江蘇省南通市2023屆高考模擬物理試卷（二）一、單選題1．某種介質(zhì)對空氣的折射率是   ，一束光從該介質(zhì)射向空氣，入射角是 60°，則下列光路圖中正確的是（圖 中 I 為空氣，Ⅱ為介質(zhì)）（　?。?/span>   A． B．C． D．2．2021年10月16日，長征二號F遙十三運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點火起飛，托舉載有翟志剛、王亞平、葉光富3名航天員的神舟十三號載人飛船進入太空，神舟十三號飛船運行軌道距地面的高度為400km。若神舟十三號飛船做勻速圓周運動，引力常量為G，地球半徑為6400km，地球表面的重力加速度g取10m/s2。則（　　）A．神舟十三號飛船內(nèi)的宇航員不受重力作用B．神舟十三號飛船繞地球運動的速度約為8.0km/sC．若神舟十三號飛船繞地球運動的周期為T，則地球的密度為D．神舟十三號飛船在軌道上運行的向心加速度約為8.9m/s23．在下列描述的核反映過程的方程中，屬于α衰變的是（　?。?/span>   A．B．C．D．4．教室內(nèi)的氣溫會受到室外氣溫的影響，如果教室內(nèi)上午10時的溫度為15℃，下午2時的溫度為25℃，假設(shè)大氣壓強無變化，則下午2時與上午10時相比較，關(guān)于房間內(nèi)的空氣，下列說法中正確的是（　　）  A．空氣分子數(shù)密度增大 B．空氣分子的平均速率增大C．空氣分子的速率都增大 D．空氣質(zhì)量增大5．如圖所示，當(dāng)一束一定強度固定頻率的黃光照射到光電管陰極K上時，此時滑片P處于A、B中點，電流表中有電流通過，則（　?。?/span>A．若將滑動觸頭P向B端移動時，電流表讀數(shù)有可能不變B．若將滑動觸頭P向A端移動時，電流表讀數(shù)一定減小C．移動滑片，當(dāng)電流表讀數(shù)為零時，根據(jù)電壓表讀數(shù)，可測出光電子的最大初動能D．若用紅外線照射陰極K時，電流表中一定沒有電流通過6．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（　　）A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．P點的電勢將降低C．帶電油滴的電勢能將減小D．若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大7．足球運動員在比賽時將足球踢出，足球的運動軌跡如圖所示，足球從草皮上1位置踢出時的動能為 ，在3位置落地動能為 ，最高點2距草皮的高度為h,則下列說法正確是（　?。?/span>  A．足球從1位置到2位置的運動時間為 B．足球在1位置踢出時的動能 大于3位置落地動能 C．足球在2位置的機械能大于1位置的機械能D．足球從1位置到2位置過程克服阻力做的功等于足球動能減少量8．如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行．初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平面上的A處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v﹣t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示．已知v2＞v1．則 （　　）A．t2時刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大B．t1時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大C．t2﹣t3時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向向右D．0﹣t2時間內(nèi)，小物塊受到摩擦力的大小和方向都不變9．如圖所示的實驗裝置中，極板A接地，平行板電容器的極板B與一個靈敏的靜電計相接．將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（　　）A．Q變小，C不變，U不變，E變小 B．Q變小，C變小，U不變，E不變C．Q不變，C變小，U變大，E不變 D．Q不變，C變小，U變大，E變小10．如圖所示，匝數(shù)為50匝的矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強度B= T的水平勻強磁場中，線框面積S=0.5m2，線框電阻不計．線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω=100rad/s勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過的最大電流為10A，下列說法正確的是（　?。?/span>  A．在圖示位置線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大B．