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A.閉合氣泵開關(guān)，條件導(dǎo)軌，使滑塊的遮光條依次通過兩光電門的時(shí)間______，則導(dǎo)軌水平。
B.將待測物體固定在滑塊的凹槽內(nèi)，并將細(xì)線的一端拴接在滑塊上，另一端跨過定滑輪掛一個(gè)質(zhì)量為的鉤碼。
C.調(diào)節(jié)定滑輪，使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌的軌道平行。
D.釋放滑塊；記錄滑塊的遮光條通過光電門1、2的時(shí)間、和光電門之間的距離L；用游標(biāo)卡尺測出遮光條的寬度d，示數(shù)如圖b所示，則______cm，并由此計(jì)算出滑塊的加速度______用、、d表示。
E.依次添加砝碼，重復(fù)上述過程幾次，記錄相關(guān)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)并計(jì)算出滑塊相應(yīng)的加速度。
F.以鉤碼質(zhì)量的倒數(shù)為橫軸，加速度的倒數(shù)為縱軸，建立直角坐標(biāo)系，利用以上數(shù)據(jù)畫出如圖c所示的圖線，若該直線的斜率為k，縱截距為b，則______；______。
某同學(xué)為精確測量某金屬圓柱的電阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路圖?，F(xiàn)在需要兩個(gè)量程為200mA的電流表，但實(shí)驗(yàn)室提供的器材中，一個(gè)電流表的量程為100mA，內(nèi)阻為，另外一個(gè)電流表的量程為200mA。
圖中E為學(xué)生電源、G為靈敏電流計(jì)、代表量程為100mA電流表圖中未畫出改裝后的電流表、為量程為200mA的電流表、為電阻箱、與均為滑動(dòng)變阻器、為定值電阻、S為開關(guān)、為待測金屬圓柱，另有導(dǎo)線若干，這些器材全部由實(shí)驗(yàn)室提供。具體的實(shí)驗(yàn)操作如下：
A.按照如圖甲所示的電路圖連接好實(shí)驗(yàn)器材；
B.將滑動(dòng)變阻器的滑片、滑動(dòng)變阻器的滑片均調(diào)至適當(dāng)位置，閉合開關(guān)S；
C.調(diào)整，逐步增大輸出電壓，并反復(fù)調(diào)整和使靈敏電流計(jì)G的示數(shù)為零，此時(shí)量程為100mA的電流表A的示數(shù)為，的示數(shù)為，電阻箱的示數(shù)為；
D.實(shí)驗(yàn)完畢，整理器材。
①實(shí)驗(yàn)步驟B中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)調(diào)至最______ 填“左”或“右”端；
②某次測量時(shí)，量程為100mA的電流表A的指針位置如圖乙所示，則此時(shí)通過的電流為______ mA。
待測金屬圓柱的阻值為______ 用所測物理量的字母表示。
電流表、的內(nèi)阻對測量結(jié)果______ 填“有“或“無”影響。如圖所示的“冰爬犁”是北方兒童在冬天的一種游戲用具：“上坐一人，雙手握鐵篙，向后下方用力點(diǎn)冰，則冰床前進(jìn)如飛?！痹诳諘绲乃奖嫔?，有一小孩從靜止開始，連續(xù)三次“點(diǎn)冰”后，爬犁沿直線繼續(xù)滑行最后停下。某同學(xué)用圖象描述了上述運(yùn)動(dòng)過程，如圖所示，圖中，。求：
爬犁加速時(shí)的加速度大小；
從O到A過程中的位移大??；
爬犁運(yùn)動(dòng)的最大速度為多少？
爬犁運(yùn)動(dòng)了多長距離停下？
有人對鞭炮中炸藥爆炸的威力產(chǎn)生了濃厚的興趣，他設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)，一個(gè)平板車固定在水平地面上，其右端恰好與光滑的半圓弧軌道的底端相切，在平板車的右端放置兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的緊挨著的A、B兩個(gè)物體均可看成質(zhì)點(diǎn)，物體質(zhì)量均為m，現(xiàn)在在它們之間放少量炸藥.當(dāng)初A、B兩物靜止，點(diǎn)燃炸藥讓其爆炸，物體B向右運(yùn)動(dòng)，恰能到達(dá)半圓弧最高點(diǎn).物體A沿平板車表面向左做直線運(yùn)動(dòng)，最后從車上掉下來，落地點(diǎn)離平板車左端的水平距離為s，已知平板車上表面離地面的高度為h，平板車表面長度為l，物體與平板車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為試求：
物體離開平板車的速度；
圓弧的半徑和炸藥爆炸時(shí)對A、B兩物體所做的功.
