高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第6周第2練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．如圖所示，空間有一底面處于水平地面上的正方體框架ABCD-A1B1C1D1,從頂點A沿不同方向平拋一小球（可視為質(zhì)點）．關(guān)于小球的運動，下列說法正確的是（    ）A．落點在A1B1C1D1內(nèi)的小球落在B1點時平拋的初速度最大B．落點在B1D1上的小球,平拋初速度的最小值與最大值之比為1:2C．運動軌跡與A 1 C相交的小球,在交點處的速度方向都相同D．運動軌跡與A C 1相交的小球,在交點處的速度方向都相同【答案】 D【解析】A、向各個水平方向拋出小球，平拋運動時間都相等，水平距離越遠，平拋初速度越大，由圖得，小球落在C1點時，平拋的初速度最大，A錯誤；B、由得，速度與位成正比，落點在B1D1上的小球，最大水平距離為正方體邊長或者，最小的水平距離為A1B1C1D1對角線的一半，最小距離與最大距離的比值為，B錯誤．CD、設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向與水平方向的夾角為θ．則,則可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點處的速度方向相同，故D正確．15．下列說法正確的是（     ）A．鈾核裂變的核反應(yīng)是U→Ba+Kx+2nB．玻爾根據(jù)光的波粒二象性，大膽提出假設(shè)，認為實物粒子也具有波動性C．原子從低能級向髙能級躍遷，不吸收光子也能實現(xiàn)D．根據(jù)愛因斯坦的光子說可知，光的波長越大，光子的能量越大【答案】 C【解析】A.鈾核裂變的核反應(yīng)是，故A錯誤；B、德布羅意根據(jù)光的波粒二象性，大膽提出假設(shè)，認為實物粒子也具有波動性，故B錯誤；C、受到電子或其他粒子的碰撞，原子也可從低能級向髙能級躍遷，不吸收光子也能實現(xiàn)，故C正確；D、根據(jù)愛因斯坦的光子說可知，光的波長越大，根據(jù)，波長越大，故能量越小，故D錯誤；故選C。16．如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷。t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動。此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示。則由圖線可知（　?。?/span>A．t1時刻兩電荷的總動能最小，總動量也最小B．t1時刻兩電荷的總電勢能最大C．0~t2時間內(nèi)，兩電荷的靜電力先減小后增大D．t1~t3時間內(nèi)，兩電荷的動量都增大，總動量不變【答案】 B【解析】AB．由圖象前段看出，甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用。0~t1時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小，之后兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近，系統(tǒng)克服電場力做功最多，兩電荷的總電勢能最大，由能量守恒可知此時總動能最小。由于系統(tǒng)不受外力，所以動量守恒。故A錯誤，B正確；C．0~t2時間內(nèi)兩電荷間距離先減小再增大，由庫侖定律得知，兩電荷間的相互靜電力先增大后減小，故C錯誤；D．t1~t3時間內(nèi)，乙的速度先減小再增大，則其動量也先減小再增大，甲速度一直增大，其動量也一直增大，由動量守恒可知二者總動量不變，故D錯誤。故選B。17．如圖所示為額定電壓為250V的用戶供電的遠距離輸電的示意圖，已知輸入原線圈n1兩端的電壓U1=500V，發(fā)電機的輸出功率為P=500kW，輸電線的電阻R=12.5，如果輸電線上損失的功率為輸送功率的1%。如果圖中的升壓變壓器以及降壓變壓器均為理想的變壓器。則下列結(jié)論正確的是（　?。?/span>A．n3：n4=79：1B．n1：n2=1：50C．流過輸電線的電流強度大小為40AD．降壓變壓器原線圈兩端的電壓為24700V【答案】 B【解析】BC．導(dǎo)線上的電流:升壓變壓器原線圈電流:則:B正確，C錯誤；AD．降壓變壓器的初級電壓：則：AD錯誤。故選B。18．如圖所示，光滑直角三角形支架ABC豎直固定在水平地面上，B、C兩點均在地面上，AB與BC間的夾角為θ，分別套在AB、AC上的小球a和b用輕繩連接，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與CA間的夾角為α．