1. 兩個(gè)完全相同的金屬小球A、B，已知A球所帶電荷量為q1，B球所帶電荷量為?q2，將兩小球接觸后再放回原處，它們之間的庫侖力（ ）
A.一定不是吸引力B.一定大于原來的庫侖力
C.一定等于原來的庫侖力D.一定小于原來的庫侖力

2. 如圖所示，這是我國自主研發(fā)的穿甲彈，該穿甲彈能穿透防護(hù)鋼板，若穿甲彈擊中目標(biāo)時(shí)的速度大小為 1km/s，穿甲彈穿透鋼板的過程視為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為5×105m/s，則穿甲彈能穿透的防護(hù)鋼板的最大厚度為（ ）

B.1mD.2m

3. 如圖所示，以20m/s的速度飛來的角球被運(yùn)動(dòng)員以22m/s的速度頂向球門，已知足球的質(zhì)量為430g，假設(shè)足球是彈性的，則運(yùn)動(dòng)員（頭球）對足球做的功約為（ ）

A.5JB.18JC.50JD.80J

4. 如圖所示，物塊B放在水平桌面上，B上放置另一物塊A，B的左側(cè)連接著一跨過光滑定滑輪的傾斜輕繩．現(xiàn)給輕繩下端施加一個(gè)豎直向下且逐漸增大的拉力F，A、B始終處于靜止?fàn)顟B(tài)．輕繩不可伸長，此過程中，下列判斷正確的是（ ）

A.A所受的摩擦力水平向右
B.B所受的摩擦力逐漸減小
C.B對桌面的壓力逐漸增大
D.B所受的摩擦力和輕繩的拉力的合力方向豎直向上

5. 雷云一般聚集了大量的負(fù)電荷Q，假設(shè)雷云與大地構(gòu)成了一個(gè)大電容器，把它視作平行板電容器，其電容為C，則下列說法正確的是（ ）
A.雷云與大地之間的電壓為CQ
B.雷云與大地之間的電場線方向向下
C.雷云在赤道上放電時(shí)電子受到向東的洛倫茲力
D.若雷云持續(xù)放電時(shí)間為t，則放電電流的平均值為Qt

6. 如圖甲所示，長直導(dǎo)線與閉合金屬線框固定于同一平面內(nèi)，長直導(dǎo)線中的電流i隨時(shí)間t的變化如圖乙所示，在0～T2時(shí)間內(nèi)，直導(dǎo)線中電流的方向向右，則在T2～T時(shí)間內(nèi)，金屬線框中感應(yīng)電流的方向與所受安培力的方向分別是（ ）

A.順時(shí)針，向上B.逆時(shí)針，向下C.順時(shí)針，向下D.逆時(shí)針，向上

7. 如圖所示，一塊長度為L、質(zhì)量為m的木塊靜止在光滑水平地面上，一顆質(zhì)量也為m的子彈以水平速度v0射入木塊，子彈恰好射穿木塊，設(shè)子彈穿過木塊的過程中受到的阻力恒定不變，子彈可視為質(zhì)點(diǎn)，在子彈穿過木塊的過程中，下列說法正確的是（ ）

A.木塊前進(jìn)的距離為L
B.子彈穿過木塊的時(shí)間為4L3v0
C.子彈受到的阻力大小為mv024L
D.子彈和木塊組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為38mv02

8. 如圖所示，在同一絕緣水平面內(nèi)的平行導(dǎo)軌AB、CD間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場（俯視圖），在兩軌道上有a、b兩根完全相同的導(dǎo)體棒（同材料、同橫截面），導(dǎo)體棒a斜放在導(dǎo)軌間、導(dǎo)體棒b與兩導(dǎo)軌垂直，在導(dǎo)軌A、B端加上恒定電壓，兩導(dǎo)體棒均處于靜止?fàn)顟B(tài)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．則關(guān)于兩根導(dǎo)體棒受到的摩擦力，下列說法正確的是（ ）

A.兩根導(dǎo)體棒受到摩擦力的方向相同
B.兩根導(dǎo)體棒受到摩擦力的方向相反
C.兩根導(dǎo)體棒受到摩擦力的大小相等
D.a棒受到的摩擦力大于b棒受到的摩擦力

