?2021年江蘇省無(wú)錫市錫山區(qū)東亭片區(qū)中考物理一模試卷（解析版）
一、選擇題（共12小題，每小題2分，滿分24分）
1．（2分）下列物理量最接近實(shí)際的是（ ）。
A．普通中學(xué)生的質(zhì)量約為200kg
B．成年人的正常步行速度約為1.2m/s
C．人的正常體溫約為42℃
D．日光燈管的功率約為900W
【分析】結(jié)合對(duì)生活的了解和對(duì)物理單位的認(rèn)識(shí)，找出符合實(shí)際的選項(xiàng)。
【解答】解：A、成年人的質(zhì)量在65kg左右，中學(xué)生的質(zhì)量比成年人小一些，在50kg左右。故A不符合實(shí)際；
B、成年人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右，接近1.2m/s。故B符合實(shí)際；
C、正常情況下，人的體溫在37℃左右，變化幅度很小。故C不符合實(shí)際；
D、日光燈管的功率在40W左右。故D不符合實(shí)際。
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于生活中數(shù)據(jù)的估測(cè)，應(yīng)從實(shí)際的角度出發(fā)進(jìn)行判斷，也可從自己的角度出發(fā)判斷，如自己的身高、自己的體重、自己正常時(shí)的體溫及正常行走的速度等方面來(lái)與題目中的數(shù)據(jù)比較，只要相差不大，即該數(shù)據(jù)就是合理的。
2．（2分）下列關(guān)于光學(xué)現(xiàn)象的描述中不正確的是（ ）。
A．圖中，樹(shù)蔭下的陰影是小孔成的像
B．圖中，放大鏡利用了光的折射
C．圖中，橋在水中的倒影是光的反射現(xiàn)象
D．圖中，三棱鏡分解太陽(yáng)光利用了光的折射
【分析】（1）光在同種均勻物質(zhì)中沿直線傳播，在日常生活中，激光準(zhǔn)直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一種均勻介質(zhì)中是沿直線傳播的；
（2）當(dāng)光照射到物體界面上時(shí)，有一部分光被反射回來(lái)的現(xiàn)象是光的反射，例如：平面鏡成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
（3）當(dāng)光從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時(shí)，傳播方向會(huì)發(fā)生偏折，這就是光的折射，復(fù)色光發(fā)生折射時(shí)，會(huì)出現(xiàn)色散現(xiàn)象，如：海市蜃樓、看水里的魚(yú)比實(shí)際位置淺、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的
【解答】解：
A、圖中樹(shù)蔭下的陰影，是樹(shù)的影子，不是小孔成像，故A錯(cuò)誤；
B、圖中用放大鏡觀察蜜蜂是利用光的折射，故B正確；
C、橋在水中的倒影是橋在水面上成的像，屬于光的反射，故C正確；
D、圖中，三棱鏡分解太陽(yáng)光是光的色散現(xiàn)象，屬于光的折射，故D正確。
故選：A。
【點(diǎn)評(píng)】本題通過(guò)幾個(gè)日常生活中的現(xiàn)象考查了對(duì)光的折射、光的直線傳播、光的反射的理解與掌握，在學(xué)習(xí)過(guò)程中要善于利用所學(xué)知識(shí)解釋有關(guān)現(xiàn)象，達(dá)到學(xué)以致用的目的。
3．（2分）中國(guó)高鐵、移動(dòng)支付、共享單車(chē)、鯤龍AG600水陸兩棲飛機(jī)……當(dāng)今中國(guó)，科技進(jìn)步使生活更精彩。下列說(shuō)法正確的是（ ）。
A．“復(fù)興”號(hào)高速列車(chē)因?yàn)樗俣群艽笏詰T性很大
B．鯤龍AG600水陸兩棲飛機(jī)在高空所受的大氣壓強(qiáng)，比水面附近的大氣壓強(qiáng)大
C．使用共享單車(chē)時(shí)，用手機(jī)掃描二維碼開(kāi)鎖，二維碼位于手機(jī)攝像頭的一倍焦距以內(nèi)
D．用手機(jī)進(jìn)行移動(dòng)支付時(shí)，是利用電磁波傳遞信息的
【分析】（1）慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體是否受力、是否運(yùn)動(dòng)、運(yùn)動(dòng)速度等都沒(méi)有關(guān)系，質(zhì)量越大，慣性越大。
（2）大氣壓隨著高度的增加而減小。
（3）凸透鏡成像時(shí)，物距u＞2f，成倒立縮小的實(shí)像，應(yīng)用是照相機(jī)。
（4）電磁波可以在真空中傳播，現(xiàn)代的移動(dòng)電話都是利用電磁波來(lái)傳遞信息的。
【解答】解：
A、慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體是否受力、是否運(yùn)動(dòng)、運(yùn)動(dòng)速度等都沒(méi)有關(guān)系，“復(fù)興”號(hào)高速列車(chē)不管速度多大，只要質(zhì)量不變，其慣性大小就不會(huì)改變。故A錯(cuò)誤；
B、大氣壓隨著高度的增加而減小，所以鯤龍AG600水陸兩棲飛機(jī)在高空所受的大氣壓強(qiáng)，比水面附近的大氣壓強(qiáng)小。故B錯(cuò)誤；
C、物體到攝像頭的距離大于二倍焦距，成倒立縮小的實(shí)像，應(yīng)用是照相機(jī)；故C錯(cuò)誤；
D、用手機(jī)進(jìn)行移動(dòng)支付時(shí)，它傳遞信息是通過(guò)電磁波來(lái)實(shí)現(xiàn)的，故D正確。
故選：D。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查慣性大小的影響因素、大氣壓與高度的關(guān)系、凸透鏡成像規(guī)律及其應(yīng)用、電磁波的傳播與應(yīng)用等知識(shí)，知識(shí)點(diǎn)較多，綜合性較強(qiáng)，關(guān)鍵是掌握相關(guān)基礎(chǔ)知識(shí)和基本規(guī)律。
4．（2分）醫(yī)用外科口罩與N95級(jí)口罩根據(jù)飛沫顆粒的大小和氣流速度，可通過(guò)攔截、慣性碰撞附著、擴(kuò)散吸附、靜電吸引等多種機(jī)制捕捉含病毒分子的飛沫，起到良好的防病毒作用。下列判斷錯(cuò)誤的是（ ）。
A．病毒分子具有慣性
B．溫度越高病毒分子運(yùn)動(dòng)得越快
C．溫度越高病毒分子的動(dòng)能越小
D．帶靜電的物體對(duì)輕小物體有吸引作用
【分析】①一切物體都具有保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)，叫慣性；
②分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，溫度越高，分子運(yùn)動(dòng)越劇烈；
③物體內(nèi)分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)具有的能叫動(dòng)能，分子動(dòng)能與分子運(yùn)動(dòng)的速度有關(guān)，分子運(yùn)動(dòng)速度越快，其動(dòng)能越大；
④帶電體具有吸引輕小物體的性質(zhì)。
【解答】解：
A、一切物體都具有慣性，所以病毒分子也具有慣性，故A正確；
B、溫度越高分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，所以病毒分子運(yùn)動(dòng)得越快，故B正確；
C、分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速度與物體的溫度有關(guān)；溫度越高，病毒分子運(yùn)動(dòng)得越快，分子具有的動(dòng)能越大，故C錯(cuò)誤；
D、帶靜電的物體可以吸引輕小物體，故D正確。
故選：C。
【點(diǎn)評(píng)】此題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，包括慣性的存在、分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、分子動(dòng)能的影響因素及帶電體的性質(zhì)，正確理解概念和規(guī)律是解答的關(guān)鍵。
5．（2分）納米陶瓷作為高科技材料應(yīng)用廣泛，它具有耐磨、耐腐蝕、耐高溫、防浸透、完全無(wú)磁性等特點(diǎn)，但它不可用于下列哪項(xiàng)技術(shù)中（ ）。
A．納米陶瓷刀 B．公交IC卡
C．“嫦娥二號(hào)”外表涂層 D．裝濃硫酸的容器
【分析】根據(jù)材料的特性及各選項(xiàng)的材料是否適合這一特性來(lái)判斷。
【解答】解：A、納米陶瓷用于納米陶瓷刀，利用了其耐磨的特性的特點(diǎn)；故A不合題意；
B、IC卡芯片是電子線路，陶瓷不是導(dǎo)體，所以不能用納米陶瓷來(lái)做；故B符合題意；
C、納米陶瓷用作“嫦娥二號(hào)”外表涂層，利用了耐高溫的特性；故C不合意題；
D、納米陶瓷用作裝濃硫酸的容器，利用耐腐蝕的特性。故D不合題意
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】要會(huì)分析根據(jù)材料的特性來(lái)判斷應(yīng)用的場(chǎng)合，需要注意的是IC卡不等同于磁卡，磁卡是用磁性材料做的。
6．（2分）如圖，物體重50N靜止在豎直的墻壁上，F(xiàn)壓＝30N，若物體與墻壁的接觸面積為0.2m2，下列分析正確的是（ ）。