a、b的質(zhì)量之比為（　?。?/span>A． B． C． D．【答案】 A【解析】對a、b兩球分別受力分析，建立沿支架和垂直于支架的坐標(biāo)系，如圖所示：對a由平衡條件：，，可得；對b由平衡條件：，，可得；同一根繩的張力處處相同，聯(lián)立可得，有；19．按照我國整個月球探測活動的計劃，在第一步繞月工程圓滿完成各項門標(biāo)和科學(xué)探測任務(wù)后，第二步落月工程也已在2013年以前完成。假設(shè)月球半徑為R。月球表面的重力加速度為g0，飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運動，到達A點時，點火變軌進入橢圓軌道Ⅱ；到達軌道Ⅱ的近月點B再次點火進入月球近月圓軌道III繞月球做圓周運動。下列判斷正確的是（　　）A．飛船在軌道Ⅰ上的運行速率為B．飛船在A點處點火變軌時，動能增大C．飛船從A到B運行的過程中機械能增大D．飛船在軌道Ⅲ繞月球運動一周所需的時間【答案】 AD【解析】A．飛船在軌道Ⅰ上，萬有引力提供向心力在月球表面，萬有引力等于重力得解得故A正確；B．在圓軌道實施變軌成橢圓軌道在遠地點是做逐漸靠近圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須萬有引力大于飛船所需向心力，所以應(yīng)給飛船減速，減小所需的向心力，動能減小，故B錯誤；C．飛船在軌道Ⅱ上做橢圓運動，根據(jù)開普勒第二定律可知：在進月點速度大于遠月點速度，所以飛船在A點的線速度大于在B點的線速度，機械能不變，故C錯誤；D．根據(jù)解得故D正確。故選AD。20．如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面成0角放置，導(dǎo)軌間距為L且電阻不計，其頂端接有一阻值為R的電阻，整個裝置處于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．一質(zhì)量為m的金屬棒以初速度υ0由導(dǎo)軌底端上滑，經(jīng)一段時間滑行距離x到達最高點后，又返回底端．棒與兩導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，其接入電路中的電阻為r，重力加速度為g．下列說法正確的是A．棒下滑過程的平均速度等于B．棒下滑過程通過R的電荷量為C．棒上滑時間等于D．棒上滑過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱等于【答案】 CD【解析】A．根據(jù)能量守恒得，除最高點外，在任何一個位置，上滑到此位置的速度大于下滑到此位置的速度，則上滑的平均速度大于下滑的平均速度，在上滑過程中，物體做加速度逐漸減小的減速運動，故上滑的平均速度小于，故下滑的平均速度小于，故A錯誤；B． 根據(jù)感應(yīng)電荷量公式可知，下滑過程中通過R的電荷量為，故B錯誤；C．上滑過程，以向上為正方向，對棒由動量定理得：，兩邊求和得：，整理得：，又，解得，故C正確．D． 棒上滑到最高點的過程中，由能量守恒定律可得，回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為：，故D正確．21．以恒定速率運動，皮帶始終是繃緊的，將m＝1 kg的貨物放在傳送帶上的A處，經(jīng)過1.2 s到達傳送帶的B端．用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化圖象如圖乙所示，已知重力加速度g取10 m/s2，由v-t圖線可知(　　)A．A、B兩點的距離為2.4 mB．貨物與傳送帶的動摩擦因數(shù)為0.5C．貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功大小為12.8 JD．貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8 J【答案】 BD【解析】物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，當(dāng)速度達到傳送帶速度，一起做勻速直線運動，所以物塊由A到B的間距為對應(yīng)圖象所圍梯形的面積。故A錯誤；由v-t圖象可知，物塊在傳送帶上先做a1勻加速直線運動，加速度為，對物體受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，，同理，做a2的勻加速直線運動，對物體受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度為。 