高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第6周第1練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．一名跳傘運(yùn)動員從懸停在高空的直升機(jī)中跳下，研究人員利用運(yùn)動員隨身攜帶的儀器記錄下了他的運(yùn)動情況，通過分析數(shù)據(jù)，畫出了運(yùn)動員從跳離飛機(jī)到落地的過程中在空中沿豎直方向運(yùn)動的v－-t圖像如圖所示，則對運(yùn)動員的運(yùn)動，下列說法不正確的是A．0～10s內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動B．10s～15s內(nèi)減速運(yùn)動，15s后開始做勻速直線運(yùn)動C．0～10s內(nèi)運(yùn)動員所受阻力逐漸增大D．10s～15s內(nèi)運(yùn)動員所受阻力逐漸增大【答案】 D【解析】A.由圖象可知，速度是增加的，圖象的切線的斜率在減小，加速度在減小，所以0～10s內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動．故A說法正確．B. 由圖象可知10s～15s內(nèi)減速運(yùn)動，15s后圖象與時間軸平行，說明速度不隨時間變化，即開始做勻速直線運(yùn)動．故B說法正確．C.在 0～10s由牛頓第二定律可得，又由A的分析知加速度減小，所以0～10s內(nèi)運(yùn)動員所受阻力逐漸增大．故C說法正確．D.在 10s～15s由牛頓第二定律，又因?yàn)樵?10s～15s加速度減小，所以10s～15s內(nèi)運(yùn)動員所受阻力逐漸減?。?/span>D說法錯誤．此題選不正確的，應(yīng)選D．15．地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a1，地球的同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的軌道半徑為r，向心加速度為a2。已知引力常量為G，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，且地球近地衛(wèi)星軌道處的重力加速度為g0下列說法正確的是（　　）A．地球質(zhì)量B．地球質(zhì)量C．a1、a2、g、g0的關(guān)系是g0=g>a2>a1D．加速度之比【答案】 C【解析】AB．根據(jù)萬有引力定律可得，對地球的同步衛(wèi)星有解得地球的質(zhì)量故AB錯誤；C．地球赤道上的物體和地球同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù) a=ω2r知a1＜a2對于地球近地衛(wèi)星有得地球表面的物體得對于地球同步衛(wèi)星，有即得因?yàn)?r＞R，所以 a2＜g，綜合得g0=g＞a2＞a1故C正確；D．地球赤道上的物體與地球同步衛(wèi)星角速度相同，則根據(jù)a=ω2r，地球赤道上的物體與地球同步衛(wèi)星的向心加速度之比故D錯誤；故選C。16．一臺小型發(fā)電機(jī)的原理如圖所示，單匝矩形線圈繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖像如圖乙所示。已知發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為1Ω，外接標(biāo)有燈泡的交流電壓表，則下列說法正確的是（  ）A．電壓表的示數(shù)為220VB．線圈轉(zhuǎn)到如甲圖所示位置時感應(yīng)電動勢為零C．當(dāng)時線圈中的磁通量最小為零D．當(dāng)時線圈中的磁通量最大，為【答案】 D【解析】A．根據(jù)正弦交流電的有效值等于峰值除以，可知感應(yīng)電動勢的有效值為220V，電壓表測的是路端電壓，由于電源有內(nèi)阻，所以路端電壓和電動勢不相等，所以電壓表的示數(shù)不為220V，故A錯誤；B．線圈轉(zhuǎn)到如甲圖所示位置時，感應(yīng)電動勢最大，故B錯誤；CD．由乙圖可知t=0.01s時，感應(yīng)電動勢為零，線圈位于中性面，與磁感線垂直，磁通量最大，由乙圖可知周期T=0.02s，由可得故C錯誤，D正確。故選D。17．有一種測量物體重量的電子秤，其電路原理圖如圖中的虛線部分所示，主要由三部分構(gòu)成：踏板、壓力傳感器R（實(shí)際上是一個阻值可隨壓力變化的變阻器）、顯示體重的儀表G（實(shí)際上是電流表），不計(jì)踏板的質(zhì)量，己知電流表的量程為0?2A，內(nèi)阻為Rg＝1Ω，電源電動勢為E＝12V，內(nèi)阻為r＝1Ω，電阻R隨壓力F變化的函數(shù)式為 （F和R的單位分別為N和Ω），下列說法中正確的是（  ）A．