2020-2021學(xué)年廣西梧州市岑溪市高二（下）期中物理試卷 在下列四幅圖中，能正確標明通電直導(dǎo)線所受安培力F方向的是A.  B.
C.  D. 兩點電荷置于真空中，帶電量均為，當(dāng)它們相距為r時，其相互作用力為F；現(xiàn)把它們的電量均減小一半，再使它們的距離變?yōu)?/span>2r，則它們之間的相互作用力的大小為A.  B.  C.  D. F如圖所示，是某電場的電場線和一條等勢線。下列說法正確的是A. A點和B點的電場強度相同
B. A點的電勢高于B點的電勢
C. A附近的等差等勢線比B附近稀疏
D. 負電荷在B點具有的電勢能比在A點小
  在方向豎直向上的勻強磁場中，水平放置一根長通電直導(dǎo)線，電流的方向垂直于紙面向里，如圖所示，a、b、c、d是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點，在這四點中
 A. b、d兩點的磁感應(yīng)強度大小相等 B. a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小相等
C. c點的磁感應(yīng)強度的值最大 D. a點的磁感應(yīng)強度的值最小質(zhì)量為50kg的鐵塊從5m高處由靜止自由下落，打在水泥樁上，與水泥樁撞擊的時間是，g取，撞擊時，鐵塊對樁的平均沖擊力為A.  B.  C.  D. 如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源內(nèi)阻不計連接，電容器下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，下列說法正確的是A. 帶電油滴將豎直向下運動
B. P點的電勢將降低
C. 電容器的電容增大，極板帶電荷量不變
D. 電容器的電容增大，極板帶電荷量增大矩形導(dǎo)線框固定在勻強磁場中，如圖甲所示，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向為垂直紙面向外，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示，則
A. 時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向為adcba
B. 時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流越來越小
C. 時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為abcda
D. 時間內(nèi)，導(dǎo)線框ab邊受到的安培力大小恒定不變如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表，開關(guān)處于斷開狀態(tài)。下列說法中正確的是
A. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，消耗的功率變大
B. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變小
C. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表示數(shù)變小
D. 若閉合開關(guān)S，則電流表示數(shù)變大，示數(shù)變大氫原子的能級圖如圖所示，已知氫原子各能級的能量可以用公式計算，現(xiàn)有大量處于能級圖中未標出的氫原子向低能級躍遷，下列說法正確的是

 A. 這些氫原子一定能發(fā)出10種不同頻率的可見光可見光能量范圍：
B. 已知鈉的逸出功為，則氫原子從能級躍遷到能級釋放的光子可以從金屬鈉的表面打出光電子
C. 氫原子從能級躍遷到能級釋放的光子波長最長
D. 氫原子從能級躍遷到能級時，氫原子能量減小，核外電子動能增加如圖所示，在x軸上方存在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，一個電子質(zhì)量為m，電荷量為從x軸上的O點以速度v斜向上射入磁場中，速度方向與x軸的夾角為并與磁場方向垂直．電子在磁場中運動一段時間后，從x軸上的P點射出磁場．則
 A. 電了在磁場中運動的時間為 B. 電子在磁場中運動的時間為
C. OP兩點間的距離為 D. OP兩點間的距離為如圖甲所示，閉合矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁場的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。規(guī)定垂直紙面向內(nèi)為磁場的正方向，順時針為線框中感應(yīng)電流的正方向，水平向右為安培力的正方向。關(guān)于線框中的感應(yīng)電流i與ad邊所受的安培力F隨時間t變化的圖象，下列選項中正確的是
A.  B.
C.  D. 如圖甲，長木板A靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為的另一物體可看做質(zhì)點以水平速度滑上長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后運動過程中A、B的速度隨時間變化情況如圖乙所示，g取，下列說法正確的是
A. 木板A的最小長度為2m B. A、B間的動摩擦因數(shù)為
C. 木板獲得的動能為12J D. 系統(tǒng)損失的機械能為3J按照如圖所示進行實驗。
分別接通“1、4”和“2、3”，導(dǎo)線偏轉(zhuǎn)的角度不同，說明導(dǎo)線受到的力的大小與______有關(guān)。
只上下交換磁極的位置以改變磁場方向，導(dǎo)線受力的方向______選填“改變”或“不改變”。
只改變導(dǎo)線中電流的方向，導(dǎo)線受力的方向______選填“改變”或“不改變”。
通過實驗說明：安培力的方向與磁場方向、電流方向之間的關(guān)系滿足______。某同學(xué)利用實驗室的器材研究一粗細均勻的導(dǎo)體棒約為的電阻率。
電壓表量程，內(nèi)阻約
電流表量程，內(nèi)阻
定值電阻阻值
滑動變阻器最大阻值
學(xué)生電源電動勢
開關(guān)S和若干導(dǎo)線。

