2022年四川省綿陽市高考物理二診試卷 如圖所示，甲、乙兩個光滑小球質(zhì)量相同，通過輕直桿連接，豎直放置，兩球均與豎直墻面接觸并處于靜止?fàn)顟B(tài)。在圖示平面內(nèi)，由于微擾動，乙球開始沿水平地面向右滑動，甲球下落。在甲球下落到地面前的整個過程中A. 甲球的機械能先減小后增大 B. 乙球的機械能先減小后增大
C. 甲乙的總動能先增大后減小 D. 甲乙的總動能先減小后增大如圖，表面粗糙的斜面固定在水平地面上，第一次，滑塊從斜面頂端由靜止釋放，滑塊沿斜面向下勻加速運動，加速度大小為；第二次，滑塊從斜面頂端由靜止釋放的同時，施加豎直向下、大小為F的恒定外力作用于滑塊，加速度大小為。則
 A.  B.  C.  D. 隨著北京冬奧會的臨近，人們參與冰雪運動熱情高漲。如圖所示滑雪滑道PQR，質(zhì)量60kg的滑雪愛好者從頂端P靜止滑下，從末端R滑出時速度，滑行過程中姿勢保持不變，P端相對滑道最低點Q高度24m，R端相對Q點高度4m。從P到R滑行過程中，該滑雪愛好者克服阻力做功和重力做功的比值約為
A.  B.  C.  D. 1北京時間2021年12月9日，“天宮課堂”開講，中國航天員再次進行太空授課?？臻g站繞地心做近似圓周運動，軌道距離地面高度約，地球半徑約，質(zhì)量約為，萬有引力常量，則在“天宮課堂”授課的約時間內(nèi)，空間站在軌道上通過的弧長約A.  B.  C.  D. 一只皮球從離地面一定高度由靜止釋放，其受到空氣阻力的大小與速度平方成正比。下列描寫皮球在下落過程中速度v、加速度a與下落時間t的關(guān)系圖像，皮球克服空氣阻力做功、皮球動能E與下落高度h的關(guān)系圖像，可能正確的是A.  B.
C.  D. 如圖所示，水平平行板電容器間距為d，電源電壓恒定。閉合開關(guān)S，板間電場穩(wěn)定后，一電子以初速度v從平行板左端水平射入，經(jīng)過時間t離開平行板間電場時速度與水平方向夾角為，電場力對電子做功為W，電子在屏上所產(chǎn)生光點的豎直偏移量為y；若保持開關(guān)S閉合，將兩板間距調(diào)整為2d，電子仍然以初速度v水平射入，不計電子重力，則
A. 電子通過平行板電容器的時間是t
B. 平行板間電場對電子做功是
C. 電子離開平行板間電場時速度與水平方向夾角是
D. 電子在屏幕所產(chǎn)生的光點的豎直偏移量是豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy中存在平行于x軸的電場，坐標(biāo)系內(nèi)任意一點電場強度E的大小和方向與該點x坐標(biāo)的關(guān)系是。一不計重力、帶正電的試探電荷在坐標(biāo)系內(nèi)不同位置，從不同的初狀態(tài)開始運動，下列分析正確的有A. 在點由靜止釋放，則試探電荷以點為中心在x軸上往復(fù)運動
B. 在點以初速度沿y軸正方向運動，則試探電荷以點為中心往復(fù)運動
C. 在點以初速度沿y軸正方向運動，則試探電荷在閉合軌跡上往復(fù)運動
D. 在點以初速度沿x軸正方向運動，則試探電荷以點為中心在x軸上往復(fù)運動質(zhì)量都為m的木塊A和B，并排放在光滑水平地面上，A上固定一豎直輕桿，長為L的細(xì)線一端系在輕桿上部的O點，另一端系質(zhì)量為m的小球C，現(xiàn)將C球向右拉起至水平拉直細(xì)線，如圖所示，由靜止釋放，在之后的過程中A. 木塊A最大速度為
B. 木塊A、B分離后，B的速度為
C. 球過O點正下方后，上升的最大高度
D. C球在O點正下方向右運動時，速度為為測冰鞋滑冰板與冰面間的動摩擦因數(shù)，幾位同學(xué)在一粗糙程度相同的水平滑冰場上配合著進行了如下操作和測量：如圖所示，甲乙同學(xué)穿冰鞋對面站立靜止，迅速相互推一下對方，保持不變姿勢沿同一直線向相反方向運動到靜止；另外兩位同學(xué)用手機秒表計時軟件分別測出甲乙運動時間，，用卷尺測出甲乙通過的距離，。已知甲乙同學(xué)質(zhì)量含冰鞋分別為，重力加速度g。
甲同學(xué)冰鞋滑冰板與冰面間的動摩擦因數(shù)______。
由于有空氣阻力，甲同學(xué)冰鞋滑冰板與冰面間動摩擦因數(shù)真實值______。選填“>“或“<”或“=“
這幾位同學(xué)想用測得和已知的物理量驗證甲乙同學(xué)迅速相互推的過程中動量守恒。
請回答：能不能驗證？______選填“能”或“不能”。若能，寫出驗證的表達(dá)式；若不能，補充還需要測量的物理量。______學(xué)校實驗室有一根粗細(xì)均勻的圓柱體金屬導(dǎo)電材料樣品，長為L，如圖甲所示，其橫截面是如圖乙所示的同心圓環(huán)。已知樣品材料的電阻率為p，電阻約，該樣品內(nèi)空直徑太小，無法直接測量，為測其內(nèi)空直徑d，實驗室供選用的器材有：
A.導(dǎo)電材料樣品
B.電壓表量程，內(nèi)阻約
C.電流表量程，內(nèi)阻約
D.電流表量程，內(nèi)阻約
E.電流表量程，內(nèi)阻為
F.滑動變阻器阻值，允許最大電流
G.滑動變阻器阻值，允許最大電流
H.滑動變阻器阻值，允許最大電流
I.定值電阻阻值
J.直流電源電動勢6V，內(nèi)阻可不計
K.螺旋測微器
L.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干