A．物體受到豎直向上的摩擦力大小等于50N
B．物體對(duì)墻壁的壓強(qiáng)為250Pa
C．物體受到的壓力越大，摩擦力越大
D．若物體受到的力全部消失，則物體向下運(yùn)動(dòng)
【分析】（1）由于物體壓在豎直墻上，處于平衡狀態(tài)，物體在豎直方向上受到重力和墻壁對(duì)它的摩擦力，這兩個(gè)力是一對(duì)平衡力，二力大小相等；
（2）物體將水平力大小不變的傳遞到墻上可求墻壁受到的壓力，知道物體A與墻壁的接觸面積，利用p＝求物體對(duì)墻壁的壓強(qiáng)；
（3）牛頓第一定律：一切物體在沒(méi)有受到力的作用時(shí)，總保持靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。
【解答】解：
A、物體在豎直方向上受到重力和墻壁對(duì)它的摩擦力，因物體壓在豎直墻上處于平衡狀態(tài)，這兩個(gè)力是一對(duì)平衡力，所以物體受到摩擦力等于重力，即f＝G＝50N，故A正確；
B、因固體可以大小不變的傳遞壓力，所以物體對(duì)豎直墻壁的壓力等于F＝F壓＝30N，物體對(duì)墻壁的壓強(qiáng)：p＝＝＝150Pa，故B錯(cuò)誤；
C、因物體壓在豎直墻上處于平衡狀態(tài)，物體受到摩擦力等于重力，所以增大對(duì)物體的壓力時(shí)，物體與墻面的摩擦力大小不變，故C錯(cuò)誤；
D、根據(jù)牛頓第一定律可知，若物體受到的力全部突然消失，則物體將做處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯(cuò)誤。
故選：A。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了壓強(qiáng)的計(jì)算、二力平衡條件和牛頓第一定律的應(yīng)用，知道固體可以大小不變的傳遞壓力和正確的對(duì)物體受力分析是關(guān)鍵。
7．（2分）關(guān)于溫度、熱量和內(nèi)能，下列說(shuō)法正確的是（ ）。
A．溫度相同的物體內(nèi)能一定相等
B．汽油機(jī)做功沖程中燃?xì)獾膬?nèi)能減小
C．我們不敢大口喝熱氣騰騰的湯，是因?yàn)闇械臒崃枯^多
D．電能可以使燈泡發(fā)光，同時(shí)產(chǎn)生內(nèi)能，這些內(nèi)能又可以自動(dòng)地轉(zhuǎn)化為電能
【分析】（1）物體的內(nèi)能跟物體的質(zhì)量、狀態(tài)、溫度有關(guān)；熱量總是從溫度高的物體傳給溫度低的物體。
（2）熱機(jī)是燃料在氣缸內(nèi)燃燒，產(chǎn)生高溫高壓的燃?xì)猓細(xì)鈱?duì)活塞做功，內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；
（3）熱量是個(gè)過(guò)程量，區(qū)別于狀態(tài)量，只是在熱傳遞這個(gè)過(guò)程中才有熱量這個(gè)物理量，當(dāng)兩物體溫差達(dá)到相等時(shí)，熱傳遞就停止。所以只能說(shuō)某物體吸收了多少熱量，放出了多少熱量，而不能說(shuō)含有多少熱量；
（4）能量在轉(zhuǎn)化的過(guò)程中具有方向性，很多能量轉(zhuǎn)化的實(shí)例都說(shuō)明了這一點(diǎn)。
【解答】解：
A、內(nèi)能跟物體的質(zhì)量、狀態(tài)、溫度有關(guān)，溫度相同的物體，內(nèi)能不一定相同，故A錯(cuò)誤；
B、汽油機(jī)的做功沖程中，燃?xì)鈱?duì)活塞做功，燃?xì)獾膬?nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以燃?xì)獾膬?nèi)能減少，故B正確；
C、我們不敢大口地喝熱氣騰騰的湯，是因?yàn)闊釡臏囟雀撸粺崃渴且粋€(gè)過(guò)程量，不能說(shuō)物體含有多少熱量，故C錯(cuò)誤；
D、電能可以使電燈發(fā)光，同時(shí)產(chǎn)生內(nèi)能，而這些內(nèi)能無(wú)法自動(dòng)地轉(zhuǎn)化為電能，是因?yàn)槟芰康霓D(zhuǎn)化是有方向性的，故D錯(cuò)誤。
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查的是學(xué)生對(duì)影響物體內(nèi)能大小的因素的理解以及內(nèi)能、溫度與熱量三者之間的關(guān)系，還有能量轉(zhuǎn)化知識(shí)的掌握，是中考的熱點(diǎn)。
8．（2分）在中國(guó)科技館的展廳里，擺著一個(gè)如圖所示，叫做“最速降線”的展品：兩個(gè)并排軌道的起點(diǎn)高度一樣，終點(diǎn)高度也一樣；一個(gè)是傾斜的直軌道，另一個(gè)是向下彎曲的弧形軌道。將甲、乙兩個(gè)完全相同的小球同時(shí)分別從直軌道和弧形軌道的起點(diǎn)釋放，弧形軌道上的乙球先到達(dá)終點(diǎn)。若不計(jì)一切摩擦阻力，則關(guān)于兩小球從起點(diǎn)至終點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ）。

A．乙球的動(dòng)能先增大后減小
B．乙球的重力勢(shì)能先變小后變大
C．甲球所受重力對(duì)甲球做功比乙球所受重力對(duì)乙球做功慢
D．甲球所受重力對(duì)甲球做的功比乙球所受重力對(duì)乙球做的功少
【分析】（1）動(dòng)能的影響因素是質(zhì)量和速度；重力勢(shì)能的影響因素是質(zhì)量和高度；據(jù)此判斷動(dòng)能和重力勢(shì)能的大小；
（2）功等于力與距離的乘積，據(jù)此判斷其做功的多少；
（3）根據(jù)路程和運(yùn)動(dòng)時(shí)間可判斷其速度的大小，進(jìn)而判斷功率大小。
【解答】解：由題意可知，兩球的重力相同，最初的高度相同；
AB、下降過(guò)程中乙球的高度不斷減小，速度越來(lái)越快，則乙球的重力勢(shì)能一直減小，動(dòng)能一直增大，故AB錯(cuò)誤；
C、下降過(guò)程中，乙先到達(dá)終點(diǎn)，則乙的速度大，兩球的重力相同，根據(jù)P＝Fv可知，重力對(duì)乙球做功的功率比重力對(duì)甲球做功的功率大，即重力對(duì)甲球做功慢，重力對(duì)乙球做功更快，故C正確；
D、兩球的重力相同，起點(diǎn)高度一樣，終點(diǎn)高度也一樣，則兩球下落的高度相同，由W＝Gh可知，到最低點(diǎn)時(shí)兩球重力所做的功相同，故D錯(cuò)誤；
故選：C。
【點(diǎn)評(píng)】在科技館中的科技展品為內(nèi)容，考查了影響動(dòng)能、重力勢(shì)能的因素，以及對(duì)做功情況、速度情況的比較，有一定綜合性，值得我們關(guān)注。
9．（2分）據(jù)有關(guān)媒體報(bào)道，未來(lái)在我國(guó)航母上，將采用電磁彈射裝置，它的彈射車(chē)與艦載機(jī)的前輪連接，并處于強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)彈射車(chē)內(nèi)的導(dǎo)體通入強(qiáng)電流時(shí)，立即產(chǎn)生強(qiáng)大的推力，使艦載機(jī)快速起飛。那么，在下列四個(gè)實(shí)驗(yàn)中，與電磁彈射器的工作原理一致的是（ ）。
A． B．
C． D．
【分析】根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到磁場(chǎng)力的作用分析解答。
【解答】解：由題意可知，電磁彈射器的彈射車(chē)與飛機(jī)前輪連接，并處于強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)彈射車(chē)內(nèi)的導(dǎo)體通以強(qiáng)電流時(shí)，即可受到強(qiáng)大的推力，由此可知其原理是通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受力而運(yùn)動(dòng)。
A、圖中沒(méi)有電源，閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；
B、圖中有電源，通電導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中受力而運(yùn)動(dòng)，即與電磁彈射器的工作原理相同，故B正確；
C、該實(shí)驗(yàn)為奧斯特實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明了電流周?chē)嬖谥艌?chǎng)，故C錯(cuò)誤；
D、圖中是電磁鐵，是根據(jù)電流的磁效應(yīng)制成的，故D錯(cuò)誤。
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁學(xué)中的電流磁效應(yīng)、磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)體有力的作用、電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)區(qū)分要注意條件。
10．（2分）如圖為探究“焦耳定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。兩個(gè)透明容器中密封著等量的空氣，U形管中液面高度的變化反映密閉空氣溫度的變化。將容器中的電阻絲R1、R2串聯(lián)在電路中，且R1＜R2。下列說(shuō)法正確的是（ ）。

