一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，在每小題只有一項(xiàng)符合題目要求。
1.（改編題）電動(dòng)平衡車是時(shí)下熱門的一種代步工具。如圖所示，人站在平衡車上在水平地面上沿直線勻速前進(jìn)，已知人受到的空氣阻力與速度成正比，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．電動(dòng)平衡車對(duì)人的作用力豎直向上
B．電動(dòng)平衡車對(duì)人的作用力大于人的重力
C．不管速度多大，電動(dòng)平衡車對(duì)人的作用力不變
D．地面對(duì)電動(dòng)平衡車的作用力豎直向上
2．如圖所示，兩小球從斜面的頂點(diǎn)先后以不同的初速度向右水平拋出，在斜面上的落點(diǎn)分別是a和b，不計(jì)空氣阻力．關(guān)于兩小球的判斷正確的是( )
A．落在b點(diǎn)的小球飛行過(guò)程中速度變化快
B．落在a點(diǎn)的小球飛行過(guò)程中速度變化大
C．小球在a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的速度方向不同
D．兩小球的飛行時(shí)間均與初速度v0成正比
3.（改編題）如圖所示，在粗糙固定的斜面上，放有A、B兩個(gè)木塊，用輕質(zhì)彈簧將A、B兩木塊連接起來(lái)，B木塊的另一端再通過(guò)細(xì)線與物體C相連接，細(xì)線跨過(guò)光滑定滑輪使C物體懸掛著，A、B、C均處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法不正確的是( )
A．彈簧彈力可能為零
B．A受到的摩擦力可能沿斜面向上
C．B可能不受到摩擦力的作用
D．若增大B物體的重量，則B物體受到的摩擦力一定將先增大后減小
4．如圖所示，正方形ABCD的對(duì)角線相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量同種正電荷分別固定在A、C兩點(diǎn)，則( )
A．B、D兩處電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度均相同
B．B、D兩處電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度均不相同
C．若在B點(diǎn)靜止釋放一電子，電子一定在B、D間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，且加速度先減小后增大
D．若在B點(diǎn)給電子一垂直紙面合適的速度，電子可繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)
5．某空間中存在一個(gè)有豎直邊界的水平方向勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，現(xiàn)將一個(gè)等腰梯形閉合導(dǎo)線圈，從圖示位置垂直于磁場(chǎng)方向勻速拉過(guò)這個(gè)區(qū)域，尺寸如圖所示，圖中能正確反映該過(guò)程線圈中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象是( )
6．（原創(chuàng)題）2020年6月23日，北斗三號(hào)最后一顆全球組網(wǎng)衛(wèi)星成功發(fā)射，標(biāo)志著北斗全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)的星座部署全部完成。據(jù)悉，北斗三號(hào)由3顆地球靜止同步軌道（GEO）衛(wèi)星、3顆傾斜地球同步軌道（IGEO）衛(wèi)星和24顆中圓地球軌道（MEO）衛(wèi)星組成。已知MEO衛(wèi)星的軌道高度大概是在2萬(wàn)公里，軌道周期是12小時(shí)；IGEO衛(wèi)星的軌道周期是24小時(shí)。則關(guān)于北斗衛(wèi)星，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（ ）
A．三類衛(wèi)星中，MEO衛(wèi)星的加速度最大
B．三類衛(wèi)星中，MEO衛(wèi)星的運(yùn)行速度最大
C．GEO衛(wèi)星和IGEO衛(wèi)星的軌道高度不同
D．MEO衛(wèi)星具有在軌備份的功能，即某顆IGEO衛(wèi)星失效時(shí)，其功能可由某顆MEO衛(wèi)星來(lái)替代。那么，MEO衛(wèi)星必須經(jīng)過(guò)加速過(guò)程才能完成軌道調(diào)整
7.（改編題）如圖所示，一平行板電容器的兩極板A、B水平放置，A在上方，B在下方，上極板A接地，電容器、理想的二極管、開(kāi)關(guān)S與電源相連，已知A和電源正極相連，理想二極管具有單向?qū)щ娦浴，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合，位于A、B兩板之間P點(diǎn)的帶電粒子恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是( )