按照以下實驗方案和步驟，盡可能精確地測量該樣品內(nèi)空直徑?；卮鹣铝袉栴}：
用螺旋測微器在樣品不同位置多次測量樣品的外直徑，計算平均值得到外直徑D。其中某次測量螺旋測微器示數(shù)如圖丙所示，其讀數(shù)為______ mm。
某同學(xué)設(shè)計的測量電路如圖丁所示，圖中滑動變阻器R應(yīng)選______，電表a應(yīng)選______，電表b應(yīng)選______。填供選用器材前的序號
正確連接電路，并按正確的操作步驟進行測量，圖丁中電表a的讀數(shù)為a，電表b的讀數(shù)為b。則該樣品電阻值的計算式______。選用a，b，，，，，中部分物理量符號表達(dá)
樣品內(nèi)空直徑的計算式______選用D，、L、中部分物理量符號表達(dá)。新車在市場上銷售前必須做新車碰撞測試。新車碰撞測試包含多種測試，其中鞭打試驗主要測試碰撞事故中乘員頸部受傷情況。試驗方法：試驗車裝備計入車輛整備質(zhì)量中的所有部件和設(shè)備，仿照原車約束系統(tǒng)結(jié)構(gòu)，在駕駛員座椅放置模擬駕駛員假人并系安全帶，在水平地面以一定的速度垂直撞擊固定的剛性壁障，剛性壁障表面裝有一定厚度的膠合板。我國要求：鞭打試驗的撞擊速度為。安全起見，碰撞過程中模擬駕駛員頸部在試驗車運動方向上受到作用力的平均大小不大于，某型號新車試驗車整備質(zhì)量1540kg，模擬駕駛員質(zhì)量60kg，頸部以上的頭的質(zhì)量4kg。該型號所車在鞭打試驗測試中，試驗車以撞擊剛性壁障，膠合板被試驗車壓縮貼緊剛性壁障表面，剛性壁障形變極小。計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字
求試驗車與剛性壁障碰撞的最短時間；
求碰撞過程中試驗車平均加速度的最大值；
碰撞過程中膠合板受最大平均擠壓力，求膠合板被擠壓單位厚度對試驗車做的功。






