也不相等。故選D。6．以下ABCD四幅圖中“⊙”表示垂直紙面向外的長直電流，“⊕”表示垂直紙面向里長直電流：圖中各導線中電流強度均為I；AB圖中各導線正好位于正三角形個頂點上，O為正三角形的幾何中心，CD圖中各導線正好位于正方形四個頂點上，O為正方形的幾何中心．則這四副圖中O點磁感應強度為零的是A． B．C． D．【答案】D【解析】A．根據(jù)右手定則可以判斷各導線在O點磁場方向如圖所示：由電流相等，則各導線產生的場強大小相等，則根據(jù)場強疊加法則可知，其合場強不等于零，故選項A錯誤；B．根據(jù)右手定則可以判斷各導線在O點磁場方向如圖所示：由電流相等，則各導線產生的場強大小相等，則根據(jù)場強疊加法則可知，其合場強不等于零，故選項B錯誤；C．根據(jù)右手定則可以判斷各導線在O點磁場方向如圖所示：由電流相等，則各導線產生的場強大小相等，則根據(jù)場強疊加法則可知，其合場強不等于零，故選項C錯誤；D．根據(jù)右手定則可以判斷各導線在O點磁場方向如圖所示：由電流相等，則各導線產生的場強大小相等，則根據(jù)場強疊加法則可知，其合場強等于零，故選項D正確．【點睛】本題考查右手定則的應用問題，注意磁場為矢量，其場強的合成仍遵循平行四邊形定則．7．有關氫原子光譜的說法中不正確的是（　?。?/span>A．氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)光譜B．氫原子光譜的頻率與氫原子能級的能量差有關C．氫原子光譜說明氫原子能級是分立的D．氫原子光譜說明氫原子只發(fā)出特定頻率的光【答案】A【解析】A．由于氫原子發(fā)射的光子的能量：,所以發(fā)射的光子的能量值E是不連續(xù)的，只能是一些特殊頻率的譜線，A錯誤，符合題意；B．當氫原子從較高軌道躍第n能級遷到較低軌道第m能級時，發(fā)射的光子的能量為，顯然n、m的取值不同，發(fā)射光子的頻率就不同故氫原子光譜線的頻率與氫原子能級的能力差有關，B正確，不符合題意；C．由于氫原子的軌道是不連續(xù)的，而氫原子在不同的軌道上的能級，故氫原子的能級是不連續(xù)的即是分立的，故C正確，不符合題意；D．由于氫原子發(fā)射的光子的能量：,所以發(fā)射的光子的能量值E是不連續(xù)的，只能是一些特殊頻率的譜線，D正確，不符合題意。故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分。8．物體以速度v0拋出做斜拋運動，則（　?。?/span>A．在任何相等的時間內速度的變化量是相同的B．可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動C．射高和射程都取決于v0的大小D．v0很大，射高和射程可能很小【答案】AD【解析】試題分析：斜拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的豎直上拋運動，加速度為g，根據(jù)加速度的定義式，分析速度變化量，根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式分析射高和射程的大小與什么因素有關．物體只受重力，加速度為g，根據(jù)加速度的定義式，得速度的變化量△v=gt，可知在任何相等的時間內速度的變化量是相同的，故A正確；物體水平方向不受力，分運動為勻速直線運動，豎直方向上只受重力，具有向上的初速度，所以做豎直上拋運動，故可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的豎直上拋運動，故B錯誤；設初速度與水平方向的夾角為α．射高為，運動時間為，水平射程為，可見，射高和射程都取決于的大小和方向兩個因素，C錯誤．；由上式根據(jù)數(shù)學知識可知，很大時，若很小，射高h可能很??；很大時，x可能很小，故D正確．9．如圖所示，水平放置的光滑平行導軌足夠長且處于豎直向上的勻強磁場中，導軌電阻不計．在導軌上放置兩根與導軌垂直的質量、阻值均相等的導體棒ab、cd，給導體棒ab一初動能Ek，使其開始向右運動，下列說法正確的是（　?。?/span>A．導體棒ab的速度不斷減小到0B．導體棒ab的加速度不斷減小到0C．導體棒cd的加速度不斷增大D．導體棒cd最終能產生的熱量【答案】BD【解析】ABC.