2023湖北省“宜荊荊恩”高三9月起點(diǎn)考試物理試題含答案-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

“宜荊荊恩”2023屆高三起點(diǎn)考試物理注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.非選擇題的作答：用黑色答案筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~11題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1. 下列描述中正確的是（　?。?/span>A. 質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過程中需要吸收能量B. 衰變?yōu)?/span>要經(jīng)過4次α衰變，4次β衰變C. 某原子核經(jīng)過一次α衰變和兩次衰變后，核內(nèi)中子數(shù)減少2個D. 入射光波長越長，發(fā)生光電效應(yīng)時從金屬表面逸出的光電子最大初動能越大【答案】B【解析】【詳解】A．質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過程中存在質(zhì)量虧損，會放出能量，故A錯誤；B．衰變?yōu)?/span>要經(jīng)過的α衰變次數(shù)為經(jīng)過的β衰變次數(shù)為故B正確；C．某原子核經(jīng)過一次α衰變后，中子數(shù)減少2個，經(jīng)過兩次β衰變后，中子數(shù)增加2個，所以最終中子數(shù)不變，故C錯誤；D．入射光波長越長，頻率越低，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知發(fā)生光電效應(yīng)時從金屬表面逸出的光電子最大初動能越小，故D錯誤。故選B。2. 我國的航空航天事業(yè)蓬勃發(fā)展，探月工程和深空探測同步進(jìn)行。2020年12月17日，嫦娥五號成功返回地球；2021年5月15日天問一號火星探測器所攜帶的祝融號火星車成功降落在火星北半球的烏托邦平原南部。已知嫦娥五號繞月飛行的圓軌道半徑為、周期為，天問一號繞火星飛行的圓軌道半徑為、周期為，引力常量為。下列說法正確的是（　　）A. 根據(jù)開普勒第三定律有B. 根據(jù)題中所給的已知條件可以求出地球的質(zhì)量C. 嫦娥五號和天問一號在地球表面的發(fā)射速度均需要大于第二宇宙速度D. 天問一號在地球表面的發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度而小于第三宇宙速度【答案】D【解析】【詳解】A．天問一號與嫦娥五號不是繞同一個中心天體運(yùn)動，所以A錯誤；B．天問一號與嫦娥五號均不繞地球運(yùn)動，故無法求出地球質(zhì)量，B錯誤；CD．天問一號最終繞火星運(yùn)動，需要掙脫地球的引力，其在地球表面的發(fā)射速度需要大于第二宇宙速度，但是要小于第三宇宙速度（掙脫太陽引力的最小速度），嫦娥五號繞月球運(yùn)動，沒有完全掙脫地球的引力，其在地球表面的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度。C錯誤，D正確。故選D。3. 如圖所示，長木板AB傾斜放置，板而與水平方向的夾角為，從B端以大小為v0的初速度水平向左拋出一個小球，小球能打在板面上。小球做平拋運(yùn)動的水平位移為x，打在板面上時速度大小為v，當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速度水平拋出，則（　?。?/span>
A. x變小，v變小 B. x變大，v變大C. x不變，v不變 D. x變化不確定，v變化不確定【答案】A【解析】【詳解】小球做平拋運(yùn)動，在水平方向上有在豎直方向小球落在斜面上有聯(lián)立解得小球做平拋運(yùn)動的水平位移為由此可知當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速度水平拋出，水平位移為x變??；打在板面上時速度大小為由此可知當(dāng)變小后，讓小球仍從B端以相同的初速度水平拋出，打在板面上時速度v大小將變小。故選A。4. 有一理想變壓器如圖甲所示，原副線圈匝數(shù)比為，原線圈接入圖乙所示的交流電，回路中的燈泡和電動機(jī)的額定電壓均為，燈泡正常工作時的電阻，電動機(jī)的電阻，定值電阻，燈泡和電動機(jī)均正常工作，則電動機(jī)的輸出功率為（）