 如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy中有矩形區(qū)域abcd，ab邊與x軸重合，ab邊的中點與坐標(biāo)原點O重合，P點在a點正上方高h處，矩形區(qū)域abcd內(nèi)存在水平向右的勻強電場。先將一質(zhì)量為m的帶正電的小球A，從P點以某一初速度水平拋出，進入矩形區(qū)域后做直線運動，速度方向與軸正方向夾角為，從c點離開；又將另一質(zhì)量仍為m的帶負(fù)電的小球B，從P點以相同的初速度水平拋出，離開矩形區(qū)域時速度方向豎直向下。忽略空氣阻力，兩小球均可視為質(zhì)點，所帶電荷量的絕對值相等重力加速度為g。
求小球在拋出點P的初速度；
求c點的坐標(biāo)；
保持矩形區(qū)域的ab位置和區(qū)域內(nèi)勻強電場的場強不變，僅改變矩形區(qū)域的高度y，即讓矩形區(qū)域下邊界cd在y軸負(fù)方向不同位置，將小球B從P點以初速度水平拋出，小球B將從矩形區(qū)域邊界的不同點沿不同方向離開電場。若小球B從下邊界cd離開電場，求y的大小范圍及小球B離開下邊界cd時的動能與y的關(guān)系式。







 下列有關(guān)熱現(xiàn)象的敘述，正確的是A. 機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的實際宏觀過程是不可逆過程
B. 氣體可以從單一熱源吸收熱量，全部用來對外做功
C. 一切自然過程總是沿著分子熱運動無序性減小的方向進行
D. 第二類永動機沒有違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第一定律
E. 熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是不可能不引起其它變化如圖所示，兩個可導(dǎo)熱的氣缸豎直放置，它們的底部由一細(xì)管連通忽略細(xì)管的容積兩氣缸各有一個質(zhì)量分別為和的活塞，活塞與氣缸壁無摩擦?；钊南路綖槔硐霘怏w，上方為真空。環(huán)境溫度為，氣體處于平衡狀態(tài)，兩活塞位于同一高度h處。在兩活塞上同時再各放質(zhì)量為m的物塊，環(huán)境溫度由緩慢上升到，求氣體再次達(dá)到平衡后兩活塞的高度差。兩活塞始終沒有碰到汽缸頂部






 如圖是半圓形玻璃磚截面，A是半圓弧上一點，O是圓心，BC是直徑。一束復(fù)色光沿AO方向入射，經(jīng)BC折射后分成a、b兩束，光束a與BC面的夾角為。，光束b與BC面的夾角為，則光束a、b在玻璃磚中從A到0的傳播時間之比為______，臨界角的正弦值之比為______；當(dāng)用a、b兩束光分別照射同一縫干涉裝置的雙縫時，光束______形成的干涉條紋間距較大。如圖所示，A、B、P是同一均勻介質(zhì)中同一水平面內(nèi)的三個點，，，且AP垂直于AB，在A、B兩點分別有振動周期相同、沿豎直方向振動產(chǎn)生橫波的波源、。波源，時刻開始向上振動，產(chǎn)生的橫波只沿直線AP傳播，時，P點第一次達(dá)到波峰；波源，時刻開始向下振動，產(chǎn)生的橫波只沿直線BP傳播，時，距離B點為40m的C點圖中未畫出C點第一次達(dá)到波峰。求：
波源、振動周期T及在介質(zhì)中產(chǎn)生橫波的波速v；
通過計算判斷P點是振動加強點還是減弱點。