該秤能測量的最大體重是3000NB．該秤的零刻度線（即踏板空載時的刻度線）應(yīng)標(biāo)在電流表G刻度盤的0.375A處C．該秤顯示重量的刻度是均勻標(biāo)注的D．該秤顯示的重量F與通過電路中的電流I滿足【答案】 B【解析】A. 由電阻R隨壓力F變化的關(guān)系式R=30?0.01F可知，壓力越大，電阻越小，電路中電流越大；故量程越大，能測量最大體重越大；當(dāng)電流表示數(shù)量程為2A時，電阻R= =4Ω；則F=（30?4）/0.01=2600kg；故該秤測量的最大體重是2600kg，故A錯誤；B. 當(dāng)壓力為零時，壓力傳感器的電阻R=30Ω，電路中電流：I= ，故B正確；CD. 由E=I(R+r+rA)和R=30?0.01F，而F=mg可得m=320?，可知該秤顯示重量的刻度不是均勻標(biāo)注的，故C錯誤，D錯誤；故選B18．如圖所示，不帶電物體A和帶電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，A、B的質(zhì)量分別為2m和m，勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為θ的斜面處于沿斜面向上的勻強(qiáng)電場中，整個系統(tǒng)不計(jì)一切摩擦．開始時，物體B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F，直到物體B獲得最大速度，且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中（　　）A．物體B帶負(fù)電，受到的電場力大小為mgsinθB．物體B的速度最大時，彈簧的伸長量為C．撤去外力F的瞬間，物體B的加速度為3gsinθD．物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于物體B和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能的減少量【答案】 B【解析】A、當(dāng)施加外力時，對B分析可知：F-mgsinθ-F電=0，解得：F電=2mgsinθ，故A錯誤；B、當(dāng)B受到的合力為零時，B的速度最大，由kx=F電+mgsinθ,解得：，故B正確；C、當(dāng)撤去外力瞬間，彈簧彈力還來不及改變，即彈簧的彈力仍為零，當(dāng)撤去外力F的瞬間物體AB受到的合外力為：F合=F電+mgsinθ=（m+2m）a，解得：a=gsinθ，故C錯誤；D、物體B的電場力做正功，電勢能減小，物體A、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量不等于物體B和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能的減少量，故D錯誤；故選B.19．如圖所示，甲為演示光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置；乙圖為a、b、c三種光照射下得到的三條電流表與電壓表讀數(shù)之間的關(guān)系曲線；丙圖為氫原子的能級圖；丁圖給出了幾種金屬的逸出功和極限頻率關(guān)系。以下說法正確的是（  ）A．若b光為綠光，c光可能是紫光B．若a光為綠光，c光可能是紫光C．若b光光子能量為2.81 eV，用它照射由金屬銣構(gòu)成的陰極，所產(chǎn)生的大量具有最大初動能的光電子去撞擊大量處于n＝3激發(fā)態(tài)的氫原子，可以產(chǎn)生6種不同頻率的光D．若b光光子能量為2.81 eV，用它直接照射大量處于n＝2激發(fā)態(tài)的氫原子，可以產(chǎn)生6種不同頻率的光【答案】 BC【解析】AB．由光電效應(yīng)方程：Ek＝hν－W0及eU＝Ek聯(lián)立解得：eU＝hν－W0即光束照射同一塊金屬的時候，只要遏止電壓一樣，說明入射光的頻率一樣，遏止電壓越大，入射光的頻率越大，因此可知b光和c光的頻率一樣且均大于a光的頻率，故A錯誤，B正確；C．用光子能量為2.81 eV的b光照射由金屬銣構(gòu)成的陰極，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為：Ek＝hν－W0＝2.81 eV－2.13 eV＝0.68 eV大量具有最大初動能的光電子去撞擊大量處于n＝3激發(fā)態(tài)的氫原子，這些氫原子吸收能量：ΔE＝－0.85 eV－(－1.51 eV)＝0.66 eV從而躍遷到n＝4能級，當(dāng)大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可向外輻射C＝6種頻率的光，C正確；D．