A. B. C D. 【答案】C【解析】【詳解】如圖乙所示，原線圈的有效電壓為220V，根據(jù)原副線圈匝數(shù)比等于電壓之比11：2，所以副線圈電壓有效值為40V，燈泡和電動機(jī)均正常工作，所以燈泡兩端電壓為24V，根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)，可知定值電阻兩端電壓為16V，由歐姆定律可知副線圈總電流為
流過燈泡的電流為所以流過電動機(jī)的電流為電動機(jī)的熱功率為＝9W電動機(jī)的總功率為所以電動機(jī)的輸出功率為故選C。5. 如圖所示，在光滑水平面上放置一個質(zhì)量為的滑塊，滑塊右側(cè)面為一個半徑為的弧形的光滑凹槽，A點(diǎn)切線水平。另有一個質(zhì)量為的小球以水平速度從A點(diǎn)沖上凹槽，重力加速度大小為g。下列說法中正確的是（）A. 當(dāng)時，小球恰好能到達(dá)點(diǎn)B. 當(dāng)時，小球在弧形凹槽上沖向點(diǎn)的過程中，滑塊的動能增大；返回A點(diǎn)的過程中，滑塊的動能減小C. 如果小球的速度足夠大，球?qū)幕瑝K的左側(cè)離開滑塊后落到水平面上D. 小球返回A點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動【答案】D【解析】【詳解】A．小球滑上凹槽的過程中，若凹槽固定，小球的速度沖上，根據(jù)機(jī)械能守恒解得但是，凹槽不固定，小球沖上來的過程中，凹槽也會運(yùn)動，根據(jù)機(jī)械能守恒可知小球不能沖到點(diǎn)，A錯誤；B．當(dāng)時，小球在弧形凹槽向上沖的過程中，滑塊受到右上方的支持力，速度減小，動能減??；滑到最高點(diǎn)時，兩者速度相等，之后返回A點(diǎn)的過程中，滑塊的動能依然減小，B錯誤；C．如果小球的速度足夠大，小球?qū)幕瑝K的左側(cè)沿切線方向飛離凹槽，相對凹槽的速度方向豎直向上，兩者水平速度相等，所以小球會沿左側(cè)邊緣落回，C錯誤；D．小球和凹槽整個作用過程中，水平方向動量守恒，機(jī)械能守恒，類似于彈性碰撞解得所以小球返回A點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動，D正確。故選D。6. 冰壺比賽是在水平冰面上進(jìn)行的體育項(xiàng)目，為使冰壺滑行得更遠(yuǎn)，運(yùn)動員可以用冰刷擦冰壺運(yùn)行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)減?。ń茷榱悖?。在某次訓(xùn)練中，運(yùn)動員兩次以相同的速度推出冰壺，第一次在冰壺滑行至處開始擦冰面，冰壺做勻速直線運(yùn)動，此后冰壺在未擦的冰面繼續(xù)運(yùn)動直至停止，冰壺從推出到停止滑行的距離為，滑行時間為；第二次在冰壺滑行至處開始擦冰面，冰壺做勻速直線運(yùn)動，此后冰壺在未擦的冰面繼續(xù)運(yùn)動直至停止，冰壺從推出到停止滑行的距離為，滑行時間為。則（　　）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】AB．冰壺在冰面上的運(yùn)動有勻速直線運(yùn)動和勻減速直線運(yùn)動兩種運(yùn)動方式，從推出冰壺到勻速運(yùn)動階段由動能定理由于第一次勻減速運(yùn)動位移大即，故第一次勻速運(yùn)動時的速度小，由勻速運(yùn)動的位移可知，兩次勻速運(yùn)動的時間相等，所以第一次勻速運(yùn)動的位移小。運(yùn)動員兩次以相同的速度推出冰壺，由動能定理可知可知兩次冰壺在勻減速運(yùn)動過程中的總位移大小相等。冰壺從推出到停止滑行的距離為所以第二次比第一次的滑行距離大，即故AB錯誤；CD．冰壺勻減速運(yùn)動的時間所以兩次冰壺勻減速運(yùn)動的時間相等，又勻速運(yùn)動的時間也相等，故兩次冰壺從推出到停止滑行的時間相等，即故C正確，D錯誤。故選C。7. 如圖所示，空間某區(qū)域存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里，三個帶電的微粒、、質(zhì)量相等，電量大小分別為、、，已知在該區(qū)域內(nèi)，、在紙面內(nèi)分別做半徑為、的勻速圓周運(yùn)動，且，在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動。下列選項(xiàng)正確的是（　?。?/span>A. 、為異種電荷 B. C. 、、均為正電荷 D. 無法比較、的大小【答案】D【解析】【詳解】AB．因、在紙面內(nèi)分別做半徑為、的勻速圓周運(yùn)動，則、所受電場力與重力平衡，故、均為正電荷，則有解得因E、m和g相同，故a、b的電量相同；它們在復(fù)合場中運(yùn)動，僅由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)可得由題知，且m、B和q相同，故，故AB錯誤；CD．