如圖甲，用螺旋測微器測得導(dǎo)體棒的直徑為______ mm；如圖乙，用游標卡尺測得導(dǎo)體棒的長度為______ cm。
請根據(jù)提供的器材，在圖丙所示的方框中設(shè)計一個實驗電路，盡可能精確地測量金屬棒的阻值。
實驗時，調(diào)節(jié)滑動交阻器，使開關(guān)閉合后兩電表的示數(shù)從零開始，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)選擇合適標度描點，在方格紙上作圖如圖丁，通過分析可得導(dǎo)體棒的電阻______ 保留一位小數(shù)，再根據(jù)電阻定律即可求得電阻率。從系統(tǒng)誤差的角度分析，電阻______ 填“>”“<”或“=”。如圖所示，水平面上有一個固定光滑斜面，傾角為?，F(xiàn)要使一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正小球靜止在斜面上，可以施加不同的電場。已知重力加速度為g。
若場強方向豎直向上，求場強大小；
若場強方向水平向左，求場強大小。






 如圖所示，質(zhì)量為的小車在光滑水平面上保持靜止狀態(tài)，質(zhì)量為的物體可視為質(zhì)點以的水平速度沖上小車左端，物體最后相對于小車靜止，物體與小車間的動摩擦因數(shù)為，取重力加速度。求：
物體和小車相對靜止時小車的速度是多少？
從物體沖上小車到與小車相對靜止所用的時間是多少？
小車至少多長物體才不至于滑到車外？







 如圖所示，位于水平面內(nèi)的兩個平行金屬導(dǎo)軌相距，一端與阻值的電阻串聯(lián)。一質(zhì)量、電阻的導(dǎo)體棒靜止放置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直，可在導(dǎo)軌上滑動。導(dǎo)軌足夠長且其電阻忽略不計。在導(dǎo)軌所在空間加上豎直方向的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小，通電導(dǎo)體棒在水平向右的外力的作用下由靜止開始向右運動，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的摩擦力。
求導(dǎo)體棒運動的最大速度；
當(dāng)導(dǎo)體棒的速度為其最大速度的一半時，求導(dǎo)體棒的加速度大小。






 如圖所示，在豎直平面內(nèi)xOy坐標系的第一象限存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。在第二象限存在豎直向下的勻強電場，電場強度為E。一個質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從x軸上的點以某一速度沿與x軸正方向成的方向射入磁場，并恰好垂直于y軸射出磁場。不計粒子重力。求：
帶電粒子射入磁場時的速度大?。?/span>
帶電粒子再次到達x軸時的速度大小；
帶電粒子在磁場和電場中運動的總時間。







