1.有關(guān)甲、乙、丙、丁四幅圖的說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 甲圖中，一群處于n＝4能級(jí)的氫原子躍遷到n＝1能級(jí)的過(guò)程中可發(fā)出8中不同頻率的光子
B. 乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大
C. 丙圖中，1為β射線，2為γ射線，3為α射線
D. 丁圖中，此反響屬于輕核聚變
2.質(zhì)量為2t的汽車，發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為60kW．該汽車在水平路面上以額定功率行駛時(shí)能到達(dá)的最大速度為15m/s，所受阻力恒定，那么當(dāng)汽車速度為10m/s時(shí)的加速度為〔 〕
2 B. 1m/s2 C. 2m/s2 2
3.如下列圖，正方形ABCD區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一個(gè)等腰直角三角形導(dǎo)體框abc與ABCD在同一平面內(nèi)．bc邊與磁場(chǎng)的邊界BC邊在同一直線上，bc的長(zhǎng)是BC長(zhǎng)的一半，現(xiàn)讓導(dǎo)體框勻速向右通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)，速度方向始終平行于BC邊．設(shè)沿順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，那么在導(dǎo)體框穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)的過(guò)程中，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系圖象正確的選項(xiàng)是 〔 〕
A. B. C. D.
4.如下列圖，在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為半圓的柱形物體A，A與豎直擋板之間放一光滑圓球B，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)對(duì)擋板加一向右的力F，使擋板緩慢向右移動(dòng)，B緩慢上移而A仍保持靜止．設(shè)地面對(duì)A的摩擦力為F1 ， B對(duì)A的作用力為F2 ， 地面對(duì)A的支持力為F3 ． 在此過(guò)程中〔 〕
A. F1緩慢減小，F(xiàn)3保持不變 B. F1緩慢增大，F(xiàn)3緩慢增大
C. F2緩慢增大，F(xiàn)3緩慢增大 D. F2緩慢增大，F(xiàn)3保持不變
5.如下列圖，在某次發(fā)射衛(wèi)星過(guò)程中，衛(wèi)星由近地圓形軌道進(jìn)入橢圓軌道，圖中O點(diǎn)為地心，地球半徑為R，A點(diǎn)是近地軌道和橢圓軌道的切點(diǎn)，遠(yuǎn)地點(diǎn)B離地面高度為6R，設(shè)衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)動(dòng)的周期為T，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 衛(wèi)星由近地圓形軌道的A點(diǎn)進(jìn)入橢圓軌道需要使衛(wèi)星減速
B. 衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大于通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度
C. 衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度是通過(guò)B點(diǎn)時(shí)加速度的6倍
D. 衛(wèi)星在橢圓軌道上由A點(diǎn)經(jīng)4T的時(shí)間剛好能到達(dá)B點(diǎn)
6.某質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)始終沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)，取豎直向下為正方向，其加速度a與時(shí)間t圖象如下列圖．重力加速度g＝10m/s2 ， 以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)處于完全失重狀態(tài) B. 質(zhì)點(diǎn)的初速度不小于22m/s
C. 質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)發(fā)生的位移可能為5m D. 質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能大于在第1s末的機(jī)械能
7.如下列圖，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c 三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關(guān)于MN對(duì)稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. b點(diǎn)與d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同
B. a點(diǎn)c點(diǎn)電勢(shì)相同
C. a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差
D. 帶正電的試探電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能
8.如下列圖的裝置，下側(cè)是兩豎直放置的平行金屬板，它們之間的電勢(shì)差為U、間距為d，其中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，上側(cè)矩形區(qū)域ACDH有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AC＝L，AH＝2L，M為AH的中點(diǎn)．一束電荷量大小均為q、質(zhì)量不等的帶電粒子〔不計(jì)重力、可視為質(zhì)點(diǎn)〕以某初速度從小孔S射入下側(cè)裝置，恰能沿豎直直線垂直AH由M點(diǎn)射入矩形區(qū)域，最后全部從邊界DH射出，假設(shè)忽略電場(chǎng)、磁場(chǎng)的邊緣效應(yīng)及粒子間的相互作用，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 該束粒子帶負(fù)電 B. 該束粒子初速度的大小均為
C. 該束粒子中，粒子質(zhì)量最小值為 B2 D. 該束粒子中，粒子質(zhì)量最大值為 B2
二、非選擇題
9.用圖1裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)中
〔1〕為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，在安裝斜槽軌道時(shí)，應(yīng)讓斜槽末端保持水平，這樣做的目的是 。
〔2〕假設(shè)A球質(zhì)量為m1＝50g，兩小球發(fā)生正碰前后的位移﹣時(shí)間〔x﹣t〕圖象如圖2示，那么小球B的質(zhì)量為m2＝________。
〔3〕調(diào)節(jié)A球自由下落高度，讓A球以一定速度v與靜止的B球發(fā)生正碰，碰后兩球動(dòng)量正好相等，那么A、B兩球的質(zhì)量之比 應(yīng)滿足________。