給導體棒ab一個初動能Ek，使其開始向右運動，根據(jù)右手定則可知電流方向為cdba，根據(jù)左手定則ab受力向后，cd受力先前，ab做減速運動，cd做加速運動，當二者的速度相等時電路電流為零，安培力為零，則加速度為零，所以ab棒的速度不會減小到零，ab做加速度減小的減速運動、cd做加速度減小的加速運動，故AC項與題意不相符、B項與題意相符；D.設ab棒的初速度為v，則Ek；根據(jù)動量定理可得：mv＝2mv′解得：v′v系統(tǒng)產生的焦耳熱Q所以導體棒cd最終能產生Q1故D項與題意相符．10．如圖甲所示，在一直立的光滑管內放置一輕質彈簧，一質量為m的小球，從距彈簧上端高處由靜止自由釋放，在接觸到彈簧后繼續(xù)向下運動，將彈簧壓縮至最低點，壓縮量為．若以小球開始下落的位置為原點，豎直向下建立坐標軸，則小球的速度平方隨x的變化圖象如圖乙所示．已知彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，則下列判斷正確的是（   ）A．對應于圖乙A點：，重力的瞬時功率最大B．OA直線的斜率為gC．對應于圖乙B點：重力的瞬時功率最大D．對應于圖乙C點：彈簧的彈性勢能最大為【答案】CD【解析】AC．圖乙A點表示小球剛好接觸彈簧，即自由落體剛結束的位置，故，但小球仍要向下加速，直到kx = mg的B點為止，此時速度最大，故在A點重力的瞬時功率不是最大的，在B點重力的瞬時功率才是最大的，故A錯誤；B．由自由落體運動的公式知，OA直線的斜率為2g，故B錯誤；C．對應于圖乙B點：速度最大，即受力平衡的位置，mg=k△x，則，速度最大，則重力的瞬時功率最大，故C正確；D．對應于圖乙C點：小球運動的最低點，xc=3x0，根據(jù)能量的轉化與守恒：Ep=mgxc=3mgx0，故D正確。故選CD。三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（7分）某同學手頭有一個標有“5V 9W”的小燈泡L，想描繪該小燈泡的伏安特性曲線，實驗室中如下的實驗器材：A．電壓表V1(量程為2V，內阻為2kΩ)B．電壓表V2(量程為15V，內阻為15kΩ)C．電流表A1(量程為2A，內阻約為1Ω)D．電流表A2(量程為0.6A，內阻約為10Ω)E.定值電阻R1=4kΩF.定值電阻R2=16kΩG.滑動變阻器R3(0~5Ω，2A)H.劑動變鞋器R4(0~150Ω，0.5A)I.學生電源(直流9V，內阻不計)J.開關，導線若干(1)為了便于調節(jié)且讀數(shù)盡量準確，電流表應選用______，滑動變阻器應選用______，電壓表應選用_______，定值電阻應選用_______(填器材前的字母序號)(2)在虛線框中畫出滿足實驗要求的電路圖_______(3)根據(jù)設計的電路圖，可知小燈泡兩端電壓U與電壓表讀數(shù)Uv的關系為______【答案】C    G    A    E    見解析    U=3Uv    【解析】(1)[1][2][3][4]．由小燈泡的標識可知，其工作電流為1.5A，工作電阻為4，所以電流表宜選用電流表A1，即C；因為描繪該小燈泡的伏安特性曲線，電壓從零開始變化，滑動變阻器采用分壓接法，總阻值應與待測電阻阻值差不多，故選用滑動變阻器Ra，即G；電壓表V2的量程太大，讀數(shù)不準確，電壓表V1的量程太小，但可以串聯(lián)定值電阻R1，將量程擴大到6V，故電壓表應選用V1，即A；定值電阻應選用R1，即E。(2)[5]．滑動變阻器采用分壓接法，電流表外接，電路圖如圖所示。(3)[6]．根據(jù)串聯(lián)電路知識可知= 3Uv12．（9分）如圖是用“落體法”驗證機械能守恒定律的實驗裝置。（g取9.8m/s2）（1）選出一條清晰的紙帶如圖甲所示，其中O點為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數(shù)點，打點計時器通過頻率為50Hz的交變電流。用分度值為1mm的刻度尺測得OA＝12.41cm，OB＝18.90cm，OC＝27.06cm，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點，重錘的質量為1.00kg。甲同學根據(jù)以上數(shù)據(jù)算出：當打點計時器打到B點時重錘的重力勢能比開始下落時減少了______J；此時重錘的動能比開始下落時增加了______J。