9. 2022年冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)將在北京舉行，滑雪是比賽項(xiàng)目之一．如圖所示，某滑雪運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入豎直面內(nèi)的圓弧形滑道AB，從A點(diǎn)滑行到最低點(diǎn)B的過程中，重力對他做的功為8×104J，他克服阻力做的功為1×104J．則在A點(diǎn)滑行到B點(diǎn)的過程中，該運(yùn)動(dòng)員（ ）

A.動(dòng)能增加了7×104JB.重力勢能減小了6×104J
C.所受合外力做功9×104J D.機(jī)械能減小了1×104J

10. 理想變壓器原線圈接有理想交流電流表，副線圈接有兩個(gè)電熱器R1與R2，其銘牌參數(shù)分別為“220V 1100W”和“220V 440W”，如圖甲所示．若原線圈接入如圖乙所示的正弦交變電壓時(shí)，兩電熱器均正常工作，則下列說法正確的是（ ）

A.變壓器原線圈的輸入電功率為1540W
B.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10∶1
C.原線圈輸入電壓為3110V
D.理想交流電流表的示數(shù)為7A

11. 質(zhì)量相同的小球A、B，懸掛在長度不同的輕質(zhì)細(xì)繩一端，輕繩另一端固定在同一水平天花板上．現(xiàn)將小球A、B拉至同一水平高度后由靜止釋放，如圖所示，不計(jì)空氣阻力，則當(dāng)兩小球位于最低點(diǎn)時(shí)，下列說法正確的是（ ）

A.兩小球的動(dòng)能相同B.兩小球的機(jī)械能相同
C.兩小球的加速度相同D.兩小球所受的拉力相同

12. 2020年11月24日，我國在文昌航天發(fā)射場用“長征五號(hào)”遙五運(yùn)載火箭成功發(fā)射探月工程“嫦娥五號(hào)”探測器，并開啟中國首次地外天體采樣返回之旅．若“嫦娥五號(hào)”探測器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)與月球中心的連線掃過的面積為S，已知月球的質(zhì)量為M，引力常量為G，則“嫦娥五號(hào)”探測器繞月球運(yùn)動(dòng)的（ ）
A.軌道半徑為4S2GMB.線速度大小為GM2S
C.角速度為GM4SD.周期為8πS3G2M2
二、實(shí)驗(yàn)探究題

在描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)所用的小燈泡額定電壓為2.5V．

（1）把圖甲所示的實(shí)驗(yàn)器材用筆畫線補(bǔ)充完整．

（2）已經(jīng)將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描到圖乙中，請描繪出小燈泡的伏安特性曲線．

（3）根據(jù)得到的小燈泡的伏安特性曲線，得出小燈泡的正常工作電阻為________，額定功率為________．（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

某同學(xué)利用線圈、靈敏電流計(jì)、條形磁鐵、電池、滑動(dòng)變阻器、開關(guān)等探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象．已知電流從靈敏電流計(jì)的“+”接線柱流入時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)．

（1）將靈敏電流計(jì)與線圈B連接，當(dāng)條形磁鐵快速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖甲所示，則靈敏電流計(jì)的指針會(huì)向________（選填“左”或“右”）偏．

（2）將直流電源、滑動(dòng)變阻器、線圈A（有鐵芯）、線圈B、靈敏電流計(jì)及開關(guān)按如圖乙所示連接．在實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)開關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向左偏．在開關(guān)閉合電路穩(wěn)定后，若把線圈A中的鐵芯拔出，則靈敏電流計(jì)的指針會(huì)向________（選填“左”或“右”）偏；若把滑動(dòng)變阻器的滑片快速向P端滑動(dòng)，靈敏電流計(jì)的指針會(huì)向________（選填“左”或“右”）偏．
三、解答題

磁流體發(fā)電機(jī)如圖所示，高溫燃燒室中產(chǎn)生等離子體，經(jīng)噴管提速后，等離子體以v=1000m/s的速度均勻地進(jìn)入發(fā)電通道，發(fā)電通道有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=5T，已知矩形發(fā)電通道長a=50cm、寬b=20cm、高d=20cm，等離子體的電阻率ρ=2Ω?m，發(fā)電機(jī)內(nèi)阻可等效為純電阻，若外電阻R=16Ω．求：