A．該實(shí)驗(yàn)裝置用于探究“電壓和通電時(shí)間一定時(shí)，電熱與電阻的關(guān)系”
B．閉合開(kāi)關(guān)后，通過(guò)R1的電流大于R2的電流
C．閉合開(kāi)關(guān)后，甲管中液面上升比乙慢
D．閉合開(kāi)關(guān)后，要使電流增大，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)
【分析】電阻絲產(chǎn)生的熱量不易直接觀察，可給等質(zhì)量的氣體加熱，氣體吸熱越多，氣體膨脹程度越大，U形管內(nèi)的液面高度差越大，采用了轉(zhuǎn)換法；
AB、由焦耳定律Q＝I2Rt可知，電流通過(guò)導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量與通過(guò)的電流、導(dǎo)體的電阻和通電時(shí)間有關(guān)，研究與其中一個(gè)因素的關(guān)系時(shí)，要控制另外兩個(gè)因素不變，結(jié)合串聯(lián)電路電流的規(guī)律分析；
C、由焦耳定律Q＝I2Rt結(jié)合轉(zhuǎn)換法和串聯(lián)電路電流的規(guī)律分析；
D、由歐姆定律分析。
【解答】解：A、圖中兩電阻串聯(lián)，通過(guò)的電流和通電時(shí)間相等，而電阻不同，故可研究電流產(chǎn)生的熱量與電阻的關(guān)系，AB錯(cuò)誤；
C、根據(jù)Q＝I2Rt，因R1＜R2．故右邊容器中電阻絲產(chǎn)生的熱量多，由轉(zhuǎn)換法，甲管中液面上升比乙慢，C正確；
D、閉合開(kāi)關(guān)后，要使電流增大，由歐姆定律，要減小電路的電阻，故應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)，D錯(cuò)誤。
故選：C。
【點(diǎn)評(píng)】本題探究焦耳定律，考查轉(zhuǎn)換法和控制變量法的運(yùn)用及串聯(lián)電路的規(guī)律及焦耳定律、歐姆定律的運(yùn)用。
11．（2分）如圖所示，將重150N的甲物體用細(xì)繩掛在輕質(zhì)杠桿的A端，杠桿的B端懸掛乙物體，杠桿在水平位置平衡，已知：乙物體所受重力為30N，AO：OB＝1：3，甲物體的底面積為0.2m2，g取10N/kg。下列說(shuō)法正確的是（ ）。

A．甲物體對(duì)杠桿的拉力為10N
B．杠桿對(duì)甲物體豎直向上的拉力為60N
C．甲物體對(duì)水平地面的壓強(qiáng)為750Pa
D．水平地面對(duì)甲物體的支持力為60N
【分析】根據(jù)杠桿平衡條件計(jì)算細(xì)繩對(duì)杠桿的拉力，根據(jù)力的作用的相互性得出杠桿對(duì)甲物體的拉力，又知其重力，根據(jù)力的平衡可求地面對(duì)它的支持力，根據(jù)力的作用的相互性得出它對(duì)地面的壓力，又知受力面積，利用p＝計(jì)算壓強(qiáng)大小。
【解答】解：
（1）根據(jù)杠桿平衡條件可得：FA?LAO＝FB?LOB，
AO：OB＝1：3，則OB＝3AO，
所以細(xì)繩對(duì)杠桿拉力的作用FA＝＝＝3G乙＝3×30N＝90N；
根據(jù)力的作用的相互性可得，杠桿對(duì)甲物體豎直向上的拉力為90N，甲物體對(duì)杠桿沒(méi)有拉力的作用，故AB錯(cuò)誤。
（2）對(duì)甲物體進(jìn)行受力分析可知，甲物體共受到豎直向下的重力、豎直向上的支持力和豎直向上的拉力三個(gè)力的作用，且重力等于拉力與支持力之和，
則甲物體對(duì)地面的壓力：F甲＝F支＝G甲﹣FA＝150N﹣90N＝60N，
甲物體對(duì)地面的壓強(qiáng)：p＝＝＝300Pa．故C錯(cuò)誤，D正確。
故選：D。
【點(diǎn)評(píng)】此題考查壓強(qiáng)的大小計(jì)算，涉及到力的作用的相互性、杠桿平衡條件、物體受力分析和力的平衡等知識(shí)點(diǎn)，是一道綜合性較強(qiáng)的題目，關(guān)鍵是對(duì)物體進(jìn)行正確的受力分析。
12．（2分）如圖電路，電源電壓為12V且保持不變。閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑片P置于變阻器的中點(diǎn)時(shí)，電壓表的示數(shù)為4V；當(dāng)滑片P置于變阻器的b端時(shí)，電壓表的示數(shù)變化了2V，在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J．則下列結(jié)果正確的是（ ）。

A．電路中的最大電流為1A
B．滑片P在中點(diǎn)時(shí)，10s內(nèi)滑動(dòng)變阻器R消耗的電能為60J
C．滑動(dòng)變阻器R先后兩次消耗的電功率之比為8：1
D．R1先后兩次消耗的電功率之比為16：9
【分析】根據(jù)電路圖可知，定值電阻與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知滑片從中點(diǎn)到b端時(shí)，電壓表示數(shù)將增大，因此電壓表示數(shù)增大了2V，然后根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律以及Q＝t即可求出R1的阻值；
（1）當(dāng)滑片在a點(diǎn)時(shí)，電路中的電流最大，根據(jù)歐姆定律即可求出電路中的最大電流；
（2）先根據(jù)歐姆定律求出滑片在中點(diǎn)時(shí)電路中的電流，然后根據(jù)W＝UIt求出10s內(nèi)滑動(dòng)變阻器R消耗的電能；
（3）根據(jù)P＝UI即可求出R先后兩次消耗的電功率之比；
（4）根據(jù)P＝UI即可求出R1先后兩次消耗的電功率之比
【解答】解：根據(jù)電路圖可知，定值電阻與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；
滑片從中點(diǎn)到b端時(shí)，變阻器接入電路的阻值增大，由串聯(lián)分壓的規(guī)律可知，電壓表示數(shù)（變阻器的電壓）將增大，電壓表示數(shù)增大了2V，即滑片在b點(diǎn)時(shí)電壓表的示數(shù)為4V+2V＝6V；
在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J，由Q＝t可得R1的阻值：
R1＝t＝×10s＝10Ω；
A、當(dāng)滑片在a點(diǎn)時(shí)，變阻器接入電路的阻值為0，電路中的電流最大，
則電路中的最大電流：I最大＝＝＝1.2A，故A錯(cuò)誤；
B、串聯(lián)電路中各處的電流相等，滑片在中點(diǎn)時(shí)，電路中的電流：I＝＝＝0.8A，
10s內(nèi)滑動(dòng)變阻器R消耗的電能：W滑＝U滑It＝4V×0.8A×10s＝32J，故B錯(cuò)誤；
C、當(dāng)滑片在b點(diǎn)時(shí)，變阻器接入的阻值最大，電路中的電流最小，電路中的最小電流：I最?。剑剑?.6A，
由P＝UI可得，滑動(dòng)變阻器R先后兩次消耗的電功率之比：＝＝，故C錯(cuò)誤；
D、由P＝UI可得，R1先后兩次消耗的電功率之比：＝＝，故D正確。
故選：D。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)、歐姆定律以及電功、功率計(jì)算公式的應(yīng)用，要注意電表最小示數(shù)的判斷。
二、填空題（每空1分，共24分）
13．（2分）為了消殺新冠病毒，班主任在教室噴灑消毒液后，同學(xué)們進(jìn)入教室聞到刺鼻的消毒液味，這是　擴(kuò)散　現(xiàn)象；同學(xué)們用測(cè)溫槍測(cè)體溫，利用　紅外線　（紅外線、紫外線、可見(jiàn)光）的熱效應(yīng)。
【分析】（1）組成物質(zhì)的分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，擴(kuò)散現(xiàn)象就是分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的表現(xiàn)；
（2）紅外線的應(yīng)用，熱作用強(qiáng)：烤箱、浴室里的暖燈、夜視儀、熱譜圖；穿透力強(qiáng)：航空攝影；遙感、遙控：衛(wèi)星遙感、家用遙控器。
【解答】解：同學(xué)們進(jìn)入教室聞到刺鼻的消毒液味，是因?yàn)橄疽悍肿硬煌５刈鰺o(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，屬于擴(kuò)散現(xiàn)象；
根據(jù)紅外線的特點(diǎn)可知，由于紅外線熱效應(yīng)強(qiáng)，測(cè)溫槍是利用紅外線的熱效應(yīng)工作的。
故答案為：擴(kuò)散；紅外線。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了擴(kuò)散現(xiàn)象及紅外測(cè)溫槍的工作原理，要用物理知識(shí)解釋生活中的現(xiàn)象，體現(xiàn)了從物理走向生活的學(xué)習(xí)理念。
14．（2分）公安交通管理部門(mén)要求駕駛員和乘客必須使用安全帶，如圖所示。如果不系安全帶，汽車(chē)一旦發(fā)生碰撞突然停止運(yùn)動(dòng)，乘客由于　慣性　繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)，就會(huì)與車(chē)身發(fā)生碰撞，對(duì)人身造成傷害，行駛的汽車(chē)受到碰撞停止運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明力可以改變物體的　運(yùn)動(dòng)狀態(tài)　。