A．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，將A板向上移動(dòng)一小段距離，帶電粒子將向下移動(dòng)
B．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，將A板向左移動(dòng)一小段距離，用電壓表測(cè)量A、B兩板間的電壓，電壓值始終不變
C．保持開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向左移動(dòng)一小段距離，二極管兩端電壓（絕對(duì)值）不變
D．保持開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向上移動(dòng)一小段距離，帶電粒子將向上移動(dòng)
二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求，全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。
8.（原創(chuàng)題）在經(jīng)典電磁學(xué)中，點(diǎn)電荷間的相互作用力表現(xiàn)為：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。但當(dāng)兩個(gè)帶電體不能視為點(diǎn)電荷時(shí)，由于靜電感應(yīng)等因素，帶電體的電荷會(huì)發(fā)生變化，從而影響帶電體間的相互作用力?，F(xiàn)有一半徑為R的金屬球帶正電，其電荷量為Q，將電荷量為q的一個(gè)小球（可視為帶正電的點(diǎn)電荷）放在金屬球旁邊，則兩個(gè)帶電體之間的相互作用力可能為（ ）
A．引力 B．斥力 C．零 D． 條件不足，無(wú)法判斷
9．（原創(chuàng)題）電子和光子均是自然界的基本粒子。當(dāng)光子被電子散射時(shí)，如果電子具備足夠大的動(dòng)能，則散射光子的頻率會(huì)大于入射光的頻率，稱為逆康普頓散射或逆康普頓效應(yīng)。關(guān)于該效應(yīng)，下列說(shuō)法中正確的是（ ）
A．該效應(yīng)說(shuō)明光子和電子一樣，具有粒子性
B．相較于入射光子，散射光子的波長(zhǎng)更長(zhǎng)
C．與入射光子發(fā)生作用后，電子的動(dòng)能減小
D．由于散射光子的能量大于入射光子的能量，故該效應(yīng)否定了能量量子化的觀點(diǎn)
10．（原創(chuàng)題）在足球運(yùn)動(dòng)中，如果進(jìn)攻方球員故意用危險(xiǎn)性動(dòng)作阻擋對(duì)方守門員，會(huì)被裁判員判罰點(diǎn)球。在某次比賽中，某運(yùn)動(dòng)員在距球門正前方s 處的罰球點(diǎn)將球踢出，足球正中球門橫梁（與橫梁垂直碰撞）。已知橫梁離地高度為h且可視為細(xì)桿，足球質(zhì)量為m ，忽略空氣阻力。則下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．足球擊中橫梁時(shí)，速度沿水平方向
B．罰球過(guò)程中，足球的位移大小為
C．運(yùn)動(dòng)員至少對(duì)足球做功為
D．運(yùn)動(dòng)員至少對(duì)足球做功為
三、非選擇題：共57分，第11~14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15題為選考題，考生必須根據(jù)要求作答。
（一）必考題：共45分。
11．(6分)如圖甲所示的裝置叫做阿特伍德機(jī)，是英國(guó)數(shù)學(xué)家和物理學(xué)家阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，用來(lái)研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律．某同學(xué)對(duì)該裝置加以改進(jìn)后用來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，如圖乙所示．
(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，該同學(xué)進(jìn)行了如下操作：
①將質(zhì)量均為M(A的含擋光片，B的含掛鉤)的重物用繩連接后，跨放在定滑輪上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，測(cè)量出____________(填“A的上表面”、“A的下表面”或“擋光片中心”)到光電門中心的豎直距離h.
②在B的下端掛上質(zhì)量為m的物塊C，讓系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，光電門記錄擋光片擋光的時(shí)間為Δt.