由題知，在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動，若c帶正電，根據(jù)平衡條件有解得若c帶負(fù)電，根據(jù)平衡條件解得與大小關(guān)系無法比較，故C錯誤，D正確。故選D。8. 兩個固定的等量異種點(diǎn)電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中點(diǎn)進(jìn)入電場，其運(yùn)動軌跡為圖中實(shí)線所示。若粒子只受靜電力作用，則下列關(guān)于帶電粒子的判斷正確的是（　?。?/span>A. 帶正電B. 從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動過程中速度先變大后變小C. 從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動過程中電勢能先變大后變小D. 經(jīng)過點(diǎn)和點(diǎn)時速度相同【答案】AC【解析】【詳解】A．由帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡可知帶電粒子受到指向低電勢方向的電場力，而靠近負(fù)電荷處的電勢低，所以帶電粒子受到負(fù)電荷的吸引力，帶電粒子帶正電，故A正確；BC．由A選項(xiàng)可知，粒子帶正電，因此粒子從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過程中，電勢能增大，電場力做負(fù)功，因此粒子動能減小，即速度減小，當(dāng)粒子從c點(diǎn)到e點(diǎn)的過程中，電勢能減小，電場力正功，因此粒子動能增大，即速度增大，所以粒子速度先變小后變大，故B錯誤，C正確；D．由于b、d兩點(diǎn)為等勢點(diǎn)，根據(jù)動能定理帶電粒子從b點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)過程中，電場力做的功為零，b、d兩點(diǎn)處帶電粒子動能相等，速度大小相同，但是兩點(diǎn)速度方向明顯不同，故D錯誤。故選AC。9. 如圖所示，兩束單色光、平行射入平行玻璃磚上表面，光束是紅光，光束是綠光。若不考慮光束在平行玻璃磚下表面反射后的情況，下列說法正確的是（　　）
A. 光束比在玻璃磚中的傳播速度大B. 光束在平行玻璃磚下表面可能發(fā)生全反射C. 兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線D. 兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后若仍為兩束單色光，兩束光可能不再平行【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，光束的折射率小于光束，由公式可得，光束比在玻璃磚中的傳播速度大，故A正確；B．根據(jù)題意，由光路的可逆性可知，光束在平行玻璃磚下表面不可能發(fā)生全反射，故B錯誤；CD．因?yàn)椴Ａ舷卤砻嫫叫?，光線在玻璃下表面第二次折射時的入射角等于在上表面第一次折射時的折射角，根據(jù)光路可逆性可知，第二次折射光線與第一次折射入射光線平行，所以從玻璃磚下表面射出的兩束光仍然平行，如果玻璃磚的厚度、兩束入射光線入射位置合適，兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線，故D錯誤，C正確。故選AC。10. 如圖甲所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t = 0時刻的波形圖，a、b、c為介質(zhì)中的三個質(zhì)點(diǎn)，圖乙表示該波x = 6m處a質(zhì)點(diǎn)的振動圖像，下列說法正確的是（   ）
A. 該波沿x軸負(fù)向傳播B. t = 15s時，質(zhì)點(diǎn)a處于波峰位置C. t = 2s時，質(zhì)點(diǎn)b振動的速度方向與回復(fù)力方向相同D. 質(zhì)點(diǎn)c的位移隨時間變化的關(guān)系式為【答案】BC【解析】【詳解】A．由乙圖可知，t = 0時，x = 6m處的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，且運(yùn)動方向沿y軸負(fù)方向，根據(jù)“上下坡”法，可以判斷出波沿x軸正方向傳播，A錯誤；B．由于15s等于三個整周期加四分之三個周期，由乙圖可知，15s時質(zhì)點(diǎn)a處于波峰位置，B正確；C．