聯(lián)立解得，，故B正確；第一階段： ，由圖象知位移為： ，摩擦力做正功為：，同理第二階段：由圖象知位移為，摩擦力做負功為：，所以整個過程，傳送帶對貨物做功大小為：12J-0.8J=11.2J，故C錯誤；根據(jù)功能關(guān)系，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對位移，第一階段，第二階段，。故兩者之間的總相對位移為：。 貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為：，故D正確；綜上分析，BD正確。 22. （6分）現(xiàn)測定長金屬絲的電阻率。（1）某次用螺旋測微器測量金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)是________ mm。（2）利用下列器材設(shè)計一個電路，盡量準(zhǔn)確地測量一段金屬絲的電阻。這段金屬絲的電阻Rx約為100Ω，畫出實驗電路圖_______，并標(biāo)明器材代號。電源E(電動勢10V，內(nèi)阻約為10Ω)電流表A1(量程0～250mA，內(nèi)阻R1＝5Ω)電流表A2(量程0～300mA，內(nèi)阻約為5Ω)滑動變阻器R(最大阻值10Ω，額定電流2A)開關(guān)S及導(dǎo)線若干（3）某同學(xué)設(shè)計方案正確，測量得到電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，則這段金屬絲電阻的計算式Rx＝________。從設(shè)計原理看，其測量值與真實值相比________(填偏大偏小或相等)。【答案】 0.200(0.196～0.204均可)            相等【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：d＝0mm+20.0×0.01mm=0.200mm；（2）本題要測量金屬絲的電阻，無電壓表，故用已知內(nèi)阻的電流表A1充當(dāng)電壓表，由于電流表A1的滿偏電壓UA1＝ImR1＝1.25V，比電源電動勢小得多，故電路采用分壓式接法，電路圖如圖所示。（3）當(dāng)電流表A1、A2讀數(shù)分別為I1、I2時，通過Rx的電流為I＝I2－I1Rx兩端電壓U＝I1R1故Rx＝＝由圖示電路圖可知，電壓與電流的測量值等于真實值，由歐姆定律可知，電阻的測量值等于真實值。 23. （9分）如圖所示為某同學(xué)設(shè)計的一種探究動量守恒定律的實驗裝置圖。水平桌面固定一長導(dǎo)軌，一端伸出桌面，另一端裝有豎直擋板，輕彈簧的一端固定在豎直擋板上，另一端被入射小球從自然長度位置A點壓縮至B點，釋放小球，小球沿導(dǎo)軌從右端水平拋出，落在水平地面上的記錄紙上，重復(fù)10次，確定小球的落點位置；再把被碰小球放在導(dǎo)軌的右邊緣處，重復(fù)上述實驗10次，在記錄紙上分別確定入射小球和被碰小球的落點位置(從左到右分別記為P、Q、R)，測得OP=x1，OQ=x2，OR=x3（1）關(guān)于實驗的要點，下列說法正確的是___A.入射小球的質(zhì)量可以小于被碰小球的質(zhì)量B.入射小球的半徑必須大于被碰小球的半徑C.重復(fù)實驗時，每次都必須將彈簧壓縮至B點D.導(dǎo)軌末端必須保持水平（2）若入射球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則該實驗需要驗證成立的表達式為__（用所給符號表示）；（3）除空氣阻力影響外，請再說出一條可能的實驗誤差來源_______。【答案】 CD        軌道摩擦的影響：確認落點P、Q、R時的誤差：，，的測量誤差【解析】（1）A．為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故A錯誤；B．為使兩球發(fā)生正碰，入射小球的半徑必須與被碰小球的半徑相同，故B錯誤；C．為了保證入射球每次到達桌面邊緣的速度相同，則重復(fù)實驗時，每次都必須將彈簧壓縮至B點，從而讓入射球獲得相同的彈性勢能，故C正確；D．為了保證兩球碰后都能做平拋運動從而能求出飛出時的速度，導(dǎo)軌末端必須保持水平，故D正確。故選CD。（2）兩球碰撞過程系統(tǒng)的動量守恒，以向右為正方向，有小球做平拋運動的時間t相等，兩邊同時乘以t，有結(jié)合碰撞前后的小球落點情況，換算水平距離后，有，，可得（3）除空氣阻力影響外，本實驗其它的誤差有：軌道摩擦的影響；確認落點P、Q、R時的誤差；，，的測量誤差。 24．（14分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定有兩個很靠近的同心圓形軌道，外圓ABCD光滑，內(nèi)圓的上半部分B′C′D′粗糙，下半部分B′A′D′光滑．