氫原子只能吸收光子的能量恰好為能級之差的光子，若用b光光子直接照射氫原子，2.81 eV不滿足氫原子第2能級與其他更高能級間的能級差，因此b光光子不被吸收，不會自發(fā)輻射其他頻率的光，D錯誤。故選BC。20．如圖所示，圓形區(qū)域直徑MN上方存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，下方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同?，F(xiàn)有兩個比荷相同的帶電粒子a、b，分別以v1、v2的速度沿圖示方向垂直磁場方向從M點(diǎn)入射，最終都從N點(diǎn)離開磁場，則（   ）A．粒子a、b可能帶異種電荷B．粒子a、b一定帶同種電荷C．v1:v2可能為2:1D．v1:v2只能為1:1【答案】 BC【解析】AB．兩粒子都從M點(diǎn)入射從N點(diǎn)出射，則a粒子向下偏轉(zhuǎn)，b粒子向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知兩粒子均帶正電，故A錯誤，B正確；CD．設(shè)磁場半徑為R，將MN當(dāng)成磁場的邊界，兩粒子均與邊界成45°入射，由運(yùn)動對稱性可知出射時與邊界成45°，則一次偏轉(zhuǎn)穿過MN時速度偏轉(zhuǎn)90°；而上下磁場方向相反，則兩粒子可以圍繞MN重復(fù)穿越，運(yùn)動有周期性，設(shè)a粒子重復(fù)k次穿過MN，b粒子重復(fù)n次穿過MN，由幾何關(guān)系可知()()由洛倫茲力提供向心力，可得而兩個粒子的比荷相同，可知如，時，，如，時，，則v1:v2可能為1:1或2:1，故C正確，D錯誤。故選BC。21．在光滑水平面上靜止放置兩個完全相同的長木板A、B，質(zhì)量均為m，一個小鉛塊質(zhì)量也為m，以水平初速度v0由木板A左端向右滑動，達(dá)到木板B右端時，恰好與木板B相對靜止。現(xiàn)將兩木板粘在一起，使得鉛塊仍以相同的初速度滑上A的左端，則下列說法正確的是（   ）A．小鉛塊滑到木板B的右端前就與木板B保持相對靜止B．小鉛塊將從木板B的右端飛離木板C．兩過程中產(chǎn)生的熱量相等D．木塊B第二次的最終速度大于第一次的最終速度【答案】 BC【解析】AB．鉛塊與木板間的滑動摩擦力始終不變，共速之前，鉛塊的加速度始終不變，第一次小鉛塊先使整個木板加速，運(yùn)動到B部分上后A部分停止加速，只有B部分加速，第二次在小鉛塊運(yùn)動過程中，小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個木板一直加速，則在B上運(yùn)動時，第一次的加速度大于第二次的，則小鉛塊第二次運(yùn)動到B的右端時，速度還是大于B的速度，所以鉛塊必將從B右端飛離木板，故A錯誤，B正確；C．兩個過程中，滑動摩擦力相同，相對位移相同，根據(jù)可知產(chǎn)生的熱量相等，故C正確；D．設(shè)第一次運(yùn)動過程中，鉛塊剛滑上B時，A的速度為vA，最后和B一起運(yùn)動的速度為vB，第二次鉛塊離開B右端的速度為，此時B的速度為，運(yùn)動過程中，木板和鉛塊組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律得，第一次第二次因?yàn)榈诙毋U塊將從B右端飛離木板的速度大于第一次剛滑到B板的速度時A的速度，即，故，故D錯誤。故選BC。 22. （6分）用圖甲所示裝置探究小車加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系．請思考并完成相關(guān)內(nèi)容：（1）實(shí)驗(yàn)時，為平衡摩擦力，以下操作正確的是（_____）A．平衡摩擦力時，應(yīng)將空沙桶用細(xì)線跨過定滑輪系在小車上，讓細(xì)線與長木板平行B．平衡摩擦力時，應(yīng)將紙帶連接在小車上并穿過打點(diǎn)計(jì)時器C．每次改變小車質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力D．