（結果均保留三位有效數(shù)字）（2）大多數(shù)學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是______。（3）某同學利用他自己實驗時打出的紙帶，測量出了各計數(shù)點到打點計時器打下的第一個點的距離h，算出了各計數(shù)點對應的速度v，然后以h為橫軸、以v2為縱軸作出了如圖乙所示的圖線，圖線的斜率近似等于______。A．19.6　　B．9.8　　C．4.90（4）圖線未過原點O的原因是______。【答案】1.85    1.67    見解析    B    先釋放了紙帶，再合上打點計時器的開關    【解析】（1）[1]當打點計時器打到B點時，重錘的重力勢能減少量打B點時重錘的速度[2]此時重錘的動能增加量（2）[3]由于紙帶在下落過程中，重錘和空氣之間存在阻力，紙帶和打點計時器之間存在摩擦力，所以減小的重力勢能部分轉化為動能，還有部分要克服空氣阻力和摩擦力阻力做功，故重力勢能的減少量大于動能的增加量（3）[4]由機械能守恒定有可得由此可知圖線的斜率近似等于重力加速度g，故選B；（4）[5]由圖線可知，h=0時，重錘的速度不等于零，原因是該同學做實驗時先釋放了紙帶，然后才合上打點計時器的開關。 13．（10分）如圖所示，在xOy坐標系中，第三、四象限存在垂直坐標平面向里的勻強磁場，第一象限用虛線分成寬度均為L的①、②、③、④、⑤、⑥……等多個區(qū)域，各區(qū)域均有平行坐標平面、電場強度大小都為E的勻強電場，區(qū)域①、③、⑤……中的電場與x軸負方向成45°角；區(qū)域②、④、⑥……中的電場與軸正方向成45°角。一質量為m、帶電量為q的帶正電的粒子自坐標為（L， L）的M點由靜止釋放，粒子重力不計，已知第三、四象限勻強磁場的磁感應強度大小為，求：（1）粒子第一次進人磁場后做圓周運動的半徑大小；（2）寫出粒子第二次和第四次與軸交點的坐標，并在答題卡對應的圖中畫出粒子自開始釋放至第四次經過x軸的軌跡；（3）粒子在運動過程中會經過坐標為（8L，0）的點，自開始釋放至到達該點的時間。【答案】（1）L；（2）（2L，0），（4L，0），軌跡見解析；（3）（7+4π）或（9+4π）。【解析】（1）根據(jù)勾股定理可知，粒子第一次在電場中的位移大小為L，根據(jù)動能定理可得：qEL=mv2所以粒子第一次在磁場中的速度大小為：v=根據(jù)題意可得磁場的磁感應強度大小為B=粒子進入磁場后，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB=m粒子第一次進入磁場后做圓周運動的半徑；（2）根據(jù)幾何關系可知，粒子第二次與x軸交點的坐標為（2L，0），第四次與x軸交點的坐標為（4L，0），自開始釋放至第四次與x軸相交的軌跡如圖所示；（3）根據(jù)可得粒子每次在電場中做勻速直線運動的時間為：根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB=可得粒子運動周期為：T=粒子每次在磁場中轉過270°時間為：t2=粒子每次在磁場中轉過90°時間為：t3=自開始釋放至到達該點的時間為：t=7t1+2t2+2t3=或=9t1+2t2+2t3=14．（16分）一個光滑直槽長為，固定在水平面上，直槽兩端有豎直擋板，槽內有兩個質量相同的光滑小球．設水平向右為軸正方向，初始時小球位于處，速度為，運動方向向右；小球位于處，速度為，運動方向向左，如圖所示．小球間的碰撞是完全彈性的（碰撞前后速度交換方向相反），而小球每次與槽壁的碰撞結果都會使小球速度減半的返回，求：在哪些時間段內兩小球的速度大小、方向相同？對應這些時間段的速度大小為多少？【答案】以及； ，，（為兩個小球的碰撞次數(shù)）．【解析】由于兩個質量相同的光滑小球間的碰撞是完全彈性的（碰撞前后速度交換方向相反），所以當兩個小球碰撞后，兩個小球組成的系統(tǒng)相對于相互“穿過”了對方，所以在第一次碰撞后小球以返回左側的時間：，球與槽碰撞后的速度變成方向向右，球返回第一次右側的時間：，球與槽碰撞后的速度變成方向向左，所以兩個小球在的時間內速度相等，速度的大小為，方向向右，在時刻小球的到點距離：，所以在兩個小球發(fā)生第二次碰撞后，小球的速度是方向向左，小球的速度是方向向右；小球返回右側的時間：，與槽發(fā)生第二次碰撞后的速度變成，方向向左，小球第二次返回左側的時間：．