一質(zhì)量m=0.2kg的小球從軌道的最低點A處以初速度v0向右運動，球的直徑略小于兩圓間距，球運動的軌道半徑R=0.2m，取g=10m/s2．（1）若要使小球始終緊貼著外圓做完整的圓周運動，初速度v0至少為多少？（2）若v0=3m/s，經(jīng)過一段時間小球到達最高點，內(nèi)軌道對小球的支持力FC=2N，則小球在這段時間內(nèi)克服摩擦力做的功是多少？（3）若v0=3.1m/s，經(jīng)過足夠長的時間后，小球經(jīng)過最低點A時受到的支持力為多少？小球在整個運動過程中減少的機械能是多少？（保留三位有效數(shù)字）【答案】 （1）（2）0.1J（3）6N；0.56J【解析】（1）在最高點重力恰好充當(dāng)向心力從到機械能守恒解得（2）最高點從A到C用動能定理得（3）由于，在上半圓周運動過程的某階段，小球?qū)?nèi)圓軌道間有彈力，由于摩擦作用，機械能將減?。?jīng)足夠長時間后，小球?qū)H在半圓軌道內(nèi)做往復(fù)運動．設(shè)此時小球經(jīng)過最低點的速度為，受到的支持力為得整個運動過程中小球減小的機械能得 25．（18分）如圖所示，質(zhì)量分別為、，帶電量均為q=＋4.0×10-2C的金屬小球A、B靜止在足夠大的絕緣水平桌面上，開始時，A、B兩球靜止，A、B兩球間有一個鎖定的被壓縮的輕質(zhì)絕緣彈簧，與A、B兩球不拴接，彈性勢能Ep=5.4J（A、B兩球均可視為質(zhì)點，彈簧長度可忽略），空間內(nèi)存在范圍足夠大的豎直向上的勻強電場，電場強度E=50N/C，在桌面左邊緣的虛線PQ上方存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=15T。虛線PQ與水平桌面成45°角，現(xiàn)將彈簧解除鎖定，A、B兩球被瞬間彈開后移走彈簧。已知A、B兩球與桌面間的動摩擦因數(shù)均為，兩球靜止時與P點間的距離L=1m，A球與桌面碰撞時沒有機械能損失，可等速率返回，取，重力加速度g=10m/s2。求：（1）彈簧解除鎖定后瞬間，A、B兩球的速度大??；（2）A球第一次與桌面相碰時，A、B兩球間的距離；（3）A球從P點第一次進入磁場到第二次離開磁場時平均速度的大小和方向。【答案】 （1），；（2）1.25m；（3），方向為與水平方向成45°角斜向右上方。【解析】（1）彈開過程對兩球由能量守恒定律得由動量守恒定律得解得，（2）在未進入磁場前，對A球受力分析，則有A球受到的支持力為0，A球不受摩擦力作用，所以向左勻速運動，從P點進入磁場，進入磁場后做勻速圓周運動，作出運動軌跡，如圖所示：A球勻速向左運動至P點的時間A球在磁場中運動時由洛倫茲力提供向心力，則有解得r=2mA球在磁場中運動的周期為由圖可知A球第一次在磁場中運動的時間為A球豎直向下射出磁場，仍做勻速直線運動，勻速運動的位移為r=2m，A球出磁場到與桌面相碰運動的時間為A、B兩球分離后至A球第一次回到桌面所用的時間為對B球受力分析，由牛頓第二定律得解得設(shè)B球向右減到0所用的時間為tB，由運動學(xué)公式得說明當(dāng)B球向右減速到0后，A球才落回到桌面，則B的位移為A球第一次與桌面相碰時，A、B兩球間的距離（3）A球與桌面碰撞反彈后，向上做勻速運動，再次進入磁場，向右偏轉(zhuǎn)，運動軌跡如圖所示由圖可知，A球從第一次進入磁場到第二次離開磁場。所用的總時間為總位移為則平均速度的大小為方向為與水平方向成45°角斜向右上方。 （二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）下列說法正確的是         。（填正確答案標(biāo)號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．布朗運動只能在液體里發(fā)生，且溫度越高，布朗運動越激烈B．分子間距離增大，分子間作用力對外表現(xiàn)可能為斥力C．分子動能與分子勢能的和叫作這個分子的內(nèi)能D．滴進水中的墨水微粒能做擴散運動，說明分子間有空隙E.外界對某理想氣體做功，氣體對外放熱，則氣體溫度升高【答案】 BDE【解析】A．布朗運動是懸浮在液體或氣體中固體小顆粒的無規(guī)則運動；布朗運動可以在液體里發(fā)生，也可以在氣體里發(fā)生，且溫度越高，布朗運動越激烈，故A錯誤。B.在分子間距離rr0范圍內(nèi)，即使距離增大，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，故B正確；C.所有分子動能與分子勢能的總和叫做物體的內(nèi)能，單個分子的內(nèi)能沒有意義，故C錯誤；D.滴進水中的墨水微粒能做擴散運動，說明分子間有空隙，故D正確；E.