線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為250 VC．變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為25：22D．允許變壓器輸出的最大功率為1000W二、實驗題11．（1）小明同學(xué)用如圖甲所示的裝置進行用單擺測量重力加速度的實驗。①以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有　     　；A．盡量選擇質(zhì)量大、體積小的擺球B．將擺球拉到最大位移處釋放，同時快速按下秒表開始計時C．測量擺長時，讓單擺自然下垂，先測出擺線長度，然后加上擺球的半徑D．用秒表測量單擺完成1次全振動所用時間作為單擺的周期②用10分度的游標(biāo)卡尺測量了小球直徑d，示數(shù)如圖乙所示，則小球直徑d=　     　mm；（2）在探究“物體質(zhì)量一定時，加速度與力的關(guān)系”的實驗中，某同學(xué)作了如圖所示的實驗改進，添加了用力傳感器來測細(xì)線中的拉力。關(guān)于實驗改進后，下列說法正確的是____。A．力傳感器測得的是砂和砂桶的總重力B．小車受到的合力等于力傳感器測得的大小C．砂和砂桶的總質(zhì)量不需遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量D．本實驗不需要進行阻力補償三、解答題12．如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n=1000，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示．求：（1）請說明線圈中的電流方向；（2）前4s內(nèi)的感應(yīng)電動勢；（3）前4s內(nèi)通過R的電荷量．13．各色各類的觀賞魚給養(yǎng)魚愛好者帶來無窮的樂趣，各式各樣的魚缸也吸引了眾多消費者的目光。如圖所示是一個水平橫截面為圓形的平底玻璃魚缸，玻璃缸深度為2h，缸底面圓心處有一單色點光源S，缸中裝有某種液體，深度為h，O點為液面的圓心，OS垂直于水平面，用面積為πh2的黑紙片覆蓋在液面上，則液面上方恰好無光線射出。若在上述黑紙片上，以O為圓心剪出一個面積為的圓孔，把余下的黑紙環(huán)仍放置在液面上原來的位置，使所有出射光線都從缸口射出，則（1）該液體的折射率為多少？（2）缸口的最小面積為多少？14．如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距L=0.5m，右端接有阻值R=0.9Ω的電阻，一導(dǎo)體棒ab質(zhì)量m=0.1kg，電阻r=0.1Ω，把它垂直放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，導(dǎo)體棒在水平恒力F的作用下以v=4m/s的速度向左勻速運動，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，整個裝置處在方向豎直向上磁感應(yīng)強度B=0.4T的勻強磁場中．導(dǎo)軌電阻不計，求?（1）通過導(dǎo)體棒的電流大小和方向；（2）恒力F的功率（g取10m/s2）．15．如圖甲所示，以的速度順時針勻速轉(zhuǎn)動的傳送帶與水平面夾角，質(zhì)量為3kg的小物塊B與物塊C間拴接一輕彈簧，B、C同時靜止釋放，且此時彈簧恰好處于原長，B、C與斜面間的動摩擦因數(shù)均為0.75。質(zhì)量為1kg的小物塊A在與物塊B距離0.6m處，以的初速度沿斜面向下運動，A與斜面間動摩擦因數(shù)也為0.75，傳送帶的上、下端均足夠長，A、B碰撞無機械能損失。以A、B碰撞的時刻為0時刻，B、C物塊運動的圖像如圖乙所示，規(guī)定沿斜面向下為正方向，其中，第四象限圖線在0到時間內(nèi)與坐標(biāo)軸圍成的面積大小為，第一象限圖線在0到時間內(nèi)與坐標(biāo)軸圍成的面積大小為，重力加速度。求：（1）物塊A從開始運動到再回到釋放高度所用的時間t（A、B碰撞時間忽略不計）；（2）物塊C的質(zhì)量及圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積、的大??；（3）若0到時間內(nèi)C的位移，則這一過程中B、C和彈簧組成的系統(tǒng)機械能變化了多少。
答案1．D【解答】設(shè)該介質(zhì)的臨界角為C，則 ，C=45°，由于光從介質(zhì)射向空氣，入射角i=60°＞C，所以發(fā)生全反射，光線全部被反射回原介質(zhì)。ABC不符合題意，D符合題意。 故答案為：D