2s時，a質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，且向上振動，b的振動比a滯后，所以b處于y = －5m處，向平衡位置運(yùn)動，則振動的速度方向與回復(fù)力方向相同，C正確；D．質(zhì)點(diǎn)的位移與時間變化的關(guān)系為當(dāng)t = 0時，y = 5cm，解得或（結(jié)合圖像特點(diǎn)，應(yīng)舍去）所以位移隨時間變化的關(guān)系式為D錯誤。故選BC。11. 如圖所示，有方向垂直于光滑絕緣水平桌面的兩勻強(qiáng)磁場，磁場感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為、，為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，一個水平放置的桌面上的邊長為，質(zhì)量為，電阻為的單匝正方形金屬線框，以初速度垂直磁場方向從圖示位置開始向右運(yùn)動，當(dāng)線框恰有一半進(jìn)入右側(cè)磁場時速度為，則下列判斷正確的是（　　）A. B. 此時線框的加速度大小為C. 此過程中通過線框截面的電量為 D. 此時線框的電功率為【答案】D【解析】【詳解】A．磁通量的變化量由感應(yīng)電動勢感應(yīng)電流由沖量定律可得計算可得故A錯誤；B．此時切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢線框中電流為由牛頓第二定律得聯(lián)立兩式可得故B錯誤；C．由電荷量公式得故C錯誤；D．此時線框的電功率為故D正確。故選D二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12. 如圖所示是探究小球做圓周運(yùn)動所需向心力的大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。圖中、、到轉(zhuǎn)軸的距離之比為。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是________。A.微元法        B.放大法        C.累積法        D.控制變量法（2）在探究向心力的大小與半徑的關(guān)系時，要將質(zhì)量________（選填“相同”或“不同”）的兩小球分別放在長槽的________（選填“A”或“B”）處和短槽的C處，與皮帶連接的變速塔輪相對應(yīng)的半徑________（選填“相同”或“不同”）。若實(shí)驗(yàn)中觀察到標(biāo)尺上黑白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為，則可以得到的結(jié)論是________。【答案】    ①. D    ②. 相同    ③. B    ④. 相同    ⑤. 在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比【解析】【詳解】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法，故選D。（2）[2][3][4]在探究向心力的大小與半徑的關(guān)系時，應(yīng)使r不同，故兩小球分別放在長槽的B處和短槽的C處；其余物理量應(yīng)相同，故要選擇質(zhì)量相同的小球，兩球角速度也相同，由可知，與皮帶連接的變速塔輪相對應(yīng)的半徑相同。[5]由可知故實(shí)驗(yàn)中觀察到標(biāo)尺上黑白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為，則可以得到的結(jié)論是：在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比。13. 新型冠狀病毒肆虐全球，給人類的生命安全帶來了極大的威脅與傷害，感染新冠病毒的主要癥狀有咳嗽、發(fā)熱、頭疼、全身乏力等，進(jìn)行體溫監(jiān)測是進(jìn)行新冠排查的主要手段之一。某中學(xué)生小明利用熱敏電阻自制了一簡易溫度計，其內(nèi)部電路裝置如圖甲，使用的器材有：直流電源（，內(nèi)阻不計）、毫安表（量程未知）、電阻箱（最大阻值）、熱敏電阻一個、開關(guān)和、導(dǎo)線若干。