（1）發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r；

（2）理想電流表的示數(shù)I；

（3）發(fā)電機(jī)的輸出功率P出．

如圖所示，真空中相互絕緣的半徑分別為RA、RB的同心金屬半圓A、B構(gòu)成一個(gè)電容器，若A、B帶等量異種電荷時(shí)，A、B之間存在沿半徑方向的電場，從而構(gòu)成一個(gè)偏轉(zhuǎn)裝置，偏轉(zhuǎn)裝置M端下方有一加速電場，N端下方虛線PQ右下側(cè)存在方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)質(zhì)子從加速電場下極板由靜止經(jīng)過加速電場加速后以動(dòng)能Ek0從M端中心小孔進(jìn)入偏轉(zhuǎn)裝置，沿中心虛線C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從N端中心小孔射出后以方向與PQ成45°角的速度射入勻強(qiáng)磁場中，并從虛線邊界PQ射出，已知質(zhì)子質(zhì)量為m，元電荷為e，不計(jì)質(zhì)子受到的重力．求：

（1）加速電場的電壓U；

（2）虛線C處的電場強(qiáng)度大小E；

（3）質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R；

（4）質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場與偏轉(zhuǎn)裝置中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比k．

某小組設(shè)計(jì)了一個(gè)可測定下潛深度的深度計(jì)，如圖所示，兩汽缸Ⅰ、Ⅱ內(nèi)徑相同，長度均為L，內(nèi)部各裝有一個(gè)活塞，活塞密封性能良好且無摩擦，右端開口．在汽缸Ⅰ內(nèi)通過活塞封有150個(gè)大氣壓的氣體，Ⅱ內(nèi)通過活塞封有300個(gè)大氣壓的氣體，兩缸間有一細(xì)管相通．當(dāng)該裝置放入水下時(shí)，水對Ⅰ內(nèi)活塞產(chǎn)生擠壓，活塞向左移動(dòng)，通過Ⅰ內(nèi)活塞向左移動(dòng)的距離可測定出下潛深度，已知1個(gè)大氣壓相當(dāng)于10m高海水產(chǎn)生的壓強(qiáng)，不計(jì)海水的溫度變化，被封閉氣體視為理想氣體，求：

（1）當(dāng)Ⅰ內(nèi)活塞向左移動(dòng)了13L時(shí)，下潛的深度；

（2）該深度計(jì)能測量的最大下潛深度．

如圖所示，兩個(gè)做簡諧運(yùn)動(dòng)的波源M、N相距L=27m，它們產(chǎn)生的簡諧波在空間疊加，已知簡諧波在空間的傳播速度v=340m/s，兩波源的振動(dòng)頻率均為f=85Hz，MP=9m、NP=18m，并發(fā)現(xiàn)P點(diǎn)始終為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)．求：