如圖所示，在的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E；在的區(qū)域存在方向垂直xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從y軸上點(diǎn)以一定的初速度射出，速度方向沿x軸正方向。已知場強(qiáng)大小，粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場。不計(jì)粒子重力。求：
粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度方向和大??；
粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。
答案和解析 1.【答案】C
【解析】【分析】
加速度向上，處于超重狀態(tài)。
根據(jù)萬有引力提供向心力得到角速度與軌道半徑的關(guān)系分析。
根據(jù)開普勒第三定律分析周期與軌道半徑的關(guān)系。
根據(jù)角速度關(guān)系分析經(jīng)過半年時(shí)間，地球和火星的位置。
該題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，天體運(yùn)動(dòng)中，一般由萬有引力做向心力，根據(jù)題目給出的物理量得到要求的物理量，在求解的過程中，要把其他變量都轉(zhuǎn)化成已知量。
【解答】
A、“天問一號(hào)”在發(fā)射過程中，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；
B、根據(jù)萬有引力提供向心力可知，，解得角速度：，地球的軌道半徑小，角速度大，圖示時(shí)刻垂直地面發(fā)射“天問一號(hào)”，不能直接飛向火星，故B錯(cuò)誤；
C、根據(jù)開普勒第三定律可知，，地球的軌道半徑小，公轉(zhuǎn)周期小，火星的軌道半徑大，公轉(zhuǎn)周期大，故C正確；
D、從圖示時(shí)刻再經(jīng)過半年時(shí)間，地球運(yùn)動(dòng)到圖示位置的對稱點(diǎn)，但由于火星的角速度小，不能運(yùn)動(dòng)到圖示位置的對稱點(diǎn)，此時(shí)太陽、地球、火星不能再次共線，故D錯(cuò)誤。
故選：C。 2.【答案】C
【解析】【分析】
根據(jù)安培定則判定穿過螺線管的磁場的方向以及穿過圓環(huán)的磁通量變化，再依據(jù)楞次定律，確定圓環(huán)內(nèi)電流的方向以及圓環(huán)對桌面的壓力情況；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢的大小。
解決本題的關(guān)鍵是理解并掌握楞次定律：增反減同，來拒去留。
【解答】
由圖甲，根據(jù)安培定則可知，電流的方向?yàn)檎龝r(shí)，螺線管產(chǎn)生的磁場的方向向上，則穿過圓環(huán)的磁通量的方向向上；
A、由圖乙可知時(shí)間內(nèi)線圈中電流減弱，產(chǎn)生的向上的磁場減小，穿過圓環(huán)中向上的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場的方向向上，從上往下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤；
B、由圖乙可知時(shí)間內(nèi)線圈中電流減弱的速度增大，則穿過圓環(huán)中磁通量的變化率增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的電動(dòng)勢逐漸增大，故B錯(cuò)誤；
C、由圖乙可知時(shí)間內(nèi)穿過螺線管的電流反向增大，則穿過圓環(huán)中向下的磁通量的增大，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場的方向向上，從上往下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，與螺線管內(nèi)的電流的方向相反，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，可知圓環(huán)受到螺線管的排斥力，所以圓環(huán)對桌面的壓力大于mg，故C正確；
D、由圖乙可知時(shí)間內(nèi)反方向的電流減小，則穿過圓環(huán)中向下的磁通量的減小，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場的方向向下，從上往下看，圓環(huán)中的感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，與螺線管內(nèi)的電流的方向相同，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，可知圓環(huán)受到螺線管的吸引力，有相對于桌面向右運(yùn)動(dòng)的趨勢，所以圓環(huán)會(huì)受到桌面向左的摩擦力，根據(jù)牛頓第三定律可知，圓環(huán)對桌面的摩擦力向右，故D錯(cuò)誤。
故選：C。 3.【答案】C
【解析】【分析】
人和氣球動(dòng)量守恒，當(dāng)人不動(dòng)時(shí)，氣球也不動(dòng)；當(dāng)人向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，氣球向上運(yùn)動(dòng)，且變化情況一致，根據(jù)動(dòng)量守恒列出等式求解。