1改裝成簡(jiǎn)易的多用電表．首先用如圖甲所示的電路測(cè)量電流表A1的內(nèi)阻RA ， 圖中A2為另一電流表、R0為定值電阻，閉合開關(guān)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，記錄假設(shè)干次A1和A2的讀數(shù)I1和I2 ， 并以I1為縱坐標(biāo)、I2為橫坐標(biāo)作出相應(yīng)圖線，假設(shè)圖象的斜率為k，那么電流表A1的內(nèi)阻表達(dá)式RA＝________〔用k、R0表示〕
假設(shè)測(cè)得電流表A1的內(nèi)阻RA為200Ω，其量程為1mA，改裝成的簡(jiǎn)易多用電表如圖乙所示．
①當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置2時(shí)為歐姆檔，電源電動(dòng)勢(shì)E＝9.0V，將兩表筆短接歐姆調(diào)零后，在兩表筆之間接4.50kΩ電阻時(shí)，電流表A1恰好半偏，那么R1＝________Ω；
②當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置3時(shí)為電壓檔，其量程為10V，那么R2＝________Ω．
11.如下列圖，有一傾斜的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝30°，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)＝0.5m，在導(dǎo)軌的中間矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量m＝0.05kg、有效電阻r＝2Ω的導(dǎo)體棒從距磁場(chǎng)上邊緣d處?kù)o止釋放，當(dāng)它進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)剛好勻速運(yùn)動(dòng)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，且始終保持與導(dǎo)軌垂直，d＝0.4m，接在兩導(dǎo)軌間的電阻R＝6Ω，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻，取g＝10m/s2 ． 求：
〔1〕導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v。
〔2〕導(dǎo)體棒通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR。
〔3〕導(dǎo)體棒通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電荷量q。
12.如下列圖，質(zhì)量M＝4kg、長(zhǎng)L＝2m的木板A靜止在光滑水平面上，質(zhì)量m＝1kg的小滑塊B置于A的左端．B在F＝3N的水平恒力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B運(yùn)動(dòng)至A的中點(diǎn)時(shí)撤去力F．A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，g取10m/s2 ． 求：
〔1〕撤去F之前A、B的加速度大小a1、a2；
〔2〕F對(duì)B做的功W；
〔3〕整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量Q．
三、[物理─選修3-3]〔15分〕
13.以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 氣體的摩爾體積和 阿伏加德羅常數(shù)，就可以求出一個(gè)氣體分子的體積
B. 0℃的水分子勢(shì)能比相同質(zhì)量0℃的冰的分子勢(shì)能大
C. 水面能托住小硬幣不下沉主要是因?yàn)橐后w外表存在外表張力
D. 在“水油膜法估測(cè)分子的大小〞實(shí)驗(yàn)中理想化的假設(shè)是不考慮油膜分子間的相互作用力
E. 一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能增大，且一定吸收熱量
14.如下列圖，一頂部導(dǎo)熱、側(cè)壁和底部絕熱的氣缸靜止在地面上，一厚度不計(jì)的絕熱活塞將其分隔上、下兩局部，活塞可沿氣缸無(wú)摩擦滑動(dòng)，且與氣缸密閉性良好．開始時(shí)，進(jìn)氣口封閉，氣缸上、下兩局部裝有同種理想氣體，上局部氣體壓強(qiáng)為P0 ， 上、下兩局部的氣體體積均為V0、溫度均為T0 ， 活塞靜止．現(xiàn)從進(jìn)氣口緩慢打進(jìn)壓強(qiáng)為2P0 ， 體積為V0的同種理想氣體．打進(jìn)壓強(qiáng)為2P0的同種理想氣體．打進(jìn)氣體后活塞再次平衡時(shí)，上、下兩局部氣體的體積之比為3：2．取重力加速度為g，活塞質(zhì)量為m，橫截面積為S，且mg＝P0S，環(huán)境溫度不變，忽略進(jìn)氣管內(nèi)氣體的體積．求：
〔1〕再次平衡時(shí)上局部氣體的壓強(qiáng)；
〔2〕再次平衡時(shí)下局部氣體的溫度．
四、【物理--選修3-4】〔15分〕
15.一列簡(jiǎn)諧橫波在x軸上傳播，平衡位置位于x＝0處的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象如圖甲所示，平衡位置位于x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象如圖乙所示，波長(zhǎng)大于2m，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔填正確答案的標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每錯(cuò)選1個(gè)扣3分，最低得分為0分〕〔 〕
A. 該波的周期一定是12s B. 假設(shè)該波沿x軸正向傳播，那么波長(zhǎng)為12m
C. 假設(shè)該波沿x軸負(fù)向傳播，那么波長(zhǎng)為 m D. 該波的傳播速度可能是1m/s
E. 假設(shè)該波沿x軸負(fù)方向傳播，那么由Q傳到P的時(shí)間為9s
16.如下列圖，一細(xì)光束從O點(diǎn)射入上、下外表平行的玻璃磚，折射后分成a、b兩束光由下外表上的M、N兩點(diǎn)射出．入射光與玻璃磚上外表的夾角為θ，玻璃對(duì)a光、b光的折射率分別為na、nb〔na＞nb〕，玻璃磚的厚度為d．求：
〔1〕作出光穿過(guò)玻璃磚的光路圖，并標(biāo)明a光、b光；
〔2〕兩束光在玻璃磚下外表出射點(diǎn)M、N之間的距離．
答案解析局部
一、選擇題〔此題共8小題，每題6分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分〕
1.【解析】【解答】解：A、一群原來(lái)處于n＝4能級(jí)的氫原子躍遷到n＝1能級(jí)的過(guò)程中，根據(jù) ＝6知，輻射的光子頻率為6種。A不符合題意；
B、在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大，B符合題意。
C、α射線帶正電荷，在磁場(chǎng)中根據(jù)左手定那么判定向左偏轉(zhuǎn)；β射線帶負(fù)電荷，偏轉(zhuǎn)的方向與α射線相反；γ射線不帶電，不偏轉(zhuǎn)；由此可以判定。C不符合題意。
D、鏈?zhǔn)椒错憣儆谥睾说牧炎?，D不符合題意。
故答案為：B