（1）兩波源的相位差Δφ；

（2）過P點(diǎn)與MN垂直的直線上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)n（包括P點(diǎn)）．
參考答案與試題解析
2020-2021學(xué)年山西省晉中市某校高二（下）期中考試（理科）物理試卷
一、選擇題
1.
【答案】
A
【考點(diǎn)】
庫侖定律
【解析】
此題暫無解析
【解答】
解：開始時(shí)，兩小球帶異種電荷，兩小球間的庫倫引力為F=kq1q2r2，兩小球接觸后再回到原位置，若q1=q2，則電荷中和，兩小球間無庫侖力，若q1≠q2，此時(shí)兩球間的庫侖力斥為F′=k(q1?q2)24r2，無法比較F′與F的大小關(guān)系，故A正確，BCD錯(cuò)誤．
故選：A．
2.
【答案】
B
【考點(diǎn)】
勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系
【解析】
由勻減速運(yùn)動(dòng)速度位移關(guān)系列式0?v02=?2ax再代數(shù)求解.
【解答】
解：v0=1km/s=1000m/s，由勻減速運(yùn)動(dòng)速度位移關(guān)系可知，0?v02=?2ax，解得：x=1m，故B正確，ACD錯(cuò)誤．
故選B．
3.
【答案】
B
【考點(diǎn)】
動(dòng)能定理的應(yīng)用
【解析】
對踢球的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理，求出運(yùn)動(dòng)員對足球所做的功．
【解答】
解：根據(jù)動(dòng)能定理得，W=12mv22?12mv12，代入數(shù)據(jù)得：W≈18J，故B正確，ACD錯(cuò)誤．
故選B．
4.
【答案】
D
【考點(diǎn)】
整體法與隔離法在平衡問題中的應(yīng)用
平衡條件的基本應(yīng)用
【解析】
利用整體法和隔離法在受力平衡問題中分析解決問題．
【解答】
解：A．由題A、B始終處于平衡狀態(tài)，對A分析，只受豎直方向上的重力和支持力的作用，不受摩擦力的作用，故A錯(cuò)誤；
B．對整體分析整體受到斜向左的拉力F，重力G，彈力N，摩擦力f，整體處于平衡狀態(tài)，因此水平方向上拉力的分力和整體受到的摩擦力相等，拉力F逐漸增大，拉力F的水平分量逐漸增大，所以整體的摩擦力f也增大，整體受到的摩擦力也就是B受到的摩擦力，因此B受到的摩擦力逐漸增大，故B錯(cuò)誤；
C．對B隔離分析B受到斜向左的拉力F，桌面的摩擦力f，A的壓力，自身的重力，桌面的支持力，在豎直方向上，拉力F的豎直分量加上桌面的支持力等于A對B的壓力加上自身的重力（因?yàn)镕的豎直分量和桌面的支持力方向向上，重力和A的壓力方向向下），力F增大，F(xiàn)豎直分量增大，因此桌面的壓力減?。ˋ對B的壓力和B自身的重力不變），故C錯(cuò)誤；
D．將F分解成水平向左和豎直向上的力，分析可知桌面對B的摩擦力等于F的水平分量，因此F與桌面對B的摩擦力的合力是F的豎直分量，方向是豎直向上的，故D正確．
故選D．
5.
【答案】
D
【考點(diǎn)】
電容
洛倫茲力
電場線
【解析】
A．由C=QU分析；
B．雷云聚集了大量的負(fù)電荷，由于電場線從正電荷指向負(fù)電荷分析；
C．雷云在赤道上放電時(shí)，雷云中的負(fù)電荷向下運(yùn)動(dòng)，赤道附近地磁場方向從南指向北，由左手定則知，電子受到向西的洛倫茲力；
D．雷云持續(xù)放電時(shí)間為t，由I=Qt分析．
【解答】
解：A．由C=QU知，雷云與大地之間的電壓為U=QC，故A錯(cuò)誤；
B．雷云聚集了大量的負(fù)電荷，由于電場線從正電荷指向負(fù)電荷，雷云與大地之間的電場線方向向上，故B錯(cuò)誤；
C．雷云在赤道上放電時(shí)，雷云中的負(fù)電荷向下運(yùn)動(dòng)，赤道附近地磁場方向從南指向北，由左手定則知，電子受到向西的洛倫茲力，故C錯(cuò)誤；
D．雷云持續(xù)放電時(shí)間為t，由I=Qt知，放電電流的平均值為Qt，故D正確．
故選D．
6.
【答案】
B
【考點(diǎn)】
楞次定律
【解析】
此題暫無解析
【解答】
解：在0～T2時(shí)間內(nèi)，直導(dǎo)線中電流向右，由圖乙知在T2～T時(shí)間內(nèi)直導(dǎo)線電流方向也向右，根據(jù)安培定則知，導(dǎo)線下側(cè)磁場的方向垂直紙面向里，電流逐漸增大，則磁場逐漸增強(qiáng)，穿過線框的磁通量逐漸增大，根據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，金屬線框上側(cè)邊受到的安培力方向向下，下側(cè)邊受到的安培力方向向上，離導(dǎo)線越近，磁場越強(qiáng)，則上側(cè)邊受到的安培力大于下側(cè)邊受到的安培力，所以金屬線框所受安培力的合力方向向下，故B正確．
故選B．
7.
【答案】
C
【考點(diǎn)】
牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用—從受力確定運(yùn)動(dòng)
摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化