答案和解析 1.【答案】B
 【解析】解：根據(jù)左手定則可知：
A圖中的安培力應(yīng)該豎直向下；
B中安培力垂直磁感線向下；
C中安培力垂直電流向下；
D中安培力應(yīng)垂直紙面向外；
故B正確，ACD錯誤；
故選：B。
左手定則：左手伸開，使大拇指與其余四指垂直，并且都跟手掌在一個平面內(nèi)；把左手放入磁場中，讓磁感線垂直穿入手心，四指指向電流所指方向，則大拇指的方向就是導(dǎo)體受力的方向。
本題考查左手定則的應(yīng)用，要明確左手定則中涉及物理量及方向較多，在應(yīng)用過程中容易出現(xiàn)錯誤，要加強練習(xí)，增加熟練程度。
 2.【答案】A
 【解析】解：根據(jù)庫侖定律，真空中兩個點電荷帶電量均為，當(dāng)它們相距為r時，相互間的庫侖力為，
而電量均減小一半，再使它們的距離變?yōu)?/span>2r，庫侖力為，故A正確，BCD錯誤。
故選：A。
利用庫侖定律即可求解。
本題考查庫侖定律，要求學(xué)生運用庫侖定律計算真空中兩個靜止點電荷的相互作用力，難度不大。
 3.【答案】D
 【解析】解：A、由圖可知，A處電場線密，則A處的電場強度大，而且兩點電場強度的方向也不同，故A錯誤；
B、沿電場線的方向電勢降低，可知B點的電勢高，故B錯誤；
C、A處電場線密，則A處附近的等差等勢線比B附近稀密，故C錯誤；
D、根據(jù)可知，負電荷在電勢高處于的電勢能小，B點的電勢高，所以負電荷在B點具有的電勢能比在A點小，故D正確。
故選：D。
電場線越密，場強越大，電場線某點的切線方向表示場強的方向；電場線與等勢面垂直，沿電場線的方向電勢降低，電場強度大的地方等差等勢面密，根據(jù)判斷。
無論是電場線或是等差等勢面，都是密的地方場強大，疏的地方場強小；電勢高低的判斷方法可以根據(jù)電勢的定義式來判斷，但一般都是按沿電場線方向電勢降低來判斷。
 4.【答案】A
 【解析】解：用安培定則判斷出通電直導(dǎo)線在abcd四個點上所產(chǎn)生的磁場方向，如圖所示：
A、b點有向上的勻強磁場，還有通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的水平向左的磁場，磁感應(yīng)強度疊加變大，方向向左上。d點有向上的磁場，還有電流產(chǎn)生的水平向右的磁場，疊加后磁感應(yīng)強度的方向向右上。d點與b點疊加后的磁場大小相等，故A正確；
B、根據(jù)磁場的疊加原理，知a點的磁感應(yīng)強度比b點的大，故B錯誤；
CD、a點有向上的勻強磁場，還有通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的向上的磁場，電流產(chǎn)生的磁場和勻強磁場的方向相同，疊加變大，磁感應(yīng)強度的值最大；
c點電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度和原磁感應(yīng)強度方向相反，疊加變小，則磁感應(yīng)強度的值最小，故CD錯誤。
故選：A。
用安培定則確定出通電直導(dǎo)線在abcd四點產(chǎn)生的磁場的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場大小變化和方向，從而判斷各選項。
解決本題時要知道磁感應(yīng)強度既有大小，又有方向，是矢量。它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則。
 5.【答案】B
 【解析】解：鐵塊從5m高處落下，根據(jù)動能定理有：
代入數(shù)據(jù)解得：，方向豎直向下；
設(shè)豎直向上為正方向，則有：，
根據(jù)動量定理有：
代入數(shù)據(jù)解得：
故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
根據(jù)動能定理求出鐵塊落地的速度，再對撞擊過程根據(jù)動量定理求出對水泥地的平均沖擊力。
本題考查了動量定理以及機械能守恒的基本運用，在解題時要注意明確動量定理應(yīng)用時公式的矢量性。
 6.【答案】D
 【解析】解：A、將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，兩板間距離d減小，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)，知極板間場強增大，油滴所受的電場力增大，因為初始狀態(tài)油滴所受的電場力與重力等大反向，即電場力豎直向上，則電場力增大后油滴將向上加速運動，故A錯誤；
B、場強增大，而P點與下極板間的距離不變，則由公式可知，P點與下極板間電勢差將增大，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將增大，故B錯誤。
CD、由，可知因d減小，電容C增大，極板間電壓不變，又由得，Q增大，故D正確，C錯誤。
故選：D。
將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓U不變，根據(jù)根據(jù)分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況；由分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化；根據(jù)由和分析電容器的電容及極板帶電荷量情況。
本題考查了電容器動態(tài)分析問題，考查知識點針對性強，有一定難度，考查了學(xué)生掌握知識與應(yīng)用知識的能力。
 7.【答案】C
 【解析】解：AC、根據(jù)圖乙所示磁感應(yīng)強度變化情況，應(yīng)用楞次定律可知，時間，電路中電流方向為逆時針方向，即電流方向為：abcda，故A錯誤，C正確；
B、由圖乙所示圖線可知，磁感應(yīng)強度均勻減小，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢大小不變，由歐姆定律可知，線框中的電流大小不變，故B錯誤；
D、由C可知：時間內(nèi)，電路中電流大小I恒定不變，B不斷變化，由可知，安培力F大小發(fā)生變化，安培力大小不是恒定的，故D錯誤。
故選：C。
由右乙可知磁感應(yīng)強度B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；由可知安培力的變化情況。
本題要求學(xué)生能正確理解圖的含義，才能準確的利用楞次定律、左手定律等進行判定；解題時要特別注意，兩個時段，雖然磁場的方向發(fā)生了變化，但因其變化為連續(xù)的，故產(chǎn)生的電流一定是相同的。
 8.【答案】C
 【解析】解：ABC、滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則消耗的功率變??；由于干路電流變小，分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數(shù)變大；因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表示數(shù)變小，故AB錯誤，C正確；
D、閉合開關(guān)S則并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即的電流變大，分壓變大，則的分壓變小，電流變小，即示數(shù)變小。電流表示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤
故選：C。
滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，接入電路中的阻值變大，因輸出電壓不變，則總電流變小，據(jù)歐姆定律確定各表的示數(shù)變化。
本題考查包含變壓器電路的動態(tài)分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由電路的聯(lián)接關(guān)系可分析各表的示數(shù)的變化，可見明確電路的結(jié)構(gòu)是求解的關(guān)鍵。
 9.【答案】BD
 【解析】解：A、根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式，所以這些氫原子總共可輻射出10種不同頻率的光，可見光是高能級向能級躍遷發(fā)出的光，可知有3種不同頻率的光是可見光，故A錯誤；