本題為動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，屬于人船模型的類別，也可以根據(jù)平均動(dòng)量相等結(jié)合位移時(shí)間關(guān)系求解。
【解答】
設(shè)人的速度，氣球的速度，根據(jù)人和氣球相同平均動(dòng)量守恒得：則，
所以，因人和氣球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則，又氣球和人運(yùn)動(dòng)的路程之和為，則人下滑的距離為：，氣球上升的距離為：，即人下滑2m，氣球上升5m，所以人離地高度為5m，故C正確，ABD錯(cuò)誤。
故選：C。 4.【答案】D
【解析】【分析】
若木塊A靜止不動(dòng)，根據(jù)平衡可求出A受到的支持力與摩擦力，加力F后，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，可以得到壓力與最大靜摩擦力同時(shí)變大，物體依然平衡，然后結(jié)合共點(diǎn)力平衡的條件分析；最后采用整體法對AB組成的整體進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力平衡即可求出。
本題要善用等效的思想，可以設(shè)想將力F撤去，而換成用一個(gè)重力的大小等于F的物體疊放在原來的物塊上．
【解答】
AB、沒有施加力F時(shí)，A受到重力、斜面的支持力與摩擦力，處于平衡狀態(tài)，受力如圖：
設(shè)斜面B與水平面之間的夾角為，則支持力：①，靜摩擦力：②；
由于A能靜止，則A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)：，對A施加一個(gè)豎直向下的力F，則A受到的支持力：③，A若受到的摩擦力為靜摩擦力，則：④，可知假設(shè)成立，A受到B的靜摩擦力。比較①與③以及②與④可知，A受到的支持力以及摩擦力都增大；結(jié)合牛頓第三定律可知，A與B的彈力以及A對B的摩擦力都增大，故AB正確；
CD、以及AB組成的整體為研究對象，沒有施加力F時(shí)，AB受到重力、水平面的支持力處于平衡狀態(tài)，由于水平方向沒有其他的外力，則整體不受摩擦力；對A施加一個(gè)豎直向下的力F，則AB受到重力、水平面的支持力以及豎直向下的外力F處于平衡狀態(tài)，水平方向仍然不受摩擦力。由于力F豎直向下，由共點(diǎn)力平衡的條件可知，地面對B的支持力增大。故C正確，D錯(cuò)誤。
本題選擇錯(cuò)誤的，故選D。 5.【答案】A
【解析】【分析】
本題考查光電效應(yīng)，實(shí)驗(yàn)是通過紫外線照射鋅板，發(fā)生光電效應(yīng)，鋅板失去電子帶正電，光電效應(yīng)說明光具有粒子性．
解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的實(shí)質(zhì)以及光電效應(yīng)的條件，知道鋅板失去電子帶正電是解答的關(guān)鍵，基礎(chǔ)題．
【解答】
A、根據(jù)光電效應(yīng)的條件可知發(fā)生光電效應(yīng)與光的強(qiáng)度無關(guān)，若改用強(qiáng)度更小的紫外線照射鋅板，驗(yàn)電器的指針也會(huì)偏轉(zhuǎn)，故A正確；
B、用可見光照射鋅板時(shí)，驗(yàn)電器指針不偏轉(zhuǎn)，根據(jù)光電效應(yīng)的條件可知若改用紅外線照射鋅板，一定不能發(fā)生光電效應(yīng)，所以驗(yàn)電器的指針一定不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；
C、用紫外線照射鋅板，鋅板失去電子帶正電，驗(yàn)電器與鋅板相連，則驗(yàn)電器的金屬球和金屬指針帶正電，故C錯(cuò)誤；
D、光電效應(yīng)說明光具有粒子性，故D錯(cuò)誤。 6.【答案】B
【解析】【分析】
根據(jù)圖示電路圖判斷開關(guān)閉合后降壓變壓器副線圈電流如何變化，根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷升壓變壓器副線圈電壓如何變化，然后根據(jù)變壓器的變壓比與變流比、電功率公式與歐姆定律分析答題。
本題考查了遠(yuǎn)距離輸電問題，考查了變壓器的動(dòng)態(tài)分析問題，對于遠(yuǎn)距離輸電問題，一定要明確整個(gè)過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)。
【解答】
A.僅閉合開關(guān)S，用戶總功率變大，降壓變壓器副線圈電流變大，降壓變壓器原線圈電流變大，輸電線損失的電壓變大，升壓變壓器輸出電壓即輸電電壓不變，降壓變壓器輸入電壓減小，降壓變壓器輸出電壓減小，燈泡兩端電壓減少，燈泡實(shí)際功率減小，燈泡亮度變暗，故A錯(cuò)誤；
B.由A的分析可知，僅閉合開關(guān)S，輸電電流變大，即流過電阻r的電流增大，r消耗的功率變大，故B正確；
C.僅將滑片P下移，升壓變壓器的輸出電壓變大，整個(gè)電路總電阻不變，流過r的電流變大，電阻r消耗的功率變大，故C錯(cuò)誤；
D.僅將滑片P上移，理想變壓器的輸出電壓減少，電路中總電流減少，輸電功率減小，理想變壓器輸入功率減少，理想變壓器輸入電壓不變，則的輸入電流減少，電流表示數(shù)會(huì)變小，故D錯(cuò)誤。
故選B。 7.【答案】AC
【解析】解：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得可得到，圖象中的斜率大小反映大小關(guān)系，如果p與T成正比，說明體積V保持不變，所以，由題圖可知A、C兩狀態(tài)的壓強(qiáng)相等，由可知；