答案和解析 1.【答案】A
 【解析】解：對乙球分析可知，乙球受到桿的作用力先做加速運動，因此桿對乙球的作用力斜向右下，而后乙做減速運動，桿對乙的作用下斜向左上方，桿對乙的作用力先對乙做正功，再對乙做負(fù)功，乙球的機械能先增大后減??；根據(jù)相互作用力可知桿對甲球作用力先斜向左上，再斜向右下，因此桿對甲的作用力先對甲做負(fù)功，再對甲做正功，甲球的機械能先減小后增大，故A正確，B錯誤；
取地面為零勢能面，對甲乙以及桿組成的系統(tǒng)，系統(tǒng)機械能守恒，甲球下落過程中重力勢能減小，而乙的重力勢能未變。所以甲乙的總動能一直增大，故CD錯誤。
故選：A。
對甲乙以及桿組成的系統(tǒng)，系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)桿的作用力的方向與運動方向的關(guān)系分析桿對甲乙小球做功情況，從而判斷甲乙兩球機械能的變化。
本題考查機械能守恒，解題關(guān)鍵掌握系統(tǒng)的機械能守恒，從而分析總動能的變化，注意桿對小球做功情況決定其機械能的變化。
 2.【答案】D
 【解析】解：滑塊第一次下滑時，度滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：，解得
滑塊第二次下滑時，對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得：，解得，由于滑塊能沿斜面下滑，故，即，故，故ABC錯誤，D正確
故選：D。
滑塊下滑過程中，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，即可比較。
本題主要考查了牛頓第二定律，關(guān)鍵是正確的受力分析，利用牛頓第二定律求得加速度大小即可比較。
 3.【答案】B
 【解析】解：由能量守恒可知從P到R滑行過程中，該滑雪愛好者克服阻力做功

解得

從P到R滑行過程中，該滑雪愛好者克服阻力做功和重力做功
，代入數(shù)據(jù)，解得
則；
故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
由能量守恒，求解阻力做功，重力做功公式求解重力做功，從而列式求解。
本題考查動能定理，學(xué)生需認(rèn)真分析運動過程及熟練受力分析，綜合求解。
 4.【答案】D
 【解析】解：空間站運動過程中萬有引力提供向心力：
空間站在軌道上通過的弧長
代入數(shù)據(jù)解得：
故ABC錯誤，D正確
故選：D。
空間站運動過程中萬有引力提供向心力，根據(jù)弧長的計算公式解得。
本題考查萬有引力的應(yīng)用，注意根據(jù)萬有引力提供向心力可解得空間站運動的速度，進而解答。
 5.【答案】C
 【解析】解：由于受到空氣阻力的大小與速度平方成正比，由牛頓第二定律可得

所以下落過程中先是加速度減小的加速運動，當(dāng)時，以后做勻速運動，故AB錯誤；
C.皮球在下落過程中，皮球克服空氣阻力做功
，故C正確；
D.皮球在下落過程中，由動能定理
所以，由于f增大，故減小，即斜率減小，故D錯誤。
故選：C。
由牛頓第二定律分析運動狀態(tài)變化，由動能定理分析曲線斜率。
本題考查動能定理，學(xué)生需認(rèn)真分析運動過程，借助動能定理分析曲線變化趨勢。
 6.【答案】AD
 【解析】解：電子水平方向是勻速直線運動，電子通過平行板電容器的時間是t，故A正確；
B.電子在平行板電容器間豎直偏移量