【分析】（1）物體保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)叫做慣性；
（2）力的作用效果有兩個(gè)：①力可以改變物體的形狀即使物體發(fā)生形變。②力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，包括物體的運(yùn)動(dòng)速度大小發(fā)生變化、運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生變化。
【解答】解：（1）汽車(chē)勻速行駛時(shí)，乘客隨汽車(chē)一起運(yùn)動(dòng)，汽車(chē)一旦發(fā)生碰撞突然停止運(yùn)動(dòng)，乘客由于慣性要保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，就會(huì)與車(chē)身發(fā)生碰撞，對(duì)人身造成傷害；
（2）行駛的汽車(chē)受到碰撞停止運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。
故答案為：慣性；運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。
【點(diǎn)評(píng)】通過(guò)乘客乘坐汽車(chē)，考查了力的作用效果、慣性，體現(xiàn)了生活處處皆物理。
15．（3分）勤于動(dòng)手的小聰在探究凸透鏡成像規(guī)律過(guò)程中，將蠟燭、凸透鏡和光屏按如圖所示放置時(shí)，蠟燭通過(guò)凸透鏡在光屏上形成一個(gè)倒立、　縮小　（選填“放大”、“縮小”或“等大”）的清晰的像，利用凸透鏡這一成像規(guī)律制成的是　照相機(jī)?。ㄟx填“照相機(jī)”、“投影儀”式“放大境”）；若保持透鏡和光屏的位置不變，將蠟燭移到“28cm”刻度線位置，他將自己佩戴的眼鏡放在蠟燭和透鏡間適當(dāng)位置時(shí)，光屏上又出現(xiàn)了清晰的像，則小明所患的眼疾是　遠(yuǎn)視眼　。（選填“近視眼”或“遠(yuǎn)視眼”）。


【分析】根據(jù)物距和像距的關(guān)系，能判斷凸透鏡的成像情況，從而判斷其應(yīng)用；凸透鏡對(duì)光線具有會(huì)聚作用，凹透鏡對(duì)光線具有發(fā)散作用。
【解答】解：燭焰到凸透鏡的距離是物距，光屏到凸透鏡的距離是像距；由圖知，物距大于像距，且光屏上能成清晰的像，由凸透鏡成像規(guī)律可知，此時(shí)成倒立、縮小的實(shí)像；利用凸透鏡這一成像規(guī)律制成的是照相機(jī)；
若保持透鏡和光屏的位置不變，將蠟燭移到“28cm”刻度線位置，物距減小了，像距會(huì)變大，像成在光屏的后方，他將自己佩戴的眼鏡放在蠟燭和透鏡間適當(dāng)位置時(shí)，光屏上又出現(xiàn)了清晰的像，這說(shuō)明該眼鏡對(duì)光線具有會(huì)聚作用，即該眼鏡是凸透鏡，能矯正遠(yuǎn)視眼。
故答案為：縮??；照相機(jī)；遠(yuǎn)視眼。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了探究凸透鏡成像規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，操作的注意事項(xiàng)，成像的特點(diǎn)與規(guī)律、應(yīng)用等，有一定綜合性。
16．（2分）2020年5月5日18時(shí)，長(zhǎng)征五號(hào)B運(yùn)載火箭在海南文昌首飛成功，正式拉開(kāi)我國(guó)載人航天工程第三步任務(wù)的序幕。如圖所示，是火箭首飛時(shí)的情景：火箭升空過(guò)程中，發(fā)動(dòng)機(jī)的工作原理相當(dāng)于四沖程內(nèi)燃機(jī)的　做功　沖程。此過(guò)程，火箭箭體與空氣摩擦?xí)l(fā)熱，這是通過(guò)　做功　方式改變箭體的內(nèi)能。

【分析】（1）火箭發(fā)動(dòng)機(jī)工作時(shí)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；
（2）改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞。
【解答】解：（1）內(nèi)燃機(jī)的做功沖程是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；火箭升空過(guò)程中，火箭發(fā)動(dòng)機(jī)工作時(shí)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故發(fā)動(dòng)機(jī)的工作原理相當(dāng)于四沖程內(nèi)燃機(jī)的做功沖程；
（2）做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，火箭箭體與空氣摩擦?xí)l(fā)熱，這是通過(guò)做功改變箭體的內(nèi)能。
故答案為：做功；做功。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查能量的轉(zhuǎn)化，物體內(nèi)能的改變方式，難度不大。
17．（2分）如圖甲所示，在水平面上測(cè)量木塊滑動(dòng)摩擦力時(shí)，作用在木塊上的水平拉力F大小隨時(shí)間t變化情況的圖像如圖乙所示，木塊運(yùn)動(dòng)速度v隨時(shí)間t變化情況的圖像如圖丙所示。由以上情況可知，木塊在　40～50　s時(shí)間段內(nèi)動(dòng)能減?。荒緣K在第20s時(shí)受到的摩擦力為　4　N。


【分析】動(dòng)能的大小與質(zhì)量和速度有關(guān)，在質(zhì)量不變時(shí)，速度減小，動(dòng)能減??；滑動(dòng)摩擦力的大小與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關(guān)。
【解答】解：
根據(jù)圖像可知，木塊在40s﹣50s內(nèi)的速度是減小的，質(zhì)量不變，動(dòng)能減??；
由F﹣t圖像可知，30s～40s內(nèi)的拉力F＝4N，由v﹣t圖像可知，木塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，則此時(shí)木塊受到的摩擦力為4N；
由v﹣t圖像可知，20s時(shí)木塊做變速直線運(yùn)動(dòng)，因滑動(dòng)摩擦力只與壓力的大小和接觸面的粗糙程度有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)的速度無(wú)關(guān)，所以，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力不變，則第20s時(shí)受到的摩擦力為4N；
故答案為：40～50；4。
【點(diǎn)評(píng)】本題從兩個(gè)圖像分析運(yùn)動(dòng)狀態(tài)、速度大小、拉力大小，已知條件都包含在圖像中，是中考的熱點(diǎn)，考查學(xué)生的讀圖能力，綜合性很強(qiáng)，有一定的難度。
18．（2分）如圖所示，原長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧一端固定在豎直墻面上，另一端與水平面上的木塊相連。推動(dòng)木塊壓縮彈簧，其左端至A點(diǎn)時(shí)，彈簧具有的彈性勢(shì)能為25J；松手后，木塊在彈簧的作用下往復(fù)運(yùn)動(dòng)若干次后靜止，此時(shí)彈簧具有的彈性勢(shì)能為1J，則木塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服阻力做的功是　24　J．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中木塊速度最大時(shí)其左端可能位于　B　（選填：“B“、“C”或“D”）點(diǎn)。