根據(jù)熱力學(xué)第一定律，過程AB為等容變化，體積不變，對外不做功，外界對氣體也不做功，，，但溫度升高內(nèi)能增加，一定要吸熱，即：；而過程AC為等壓變化，溫度升高、內(nèi)能增大，體積增大對外做功，外界對氣體做功，可得出氣體一定吸熱，即：；
再由B、C兩個(gè)狀態(tài)比較，溫度相同、即內(nèi)能相等，體積，由狀態(tài)B到狀態(tài)C體積增大，氣體對外界做功，外界氣體做負(fù)功，由熱力學(xué)第一定律可知此過程一定要吸熱，即：。
綜上所述，AC正確，BD錯(cuò)誤。
故選：AC。
根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得到表達(dá)式，根據(jù)圖象中的斜率分析體積；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化和做功情況以及吸熱情況。
本題主要是考查理想氣體的狀態(tài)方程之圖象問題，關(guān)鍵是弄清楚圖象中某點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線斜率表示的物理意義，能夠根據(jù)圖象分析氣體做功情況，然后根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷內(nèi)能的變化情況。
8.【答案】BCE
【解析】解：A、受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振動(dòng)顯著增強(qiáng)，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率時(shí)即共振，故A錯(cuò)誤；
B、機(jī)械波的頻率等于波源的振動(dòng)頻率，僅由波源決定，與介質(zhì)、波速、波長無關(guān)，故B正確；
C、各種波包括機(jī)械波和電磁波等均可以產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，故C正確；
D、機(jī)械波的產(chǎn)生需要振源和介質(zhì)，只有振源不一定產(chǎn)生機(jī)械波，故D錯(cuò)誤；
E、要產(chǎn)生干涉現(xiàn)象的必要條件之一，就是兩列波的頻率相等，故E正確。
故選：BCE。
明確受迫振動(dòng)的性質(zhì)，知道受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；機(jī)械波的頻率等于波源的振動(dòng)頻率；明確各種波均可以產(chǎn)生多普勒效應(yīng)；機(jī)械波的產(chǎn)生需要振源和介質(zhì)；頻率相等是發(fā)生干涉現(xiàn)象的必要條件。
本題考查了受迫振動(dòng)、機(jī)械波的頻率由波源決定、多普勒效應(yīng)、機(jī)械波產(chǎn)生條件、干涉條件等知識(shí)，要求同學(xué)們對此部分知識(shí)要重視起來，勤加練習(xí)，注意歸納。
9.【答案】BD
【解析】解：AB、一群氫原子處于的激發(fā)態(tài)，在向較低能級(jí)躍遷的過程中，最多能輻射出種不同頻率的光子，
其對應(yīng)的能量為：
，
，
，
，
，
，
其中能量最大的光子為，其中有3種光子大于，則有3種不同頻率的光能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯(cuò)誤，B正確；
CD、從鎢板逸出的光電子的最大初動(dòng)能為
，故C錯(cuò)誤，D正確。
故選：BD。
依據(jù)數(shù)學(xué)組合公式判斷輻射光子的種類；
結(jié)合光電效應(yīng)發(fā)生條件，入射光的光子能量大于金屬的逸出功；
根據(jù)光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能。
解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)躍遷所滿足的規(guī)律，以及掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用，
10.【答案】AD
【解析】解：A、由圖象可知，內(nèi)的加速度，
由牛頓第二定律得，解得，故A正確；
B、由圖象可知，內(nèi)的加速度，
由此可知和兩個(gè)過程中電梯的加速度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；
C、內(nèi)，上升過程加速度為方向豎直向下，處于失重狀態(tài)，重力保持不變，故C錯(cuò)誤；
D、由圖象與t軸所圍的面積可知電梯上升過程的總位移大小為16m，方向豎直向上，故D正確。
故選：AD。
由圖象斜率求出內(nèi)的加速度大小，然后根據(jù)牛頓第二定律求出乘客對電梯底板的壓力大小；
由圖象斜率可知和兩個(gè)過程中電梯的加速度；
加速度向下時(shí)候乘客失重，但是重力的施力物體是地球，一直存在；
由圖象與t軸所圍的面積可知電梯上升過程的總位移。
本題考查圖象，斜率表示加速度，與t軸所圍的面積表示位移，容易犯錯(cuò)的地方是方向問題，加速度和位移都是矢量；
乘客的超重和失重判斷：加速豎直向上判斷為超重，加速度豎直向下判斷為失重。
11.【答案】
【解析】解：設(shè)拋射角為，初速度為，則：豎直方向初速度，最高點(diǎn)速度豎直方向速度為零。