實(shí)驗(yàn)時，應(yīng)先釋放小車，再接通電源（2）圖乙是實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶，已知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個計(jì)時點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計(jì)時器所用電源頻率為50HZ，由此求出小車的加速度a=____m/s2（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）一組同學(xué)在保持木板水平時，研究小車質(zhì)量一定的情況下加速度a與合外力F的關(guān)系，得到如圖丙中①所示的圖線，則小車運(yùn)動時受到的摩擦力f=_______N；小車的質(zhì)量M=_______kg．若該組同學(xué)正確完成了（1）問中的步驟，得到的a－F圖線應(yīng)該是圖丙中的________（填②③或④）【答案】 BC    0.906    0.08    0.16    ③【解析】（1）平衡摩擦力時，取下砂桶，將紙帶連接在小車上并穿過打點(diǎn)計(jì)時器，適當(dāng)當(dāng)調(diào)整木板右端的高度，直到小車被輕推后沿木板勻速運(yùn)動，故B正確，A錯誤．每次改變小車質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力，選項(xiàng)C正確；實(shí)驗(yàn)時，應(yīng)先接通電源，再釋放小車，選項(xiàng)D錯誤；故選BC；（2）根據(jù)△x=aT2，運(yùn)用逐差法得，（3）根據(jù)圖①知，當(dāng)F=0．08N時，小車才開始運(yùn)動，可知小車運(yùn)動時受到的摩擦力f=0．08N，圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，則．平衡摩擦力后，a與F成正比，圖線的斜率不變，故正確圖線為③． 23. （9分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：A．小燈泡(3V，1．8W)B．電壓表(量程3V，內(nèi)阻約為20kΩ)C．電流表(量程0.6A，內(nèi)阻約為0．2Ω)D．滑動變阻器(0～10Ω，2A)E．電源(電動勢3V，內(nèi)阻不計(jì))F．開關(guān)及導(dǎo)線若干，坐標(biāo)紙實(shí)驗(yàn)中要求小燈泡上的電壓從零開始測量盡可能準(zhǔn)確，調(diào)節(jié)測量多組對應(yīng)的U、I值。如圖甲所示，一組同學(xué)已經(jīng)完成導(dǎo)線的連接。(1)如圖甲連接好電路，不閉合電鍵，滑動變阻器滑動頭在圖示中間位置時電壓表示數(shù)_______________(填為零不為零)。(2)在圖甲中閉合電鍵滑動變阻器滑動頭從右端滑到左端的過程中燈泡亮度變化情況是____________。(3)指出圖甲中該組同學(xué)連接錯誤的兩條導(dǎo)線_______________(填導(dǎo)線編號)。(4)圖乙中a圖線是改正后描出的燈泡U—I圖線，圖乙中b圖線是另一個電源路端電壓U與電源電流I的圖線。如果將這樣的一個燈泡與該電源連成閉合電路，該燈泡消耗電功率為____________W；如果將這樣的兩個燈泡串聯(lián)接在該電源上，則每個燈泡消耗電功率為____________W。(結(jié)果均保留兩位小數(shù))【答案】 不為零    先變暗再變亮    5、6    1.04    0.44【解析】（1）由實(shí)物電路圖可知，開關(guān)不能控制分壓電路的閉合和斷開，比如閉合電建，滑動變阻器滑動頭在圖示中間位置時電壓表示數(shù)不為零。（2）由實(shí)物電路圖可知，閉合電鍵滑動變阻器滑動頭從右端滑到左端的過程滑動變阻器接入電路的阻值增大，流過燈泡的電流減小，燈泡的實(shí)際功率變小，燈泡變暗，當(dāng)滑片到達(dá)左端時，滑動變阻器接入電路的阻值為零，燈泡兩端電壓增大，燈泡實(shí)際功率增大，燈泡變亮，（3）描繪燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，所以連線5、6接法錯誤；（4）由圖乙所示數(shù)據(jù)可知，燈泡兩端電壓為2.1V，流過燈泡的電流為0.5A，燈泡實(shí)際功率為：（1.03V-1.06V）由圖乙所示圖線可知電源電動勢為，電源內(nèi)阻為：  當(dāng)兩燈泡串聯(lián)，設(shè)每個燈泡兩端的電壓為U，流過每一個燈泡的電流為I則，在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)阻作出如圖所示：由圖可知此時燈泡兩端電壓為1.2V，通過燈泡的電流為0.37A，則燈泡的功率為故本題答案是：(1). 