【分析】當(dāng)光從一種介質(zhì)射向另一種介質(zhì)時會發(fā)生折射，折射角和入射角的大小關(guān)系利用折射定律分析求解即可。2．D【解答】A．神舟十三號飛船內(nèi)的宇航員受到重力作用，以提供他們繞地球做勻速圓周運動的向心力，A不符合題意；B．第一宇宙速度7.9km/s是物體繞地球表面做勻速圓周運動的線速度，同時也是物體繞地球做勻速圓周運動的最大環(huán)繞速度，神舟十三號飛船繞地球運動的速度一定小于7.9km/s，B不符合題意；C．設(shè)地球質(zhì)量為M，神州十三號質(zhì)量為m，若神舟十三號飛船繞地球運動的周期為T，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)密度公式有聯(lián)立以上兩式可得地球的密度為C不符合題意；D．設(shè)神舟十三號飛船在軌道上運行的向心加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有當(dāng)神舟十三號在地球表面上待發(fā)射時，其所受萬有引力等于重力，即聯(lián)立以上兩式可得D符合題意。故答案為：D。
【分析】宇航員在飛船內(nèi)仍然受重力，第一宇宙速度為飛船繞地球運動的最大速度，通過萬有引力提供向心力以及質(zhì)量和密度的關(guān)系得出地球的密度；通過牛頓第二定律得出飛船的向心加速度。3．C【解答】A． 是β衰變，A不符合題意； B． 是輕核聚變，B不符合題意；C． 是α衰變，C符合題意；D． 是重核裂變，D不符合題意。故答案為：C。
【分析】對于核反應(yīng)方程式，箭頭左右兩端的微觀粒子遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、電荷守恒，結(jié)合方程式分析即可。4．B【解答】ABD．溫度升高，氣體分子的平均速率增大，平均每個分子對器壁的沖力將變大，但氣壓并未改變，可見單位體積內(nèi)的分子數(shù)密度一定減小，A、D不符合題意，B符合題意；C．溫度升高，并不是所有空氣分子的速率都增大，C不符合題意。故答案為：B。
【分析】溫度是分子平均動能的標(biāo)志。5．C【解答】解：A、所加的電壓，阻礙光電子到達(dá)陽極，則靈敏電流表中有電流流過，也可能處于飽和電流，當(dāng)滑片向B端移動時，由于阻礙光電子的運動，則電流表讀數(shù)會減小．故A錯誤．B、由上分析，可知，若將滑動觸頭P向A端移動時，則阻礙光電子的運動會減小，那么電流表讀數(shù)會不變，或增大．故B錯誤．C、移動滑片，當(dāng)電流表讀數(shù)為零時，此時對應(yīng)的電壓為遏止電壓，因此可根據(jù)電壓表讀數(shù)，結(jié)合公式Ekm=eUc，可測出光電子的最大初動能．故C正確．D、黃光照射到光電管陰極K上時，電流表中有電流通過，說明發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，若用紅外線照射陰極K時，紅外線的頻率小于黃光的頻率，其頻率可能低于極限頻率，因此可能不會發(fā)生光電效應(yīng)．故D錯誤．故選：C．【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，當(dāng)單位時間內(nèi)通過的電子數(shù)多，則光電流大，從而即可求解．6．B【解答】解：A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E= 得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故A錯誤．B、場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．故B正確．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C錯誤．D、根據(jù)Q=Uc，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；故選：B．【分析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E= 分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化．7．B【解答】A.足球上升過程中，受到重力和空氣阻力的作用，豎直方向根據(jù)牛頓第二定律有 ，根據(jù)位移時間關(guān)系有 ，所以上升的時間為 ，A不符合題意；BC.足球運動過程中受到空氣阻力的作用，且空氣阻力做負(fù)功，所以運動過程中機械能減少，故位置1的機械能大于位置2以及位置3的機械能；因為位置1、3的高度相同，所以位置1的動能大于位置3的動能，B符合題意，C不符合題意；D.足球從1位置到2位置根據(jù)動能定理有，其動能的減少量等于克服阻力做的功與克服重力做功之和，D不符合題意。 故答案為：B【分析】重力做正功，重力勢能減小，重力做負(fù)功，重力勢能增大；除重力以外的力做物體做正功，物體的機械能增加。8．D【解答】解：A、由乙圖知：物體先向左做勻減速運動，向右做勻加速運動，直到速度與傳送帶相同，做勻速運動．