（1）為了確定毫安表的量程和內(nèi)阻，先把電阻箱的阻值調(diào)到最大，然后將開關(guān)接至端，閉合開關(guān)，逐漸調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)當(dāng)毫安表指針剛好偏轉(zhuǎn)至滿偏的處，電阻箱示數(shù)如圖乙，此時電阻箱阻值為________。將電阻箱阻值調(diào)為時，毫安表剛好偏轉(zhuǎn)至滿偏的處，由此知毫安表的量程為________，內(nèi)阻________。（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）將開關(guān)接至端，閉合開關(guān)，該溫度計可開始工作，為了得到攝氏溫度與電流之間的關(guān)系，小明通過查閱資料，發(fā)現(xiàn)自己使用的熱敏電阻為正溫度系數(shù)熱敏電阻，其阻值隨攝氏溫度增加而線性增加，比例系數(shù)為，已知該電阻0℃時的阻值為，請幫助小明寫出該簡易溫度計所測攝氏溫度與電流之間的關(guān)系式：________（用、、、等符號表示）。【答案】    ①. 840.0    ②. 10    ③. 60    ④. 【解析】【詳解】（1）[1]由圖乙電阻箱可知，其示數(shù)為[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得（2）[4]由題可知，熱敏電阻阻值與溫度關(guān)系根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得14. 密閉容器內(nèi)裝有質(zhì)量的氧氣，開始時氧氣壓強(qiáng)為，溫度為，因?yàn)殚y門漏氣，經(jīng)過一段時間后，容器內(nèi)氧氣壓強(qiáng)變?yōu)榇髿鈮簭?qiáng)，溫度降為，已知大氣壓強(qiáng)為，容器不變形，且以上狀態(tài)的氧氣均視為理想氣體。求漏掉的氧氣質(zhì)量。【答案】0.89kg【解析】【詳解】開始時容器內(nèi)氧氣溫度為經(jīng)一段時間后溫度降為壓強(qiáng)變?yōu)?/span>設(shè)容器的體積為，以開始時容器內(nèi)全部氧氣為研究對象，由理想氣體狀態(tài)方程得解得所以漏掉的氧氣質(zhì)量為15. 如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系第Ⅲ象限內(nèi)存在沿+y方向的勻強(qiáng)電場，在第Ⅰ象限存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場（電場、磁場均未畫出），一個比荷為帶電粒子以大小為的初速度自點(diǎn)沿方向運(yùn)動，恰經(jīng)原點(diǎn)進(jìn)入第Ⅰ象限，粒子穿過勻強(qiáng)磁場后，最終從軸上的點(diǎn)射出第Ⅰ象限。不計粒子重力，求：
（1）第Ⅲ象限內(nèi)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)的大?。?/span>（2）第Ⅰ象限內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）粒子在第Ⅲ象限做類平拋運(yùn)動，則有水平方向豎直方向又因，解得場強(qiáng)（2）設(shè)粒子到達(dá)點(diǎn)瞬間，速度大小為，與軸夾角為則解得由幾何關(guān)系得粒子在磁場中，洛倫茲力提供向心力解得16. 在光滑的水平面上放有很薄的一個長木板，其長度L=0.5m，質(zhì)量M=2kg，長木板最右端并排放有相距很近的質(zhì)量為m1和m2的A、B兩小滑塊（可視為兩質(zhì)點(diǎn)），，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?；瑝K與長木板的動摩擦因數(shù)為，滑塊與長木板的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力均等于滑動摩擦力。從零時刻開始，在長木板右端施加一水平恒力，使系統(tǒng)向右運(yùn)動，滑塊離開木板落到水平面時無速度損失。已知重力加速度為。求：（1）滑塊離開長木板時的速度；（2）末兩個滑塊的距離s；（3）全過程因摩擦產(chǎn)生的熱量Q。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由牛頓第二定律得故滑塊在長木板滑動。設(shè)滑塊在長木板滑動時間為，則有對滑塊B和長木板由牛頓第二定律故滑塊B和長木板一起以做初速度為0的勻加速運(yùn)動，則有且即解得則、（2）當(dāng)滑塊滑離長木板后，對滑塊B和長木板由牛頓第二定律，得故滑塊B在長木板滑動。設(shè)滑塊在長木板滑動的時間為，則有對長木板由牛頓第二定律得且有即解得故滑塊B滑離長木板時剛好用時，此時兩滑塊的距離是（3）全過程系統(tǒng)摩擦生熱是

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