B、根據(jù)氫原子各能級的能量公式，那么處于能級圖中未標出的氫原子能量為，則氫原子從能級躍遷到能級釋放的光子能量為：，即入射光的能量大于鈉的逸出功，能發(fā)生光電效應(yīng)，可以從金屬鈉的表面打出光電子，故B正確；
C、由圖可知氫原子從能級躍遷到能級時，能級差最大，所以放出光子的能量最大，根據(jù)，所以產(chǎn)生的光的波長最小，故C錯誤；
D、氫原子從能級躍遷到能級時，由于釋放光子，則氫原子能量會減小，因庫侖力提供向心力，即：，那么核外電子動能，可知電子的動能會增加，故D正確；
故選：BD。
根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)；能級間躍遷時，輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，能級差越大，輻射的光子頻率越高；氫原子電子從高能級向低能級躍遷時，釋放光子，電勢能減小，動能增加，總能量減?。?/span>
解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級間躍遷時輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，并理解光電效應(yīng)發(fā)生條件，注意大量處于能級圖中未標出的氫原子中與一個氫原子，針對躍遷時，發(fā)出不同頻率的種類的區(qū)別．
 10.【答案】AC
 【解析】【分析】
電子從x軸上與x軸的夾角為射入磁場做勻速圓周運動，最后從x軸上的P點射出磁場，則轉(zhuǎn)過的圓心角為，根據(jù)周期公式及半徑公式結(jié)合幾何關(guān)系即可求解．
本題主要考查了帶點粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期公式及半徑公式的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．
【解答】
解：由題意可知電子在磁場做勻速圓周運動，轉(zhuǎn)過的圓心角為，
所以運動的時間，故A正確，B錯誤；
根據(jù)半徑公式得：，根據(jù)幾何關(guān)系得：OP兩點間的距離，故C正確，D錯誤。
故選：AC。  11.【答案】BC
 【解析】解：AB、由題目可知，規(guī)定垂直紙面向內(nèi)為磁場的正方向，順時針為線框中感應(yīng)電流的正方向，則由圖象可知，
磁感應(yīng)強度垂直紙面向里，均勻增大，由楞次定律可知，此時線框內(nèi)的電流方向為逆時針方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：，圖象的斜率為：，斜率k不變，則感應(yīng)電動勢大小不變，由閉合電路歐姆定律：可知，電流大小不變，數(shù)值為負；
，磁感應(yīng)強度大小不變，斜率，故此時感應(yīng)電動勢為零，電流為零；
，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向內(nèi)，大小減小，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向為順時針，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：，圖象的斜率為：，斜率k不變，則感應(yīng)電動勢大小不變，由閉合電路歐姆定律：，可知電流大小不變，數(shù)值為正；
，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外，大小增大，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向為順時針，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：，圖象的斜率為：，斜率k不變，且與的斜率相同，則感應(yīng)電動勢大小不變，由閉合電路歐姆定律：，可知電流大小不變，與大小相同，數(shù)值為正；故B正確，A錯誤；
CD、由題目可知水平向右為安培力的正方向，安培力公式可得：，
電流大小不變，方向為逆時針方向，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向內(nèi)，大小均勻增大，由左手定則可得，安培力合力方向向右，大小均勻增大，數(shù)值為正；
，電流為零，故安培力大小為零；
電流大小不變，方向為順時針方向，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向內(nèi)，大小均勻減小，由左手定則可得，安培力合力方向向左，大小均勻減小，數(shù)值為負；
電流大小不變，方向為順時針方向，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外，大小均勻增大，由左手定則可得，安培力合力方向向右，大小均勻增大，數(shù)值為正；故C正確，D錯誤；
故選：BC。
由圖象可以判斷出磁場方向和大小的變化，從而由楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向變化，再由法拉第電磁感應(yīng)定律判斷出電流的變化，從而由左手定則判斷出安培力大小與方向的變化。
本題主要考查了考生對于楞次定律的理解，考生需掌握楞次定律中感應(yīng)磁場與外加磁場的變化關(guān)系，同時也要學(xué)會處理的圖象，從中分段探討電流的變化情況，最后，需熟練掌握安培力中判斷方向的左手定則。
 12.【答案】BD
 【解析】解：由圖得：，B做勻減速運動，A做勻加速運動，1s時，AB達到共速，一起勻速運動。
A、由圖得：內(nèi)，B的位移，A的位移為，當(dāng)A板長度最短時，B恰好滑到A的最右端，恰好未掉落，故木板A的最小長度為，故A錯誤；
B、由圖得：B的加速度：，負號表示加速度的方向，
由牛頓第二定律得：，代入解得，，故B正確；
C、由圖得：對木板：，解得：，木板獲得的動能為：，故C錯誤；
D、系統(tǒng)損失的機械能，故D正確；
故選：BD。
根據(jù)圖像可得到A、B的加速度，位移，分析運動情況得到木板最小長度，根據(jù)牛頓運動定律可求解動摩擦因數(shù)及A的質(zhì)量，從而得到木板的動能，根據(jù)功能關(guān)系得到系統(tǒng)損失的機械能。
本題考查圖像問題與板塊模型相結(jié)合，需要掌握牛頓運動定律的應(yīng)用及功能關(guān)系。
 13.【答案】導(dǎo)線的長度  改變  改變  左手定則
 【解析】解：分別接通“1、4”和“2、3”，導(dǎo)線的長度不同，導(dǎo)線偏轉(zhuǎn)的角度不同，說明導(dǎo)線受到的力的大小與導(dǎo)線的長度有關(guān)。
導(dǎo)線受力的方向與磁場方向有關(guān)，只上下交換磁極的位置以改變磁場方向，導(dǎo)線受力的方向改變。
導(dǎo)線受力的方向與電流方向有關(guān)，只改變導(dǎo)線中電流的方向，導(dǎo)線受力的方向改變。
通過實驗說明：安培力的方向與磁場方向、電流方向之間的關(guān)系滿足左手定則。
故答案為：導(dǎo)線的長度；改變；改變；左手定則。
導(dǎo)線偏轉(zhuǎn)的角度不同，說明導(dǎo)線受到的力不同，分別接通“1、4”和“2、3”，導(dǎo)線的長度不同。
只上下交換磁極的位置以改變磁場方向，導(dǎo)線受力的方向改變。
只改變導(dǎo)線中電流的方向，導(dǎo)線受力的方向改變。
安培力的方向與磁場方向、電流方向之間的關(guān)系遵守左手定則。
本題考查影響磁場對電流作用力的因素，要知道通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力謝與磁場方向、電流方向均有關(guān)，滿足左手定則。
 14.【答案】
 【解析】解：螺旋測微器的讀數(shù)等于；
游標卡尺為分度，精確度為，游標上的第4格與主尺對齊，故讀數(shù)為。
要求盡可能精確地測量金屬棒的阻值，而滑動變阻器的總阻值較小，則用分壓式可以多測幾組數(shù)據(jù)；電壓表的量程為15 V，則待測電阻的電流最大為，則的電流表量程太小，不安全，而電流表內(nèi)阻已知，且有定值電阻，則可以用電流表與定值電阻串聯(lián)，定值電阻能分部分電壓且能精確的得到待測電阻阻值，而電流表內(nèi)阻已知，選擇內(nèi)接法可以消除系統(tǒng)誤差，故電路圖如圖所示。