【解析】
以子彈與木塊組成的系統(tǒng)為研究對象，滿足動(dòng)量守恒定律，分別對子彈和木塊列動(dòng)能定理表達(dá)式，再對木塊列動(dòng)量定理表達(dá)式，聯(lián)立可求出子彈穿過木塊的時(shí)間，結(jié)合s=v2t求出木塊前進(jìn)的距離；根據(jù)動(dòng)量定理求出子彈受到的阻力大小，再根據(jù)子彈和木塊組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為Q=fL進(jìn)行求解．
【解答】
解：AB．子彈恰好射穿木塊，此時(shí)子彈與木塊具有相同的速度，此過程，子彈受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力大小相等，則子彈與木塊的加速度大小a相等，共速時(shí)v=v0?at=at，解得射穿木塊時(shí)，子彈與木塊的速度大小均為v=v02，由L=v+v02t?v2t，解得t=2Lv0，木塊前進(jìn)的距離s=v2t=L2，故AB錯(cuò)誤；
CD．對木塊，v=at，f=ma，解得木塊受到的摩擦力（子彈受到的阻力）大小為f=mv024L ，則子彈和木塊組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為Q=fL=14mv02，故C正確，D錯(cuò)誤．
故選C．
8.
【答案】
C
【考點(diǎn)】
安培力作用下的平衡問題
安培力
【解析】
利用電阻定律，歐姆定律和安培定則求解安培力作用下的平衡問題．
【解答】
解：AB．設(shè)電流如圖所示，由左手定則得，a、b兩棒受到的安培力分別為： F1、F2，方向如圖所示，
可知它們受到的安培力方向既不相同也不相反，由于兩棒都處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以棒受到的摩擦力與安培力平衡，故兩根導(dǎo)體棒受到的摩擦力的方向既不相同也不相反，故AB錯(cuò)誤；
CD．設(shè)兩棒接入電路的有效長度分別為L1、L2，設(shè)棒的單位長度的電阻為R0，所以Ra=R0L1、Rb=R0L2，因兩棒是并聯(lián)關(guān)系，設(shè)兩棒兩端的電壓為U，由歐姆定律得：Ia=URa=UR0L1、Ib=URb=UR0L2，棒受到的安培力為： F1=BIaL1=BUR0、F2=BIbL2=BUR0，又因f1=F1、f2=F2，得兩根導(dǎo)體棒受到摩擦力的大小相等，故C正確，D錯(cuò)誤．
故選C．
9.
【答案】
A,D
【考點(diǎn)】
動(dòng)能定理的應(yīng)用
摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化
重力勢能的變化與重力做功的關(guān)系
【解析】
動(dòng)能增加等于外力對運(yùn)動(dòng)員做的總功；重力勢能減小等于重力做功；合外力做功等于各個(gè)力做功的代數(shù)和；機(jī)械能減小等于克服阻力做功。根據(jù)功能關(guān)系求解．
【解答】
解：A．運(yùn)動(dòng)員克服阻力做功為1×104J，則阻力對運(yùn)動(dòng)員做功為Wf=?1×104J，重力對他做功為WG=8×104J，根據(jù)動(dòng)能定理得：ΔEk=Wf+WG=?1×104J+8×104J=7×104J，即動(dòng)能增加了7×104J，故A正確；
B．重力對他做功為8×104J，則重力勢能減小了8×104J，故B錯(cuò)誤；
C．合外力做功等于動(dòng)能變化量，為7×104J，故C錯(cuò)誤；
D．根據(jù)功能關(guān)系可知，運(yùn)動(dòng)員克服阻力做功1×104J，則其機(jī)械能減小了1×104J，故D正確．
故選AD．
10.
【答案】
A,B
【考點(diǎn)】
變壓器的構(gòu)造和原理
交變電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式
【解析】
此題暫無解析
【解答】
解：A．對理想變壓器，有P入=P出=P1+P2=1540W，故A正確；
C．原線圈輸入電壓為U1=Um2V=2200V，故C錯(cuò)誤；
B．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1n2=U1U2=220020=101，故B正確；
D．理想交流電流表的示數(shù)為I1=P入U(xiǎn)1=0.7A，故D錯(cuò)誤．
故選AB．
11.
【答案】
B,C,D
【考點(diǎn)】
機(jī)械能守恒的判斷
豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)-彈力
動(dòng)能定理的應(yīng)用
【解析】
A．設(shè)在最低點(diǎn)動(dòng)能為 Ek，由動(dòng)能定理得mgl=Ek分析；
B．兩球的初始位置相同，重力勢能相同，因?yàn)槌跷恢脽o動(dòng)能，則初位置機(jī)械能相同，由于機(jī)械能守恒；
C．兩小球位于最低點(diǎn)時(shí)，小球的加速度只有向心加速度man=mv2l，由動(dòng)能定理得mgl=12mv2判斷；