【分析】根據(jù)能量守恒定律求出阻力所做的功；木塊向右運(yùn)動(dòng)時(shí)受到彈力和阻力的共同作用，根據(jù)彈力的變化分析木塊速度的變化。
【解答】解：彈簧具有的彈性勢(shì)能為25J；松手后，木塊在彈簧的作用下往復(fù)運(yùn)動(dòng)若干次后靜止，此時(shí)彈簧具有的彈性勢(shì)能為1J，木塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，克服摩擦力做功，根據(jù)能量守恒定律可知，總的能量不變，故克服阻力所做的功為25J﹣1J＝24J；
彈簧被壓縮時(shí)具有彈力，彈力的方向是向右的，木塊向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，阻力是向左的；開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈力大于阻力，木塊向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，彈力慢慢減小，阻力不變，木塊做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)木塊受到的彈力等于阻力時(shí)速度最大，此時(shí)彈簧未恢復(fù)值原長(zhǎng)；木塊由于慣性仍然會(huì)向右運(yùn)動(dòng)，此時(shí)彈力小于阻力，做的是減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)彈力力為0；由圖可知，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中木塊速度最大時(shí)其左端可能位于B點(diǎn)。
故答案為：24；B。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了能量守恒定律的應(yīng)用、物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的分析，明確物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的受力情況是解題的關(guān)鍵。
19．（3分）某課外活動(dòng)小組在探究物體的“浮沉條件”時(shí)，將一個(gè)質(zhì)量為100g的物體放入裝滿水的深桶中，溢出90g水，物體受到的浮力是　0.9　N，（取10N/kg）；這個(gè)物體在水中將會(huì)　下沉?。ㄟx填：“上浮”“下沉”、“懸浮”），放入物體后水對(duì)桶底的壓強(qiáng)　等于　放入物體前水對(duì)桶底的壓強(qiáng)（選填：“大于”、“小于”、“等于”）。
【分析】（1）知道把物體輕輕放入盛滿水的溢水杯中溢出水的質(zhì)量（排開(kāi)水的質(zhì)量），利用重力公式求排開(kāi)水的重力，再利用阿基米德原理求物體受到的浮力。
（2）判斷物體浮沉情況，需要通過(guò)比較物體受到的重力和物體受到的浮力；
（3）因?yàn)槭茄b滿水的深桶中，所以放入物體前后水的深度不變，根據(jù)p＝ρgh分析壓強(qiáng)的變化。
【解答】解：（1）把物體輕輕放入盛滿清水的溢水杯中，排開(kāi)的水重：
G排＝mg＝0.09kg×10N/kg＝0.9N，
物體受到的水的浮力：F?。紾排＝0.9N。
（2）物體的重力G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，
因?yàn)槲矬w重1N，G物＞F浮，所以松手后物體將下沉。
（3）因?yàn)樵瓉?lái)深桶中裝滿了水，放入物體后，水溢出，桶中水的深度不變，根據(jù)p＝ρgh可知，水對(duì)桶底的壓強(qiáng)不變。放入物體后水對(duì)桶底的壓強(qiáng)等于放入物體前水對(duì)桶底的壓強(qiáng)。
故答案為：0.9；下沉；等于。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了浮力大小的計(jì)算、浮沉條件及其應(yīng)用、液體壓強(qiáng)特點(diǎn)，是一道比較簡(jiǎn)單的計(jì)算分析題，都可以直接根據(jù)原理或規(guī)律求解出來(lái)，一定要理解物理中的原理、規(guī)律和公式，它們是物理學(xué)的基礎(chǔ)，是核心內(nèi)容。
20．（5分）共享單車(chē)是綠色環(huán)保的交通工具。用車(chē)前需手機(jī)掃碼解鎖，如強(qiáng)行開(kāi)鎖則會(huì)報(bào)警。開(kāi)鎖和報(bào)警所需電能由自行車(chē)傳動(dòng)放電提供。
（1）車(chē)鎖外殼應(yīng)采用硬度較　大　的材料；騎行時(shí)車(chē)輪帶動(dòng)發(fā)電機(jī)發(fā)電將　機(jī)械　能轉(zhuǎn)化為電能，車(chē)輪獲得向前動(dòng)力的同時(shí)也將地面的沙塵向后揚(yáng)起，說(shuō)明　力的作用是相互的　。
（2）單車(chē)和小明的總重600N，小明騎單車(chē)時(shí)，車(chē)胎與地面接觸的總面積為4.0×10﹣3m2，則車(chē)輛對(duì)地面的壓強(qiáng)為　1.5×105　Pa。
（3）單車(chē)報(bào)警控制電路的原理圖如圖。電源電壓為4.0V，R0為定值電阻，R為壓敏電阻，阻值與所受壓力F的大小關(guān)系為R＝10﹣0.3F（Ω）。當(dāng)F＝0時(shí)電路電流I＝0.25A；當(dāng)I≥0.4A時(shí)會(huì)報(bào)警。則報(bào)警時(shí)壓敏電阻受到的壓力至少為　20　N。

【分析】（1）車(chē)鎖硬度很大以防止變形，發(fā)電機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制成的，物體間力的作用是相互的；
（2）小明騎單車(chē)時(shí)對(duì)地面的壓力和總重力相等，根據(jù)p＝求出車(chē)輛對(duì)地面的壓強(qiáng)；
（3）根據(jù)R＝10﹣0.3F（Ω）求出F＝0時(shí)壓敏電阻的阻值，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出定值電阻R0的阻值；報(bào)警時(shí)，電路中的最小電流為0.4A，此時(shí)壓敏電阻受到的壓力最小，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出此時(shí)壓敏電阻的阻值，利用R＝10﹣0.3F（Ω）求出壓敏電阻受到的最小壓力。
【解答】解：（1）車(chē)鎖外殼不容易變形，應(yīng)采用硬度較大的材料；
騎行時(shí)車(chē)輪帶動(dòng)發(fā)電機(jī)發(fā)電，將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能；
車(chē)輪獲得向前動(dòng)力的同時(shí)也給地面一個(gè)力，使地面的沙塵向后揚(yáng)起，這說(shuō)明力的作用是相互的；
（2）因水平面上物體的壓力和自身的重力相等，
所以，車(chē)輛對(duì)地面的壓強(qiáng)p＝＝＝＝1.5×105Pa；
（3）當(dāng)F＝0時(shí)，R＝10Ω，電路電流I＝0.25A，
由I＝可得，電路的總電阻R總＝＝＝16Ω，
因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，
所以，定值電阻R0的阻值R0＝R總﹣R＝16Ω﹣10Ω＝6Ω，
報(bào)警時(shí)，電路中的最小電流為0.4A，此時(shí)壓敏電阻受到的壓力最小，
此時(shí)電路的總電阻R總′＝＝＝10Ω，
此時(shí)壓敏電阻的阻值R′＝R總′﹣R0＝10Ω﹣6Ω＝4Ω，
由R＝10﹣0.3F（Ω）可得，F(xiàn)＝20N。
故答案為：（1）大；機(jī)械；力的作用是相互的；（2）1.5×105；（3）20。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了物質(zhì)的基本屬性、發(fā)電機(jī)能量的轉(zhuǎn)化、力的相互性、壓強(qiáng)公式、串聯(lián)電路的特點(diǎn)以及歐姆定律的應(yīng)用，涉及到的知識(shí)點(diǎn)較多，綜合性強(qiáng)。
21．（2分）如圖甲是一種家用電器，圖乙是其簡(jiǎn)化的電路圖，已知R1＜R2，電暖器的部分參數(shù)如表中所示。閉合開(kāi)關(guān)S，要讓電器處于第二檔工作，則應(yīng)再將開(kāi)關(guān)　S1　閉合；若電暖器在第二檔正常工作10min，則產(chǎn)生的熱量是　6.9×105　J．
額定電源
220V
功率選擇
一檔950W
二檔1150W
三檔2100W