【分析】利用排列組合可以判別發(fā)出光的種數(shù)；利用入射光的強(qiáng)度可以判別飽和電流的大??；利用射線的偏轉(zhuǎn)結(jié)合左手定那么可以判別射線的種類；利用鏈?zhǔn)椒错懣梢耘袆e屬于重核裂變。
2.【解析】【解答】解：汽車在水平路面上到達(dá)最大速度時(shí)，牽引力與阻力二力平衡，即有：F＝f
由P＝Fvm ， 得：P＝fvm ，
解得：f＝
當(dāng)汽車的速度為10m/s時(shí)，牽引力為：F′＝
根據(jù)牛頓第二定律得：a＝ ＝
2 ． B符合題意，ACD不符合題意
故答案為：B。

【分析】利用功率的表達(dá)式結(jié)合牛頓第二定律可以求出加速度的大小。
3.【解析】【解答】解：當(dāng)線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)楞次定律可得電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)i＝ 可知，有效切割長(zhǎng)度L逐漸減小，所以感應(yīng)電流逐漸減??；
當(dāng)線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，感應(yīng)電流為零；
當(dāng)線圈離開磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)楞次定律可得電流方向?yàn)槟骓槙r(shí)針，根據(jù)i＝ 可知，有效切割長(zhǎng)度L逐漸減小，所以感應(yīng)電流逐漸減小，所以ABC不符合題意，D符合題意；
故答案為：D