D．到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，mgl=12mv2，拉繩子的拉力為F，在最低點(diǎn)F?mg=mv2l分析判斷．
【解答】
解：A．設(shè)在最低點(diǎn)動(dòng)能為Ek，由動(dòng)能定理得mgl=Ek，繩長l不同，則動(dòng)能不同，故A錯(cuò)誤；
B．兩球的初始位置相同，重力勢能相同，因?yàn)槌跷恢脽o動(dòng)能，則初位置機(jī)械能相同，由于小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，兩小球位于最低點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能也相同，故B正確；
C．兩小球位于最低點(diǎn)時(shí)，小球的加速度只有向心加速度man=mv2l，由動(dòng)能定理得mgl=12mv2，解得an=2g，與繩長l無關(guān)，故C正確；
D．到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，mgl=12mv2，拉繩子的拉力為F，在最低點(diǎn)F?mg=mv2l，解得F=3mg，與繩長無關(guān)，故D正確．
故選BCD．
12.
【答案】
A,B
【考點(diǎn)】
萬有引力定律及其應(yīng)用
【解析】
單位時(shí)間內(nèi)與月球中心的連線掃過的面積為S，則有S=12rv，根據(jù)萬有引力提供向心力有GMmr2=mv2r，求出軌道半徑和線速度；根據(jù)ω=vr求出角速度；根據(jù)周期公式T=2πω求出周期．
【解答】
解：AB．單位時(shí)間內(nèi)探測器與月球中心的連線掃過的面積為S，則有S=12rv，根據(jù)萬有引力提供向心力有GMmr2=mv2r，解得r=4S2GM, v=GM2S，故AB正確；
C．根據(jù)ω=vr，解得ω=G2M28S3，故C錯(cuò)誤；
D．根據(jù)周期公式T=2πω，代入數(shù)據(jù)解得T=16πS3G2M2，故D錯(cuò)誤．
故選AB．
二、實(shí)驗(yàn)探究題
【答案】
（1）如解答圖所示．
（2）如解答圖所示．
（3）8.3Ω,0.75W
【考點(diǎn)】
描繪小燈泡的伏安特性曲線
【解析】
（1）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表應(yīng)采用外接法，電流表接0～0.6A量程進(jìn)行連接．
（2）根據(jù)點(diǎn)跡繪出圖像．
（3）先結(jié)合圖象求出小燈泡正常工作的電阻，再根據(jù)P=UI求出額定功率．
【解答】
解：（1）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表應(yīng)采用外接法，電流表接0～0.6A量程，如下圖：
（2）根據(jù)點(diǎn)跡繪出圖像如下：
（3）小燈泡正常工作時(shí)，電阻為R=2.50.3Ω≈8.3Ω，額定功率為P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．
【答案】
（1）右
（2）右,左
【考點(diǎn)】
研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象
【解析】
此題暫無解析
【解答】
解：（1）當(dāng)條形磁鐵快速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈B中磁場方向向下，磁通量減小，由楞次定律可知副線圈B中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為（俯視）順時(shí)針方向，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是從靈敏電流計(jì)的“+”接線柱進(jìn)入，靈敏電流計(jì)指針會(huì)向右偏；
（2）開關(guān)閉合的瞬間，副線圈B中磁通量增大，靈敏電流計(jì)的指針向左偏，由此可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是從靈敏電流計(jì)的“-”接線柱進(jìn)入靈敏電流計(jì)，由此可知，副線圈B中磁通量減小時(shí)，靈敏電流計(jì)的指針向右偏，若把線圈A中的鐵芯拔出時(shí)，導(dǎo)致副線圈B中磁通量減小，因此電流計(jì)指針向右偏；
當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向P端滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小，則原線圈A中電流增大，導(dǎo)致副線圈B中磁通量增大，因此靈敏電流計(jì)的指針向左偏．
三、解答題
【答案】
（1）發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢E=1000V，內(nèi)阻r=4Ω；
（2）理想電流表的示數(shù)I=50A；
（3）發(fā)電機(jī)的輸出功率P出=40kW．
【考點(diǎn)】
速度選擇器
閉合電路的歐姆定律
電功率
【解析】