不為零    (2). 先變暗再變亮    (3). 5、6    (4). 1.04    (5). 0.44 24．（14分）如圖所示，光滑絕緣的水平面上有Ⅰ、Ⅲ兩個勻強(qiáng)磁場區(qū)域，Ⅰ區(qū)域的磁場方向垂直水平面向里，Ⅲ區(qū)域的磁場方向垂直水平面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，兩區(qū)域中間為寬為s的無磁場區(qū)域Ⅱ。現(xiàn)在有一邊長為L（）、電阻為R的正方形金屬框abcd完全置于Ⅰ區(qū)域，ab邊與磁場邊界平行，現(xiàn)拉著金屬框始終以恒定速度v水平向右勻速運(yùn)動。求：(1)分別求出ab邊剛進(jìn)入中央無磁場區(qū)Ⅱ和剛進(jìn)入磁場區(qū)Ⅲ時，通過ab邊的電流大小和方向。(2)把金屬框從Ⅰ區(qū)域完全拉入Ⅲ區(qū)域過程中拉力所做的功。【答案】 (1)，流過ab的電流從b流向a；，流過ab的電流從b流向a；(2)【解析】(1)ab邊剛進(jìn)入Ⅱ時，此時cd邊在磁場里面切割磁感線，由右手定則可知，流過ab的電流從b流向a；感應(yīng)電動勢為則感應(yīng)電流線圈剛進(jìn)入Ⅲ時，ab、cd兩邊同時切割磁感線，由右手定則可知，兩條邊切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流是同向的，故流過ab的電流從b流向a；感應(yīng)電動勢為則感應(yīng)電流(2)在ab邊穿過寬為s的Ⅱ區(qū)過程中，cd邊受安培力，則有由于勻速運(yùn)動，拉力大小等于安培力，通過距離為s，所以拉力做功當(dāng)ab邊進(jìn)入Ⅲ區(qū)、cd邊未進(jìn)入Ⅱ區(qū)過程中，ab邊、cd邊都受安培力，則有由于勻速運(yùn)動，拉力大小等于2F2，通過距離為（L-s），故拉力做功為當(dāng)cd邊通過Ⅱ區(qū)過程中，只有ab邊受安培力，有由于勻速運(yùn)動，拉力大小等于安培力，通過距離為s，所以拉力做功當(dāng)線圈完全進(jìn)入Ⅲ區(qū)后，無感應(yīng)電流，不受安培力，拉力為零，不做功，所以總功為代入解得 25．（18分）如圖所示，地面上固定一傾角為的光滑斜面，斜面底端固定一擋板，一輕質(zhì)彈簧下端與擋板相連，上端自然伸長至B點(diǎn)，初始時刻，物塊a在外力的作用下被壓至E點(diǎn)，，撤去外力后，物塊a沿斜面從B點(diǎn)射出，到達(dá)傳送帶右端時速度恰好水平向左，大小，與物塊b粘在一起向左運(yùn)動，其中物塊a、b質(zhì)量均為，傳送帶長為，始終以v=3m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，物塊和傳送帶之間的動摩擦因數(shù)，為不計(jì)空氣阻力，重力加速度．求：（1）初始時刻的彈性勢能；（2）ab在傳送帶上運(yùn)動時產(chǎn)生的劃痕長度；（3）由于傳送物塊電動機(jī)需要多消耗的電能。【答案】 （1）24.5J；（2）2.4m（3）24J。【解析】（1）將物塊a在B點(diǎn)的速度沿水平和豎直方向分解，則物塊a由E到B的過程中根據(jù)能量守恒有（2）物塊a、b碰撞過程中根據(jù)動量守恒解得對ab整體，根據(jù)牛頓第二定律有解得減速位移故先減速到0再反向加速減速時間相對位移加速時間相對位移：故劃痕長度（3）由于物塊動能未變，故電動機(jī)多消耗的電能用來補(bǔ)充系統(tǒng)損失掉的熱量 （二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）下列說法正確的是         。（填正確答案標(biāo)號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小B．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故C．功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程D．布朗運(yùn)動是液體分子的運(yùn)動，它說明分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內(nèi)氣體吸收熱量且分子平均動能不變【答案】 ACE【解析】A．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，選項(xiàng)A正確；B．