外界對某理想氣體做功W=2.0×105J，氣體對外放熱Q=-1.0×105J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，則氣體的內(nèi)能變化?E=W+Q=2.0×105J-1.0×105J=1.0×105J所以氣體的內(nèi)能增大，溫度升高，故E正確。故選BDE。 （2）（10分）如圖所示，U形管右管截面積為左管截面積的2倍，管內(nèi)水銀在左管內(nèi)封閉了一段長為、溫度為300K的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為，大氣壓為76cmHg。①給左管的氣體加熱，則當(dāng)U形管兩邊水銀面等高時，左管內(nèi)氣體的溫度為多少？（結(jié)果保留1位小數(shù)）②在(1)問的條件下，保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀直到左管氣柱恢復(fù)原長，問此時兩管水銀面的高度差h2。【答案】 ①342.9K；②4cm【解析】①初態(tài)管內(nèi)氣體壓強p1=p0- ph1=（76-6）cmHg=70cmHg當(dāng)左右兩管內(nèi)水銀面相等時，末態(tài)氣體壓強：p2=76cmHg由于右管截面積是左管的兩倍，所以左管水銀面將下降4cm，右管中水銀面將上升2cm，末態(tài)管內(nèi)氣柱長度l2=80cm初態(tài)：p1=70cmHg，V1=76S，T1=300K，末態(tài)：p2=76cmHg，V2=80S，T2，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得可得T2=342.9K②設(shè)氣柱恢復(fù)原長時壓強為p3，初態(tài)：壓強p2=76cmHg，體積V2=80S，末態(tài)：壓強p3，體積V3=V1=76S，根據(jù)玻意耳定律可得p2V2=p3V3解得p3=80cmHg＞76cmHg故右側(cè)水銀柱比左側(cè)高，以cmHg為單位，根據(jù)平衡可得p3=ph2+p2解得ph2=4cmHg所以高度差為4cm。 34．【選修3-4】（15分）（1）（5分）下列說法正確的是         。（填正確答案標(biāo)號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．光的偏振現(xiàn)象證明了光波是橫波B．機械波和電磁波一樣，從空氣進入水中波長變短C．白光經(jīng)過三棱鏡色散后，紫光的傳播方向改變量最大D．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以增加透射光的強度E.在白織燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，這是光的干涉現(xiàn)象【答案】 ACE【解析】A． 光的偏振現(xiàn)象證明了光波是橫波，故A正確；B． 機械波從空氣進入水中波速變大，波長變長，而電磁波從空氣進入水中，波速變小，波長變短，故B錯誤；C． 可見光通過三棱鏡后，傳播方向改變最大的紫色的光，紅光改變最小。在光的色散中，對于同一種介質(zhì)，光的頻率越大，介質(zhì)對其的折射率就越大。而折射率越大，光的折射角就越小，偏轉(zhuǎn)程度就越大。由于可見光中紫光的頻率最大，所以紫色的光線的折射角最小，偏轉(zhuǎn)最大，故C正確；D． 拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以消除玻璃反射的偏振光。故D錯誤；E． 在白熾燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，是薄膜干涉。故E正確。故選：ACE。 （2）（10分）一列簡諧橫波沿軸正向傳播，時的圖像如圖所示，此時處質(zhì)點開始振動，此時刻后介質(zhì)中質(zhì)點回到平衡位置的最短時間為0.2s，質(zhì)點回到平衡位置的最短時間為1s，已知時兩質(zhì)點相對平衡位置的位移相同，求：①波的傳播周期為多少？②傳播速度是多大？③從時刻算起經(jīng)過多長時間距點的質(zhì)點第二次回到平衡位置？【答案】 ①2.4s；②；③2.8s。【解析】①由題意簡諧橫波沿軸正向傳播，分析得知，此時點向下運動，點向上，它們周期相同，則②根據(jù)圖像可知則波速③距O點20m的質(zhì)點M第二次回到平衡位置時，波向前傳播14m，則經(jīng)過的時間即經(jīng)過2.8s質(zhì)點M第二次回到平衡位置。  

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