根據(jù)伏安法可知，解得，因電流表用內(nèi)接法，且電流表的內(nèi)阻和定值電阻的阻值已知，則兩者分壓的系統(tǒng)誤差可以消除，則電阻的測量值等于真實值。
故答案為：； 

  ；=
根據(jù)螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則讀出讀數(shù)；在設(shè)計電路圖時考慮分壓式還是限流式，以及電流表的內(nèi)外接；根據(jù)伏安法計算電阻值，由于電流表內(nèi)阻已知，其系統(tǒng)誤差可以消除。
本題主要考查了電路設(shè)計問題，游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)，以及伏安法測電阻的計算及誤差分析，在電路設(shè)計時要考慮滑動變阻器接法和電流表的內(nèi)外接是解題的關(guān)鍵。
 15.【答案】解：若場強方向豎直向上，電場力向上，重力向下，如果有彈力，則彈力垂直斜面向右上方。根據(jù)平衡條件可知，如果有彈力就無法平衡，因此，斜面對小球無彈力作用。重力和電場力二力平衡：
解之可得：
若場強方向水平向左，電場力方向水平向左。重力、彈力和電場力三力平衡。
根據(jù)平衡關(guān)系有：
解之可得：
答：場強大小為；
場強大小為；
 【解析】若場強方向豎直向上，彈力必須為零，否則無法平衡，根據(jù)二力平衡求電場力，再求電場強度。若場強方向水平向左，三力平衡，根據(jù)平衡條件求解電場力，再求電場。
考查電場強度的計算。在勻強電場中，先通過平衡條件求解電場力，再通過電場強度的定義式求解場強即可。
 16.【答案】解：物塊與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)物體和小車的共同速度為v，
以向右為正方向，由動量守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)解得：
設(shè)物體相對小車滑動時間為t，對小車，由動能定理得：