【分析】分析電路連接方式，根據(jù)P＝可判斷電暖器處于的擋位；根據(jù)Q＝W＝P2t求出電暖器在第二檔正常工作10min產(chǎn)生的熱量。
【解答】解：由題可知，R1＜R2；
閉合開(kāi)關(guān)S、S2時(shí)，R2單獨(dú)接入電路，電路中電阻最大，根據(jù)P＝可知，功率最小，電暖器處于第一檔；
閉合開(kāi)關(guān)S、S1時(shí)，R1單獨(dú)接入電路，電路電阻較大，根據(jù)P＝可知，功率較大，電暖器處于第二檔；
閉合開(kāi)關(guān)S、S1、S2時(shí)，R1、R2并聯(lián)，電路中電阻最小，根據(jù)P＝可知，功率最大，電暖器處于第三檔；
工作時(shí)間t＝10min＝600s，
電暖器在第二檔正常工作10min產(chǎn)生的熱量：
Q＝W＝P2t＝1150W×600s＝6.9×105J。
故答案為：S1；6.9×105。
【點(diǎn)評(píng)】本題屬于用電器擋位問(wèn)題的判斷，關(guān)鍵是分析電路的連接方式，會(huì)應(yīng)用P＝判斷用電器的擋位，屬于中考常考題型。
22．（1分）“圓夢(mèng)號(hào)”是我國(guó)首個(gè)軍民通用新型平流層飛艇，當(dāng)飛艇推進(jìn)器產(chǎn)生的推力與氣流對(duì)飛艇的水平作用力平衡時(shí)，可使飛艇長(zhǎng)時(shí)間懸停。飛艇所受的空氣阻力f與速度v的關(guān)系為f＝kv2[式中的k＝0.9N/（m2?s﹣2）]，推進(jìn)器的功效（功效是指推進(jìn)器的推力與功率的比值）為0.01N/W，當(dāng)平流層風(fēng)速為30m/s時(shí)，使飛艇懸停的推進(jìn)器功率為　81　kW。

【分析】根據(jù)飛艇所受的空氣阻力與風(fēng)速的關(guān)系圖可知，飛艇勻速飛行時(shí)受到受到的水平推力和阻力是一對(duì)平衡力，二力大小相等，根據(jù)推進(jìn)器的功效求出飛艇推進(jìn)器的功率。
【解答】解：因?yàn)轱w艇所受的空氣阻力f與速度v的關(guān)系為f＝kv2[式中的k＝0.9N/（m2?s﹣2）]，
所以平流層風(fēng)速為v＝30m/s時(shí)，飛艇受到的阻力為f＝kv2＝0.9N/（m2?s﹣2）×（30m/s）2＝810N，
飛艇懸停在空中，因此飛艇受到的水平推力和阻力是一對(duì)平衡力，
所以，水平推力：F＝f＝810N；
則此時(shí)飛艇推進(jìn)器的功率為：
P＝＝＝81000W＝81kW。
故答案為：81。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了二力平衡條件的應(yīng)用和功率的計(jì)算，明確功效是指推進(jìn)器的推力與功率的比值是解答此題的關(guān)鍵。
三、解答題（本題共8小題，共32分，其中第24、28題應(yīng)寫(xiě)出必要的計(jì)算過(guò)程）
23．（2分）在圖中，作出通過(guò)凹透鏡的兩根光線的折射光線。

【分析】先確定所給的入射光線的特點(diǎn)，然后根據(jù)凹透鏡的三條特殊光線作圖。
【解答】解：
延長(zhǎng)線過(guò)另一側(cè)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凹透鏡折射后將平行于主光軸；過(guò)光心的光線經(jīng)凹透鏡折射后傳播方向不改變。如下圖所示：

【點(diǎn)評(píng)】凹透鏡三條特殊光線的作圖：①延長(zhǎng)線過(guò)另一側(cè)焦點(diǎn)的光線經(jīng)凹透鏡折射后將平行于主光軸。②平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長(zhǎng)線過(guò)焦點(diǎn)。③過(guò)光心的光線經(jīng)凹透鏡折射后傳播方向不改變。
24．（2分）如圖甲是用水后及時(shí)關(guān)閉水龍頭時(shí)的情景，水龍頭手柄看作是一個(gè)杠桿，請(qǐng)你在圖乙所示的示意圖中畫(huà)出施加在A點(diǎn)的最小動(dòng)力F1和阻力F2的力臂。

【分析】根據(jù)杠桿平衡的條件，F(xiàn)1×L1＝F2×L2，在杠桿中的阻力、阻力臂一定的情況下，要使所用的動(dòng)力最小，必須使動(dòng)力臂最長(zhǎng)。而在通常情況下，連接杠桿中支點(diǎn)和動(dòng)力作用點(diǎn)這兩點(diǎn)所得到的線段最長(zhǎng)，據(jù)此可解決此題。
【解答】解：過(guò)支點(diǎn)O作阻力F2作用線的垂線段，即為阻力F2的力臂L2；
要?jiǎng)恿ψ钚?，則動(dòng)力臂應(yīng)最長(zhǎng)，連接支點(diǎn)O與A點(diǎn)，則OA為最長(zhǎng)的動(dòng)力臂L1；阻力的方向已標(biāo)出，所以動(dòng)力的方向應(yīng)該向下，過(guò)A點(diǎn)作OA的垂線就得到在A點(diǎn)施加的最小動(dòng)力F1，如下圖所示：
。
【點(diǎn)評(píng)】根據(jù)杠桿的平衡條件，要使杠桿上的力最小，必須使該力的力臂最大，而力臂最大時(shí)力的作用點(diǎn)一般離杠桿的支點(diǎn)最遠(yuǎn)，所以在杠桿上找到離杠桿支點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)即力的作用點(diǎn)，這兩點(diǎn)的連線就是最長(zhǎng)的力臂，過(guò)力的作用點(diǎn)作垂線就是最小的力。
25．（2分）根據(jù)圖中磁感線方問(wèn)，在圖中標(biāo)出通電螺線管的N、S極和電源的“+”、“﹣”極。


【分析】在磁體的外部磁感線從磁體的N極出發(fā)回到S極；根據(jù)安培定則判定電源的極性。
【解答】解：在磁體的外部磁感線從磁體的N極出發(fā)回到S極，故螺線管的左端為N極，右端為S極，根據(jù)安培定則可知，螺線管中電流從左端流入，右端流出，故電源的左端為正極，右端為負(fù)極，如圖：

【點(diǎn)評(píng)】安培定則涉及三個(gè)方向：電流方向；磁場(chǎng)方向；線圈繞向，告訴其中的兩個(gè)可以確定第三個(gè)。其中的電流方向經(jīng)常與電源的正負(fù)極聯(lián)系在一起，磁場(chǎng)方向經(jīng)常與磁感線方向、周?chē)〈裴樀腘S極聯(lián)系在一起。
26．（4分）小明家買(mǎi)了一輛以汽油為燃料的小汽車(chē)，如圖所示。經(jīng)查閱資料，小明了解到以下信息：“該車(chē)若以80km/h的速度勻速行駛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的牽引力為1000N，百公里油耗：10L/100km”。（百公里油耗是指汽車(chē)行駛100km，需要消耗10L汽油。）
已知：汽油密度ρ＝0.7×103kg/m3，汽油熱值q＝4.6×107J/kg。請(qǐng)你運(yùn)用所學(xué)過(guò)的知識(shí)解答下列問(wèn)題：
（1）完全燃燒10L汽油所放出的熱量是多少J？
（2）該車(chē)以80km/h的速度勻速行駛時(shí)，它的發(fā)動(dòng)機(jī)效率是多少？（結(jié)果保留整數(shù)位）