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，選項(xiàng)B錯誤；C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律，功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程，選項(xiàng)C正確；D．布朗運(yùn)動是固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動，它說明液體分子的永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動，選項(xiàng)D錯誤；E．瓶內(nèi)氣體緩慢流出過程中氣體體積增大，氣體對外做功，而溫度始終相等，內(nèi)能不變，則氣體需要吸收熱量。因溫度是分子平均動能的標(biāo)志，則分子的平均動能不變，故E正確。故選ACE。  （2）（10分）如圖所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸豎直放置，在距汽缸底部l=36cm處有一與汽缸固定連接的卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間封閉了一定質(zhì)量的氣體當(dāng)氣體的溫度T0=300K、大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa時，活塞與汽缸底部之間的距離l0=30cm，不計(jì)活塞的質(zhì)量和厚度現(xiàn)對汽缸加熱，使活塞緩慢上升，求：①活塞剛到卡環(huán)處時封閉氣體的溫度T1；②封閉氣體溫度升高到T2=540K時的壓強(qiáng)p2．【答案】 ①；②【解析】①設(shè)氣缸的橫截面積為S，由蓋-呂薩克定律有代入數(shù)據(jù)得②由查理定律有代入數(shù)據(jù)得 34．【選修3-4】（15分）（1）（5分）如圖所示為一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，經(jīng)過0.2s，M點(diǎn)第一次到達(dá)波谷，則下列判斷正確的是______。（填正確答案標(biāo)號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．質(zhì)點(diǎn)P的振動頻率B．該波的傳播速度v=1m/sC．M點(diǎn)的起振方向沿y軸負(fù)方向D．0~1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動的路程為0.2mE.0~1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動的路程為0.08m【答案】 ACD【解析】BC．t＝0時刻波傳播到Q點(diǎn)，Q點(diǎn)起振方向沿y軸負(fù)方向，在波傳播過程中各點(diǎn)的起振方向都相同，則M點(diǎn)的起振方向也沿y軸負(fù)方向；經(jīng)過t=0.2s，M點(diǎn)第一次到達(dá)波谷，可知波的傳播速度故B錯誤，C正確；A．由圖象可知，波長λ=0.04m，則波的周期，亦即P質(zhì)點(diǎn)振動的周期頻率為周期的倒數(shù)，即2.5Hz，故A正確；D．0～1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q振動了2.5個周期，運(yùn)動的路程s=×8cm＝20cm故D正確；E．波傳播到M點(diǎn)的時間t1＝s＝0.1s則0～1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M振動了2.25個周期，運(yùn)動的路程故E錯誤。故選ACD。 （2）（10分）如圖所示，直角三角形ABC為某種透明介質(zhì)的橫截面，∠B＝30°，BC＝30cm，AB面涂有反光材料．某單色光從BC上的D點(diǎn)垂直BC射入介質(zhì)，經(jīng)AB面反射后從AC面上射出，射出方向與AB面垂直．已知BD＝21cm，不考慮光在AC面的反射．求：（i）介質(zhì)的折射率；（ii）光在介質(zhì)中的傳播時間．【答案】 (1)             (2) 【解析】（i）由題，作出的光路如圖所示光在E點(diǎn)發(fā)生反射，光在F點(diǎn)發(fā)生折射，由反射定律得：因?AEF為等邊三角形，則，光沿垂直AB面方向射出，則根據(jù)折射定律得： 解得：（ii）光在介質(zhì)中的傳播速度由幾何關(guān)系可得：，光在介質(zhì)中的傳播時間解得：  

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