故t1時刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大．故A錯誤．B、物塊先向左運動，后向右運動，而傳送帶一直向右運動，故速度與傳送帶相同時小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大．即t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大．故B錯誤．C、t2﹣t3時間內(nèi)，小物塊相對于傳送帶靜止向右做勻速運動，不受摩擦力．故C錯誤．D、0﹣t2時間內(nèi)，物塊相對傳送帶一直向左運動，受到的滑動摩擦力方向一直向右，大小為f=μmg保持不變．故D正確．故選D【分析】由乙圖分析物體的運動情況：物體先向左做勻減速運動，后向右做勻加速運動，直到速度與傳送帶相同，做勻速運動．當(dāng)物體速度減小到零時，物塊離A處的距離達(dá)到最大．速度與傳送帶相同時小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大．t2﹣t3時間內(nèi)，小物塊與傳送帶相對靜止，不受摩擦力.0﹣t2時間內(nèi)，小物塊受到摩擦力的大小和方向都不變．9．C【解答】解：A、B，平行板電容器與靜電計并聯(lián)，電容器所帶電量不變．故A、B錯誤．    C、D，增大電容器兩極板間的距離d時，由C= 知，電容C變小，Q不變，根據(jù)C= 知，U變大，而E= = = ，Q、k、?、S均不變，則E不變．故C正確，D錯誤．故選C【分析】題中平行板電容器與靜電計相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由C= ，分析電容的變化，根據(jù)C= 分析電壓U的變化，根據(jù)E= 分析場強的變化．10．C【解答】解：A、由圖可知，此時線圈和磁場垂直，此時線框的磁通量最大，感應(yīng)電動勢為0，A不符合題意．B、矩形閉合導(dǎo)線框ABCD在磁場中轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交流電的最大值為Em=nBsω=50× ×0.5×100=250 V，由于最大值為有效值的 倍，所以交流電的有效值為250V，B不符合題意．C、由于電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為 ，C符合題意．D、由于熔斷器允許通過的最大電流為10A，所以允許變壓器輸出的最大功率為P=UI=250×10=2500W，D不符合題意．故答案為：C【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，當(dāng)閉合導(dǎo)線框旋轉(zhuǎn)時，磁通量發(fā)生變化，就會產(chǎn)生電動勢；結(jié)合感生電動勢的公式分析即可。
 11．（1）AC；16.4（2）C【解答】（1）A．為了減小空氣阻力，所以盡量選擇質(zhì)量大、體積小的擺球，A符合題意；B．單擺釋放的角度應(yīng)當(dāng)小，擺動穩(wěn)定后，開始計時，計時起點終點為擺球通過平衡位置，B不符合題意；C．測量擺長時，讓單擺自然下垂，先測出擺線長度，然后加上擺球的半徑，C符合題意；D．用秒表測量單擺完成30~50次次全振動所用時間，然后求平均擺動一次的時間作為單擺的周期，D不符合題意。故答案為：AC；由圖乙可知，（2） AC．力傳感器可以精確測得繩子對小車的拉力，由于砂和砂桶做加速運動，則力傳感器測得的并不是砂和砂桶的總重力，故不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，A不符合題意，C符合題意；B．小車受到的合力等于力傳感器測得的大小的兩倍，B不符合題意D．本實驗仍需要進行阻力補償，D不符合題意。故答案為：C。
【分析】（1）為了減小空氣阻力應(yīng)該選擇密度較大的擺球；擺球擺動其最低點開始計時；用秒表測量多次全擺動的時間，結(jié)合其周期數(shù)可以求出單擺的周期；利用游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)和精度可以讀出對應(yīng)的讀數(shù)；
（2）力傳感器測量其繩子對小車的拉力；小車受到的合力等于拉力的兩倍；實驗不需要滿足質(zhì)量要求但需要平衡阻力。12．（1）解：根據(jù)楞次定律可知，線圈中的電流方向逆時針；答：線圈中的電流方向逆時針；（2）解：由圖象可知前4s內(nèi)磁感應(yīng)強度B的變化率 = T/s=0.05T/s4s內(nèi)的平均感應(yīng)電動勢 E=nS =1000×0.02×0.05 V=1 V．答：前4s內(nèi)的感應(yīng)電動勢1V；（3）解：電路中的平均感應(yīng)電流 = ，q= t，又因為E=n ，所以q=n =1000× C=0.8C．答：前4s內(nèi)通過R的電荷量0.8C．