【分析】利用楞次定律結(jié)合歐姆定律和切割的有效長(zhǎng)度可以判別感應(yīng)電流的大小和方向。
4.【解析】【解答】解：1以整體為研究對(duì)象：
那么在豎直方向有地面的支持力等于物體的重力，即F3=〔mA+mB〕g，故F3保持不變；
在水平方向有F=F1；
2以B為研究對(duì)象：
在豎直方向有：F2csθ=mBg，故有F2= ，由于θ逐漸減小，故csθ逐漸增大，所以F2逐漸減??；
在水平方向有tanθ= ，故F=mBgtanθ，由于θ逐漸減小，故tanθ逐漸減小，所以F逐漸減小，故F1逐漸減?。?；
故A正確，BCD錯(cuò)誤；
應(yīng)選：A．
【分析】要求地面的支持力和摩擦力，應(yīng)以整體為研究對(duì)象，對(duì)整體進(jìn)行受力分析得到F3=〔mA+mB〕g和F=F1 ．
要求F必須轉(zhuǎn)換研究對(duì)象，以B為研究對(duì)象并進(jìn)行受力分析可以得到F2csθ=mBg和F=mBgtanθ從而求出答案．
5.【解析】【解答】解：A、衛(wèi)星在A點(diǎn)只受萬(wàn)有引力作用，在圓軌道萬(wàn)有引力等于向心力，衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；在橢圓軌道，萬(wàn)有引力小于所需的向心力，衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)；又有向心力 ，所以，衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度答語(yǔ)衛(wèi)星在圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度，故衛(wèi)星由近地圓形軌道的A點(diǎn)進(jìn)入橢圓軌道需要使衛(wèi)星加速，A不符合題意；
B、衛(wèi)星在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有萬(wàn)有引力做功，故衛(wèi)星機(jī)械能守恒；又有衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的勢(shì)能小于通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的勢(shì)能，所以，衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，那么，衛(wèi)星在橢圓軌道上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大于通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度，B符合題意；
C、衛(wèi)星在橢圓軌道上只受萬(wàn)有引力作用，又有 ，所以，加速度 ，所以通過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度是通過(guò)B點(diǎn)時(shí)加速度的 倍，C不符合題意；
D、由開普勒三定律可知： ，橢圓軌道〔半長(zhǎng)軸為4R〕和圓軌道〔半徑為R〕圍繞的中心天體都是地球，故k相等，那么橢圓軌道周期T1與圓軌道周期T關(guān)系如下： ，所以，T1＝8T，所以，衛(wèi)星在橢圓軌道上由A點(diǎn)經(jīng) 的時(shí)間剛好能到達(dá)B點(diǎn)，D符合題意；
故答案為：BD。

【分析】利用圓軌道和橢圓軌道距離球心的距離可以判別離心運(yùn)動(dòng)需要衛(wèi)星進(jìn)行加速；利用機(jī)械能守恒定律結(jié)合重力勢(shì)能的大小可以比較速度的大??；利用牛頓第二定律可以比較加速度的大??；利用開普勒第三定律可以判別運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。
6.【解析】【解答】解：A、由圖象可知，加速度大小為10m/s2 ， 且加速度為正，方向向下，所以質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)處于完全失重狀態(tài)，A符合題意；
B、設(shè)初速度為v0 ， 質(zhì)點(diǎn)在2s內(nèi)始終沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)，加速度向下，所以物體向上做減速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)在2s末速度減為0，根據(jù)逆向思維，那么由速度公式可得：v0＝a2t2+a1t1＝12×1+10×1＝22m/s，而末速度可能大于0，所以質(zhì)點(diǎn)的初速度不小于22m/s，B符合題意；
C、假設(shè)按B項(xiàng)分析，質(zhì)點(diǎn)的最小初速度為22m/s，那么質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)發(fā)生的最小位移為：x＝v0t﹣ at2＝22×1﹣ ×10×12＝17m，所以質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)發(fā)生的位移不可能為5m，C不符合題意；
D、1s至2s，加速度為12m/s2 ， 且方向向下，說(shuō)明除重力之外，還有其它的力方向向下，且做負(fù)功，所以機(jī)械能減小，所以質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能小于在第1s末的機(jī)械能，D不符合題意。
故答案為：AB