根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律知射高表達(dá)式：；
故答案為：
斜拋運(yùn)動(dòng)可以看成在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)和在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解求解豎直方向初速度，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得到射高的表達(dá)式。
對于斜拋運(yùn)動(dòng)，研究的基本方法是運(yùn)動(dòng)的合成和分解，本題關(guān)鍵知豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，最高點(diǎn)豎直方向速度為零。
12.【答案】等于 小于
【解析】解：小汽車在水平地板上勻速行駛時(shí)，地板的支持力與重力二平衡，則有：，由牛頓第三定律得知，小汽車對地板的壓力大小為：；
小汽車通過凸圓弧形橋頂部時(shí)，由汽車的重力和橋面的支持力提供汽車的向心力，則有：
解得：
則得它對橋面的壓力大小為：
故答案為：等于，小于。
小汽車在水平地板上勻速行駛時(shí)，地板的支持力與重力二力平衡；通過拱形橋最高點(diǎn)時(shí)，由汽車的重力和橋面的支持力提供汽車的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力即可判斷。
汽車通過拱橋頂點(diǎn)時(shí)，通過分析受力情況，確定向心力來源，再由牛頓定律分析是超重還是失重現(xiàn)象，判斷支持力與重力的關(guān)系。
13.【答案】相等
【解析】解：A、當(dāng)導(dǎo)軌水平時(shí)，滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，遮光條通過光電門的時(shí)間相同；
D、20分度的游標(biāo)卡尺精確度為，由圖可知，游標(biāo)尺的0刻度前為5mm，第三刻度與上邊對齊，讀數(shù)為：，所以總讀數(shù)為：；
在極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則滑塊通過光電門1的速度為，滑塊通過光電門2的速度為
根據(jù)：可得：
所以：
F、滑塊的質(zhì)量為M，待測物體的質(zhì)量為，滑塊受到拉力為F，由牛頓第二定律有；
對鉤碼：
聯(lián)立得：
所以圖象的斜率為，故，
縱軸截距為
所以：，
故答案為：A、相等；D、；；F、；
A、當(dāng)導(dǎo)軌水平時(shí)，滑塊在水平軌道上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，遮光條通過光電門的時(shí)間相同；
D、根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法正確讀出d的大??；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式即可求出加速度的表達(dá)式；
F、由牛頓第二定律寫出與滑塊上待測物體、砝碼質(zhì)量的表達(dá)式，然后結(jié)合斜率與截距概念求解即可。
解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事．遇到涉及圖象的問題時(shí)，要先根據(jù)物理規(guī)律寫出關(guān)于縱軸與橫軸的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念求解即可．
14.【答案】①左；②160；；無。
【解析】【分析】
①滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零的位置。
②根據(jù)題意與電流表的改裝原理求出通過電阻的電流。
根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出待測金屬圓柱的電阻。
根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)步驟分析實(shí)驗(yàn)誤差。
本題考查了測量某金屬圓柱的電阻實(shí)驗(yàn)，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)電流表的改裝原理、應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題。
【解答】①由圖甲所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，應(yīng)滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)調(diào)至最左端。
②代表量程為100mA電流表A改裝后的電流表，改裝后電流表量程是200mA，改裝后量程為原量程的2倍；
由圖乙所示表盤可知，量程為100mA的電流表A的分度值為4mA，示數(shù)為80mA，
由于改裝后電流表量程是原電流表量程的2倍，則通過電阻的電流為。
電流計(jì)G的示數(shù)為零，則和兩端的電壓相等，由并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律得：，
解得，待測金屬圓柱的阻值
待測金屬圓柱的阻值，電流表、的內(nèi)阻對測量結(jié)果較沒有影響。
故答案為：①左；②160；；無。 15.【答案】解：由圖知，從O到A過程中初速度為，末速度為，時(shí)間為，則加速度為