【分析】（1）已知汽油的體積，利用公式m＝ρV可求得其質(zhì)量，再利用公式Q放＝mq可求得完全燃燒10L汽油所放出的熱量；
（2）設(shè)小汽車(chē)勻速行駛100km，根據(jù)公式W＝Fs可求得牽引力做功，然后利用η＝×100%可求得它的發(fā)動(dòng)機(jī)效率。
【解答】解：（1）汽油的體積：
V＝10L＝0.01m3，
10L汽油質(zhì)量：
m＝ρV＝0.7×103kg/m3×0.01＝7kg，
完全燃燒10L汽油所放出的熱量：
Q放＝mq＝7kg×4.6×107J/kg＝3.22×108J，
（2）汽車(chē)行駛100km，牽引力做功：
W＝Fs＝1000N×100×103m＝1×108J，
發(fā)動(dòng)機(jī)的效率：
η＝×100%＝×100%≈31%。
答：（1）完全燃燒10L汽油所放出的熱量是3.22×108J；
（2）它的發(fā)動(dòng)機(jī)效率是31%。
【點(diǎn)評(píng)】本題是一道綜合性的較強(qiáng)的計(jì)算題，密度公式變形的應(yīng)用，功的計(jì)算，熱機(jī)效率的計(jì)算等知識(shí)點(diǎn)，題目的難度不大。
27．（4分）圖甲是小明探究“固體熔化過(guò)程的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置圖。
（1）實(shí)驗(yàn)中通過(guò)燒杯中的水對(duì)試管加熱，目的是　使固體受熱均勻，而且冰的溫度上升速度較慢，便于記錄各個(gè)時(shí)刻的溫度　。
（2）每過(guò)1min記錄一次物質(zhì)的溫度及狀態(tài)，作出如圖乙所示的溫度隨時(shí)間變化的圖像，由圖乙可知該物質(zhì)是　晶體?。ㄟx填“晶體”或“非晶體”），該物質(zhì)在BC段內(nèi)能　增加?。ㄟx填“增加”、“不變”或“減少”）。
（3）比較圖乙中AB段與CD段可知：物質(zhì)AB段的比熱容和CD段的比熱容之比為　1：2　。

【分析】（1）利用燒杯中的水給試管里的冰加熱的目的是使冰受熱均勻，而且冰的溫度上升速度較慢，便于記錄各個(gè)時(shí)刻的溫度；
（2）晶體在熔化過(guò)程中的特點(diǎn)：不斷吸熱，溫度保持不變，內(nèi)能增大；
（3）運(yùn)用公式Q吸＝cm△t可以知道，當(dāng)質(zhì)量和吸收的熱量相同時(shí)，比熱容和升高的溫度△t成反比。
【解答】解：（1）利用燒杯中的水給試管里的固體加熱的目的是使固體受熱均勻，而且冰的溫度上升速度較慢，便于記錄各個(gè)時(shí)刻的溫度；
（2）由圖像知，該物質(zhì)在熔化過(guò)程中溫度保持不變，所以是晶體，晶體在熔化過(guò)程中不斷吸熱，溫度保持不變，內(nèi)能增大；
（3）根據(jù)公式Q吸＝cm△t可以知道，當(dāng)質(zhì)量和吸收的熱量相同時(shí)，比熱容和升高的溫度△t成反比，根據(jù)圖像可知，AB段單位時(shí)間內(nèi)升高的溫度為℃/min，CD段單位時(shí)間內(nèi)升高的溫度為℃/min，所以單位時(shí)間內(nèi)升高的溫度之比為2：1，故比熱容之比為1：2。
故答案為：（1）使固體受熱均勻，而且冰的溫度上升速度較慢，便于記錄各個(gè)時(shí)刻的溫度；（2）晶體；增加；（3）1：2。
【點(diǎn)評(píng)】此題涉及到晶體熔化過(guò)程中的特點(diǎn)以及冰和水比熱容的比較，是一道常見(jiàn)題目。
28．（6分）圖1是小麗探究動(dòng)能大小與速度關(guān)系時(shí)的實(shí)驗(yàn)場(chǎng)景：斜面上有兩平行軌道，將兩小球①、②從軌道上由靜止釋放，與放置在水平木板上的兩個(gè)相同木塊①、②發(fā)生碰撞，兩個(gè)木塊初始位置到斜面底端的距離相等。
（1）為完成實(shí)驗(yàn)，應(yīng)使兩個(gè)質(zhì)量　相同　的小球從軌道上　不同　高度由靜止釋放（均選填“相同”或“不同”）
（2）由圖1場(chǎng)景可知，碰撞木塊前瞬間，小球　①　的動(dòng)能較大，兩木塊通過(guò)A、B兩點(diǎn)處所受的滑動(dòng)摩擦力大小分別為fA、fB，則fA?。健B，滑行中，木塊的動(dòng)能轉(zhuǎn)化成　內(nèi)　能；
（3）圖2是某次實(shí)驗(yàn)的場(chǎng)景：將兩小球從圖中E、F處?kù)o止釋放，最終木塊①?gòu)乃侥景宓挠叶嘶?，小麗用質(zhì)量更大的木塊③替換木塊①后繼續(xù)此次實(shí)驗(yàn)，將兩小球仍從圖中E、F處由靜止釋放，木塊③未滑出木板，小麗的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)有一處遺漏，它是　沒(méi)有將木塊②也更換為與木塊③相同的木塊　。

【分析】（1）探究動(dòng)能大小與速度關(guān)系時(shí)，應(yīng)控制質(zhì)量不變，改變速度；
（2）動(dòng)能的大小與速度有關(guān)；摩擦力大小與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關(guān)；木塊克服摩擦做功，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；
（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的目的和控制變量法分析。
【解答】解：（1）探究動(dòng)能大小與速度關(guān)系時(shí)，應(yīng)控制質(zhì)量不變，改變速度，故應(yīng)使兩個(gè)質(zhì)量相同的小球從軌道上不同高度由靜止釋放；
（2）碰撞木塊前瞬間，小球①是從高處滑下的，速度較大，動(dòng)能較大，兩木塊通過(guò)A、B兩點(diǎn)處所受的滑動(dòng)摩擦力大小分別為fA、fB，由于壓力大小和接觸面的粗糙程度相同，故摩擦力相同，即fA＝fB，滑行中，木塊克服摩擦做功，木塊的動(dòng)能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能；
（3）由圖可知，圖2實(shí)驗(yàn)探究的是動(dòng)能大小與速度的關(guān)系，此時(shí)應(yīng)控制質(zhì)量相同，故實(shí)驗(yàn)的遺漏為：沒(méi)有將木塊②也更換為與木塊③相同的木塊。
故答案為：（1）相同；不同；（2）①；＝；內(nèi)；（3）沒(méi)有將木塊②也更換為與木塊③相同的木塊。
【點(diǎn)評(píng)】本實(shí)驗(yàn)中研究動(dòng)能大小的決定因素時(shí)運(yùn)用了控制變量法，反映動(dòng)能大小時(shí)運(yùn)用了轉(zhuǎn)換法，要掌握這兩種方法的應(yīng)用。分析清楚圖示情景是正確解題的關(guān)鍵。
29．（6分）復(fù)習(xí)電學(xué)知識(shí)時(shí)，小明在實(shí)驗(yàn)室又做了“測(cè)量小燈泡電功率”和“探究電流與電壓電阻關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，所用的電源電壓為6V，小燈泡的額定電壓為3.8V，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“30Ω1A”。