平行板間電場對電子做功是

聯(lián)立解得：
將兩板間距調(diào)整為2d，則可知
故B錯誤；
C.電子離開平行板間電場時速度與水平方向夾角是

將兩板間距調(diào)整為2d，則

故C錯誤；
D.電子在屏幕所產(chǎn)生的光點的豎直偏移量是

將兩板間距調(diào)整為2d，則

故D正確。
故選：AD。
電子水平方向是勻速直線運動，電子通過平行板電容器的時間是t，根據(jù)解得電場力做功，根據(jù)求電子偏移的距離。
本題考查速度公式的運用及獲取有效信息的能力，體現(xiàn)了與高中知識的銜接。
 7.【答案】AD
 【解析】解：由可知，在第一象限電場線沿x軸負(fù)方向，在第二象限電場線沿x軸正方向。
A.在點由靜止釋放試探電荷帶正電，在x軸負(fù)半軸，受力方向向右，到O點前，做加速運動，到0O速度最大，過O點后受力方向向左，做減速運動，速度減為0時，開始反向，繞O點往復(fù)運動，故A正確；
B.在點以初速度沿y軸正方向運動，在第一象限內(nèi)受力方向向左，第二象限內(nèi)受力方向向右，受力F方向與速度方向始終有夾角，做曲線運動，且軌跡偏向力F一側(cè)，不會繞O點往復(fù)運動，故B錯誤；
C.在點以初速度沿y軸正方向運動，由B可知，電荷沿y軸正方向向上做曲線運動，軌跡不是閉合軌跡，故C錯誤；
D.在點以初速度沿x軸正方向運動，在軸正半軸x受力方向向左，做減速運動，速度減為0時，向左做加速運動，到O點速度最大，過O點后受力方向向右，做減速運動，速度減為0時，開始反向，繞O點往復(fù)運動，故D正確。
故選：AD。
根據(jù)電場強度E的大小和方向與該點x坐標(biāo)的關(guān)系分析電場分布情況，電荷在電場中以不同的初狀態(tài)開始運動，根據(jù)受力情況分析電荷的運動情況。
本題考查帶電粒子在勻強電場中的運動，明確電場分布情況，知道受力決定運動是解題關(guān)鍵。
 8.【答案】BC
 【解析】解：設(shè)水平向左的運動為正方向，當(dāng)小球C向下擺動的過程中，根據(jù)ABC三者在水平方向始終動量守很可知，C球至O點正下方時，A、B分離，A、B此時可認(rèn)為速度相等；以A、B、C為系統(tǒng)，水平方向動量守恒，并且整個過程機械能守恒，設(shè)A、B速度為，C速度為，則；
解得；
水平向右，水平向左
故A錯誤，B正確；
C.A、B分離后，A、C水平動量守恒，當(dāng)小球至最高時，速度
則；
解得
故C正確；
D.C球在O點下方運動向右，通過動量守恒，機械能守恒可得
；
解得；
故D錯誤。
故選：BC。
首先判斷動量在水平方向上守恒，然后根據(jù)動量守很定律守恒及能量守恒解決碰撞問題。
本題首先要判斷該過程三者動量在水平方向上守恒，然后根據(jù)題目需要，選擇適合的過程進行運動量守恒即可，本題屬于中檔題。
 9.【答案】  能 
 【解析】解：根據(jù)運動學(xué)規(guī)律可知，對甲同學(xué)：，解得：
由牛頓第二定律可得：，解得：
或者，甲乙同學(xué)互推前后，由動量守恒可得：
其中，同理可知，
又
聯(lián)立解得：
由于空氣阻力，甲同學(xué)冰鞋滑冰板與冰面間的真實的摩擦力要比測量時小，因此動摩擦因數(shù)也小，所以甲真甲
甲乙同學(xué)互推前后，由動量守恒可得：
又，
解得：，所以能驗證動量是否守恒。
故答案為：；；能，。
根據(jù)運動學(xué)規(guī)律列式分別可求得甲乙的加速度，結(jié)合牛頓第二定律及動量守恒可以求動摩擦因數(shù)；
考慮到有空氣阻力，那么冰鞋滑冰板與冰面間的真實的摩擦力要比測量時小，進而讀出動摩擦因數(shù)也小；
根據(jù)互推前后動量守恒得到公式。
解題的關(guān)鍵是靈活運用勻變速直線運動規(guī)律，會動量守恒公式的列寫，其中注意動量具有矢量性。
 10.【答案】 
 【解析】解：螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，螺旋測微器示數(shù)為
滑動變阻器為了方便調(diào)節(jié)導(dǎo)電材料樣品兩端的電壓，故選G。
電表a與導(dǎo)電材料樣品串聯(lián)，應(yīng)選電流表，電路中電流約為