從O到A過程中的位移大小為
從O到B過程中速度的增量為
故爬犁運(yùn)動(dòng)的最大速度即為E點(diǎn)時(shí)的速度，為
點(diǎn)對應(yīng)速度
D點(diǎn)對應(yīng)速度
根據(jù)速度圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，可得爬犁運(yùn)動(dòng)的總位移為
即爬犁運(yùn)動(dòng)了距離停下。
答：爬犁加速時(shí)的加速度大小是；
從O到A過程中的位移大小是；
爬犁運(yùn)動(dòng)的最大速度為；
爬犁運(yùn)動(dòng)了距離停下。
【解析】由圖讀出爬犁加速時(shí)的初速度、末速度和時(shí)間，從而求得加速度。
根據(jù)位移等于平均速度乘以時(shí)間來求從O到A過程中的位移大小。
根據(jù)速度-時(shí)間公式求爬犁運(yùn)動(dòng)的最大速度。
根據(jù)速度圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，來求解即可。
解決本題時(shí)，要知道圖象的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，要把握爬犁的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行研究。
16.【答案】解：設(shè)物體離開平板車的速度為v，A物體離開平板車后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，得
在水平方向上，有：
在豎直方向上，有：
聯(lián)立兩式解得：
設(shè)炸藥爆炸后A、B兩物體的速度分別為、，物體A在平板車上運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得：
炸藥爆炸后，取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：
物體B向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)半圓弧最高點(diǎn)的速度為。物體B恰能到達(dá)最高點(diǎn)，由重力提供向心力，由牛頓第二定律得
：
物體B上升到最高點(diǎn)過程中，由機(jī)械能守恒定律得：
聯(lián)立解得：
由功能關(guān)系，炸藥對A、B物體做的功為：
解得：
答：物體離開平板車的速度為；
圓弧的半徑為，炸藥爆炸時(shí)對A、B兩物體所做的功為。
【解析】物體離開平板車后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求A物體離開平板車的速度；
研究物體A在平板車上運(yùn)動(dòng)過程，利用動(dòng)能定理求出炸藥爆炸后A物體的速度。炸藥爆炸過程，由動(dòng)量守恒定律求炸藥爆炸后B物體的速度。物體B向右運(yùn)動(dòng)，恰能到達(dá)半圓弧最高點(diǎn)，由重力提供向心力，由牛頓第二定律求出物體B到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度。在物體B上升到最高點(diǎn)過程中，利用機(jī)械能守恒定律列式，可求圓弧的半徑。由功能關(guān)系求炸藥爆炸時(shí)對A、B兩物體所做的功。
分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程，把握每個(gè)過程的物理規(guī)律是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律、動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理即可正確解題。
17.【答案】解：畫出粒子軌跡如圖所示，
在電場中，沿著電場線方向有：
又因?yàn)椋?/span>
解得：
所以粒子在A點(diǎn)的速度為：
則進(jìn)入磁場時(shí)速度方向和水平方向的夾角：
解得：
粒子在電場中的時(shí)間
垂直電場方向的位移：
根據(jù)幾何知識(shí)得
解得：
根據(jù)：
解得：
答：粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度方向和大小為，速度方向和水平方向的夾角；
粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。
【解析】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出粒子離開電場時(shí)的末速度大小和方向；
粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系求出粒子的軌道半徑，洛倫茲力提供向心力求出磁感應(yīng)強(qiáng)度。
本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)電場與勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)、在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程與運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律即可解題，解題時(shí)注意幾何知識(shí)的應(yīng)用。
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