【解答】
解：（1）穩(wěn)定發(fā)電時(shí)粒子在發(fā)電通道受到的電場力與洛倫茲力平衡，
則有：qvB=qEd，解得E=1000V，
由電阻定律得：r=ρdab，解得r=4Ω．
（2）由閉合電路歐姆定律得：I=ER+r，解得I=50A．
（3）設(shè)外電阻R兩端的電壓為U，
則有：U=IR，P出=UI，
解得P出=40kW．
【答案】
（1）加速電場的電壓U=Ek0e；
（2）虛線C處的電場強(qiáng)度大小E=4Ek0eRA+RB；
（3）質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R=2mEk0eB；
（4）質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場與偏轉(zhuǎn)裝置中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比k=32Ek0meBRA+RB．
【考點(diǎn)】
帶電粒子在電場與磁場的組合場中的運(yùn)動(dòng)
【解析】




【解答】
解：（1）由動(dòng)能定理得：eU=Ek0，
解得U=Ek0e．
（2）電場力提供向心力，設(shè)質(zhì)子沿虛線C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，
則有：eE=mv02r，
r=RA+RB2，
Ek0=12mv02，
解得E=4Ek0eRA+RB．
（3）質(zhì)子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，洛倫茲力提供向心力，
所以有：ev0B=mv02R，
解得R=2mEk0eB．
（4）畫出質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)軌跡，
可知質(zhì)子在偏轉(zhuǎn)裝置中的運(yùn)動(dòng)路程為πr，在勻強(qiáng)磁場中軌跡所對的圓心角為3π2，
設(shè)質(zhì)子在偏轉(zhuǎn)裝置中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，
則有：t1=πrv0，
t2=3πR2v0，
k=t2t1，
解得k=32Ek0meBRA+RB．
【答案】
（1）當(dāng)Ⅰ內(nèi)活塞向左移動(dòng)了13L時(shí)，下潛的深度h=2240m；
（2）該深度計(jì)能測量的最大下潛深度h′=4490m．
【考點(diǎn)】
“汽缸活塞類”模型
【解析】
此題暫無解析
【解答】
解：（1）設(shè)當(dāng)Ⅰ內(nèi)活塞向左移動(dòng)了L3位置處時(shí)，活塞B不動(dòng)，?、駜?nèi)氣體為研究對象：
由玻意爾定律得p?23SL=150p0SL，
p=p0+ρgh，
解得h=2240m．
（2）當(dāng)Ⅰ內(nèi)活塞到缸底時(shí)所測深度最大，設(shè)兩部分氣體均壓縮到壓強(qiáng)p′，
對Ⅰ有150p0SL=p′SL1，
對Ⅱ有300p0SL=p′SL2，
L1+L2=L，
p′=p0+ρgh′，
h′=4490m．
【答案】
（1）兩波源的相位差Δφ=π2；
（2）過P點(diǎn)與MN垂直的直線上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)n=5．
【考點(diǎn)】
波長、頻率和波速的關(guān)系
波的疊加
【解析】


【解答】
解：（1）設(shè)簡諧波的波長為λ，
則有v=λf，
解得λ=4m，
當(dāng)兩列波在P點(diǎn)都處于波峰時(shí)，波源M處于平衡位置且向下振動(dòng)，
波源N處于負(fù)向位移最大處，波源N的相位比波源M超前π2，
所以兩波源的相位差Δφ=π2．
（2）在過P點(diǎn)與MN垂直的直線上取一點(diǎn)P′，
在P′N上取一點(diǎn)N′，
使N′N=1m，如圖所示，
把N′看成一個(gè)新波源，它與波源M相位差為0，
當(dāng)P′N′?P′M等于半個(gè)波長的偶數(shù)倍時(shí)，P′點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，
由幾何關(guān)系知?1

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