【分析】利用加速度的方向可以判別質(zhì)點(diǎn)的超重和失重；利用面積大小可以判別質(zhì)點(diǎn)的初速度大?。焕梦灰乒娇辞蟪鑫灰频拇笮?；利用外力做功可以判別機(jī)械能的變化。
7.【解析】【解答】解：A、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場(chǎng)線的特點(diǎn)，知兩電荷連線的垂直平分線上的電場(chǎng)方向水平向右，d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，所以b點(diǎn)與d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同。A符合題意。
B、作出a點(diǎn)、c點(diǎn)的等勢(shì)線，如下列圖。沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知a點(diǎn)的電勢(shì)大于c點(diǎn)的電勢(shì)。B不符合題意。
C、由對(duì)稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。C符合題意。
D、將正電荷從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，那么a點(diǎn)的電勢(shì)能大于c點(diǎn)的電勢(shì)能。D符合題意。
故答案為：ACD。

【分析】利用電場(chǎng)線的分布可以比較場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)；利用對(duì)稱性可以比較電勢(shì)差的大?。焕秒妱?shì)結(jié)合電性可以比較電勢(shì)能的大小。
8.【解析】【解答】解：A、粒子沿豎直直線垂直AH由M點(diǎn)射入矩形區(qū)域，最后全部從邊界DH射出，那么粒子在M點(diǎn)是所受洛倫茲力向左，由左手定那么可判斷，該束粒子帶正電，A不符合題意；
B、粒子以某初速度從小孔S射入下側(cè)裝置，恰能沿豎直直線垂直AH由M點(diǎn)射入矩形區(qū)域，那么粒子在下方區(qū)域受力平衡，那么有 ，所以， ，B符合題意；
CD、粒子在上側(cè)矩形區(qū)域只受洛倫茲力，洛倫茲力做向心力，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， ， ；
粒子最后全部從邊界DH射出，那么粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R由幾何關(guān)系可得： ，
所以，m的最小值 ，最大值 ，C符合題意，D不符合題意；
故答案為：BC。

【分析】利用左手定那么可以判別帶電粒子的電性；利用平衡方程可以求出速度的大??；利用牛頓第二定律結(jié)合半徑的大小可以求出粒子最大的質(zhì)量及最小的質(zhì)量。
二、非選擇題
9.【解析】【解答】解：〔1〕研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)很關(guān)鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時(shí)小球才做平拋運(yùn)動(dòng)，ABD不符合題意，C符合題意；〔2〕由圖乙所示圖象可知：v1＝ ＝ ＝4m/s，v2＝0m/s，
由圖求出碰后m2和m1的速度分別為：v1′＝ ＝ ＝2m/s；
v2′＝ ＝ ＝5m/s，
兩物體碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以m1的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：m1v1＝m2v2′+m1v1′，
代入解得：m2＝20g；〔3〕設(shè)碰撞后兩者的動(dòng)量都為P，由于題意可知，碰撞前后總動(dòng)量為2P，根據(jù)動(dòng)量和動(dòng)能的關(guān)系有：P2＝2mEK ，
碰撞過(guò)程動(dòng)能不增加，有： ≥ + ，
解得： ≤3，
因?yàn)橐觅|(zhì)量較大的球碰質(zhì)量較小的球，故
故答案為：〔1〕C；〔2〕20g；〔3〕1＜ ≤3，

【分析】〔1〕斜槽末端切線水平是為了小球初速度沿水平方向；
〔2〕利用動(dòng)量守恒定律結(jié)合速度的大小可以求出質(zhì)量的大小；
〔3〕利用動(dòng)量守恒結(jié)合動(dòng)能不增加可以判別質(zhì)量之比的大小。
10.【解析】【解答】解：由圖甲所示電路圖可知：I2＝I1+I0＝I1+ ，I1＝ I2 ，
I1﹣I2圖象的斜率：k＝ ，電流表內(nèi)阻：RA′＝ ；
①在兩表筆之間接4.50kΩ電阻時(shí)，電流表A1恰好半偏，那么歐姆表內(nèi)阻等于：R內(nèi)＝4.50kΩ，
I＝
量程：I＝Ig+
解得：R1＝200Ω，I＝2mA，
②改裝后電流表內(nèi)阻：RA′＝ ＝ ＝100Ω，
R2＝ ﹣RA′＝ ﹣100＝4900Ω
故答案為： ；①200；②4900．