電流表的內(nèi)阻太大，故選D。
電表b與導(dǎo)電材料樣品并聯(lián)，應(yīng)選電壓表，而電壓表V的量程太大，而電流表的電壓最大值，所以電表b選E。
根據(jù)電路由歐姆定
解得：
由電阻定律
解得：
解得：
答：，D，E；
游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀．
對本題設(shè)計測量電路的關(guān)鍵是，考慮D電流表滿偏電流大于C電流表的滿偏電流，同時C電流表的內(nèi)阻是定值，因此可以求出C電流表兩端的實際電壓，從而可將C電流表當(dāng)做電壓表而求出樣品兩端的電壓．
根據(jù)歐姆定律找到表達(dá)式；
電阻定律求解；
據(jù)儀器選擇的原則，選取需要的儀器并知道其作用是解本題的關(guān)鍵．
 11.【答案】解：設(shè)碰撞過程中模擬駕駛員頸部受到試驗車運動方向力的平均大小為，模擬駕駛員頸部對頭的平均大小為，
模擬駕駛員頭的質(zhì)量為，試驗車與剛性壁障的最短碰撞時間為t，由牛頓第三定律得：，
由動量定理得：
代入數(shù)據(jù)解得：
設(shè)碰撞過程中試驗車平均加速度的最大為a，
則最大加速度：
代入數(shù)據(jù)解得：
設(shè)試驗車整備質(zhì)量為，模擬駕駛員質(zhì)量為，剛性壁障對試驗車作用力的平均大小為，
膠合板被擠壓單位厚度對試驗車做的功為W，由動量定理得：
膠合板對試驗車做的功：
代入數(shù)據(jù)解得：
答：試驗車與剛性壁障碰撞的最短時間是；
碰撞過程中試驗車平均加速度的最大值是；
碰撞過程中膠合板受最大平均擠壓力，膠合板被擠壓單位厚度對試驗車做的功是。
 【解析】由動量定理可以求出碰撞的最短時間。
根據(jù)加速度的定義式求出加速度大小。
應(yīng)用動量定理與功的計算公式求解。
根據(jù)題意分析清楚試驗車的運動過程，分析清楚受力情況，應(yīng)用動量定理、功的計算公式即可解題；平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)。
 12.【答案】解：設(shè)小球在拋出點P的速度大小為，從P點到ab邊運動時間為t，到ab邊時豎直方向速度大小為，則
，
解得，

，
解得：；
由于小球A帶正電，從c點離開，小球B帶負(fù)電，且兩球所帶電荷量的絕對值相等，所以小球B一定從dc邊離開電場，則兩球在電場中運動時間相等，設(shè)為，則對B球，由于豎直向下離開電場，所以

對A球，設(shè)進入電場時水平速度仍然為，豎直速度為，從c點離開電場時水平速度為，豎直速度為，則
，，
由于A球進入矩形區(qū)域后做直線運動，所以
，
解得：
設(shè)c點的坐標(biāo)為，則
，，

聯(lián)立解得：，，；
設(shè)矩形區(qū)域內(nèi)電場強度為E，小球A、B所帶電荷量的絕對值為q，B球在電場中運動水平方向的加速度大小為a，則
，
解得：，
設(shè)小球B水平方向向右減速到速度為零，在水平發(fā)方向通過的距離為，則
，
解得：，
因為，即不論矩形區(qū)域高y多大，B都到不了bc邊，即可。
若小球B從下邊界d點離開電場，設(shè)運動總時間為，在電場中運動時間為，矩形區(qū)域ad高為，則
，，
，
，
解得：
所以，y的大小范圍是：
設(shè)小球B離開下邊界cd時的動能為，在電場中運動時水平方向位移為x，規(guī)定向右為正，則
，