的數(shù)據(jù)解得：
設(shè)小車的最小長度為L，對小車與物體組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)解得：
答：物體和小車相對靜止時小車的速度是。
從物體沖上小車到與小車相對靜止所用的時間是。
小車至少為長物體才不至于滑到車外。
 【解析】物體與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出物體和小車相對靜止時小車的速度。
對小車，應(yīng)用動量定理可以求出相對運動時間。
物體和小車速度相等時物體恰好到達小車右端時，小車長度最小，應(yīng)用能量守恒定律可以求出小車的最小長度。
本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚物體與小車的運動過程是解題的前提，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律、動量定理即可解題。
 17.【答案】解：
導(dǎo)體棒勻速運動時的速度最大，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

導(dǎo)體棒中的電流

導(dǎo)體棒所受的安培力

導(dǎo)體棒勻速運動時，有

聯(lián)立解得
當(dāng)導(dǎo)體棒的速度時
，


根據(jù)牛頓第二定律解得

代入數(shù)據(jù)解得
答：導(dǎo)體棒運動的最大速度為；
當(dāng)導(dǎo)體棒的速度為其最大速度的一半時，導(dǎo)體棒的加速度大小為。
 【解析】由可求得電動勢，再由閉合電路歐姆定律可求得電路中的電流，由安培力公式求出安培力，由平衡條件求出最大速度。
分析物體的受力情況，明確合外力，再由牛頓第二定律求得加速度。
本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路相結(jié)合的綜合題，應(yīng)用安培力公式、平衡條件、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題。
 18.【答案】解：帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由射入點、射出點可確定軌跡圓的圓心，設(shè)軌跡半徑為r，根據(jù)幾何關(guān)系有

解得
根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有
解得
根據(jù)幾何關(guān)系知，射出點的縱坐標為
設(shè)帶電粒子再次到達x軸時的速度大小為，根據(jù)動能定理有
解得
帶電粒子在磁場中運動的周期為
設(shè)帶電粒子在磁場中的運動時間為，結(jié)合幾何關(guān)系知
設(shè)帶電粒子在電場中的運動時間為，有
解得
所以帶電粒子在磁場和電場中運動的總時間為
答：帶電粒子射入磁場時的速度大小為；
帶電粒子再次到達x軸時的速度大小為；
帶電粒子在磁場和電場中運動的總時間為。
 【解析】根據(jù)題意畫出帶電粒子運動軌跡，根據(jù)圓周運動半徑公式，列示求解；
分析物體的運動，根據(jù)動能定理列示求解；
分別求出在電場中和磁場中運動的時間，再求和。
本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運動，準確分析帶電粒子運動軌跡以及運動過程，是解題關(guān)鍵。
 

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