【分析】〔1〕利用圖像斜率結(jié)合歐姆定律可以求出電流表的內(nèi)阻大??；利用半偏法結(jié)合歐姆定律可以求出R1的大小；利用電表的改裝可以求出內(nèi)阻的大小。
11.【解析】【分析】〔1〕利用機(jī)械能守恒定律可以求出速度的大??；
〔2〕利用能量守恒定律可以求出產(chǎn)生的熱量；
〔3〕利用歐姆定律結(jié)合平衡條件及電磁感應(yīng)定律可以求出電荷量的大小。
12.【解析】【分析】〔1〕利用牛頓第二定律可以求出加速度的大??；
〔2〕利用位移公式結(jié)合力的大小可以求出做功的大小；
〔3〕利用位移公式結(jié)合摩擦力的大小可以求出摩擦產(chǎn)生的熱量。
三、[物理─選修3-3]〔15分〕
13.【解析】【解答】解：A、由氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，可以算出氣體分子所占的體積，但是得不到氣體分子的體積，A不符合題意。
B、因冰融化成水需要吸熱，由于溫度不變，分子動(dòng)能不變，故內(nèi)能增加，因此0℃的水分子勢(shì)能比相同質(zhì)量0℃的冰的分子勢(shì)能大，B符合題意；
C、水面能托住小硬幣不下沉主要是因?yàn)橐后w外表存在外表張力，C符合題意；
D、在“用油膜法估測(cè)分子的大小〞的實(shí)驗(yàn)中，我們的實(shí)驗(yàn)依據(jù)是：①油膜是呈單分子層分布的；②把油酸分子看成球形；③不考慮分子之間的空隙，D不符合題意；
E、一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得，氣體的溫度升高，故氣體分子的平均動(dòng)能增大、故內(nèi)能增大，因氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體一定吸收熱量，E符合題意。
故答案為：BCE

【分析】氣體的摩爾體積與阿伏伽德羅常數(shù)之比可以求出一個(gè)氣體分子的平均空間體積；利用油膜法測(cè)量分子的大小是不考慮分子間的間距。
14.【解析】【分析】〔1〕利用等溫變化結(jié)合體積關(guān)系可以求出壓強(qiáng)的大??；
〔2〕利用平衡方程結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程可以求出氣體的溫度。
四、【物理--選修3-4】〔15分〕
15.【解析】【解答】解：A、由圖甲、乙兩圖可知該波的周期一定為：T＝12s，A符合題意；
B、假設(shè)該波沿x軸正向傳播，由圖知：t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q位于波谷，那么有 x＝〔n+ 〕λ＝2m，〔n＝0、1、2、3…〕，
波長(zhǎng)為 λ＝ m，
由于波長(zhǎng)大于2m，所以波長(zhǎng)為8m，B不符合題意；
C、假設(shè)該波x軸負(fù)向傳播，那么有 x＝〔n+ 〕λ′＝2m，〔n＝0、1、2、3…〕，波長(zhǎng)為 λ′＝ m，
由于波長(zhǎng)大于2m，n取0，所以波長(zhǎng)為 λ′＝ m，C符合題意；
D、假設(shè)該波沿x軸正向傳播，波速為 v＝ ＝ m/s。假設(shè)該波x軸負(fù)向傳，波速為 v′＝\ ＝ ＝ m/s，D不符合題意；
E、假設(shè)該波沿x軸負(fù)方向傳播，那么由Q傳到P的時(shí)間為t＝ ＝ s＝9s，E符合題意。
故答案為：ACE

【分析】利用圖像可以判別周期的大??；利用傳播的距離可以判別波長(zhǎng)的大??；利用波長(zhǎng)和周期的大小可以求出波速的大?。焕镁嚯x和傳播速度可以求出傳播的時(shí)間。
16.【解析】【分析】〔1〕利用折射率的比較可以判別折射角的大小進(jìn)而畫出對(duì)應(yīng)的光路圖；
〔2〕利用折射定律結(jié)合幾何關(guān)系可以求出MN之間的距離大小。

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