解得：
答：小球在拋出點P的初速度為；
點的坐標(biāo)為；
的大小范圍是：，動能與y的關(guān)系式：。
 【解析】由類平拋運動處理方法解答；
分別研究A、B球，由運動學(xué)規(guī)律解答；
小球在電場區(qū)域受電場力和重力，水平方向做勻變速直線運動，豎直方向繼續(xù)做勻加速直線運動，根據(jù)題意分析小球從cd變離開時需滿足的y的范圍，在根據(jù)能量守恒定律求離開時的動能。
本題主要是考查了帶電小球在復(fù)合場中的運動，關(guān)鍵是弄清楚小球的受力情況和運動情況，根據(jù)運動的合成與分解結(jié)合運動學(xué)公式進行解答。
 13.【答案】ABE
 【解析】解：A、根據(jù)熱力學(xué)第二定律知，機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的實際宏觀過程是不可逆過程，故A正確；
B、在外界的影響下，氣體可以從單一熱源吸收熱量，全部用來對外做功，故B正確；
C、由熵增加原理知，一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故C錯誤；
D、第二類永動機沒有違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律。故D錯誤；
E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律知，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是不可能不引起其它變化，故E正確。
故選：ABE。
根據(jù)熵增原理、熱力學(xué)第二定律進行解答。熱力學(xué)第二定律有不同的表述：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響。
本題關(guān)鍵熟悉熱力學(xué)第二定律的各種表述，能夠明確熱力學(xué)第二定律的本質(zhì)。
 14.【答案】解：設(shè)左、右活塞的面積分別為和，由于氣體處于平衡狀態(tài)，故兩活塞對氣體的壓強相等，即解得
在兩個活塞上各加質(zhì)量為m的物塊后，假設(shè)左右兩活塞仍沒有碰到汽缸底部，設(shè)左右兩活塞對氣體的壓強分別是和，由平衡條件，有。所以，右活塞降至氣缸底部，所有氣體都在左氣缸中。
設(shè)氣體再次達(dá)到平衡后左氣缸中活塞高度差為，即兩活塞的高度差為，則
氣體初態(tài)：，，
氣體末態(tài)：，，
根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得：
解得
答：氣體再次達(dá)到平衡后兩活塞的高度差為2h。
 【解析】開始時兩缸內(nèi)的氣壓相等，從而可得出兩活塞的面積關(guān)系，兩活塞上同時各加一質(zhì)量為m的物塊后，就打破了原有的平衡，面積小的活塞會下沉，直至面積小的活塞移到底部，再確定左側(cè)氣體的狀態(tài)參量，整個過程是等溫變化，由氣體的狀態(tài)方程可得出左缸氣體的高度，即為兩活塞的高度差。
解答該題要注意兩個方面，一是根據(jù)平衡求解兩活塞的面積的關(guān)系，二是當(dāng)兩活塞上放上相同質(zhì)量的物體后，要會判斷出面積小的活塞下移，直至移到底部，這是解決此題的關(guān)鍵。
 15.【答案】 ：  a
 【解析】解：設(shè)復(fù)色光的入射角為i，單色光的折射角為r，根據(jù)折射定律有：，則傳播時間，將光束ab的折射角代入可解得光束a、b在玻璃磚中從A到O的傳播時間之比
根據(jù)全反射的臨界角公式可知：，則臨界角的正弦值之比：；
由于介質(zhì)對b的折射較大，則b的頻率大，波長小，所以用a、b兩束光分別照射同一縫干涉裝置的雙縫時，根據(jù)可知光束a形成的干涉條紋間距較大。
故答案為：，：；a
用求出ab折射率之比，用，求臨界角的正弦值之比；根據(jù)比較干涉條紋間距大小
本題考查了光的傳播、折射及光的干涉現(xiàn)象，本題易錯的地方是區(qū)分不開折射角和光線與界面間的夾角。
 16.【答案】解：波源、振在介質(zhì)中產(chǎn)生橫波波速相同為v，設(shè)波從波源傳到P點時間為，由于波源開始向上振動，經(jīng)過時間，P點第一次達(dá)到波峰，則應(yīng)滿足
，
且，
即
同樣，由于波源開始向下振動，經(jīng)過時間，C點第一次達(dá)到波峰，則應(yīng)滿足

解得：，；
、P間距離

由于兩列橫波周期相同，所以波長相同，設(shè)為，則

波源、到P點的路程差

又
由于時刻兩波源起振方向相反，所以P點是振動加強點。
答：波源、振動周期T為4s，在介質(zhì)中產(chǎn)生橫波的波速v為；
經(jīng)計算P點是振動加強點。
 【解析】根據(jù)波的傳播距離、時間和質(zhì)點振動情況求波速和周期；
根據(jù)P點到兩列波的路程差確定振動加強點還是減弱點。
本題的解題關(guān)鍵是掌握波的疊加原理進行分析，根據(jù)路程差和起振方向關(guān)系進行分析。
 

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