【分析】（1）根據(jù)楞次定律，即可求解感應(yīng)電流方向；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合磁感應(yīng)強度的變化率求出前4s內(nèi)感應(yīng)電動勢的大?。?/span>3）根據(jù)感應(yīng)電動勢，結(jié)合閉合電路歐姆定律、電流的定義式求出通過R的電荷量．13．（1）解：用面積為的黑紙片覆蓋在液面上，液面上方恰好無光線射出，則從點光源S發(fā)出的光線射到黑紙片的邊緣處恰發(fā)生全反射，臨界角為C，光路圖如圖甲所示由幾何關(guān)系得由全反射知識有解得（2）解：剪出一個面積為圓孔后，設(shè)透光部分的半徑為r2，射出光線的最大入射角為i，對應(yīng)的折射角為θ，光路圖如圖乙所示由幾何關(guān)系得根據(jù)折射定律有缸口的最小半徑為缸口的最小面積為解得【分析】（1）當(dāng)光線經(jīng)過黑紙片發(fā)生全反射時，利用面積公式可以求出幾何半徑的大小，再結(jié)合幾何關(guān)系及全反射定律可以求出折射率的大??；
（2）當(dāng)剪出圓孔時，畫出其光的折射光路圖，利用幾何關(guān)系結(jié)合折射定律可以求出缸口的最小面積的大小。14．（1）設(shè)導(dǎo)體棒切割電動勢為E，通過棒的電流為I則感應(yīng)電動勢為 E=BLv…①感應(yīng)電流為 …②聯(lián)立①②解得 I=0.8A由右手定則判斷通過導(dǎo)體棒的電流方向由b流向a．（2）導(dǎo)體棒勻速運動時，受力平衡，則 F﹣F安﹣f=0       其中安培力 F安=BIL  摩擦力 f=μmg       又F的功率為 P=Fv          聯(lián)立解得 P=1.44W  【解答】①設(shè)導(dǎo)體棒切割電動勢為E，通過棒的電流為I則感應(yīng)電動勢為 E=BLv…①感應(yīng)電流為 …②聯(lián)立①②解得 I=0.8A由右手定則判斷通過導(dǎo)體棒的電流方向由b流向a．②導(dǎo)體棒勻速運動時，受力平衡，則F﹣F安﹣f=0 其中安培力 F安=BIL摩擦力 f=μmg又F的功率為 P=Fv聯(lián)立解得 P=1.44W【分析】（1）導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由E=BLv求出感應(yīng)電動勢．由歐姆定律求感應(yīng)電流的大小，由右手定則判斷電流的方向．（2）由平衡條件和安培力公式求出F的大小，再由P=Fv求F的功率．15．（1）解：因為所以碰撞前B、C靜止，A勻速向下運動，A與B發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律可得由機械能守恒定律可得聯(lián)立解得，碰后A反向運動，據(jù)牛頓第二定律可得解得A與傳送帶共速的時間為該過程的位移為此后勻速上升，所用時間為碰之前勻速下降的時間為故物塊A從開始運動到再回到釋放高度所用的時間為（2）解：B以3m/s開始壓縮彈簧，C的加速度沿斜面向下，所以第一象限是C的運動圖線，第四象限是B的運動圖線，B、C系統(tǒng)因為重力沿斜面向下分力等于滑動摩擦力，所以B、C系統(tǒng)動量守恒，時刻彈簧壓縮到最短，此時有，可得物塊C的質(zhì)量為時刻B、C速度相等，由動量守恒定律可得解得即，所以所以時刻（3）解：0和時刻彈簧均為原長，所以C的位移等于B的位移，機械能變化等于摩擦力對B、C做的功即機械能損失了5.4J。【分析】（1）根據(jù)共點力平衡判斷碰撞前BC的運動情況，在A與B發(fā)生彈性碰撞的過程中根據(jù)動量守恒定律以及機械能守恒定律得出碰撞后AB的速度表達(dá)式；碰后根據(jù)牛頓第二定律得出A的加速度大小，利用勻變速直線運動的位移與速度的關(guān)系得出該過程的位移，從而得出勻速上升的時間，從而得出物塊A從開始運動到再回到釋放高度所用的時間；
（2）根據(jù)牛頓第二定律以及動量定律得出BC共同的速度，從而得出圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積、的大小 ；
（3）根據(jù)功能關(guān)系得出B、C和彈簧組成的系統(tǒng)機械能的變化關(guān)系。
 

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這是一份2023-2024學(xué)年江蘇省南通市海安市實驗中學(xué)高二（上）學(xué)業(yè)水平模擬預(yù)測物理試卷（含解析），共26頁。試卷主要包含了單選題，填空題，實驗題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2023屆江蘇省南通市如皋市高考適應(yīng)性考試（二）物理：

這是一份2023屆江蘇省南通市如皋市高考適應(yīng)性考試（二）物理，共7頁。

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