（1）在“測(cè)量小燈泡的電功率”的實(shí)驗(yàn)中，小明按圖甲所示的電路圖正確連接了電路。實(shí)物中少了一根導(dǎo)線。請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線補(bǔ)上，將圖乙中的實(shí)物電路連接完整（要求：閉合開(kāi)關(guān)前，滑片要滑到C點(diǎn)）。
（2）閉合開(kāi)關(guān)后，移動(dòng)變阻器的滑片，當(dāng)電壓表的示數(shù)為3.8V時(shí)，電流表的示數(shù)如圖丙所示，則小燈泡的額定功率為　1.52　W。
（3）移動(dòng)變阻器的滑片P，記下多組對(duì)應(yīng)的電壓表和電流表的示數(shù)，并繪制成如圖丁所示的小燈泡的I﹣U圖像。由圖像可知：如果小燈泡兩端的電壓為1.9V，則小燈泡的實(shí)際功率　大于　0.38W（選填“大于”、“小于”或“等于”）。
（4）在做“探究電流與電阻關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明所用的四個(gè)定值電阻的阻值分別5Ω、10Ω、15Ω、20Ω．他直接利用測(cè)量小燈泡電功率時(shí)所連的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，他把電路中的小燈泡取下，電路的其他元件連接方式不動(dòng)，把四個(gè)定值電阻分別接入電路中進(jìn)行探究。如果要保證電路中各元件的安全，且用四個(gè)電阻都能順利地完成實(shí)驗(yàn)，則定值電阻兩端的電壓應(yīng)該在范圍內(nèi)選擇　B　。
A．U≤3V B．2.4V≤U≤3V C．U≥3V D．3V≤U≤6V
【分析】（1）在“測(cè)量小燈泡的電功率”的實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)燈泡的額定電壓判斷出電壓表的量程，然后根據(jù)滑動(dòng)變阻器的使用和電壓表并聯(lián)使用的特點(diǎn)連接實(shí)物電路圖。
（2）根據(jù)電表的量程和分度值讀出電表的示數(shù)，根據(jù)P＝UI即可計(jì)算燈泡的額定功率；
（3）根據(jù)R＝得出燈泡的電阻與電壓的關(guān)系，然后根據(jù)歐姆定律判斷出燈泡的實(shí)際電流，利用P＝UI即可判斷實(shí)際功率的大小。
（4）“探究電流與電阻的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)控制不同值電阻的電壓保持不變，電流表允許通過(guò)的最大電流為
I最大＝0.6A，根據(jù)歐姆定律，I最大＝，U最大＝I最大R最小，在求定值電阻兩端的最大電壓時(shí)，應(yīng)以最小的定值電阻為準(zhǔn)；
當(dāng)選用最大的定值電阻20Ω時(shí)，且變阻器連入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，根據(jù)串聯(lián)電路電流的特點(diǎn)，即通過(guò)定值電阻的最小電流，I最?。剑?，U最?。絀最小R最大，所以，在求定值電阻兩端的最小電壓時(shí)，應(yīng)以最大的定值電阻為準(zhǔn)。
【解答】解：（1）由圖甲所示電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表與燈泡并聯(lián)，電流表串聯(lián)在電路中，根據(jù)燈泡的額定電壓為3.8V可知電壓表的量程選0～15V，則實(shí)物電路圖如圖所示：

（2）當(dāng)電壓表的示數(shù)為3.8V，燈泡正好正常工作，由乙圖：電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，所以通過(guò)燈泡的電流I＝0.4A，
則燈泡的額定功率P額＝U額I＝3.8V×0.4A＝1.52W；
（3）由圖像可知：的比值隨電壓的增大而增大，根據(jù)R＝可知對(duì)應(yīng)的電阻是逐漸增大。
如果小燈泡兩端的電壓為1.9V，即：U實(shí)＝1.9V＝U額，
由于燈泡的電阻隨電壓的增大而增大，則通過(guò)燈泡的實(shí)際電流I實(shí)＞I額＝×0.4A＝0.2A，
所以，P實(shí)＝U實(shí)I實(shí)＞1.9V×0.2A＝3.8W。
（4）探究電流與電阻的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)控制不同電阻的電壓保持不變，根據(jù)把5Ω、10Ω、15Ω、20Ω分別接入電路中進(jìn)行探究，保證電路中各元件的安全，且用四個(gè)電阻都能順利地完成實(shí)驗(yàn)：
因電流表的量程為0～0.6A，所以電路中的最大電流為0.6A，當(dāng)接入最小的電阻5Ω時(shí)，電壓表示數(shù)即為允許的最大電壓U最大＝R最小I最大＝5Ω×0.6A＝3V；
因變阻器的最大阻值為30Ω，當(dāng)變阻器電阻全部連入電路中時(shí)，R滑最大＝30Ω，
此時(shí)電路中的最小電流I最?。剑剑?.12A，定值電阻的最小電壓U?。絀小R定大＝0.12A×20Ω＝2.4V。
所定值電阻兩端的電壓應(yīng)該在 2.4V≤U≤3V范圍內(nèi)，故選B。
故答案為：（1）圖見(jiàn)上；（2）1.52；（3）大于；（4）B
【點(diǎn)評(píng)】本題測(cè)量連接實(shí)物電路圖、燈泡電功率，考查額定功率的計(jì)算、影響電阻大小的因素、實(shí)際功率的大小的計(jì)算，在探究電流與電阻的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中主要考查了控制變量法的運(yùn)用及完成實(shí)驗(yàn)對(duì)定值電阻的電壓要求，最后兩問(wèn)難度大，綜合性強(qiáng)，對(duì)能力要求高。
30．（6分）小斌同學(xué)家浴室中安裝一種燈暖型“浴霸”，他利用熱敏電阻設(shè)計(jì)了一個(gè)溫度自動(dòng)控制裝置，如圖甲。控制電路中的R1為熱敏電阻，R1的阻值隨溫度變化關(guān)系如圖乙，電磁鐵的線圈可看成阻值為30Ω的純電阻R0，“浴霸”共安裝有2盞標(biāo)有“220V 440W”的燈泡，當(dāng)電磁鐵線圈中電流大于或等于50mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合，使“浴霸”電路斷開(kāi)，當(dāng)線圈中的電流小于或等于40mA時(shí)，繼電器的銜鐵被釋放，“浴霸”電路閉合。求：

（1）工作電路正常工作時(shí)，每盞燈泡1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量。
（2）若浴室中的溫度不得超過(guò)40℃，控制電路的電源電壓U的最小值。
（3）若電源電壓U恒為12V，將此裝置放在浴室內(nèi)，浴室內(nèi)溫度可控制范圍的大小。
【分析】（1）由P＝計(jì)算正常工作時(shí)，每盞燈1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量；
（2）控制電路中熱敏電阻與線圈串聯(lián)，由圖像知，熱敏電阻R1的阻值隨溫度升高而減小，讀出溫度40℃時(shí)R1的阻值，由串聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律計(jì)算電源電壓的最小值；
（3）若電源U電壓恒定為12V，當(dāng)電磁鐵線圈中電流等于50mA時(shí)，浴室中的溫度最高，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出熱敏電阻的阻值，根據(jù)圖乙讀出浴室內(nèi)的最大溫度；
當(dāng)線圈中的電流等于40mA時(shí)浴室中的溫度最低，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)電路中的總電阻，根據(jù)電阻的串聯(lián)求出此時(shí)熱敏電阻的阻值，然后讀出浴室內(nèi)的最大溫度，從而得出浴室內(nèi)溫度可控制范圍內(nèi)。
【解答】解：（1）燈泡的額定電壓220V，額定功率440W，工作電路正常工作時(shí)，每盞燈泡1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：
Q＝W＝Pt＝440W×60s＝2.64×104J；
（2）由裝置圖知，熱敏電阻R1與線圈串聯(lián)，
由圖像知，熱敏電阻R1的阻值隨溫度升高而減小，溫度40℃時(shí)R1＝170Ω，
若浴室中的溫度不得超過(guò)40℃，此時(shí)線圈中電流大于或等于50mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合，工作電路斷開(kāi)，
由串聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律可得，電源電壓的最小值：
U＝I（R1+R0）＝50×10﹣3A×（170Ω+30Ω）＝10V；
（3）若電源U電壓恒定為12V，當(dāng)電磁鐵線圈中電流等于50mA時(shí)，浴室中的溫度最高，
此時(shí)電路中的總電阻：
R總＝＝＝240Ω，
此時(shí)熱敏電阻的阻值：
R1′＝R總﹣R0＝240Ω﹣30Ω＝210Ω，
由圖乙可知，浴室內(nèi)的最高溫度為30℃；
當(dāng)線圈中的電流等于40mA時(shí)，浴室中的溫度最低，
此時(shí)電路中的總電阻：
R總＝＝＝300Ω，
此時(shí)熱敏電阻的阻值：
R1″＝R總﹣R0＝300Ω﹣30Ω＝270Ω，
由圖乙可知，浴室內(nèi)的最低溫度為22℃；
所以，浴室內(nèi)溫度可控制在22℃～30℃范圍內(nèi)。
答：（1）工作電路正常工作時(shí)，每盞燈泡1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2.64×104J。
（2）若浴室中的溫度不得超過(guò)40℃，控制電路的電源電壓U的最小值為10V。
（3）若電源電壓U恒為12V，將此裝置放在浴室內(nèi)，浴室內(nèi)溫度可控制范圍為22℃～30℃。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電熱公式的綜合應(yīng)用，從圖像中獲取有用的信息是關(guān)鍵。


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2024年江蘇省無(wú)錫市經(jīng)開(kāi)區(qū)中考一模物理試題 （原卷版+解析版）：

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