與槽發(fā)生第二次碰撞后的速度變成，方向向右，可知在：的時間內速度也相等，速度變成，方向向左；在兩個小球發(fā)生第三次碰撞后，小球的速度是方向向左，小球的速度是方向向右；小球返回右側的時間：，與槽發(fā)生第三次碰撞后的速度變成，方向向左，小球第三次返回左側的時間：．與槽發(fā)生第三次碰撞后的速度變成，方向向右，可知在：的時間內速度也相等，速度變成，方向向右，在兩個小球發(fā)生第四次碰撞后，小球的速度是方向向左，小球的速度是方向向右，小球返回右側的時間：，與槽發(fā)生第四次碰撞后的速度變成，方向向左，小球第四次返回左側的時間：．與槽發(fā)生第四次碰撞后的速度變成，方向向右，可知在：的時間內速度也相等，速度變成，方向向左，由以上的分析可知，兩個小球在以及的時間內速度是相等的．對應的速度的大小分別為：，，（為兩個小球的碰撞次數(shù)）（二）選考題:共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。15.[選修3-3]（12分）（1）（4分）如圖甲所示，夏天的清晨，荷葉上滾動著一個個晶瑩剔透的小露珠，甚是好看。這些小露珠基本上都呈現(xiàn)為近似的球形，這是 _______共同作用的結果（填“表面張力和浸潤現(xiàn)象”、“表面張力和不浸潤現(xiàn)象”或“表面張力和毛細現(xiàn)象”）；若分子引力和分子斥力隨分子間距離r變化的關系圖像如圖乙所示，圖中線段BD= BE。能總體上反映露珠表面層水分子作用力的是圖中的 _______（選填“A”、“B”或“C”）位置。【答案】表面張力和不浸潤現(xiàn)象    C    【解析】[1]露珠由于液體表面張力的作用總要收縮成球體，當液體與固體接觸時，液體的附著層將沿固體表面收縮，即小露珠基本上都呈現(xiàn)為近似的球形是表面張力和不浸潤現(xiàn)象共同作用的結果。[2]露珠液體表面層的分子分布比液體內部稀疏，液體表面層分子的間距大，相互作用表現(xiàn)為引力，即為圖中的C點。（2）（8分）如圖，足夠長的平行玻璃磚厚度為d．有反光膜，頂面AB之間涂有長為d的遮光物質一束光線以45°的入射角由A點入射，經底面反射后，恰能從B點射出．（光在真空中的傳播速度為c=3×108m/s）求：光線在該玻璃中的傳播速度。【答案】【解析】設光線在在玻璃磚下表面的折射角為r．由幾何關系可知： ，r=30°
由折射定律得玻璃的折射率為
光線在玻璃中的傳播速度為．16.[選修3-4]（12分）（1）（4分）如圖所示，實線是沿x軸傳播的一列機械波在t=0時刻的波形圖，虛線是這列波在t=1.5s時刻的波形圖。已知波速是12m/s，則這列波的周期是_______s，此波的傳播方向為____________。【答案】2；    負x方向    【解析】[1]由圖可知，波長λ=24m，根據(jù)波速，周期為：[2]波平移距離為：△x=vt=12m/s×1.5s=18m=；由于△x=，故波沿負x方向傳播。 （2）（8分）如圖所示，兩封閉的玻璃管中間有一段長的水銀柱，玻璃管在溫度恒為的室內水平放置，水銀柱將玻璃管中的氣體分成長度均為的、兩郡分，兩部分氣體的壓強均為．現(xiàn)將玻璃管的左端抬起使其豎直放置，求玻璃管豎直放置時部分氣體的長度和部分氣體的壓強．【答案】      【分析】求出A、B兩部分氣體的狀態(tài)參量，然后應用玻意耳定律求出氣柱的長度．【解析】氣體的狀態(tài)參量：pA1=pB1=p0=30cmHg，VA1=VB1=L0S=40S，
PB2=PA2+h=PA2+16cmHg，VB2=LBS=80S-VA2=80S-LAS，
由玻意耳定律得：PA1VA1=PA2VA2，即：30×40S=PA2LA2S  ①
PB1VB1=PB2VB2，即：30×40S=（PA2+16）（80S-LAS）  ②
由①②解得：LA=50cm，LB=30cm，pA2=24cmHg，pB2=40cmHg【點睛】本題是一道熱學綜合題，考查了求氣柱的長度、氣體的壓強等問題，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程、求出氣體狀態(tài)參量是解題的關鍵． 

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