③測(cè)出擋光片的寬度d，計(jì)算有關(guān)物理量，驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．
(2)如果系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)的機(jī)械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為
____________________________ (已知重力加速度為g)．
(3)驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，該同學(xué)突發(fā)奇想：如果系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)的機(jī)械能守恒，不斷增大物塊C的質(zhì)量m，重物B的加速度a也將不斷增大，那么a與m之間有怎樣的定量關(guān)系？a隨m增大會(huì)趨于一個(gè)什么值？請(qǐng)你幫該同學(xué)解決：
①寫(xiě)出a與m之間的關(guān)系式：________________(還要用到M和g)．
②a的值會(huì)趨于____________．
12．(8分)某同學(xué)要用電阻箱和電壓表測(cè)量某水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，考慮到水果電池組的內(nèi)阻較大，為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，需要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室中恰好有一塊零刻度在中央的雙向電壓表，該同學(xué)便充分利用這塊表，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路，既能實(shí)現(xiàn)對(duì)該電壓表內(nèi)阻的測(cè)量，又能利用該表完成水果電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量。
該同學(xué)用到的實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)水果電池組(電動(dòng)勢(shì)約4 V、內(nèi)阻約50 Ω)，雙向電壓表(量程為2 V、內(nèi)阻約為2 kΩ)，電阻箱(0～9 999 Ω)，滑動(dòng)變阻器(0～200 Ω)，一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)及若干導(dǎo)線。
(1)該同學(xué)按如圖1所示電路圖連線后，首先測(cè)量了電壓表的內(nèi)阻。請(qǐng)完善測(cè)量電壓表內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)步驟：
①將R1的滑動(dòng)觸片滑至最左端，將開(kāi)關(guān)S撥向1位置，將電阻箱阻值調(diào)為0；
②調(diào)節(jié)R1的滑動(dòng)觸片，使電壓表示數(shù)達(dá)到滿偏U；
③保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電壓表的示數(shù)達(dá)到eq \f(U,3)，讀出電阻箱的阻值，記為R0，則電壓表的內(nèi)阻RV＝________。
(2)若測(cè)得電壓表內(nèi)阻為2 kΩ，可分析此測(cè)量值應(yīng)________(選填“大于”“等于”或“小于”)真實(shí)值。
(3)接下來(lái)測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)步驟如下：
①將開(kāi)關(guān)S撥至________(選填“1”或“2”)位置，將R1的滑片移到最________端，不再移動(dòng)；
②調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表的示數(shù)達(dá)到一合適值，記錄電壓表的示數(shù)和電阻箱的阻值；
③重復(fù)第二步，記錄多組電壓表的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值。
(4)若將電阻箱與電壓表并聯(lián)后的阻值記錄為R，作出eq \f(1,U)－eq \f(1,R)圖象，如圖2所示，其中縱軸截距為b，斜率為k，則電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為_(kāi)_______，內(nèi)阻的表達(dá)式為_(kāi)_______。
13.(11分)如圖所示，直角坐標(biāo)系中的第Ⅰ象限中存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第Ⅱ象限中存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，在x軸上的a點(diǎn)以速度v0與x軸負(fù)方向成60°角射入磁場(chǎng)，從y＝L處的b點(diǎn)沿垂直于y軸方向進(jìn)入電場(chǎng)，并經(jīng)過(guò)x軸上x(chóng)＝2L處的c點(diǎn)。不計(jì)粒子重力。求：
(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?br>(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；
(3)帶電粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比。
14．（改）(20分)如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長(zhǎng)的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M＝6.0 kg的物塊A。裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平滑對(duì)接．傳送帶的皮帶輪逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，使傳送帶上表面以u(píng)＝2.0 m/s勻速運(yùn)動(dòng)．傳送帶的右邊是一半徑R＝1.25 m位于豎直平面內(nèi)的光滑1/4圓弧軌道．質(zhì)量m＝2.0 kg的物塊B從eq \f(1,4)圓弧的最高處由靜止釋放．已知物塊B與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1，傳送帶兩軸之間的距離l＝4.5 m．設(shè)物塊A、B之間發(fā)生的是正對(duì)彈性碰撞，第一次碰撞前，物塊A靜止。取g＝10 m/s2.求：
(1)物塊B滑到eq \f(1,4)圓弧的最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道的壓力；
(2)物塊B與物塊A第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢(shì)能；
(3)如果物塊A、B每次碰撞后，物塊A再回到平衡位置時(shí)彈簧都會(huì)被立即鎖定，而當(dāng)它們?cè)俅闻鲎睬版i定被解除，求物塊B在第一次與物塊A碰撞后在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。
（二）選考題：共12分。請(qǐng)從2道題中任選一道作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。
15．【物理—選修3－4】(12分)
(1)（4分）下列說(shuō)法正確的是____．（本題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，錯(cuò)選多選均不給分）
A．多晶體沒(méi)有確定的熔點(diǎn)
B．布朗運(yùn)動(dòng)就是分子的熱運(yùn)動(dòng)
C．氣體向真空的自由膨脹過(guò)程是可逆過(guò)程
D．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用
E．壓縮氣體時(shí)氣體會(huì)表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故
(2) (8分)U形管左右兩管粗細(xì)不等，左側(cè)A管開(kāi)口向上，封閉的右側(cè)B管橫截面積是A管的3倍．管中裝入水銀，大氣壓為p0＝76 cmHg ，環(huán)境溫度為27 ℃.A管中水銀面到管口的距離為h1＝24 cm，且水銀面比B管內(nèi)高Δh＝4 cm.B管內(nèi)空氣柱長(zhǎng)為h2＝12 cm，如圖所示．欲使兩管液面相平，現(xiàn)用小活塞把開(kāi)口端封住，并給A管內(nèi)氣體加熱，B管溫度保持不變，當(dāng)兩管液面相平時(shí)，試求此時(shí)A管氣體的溫度為多少？
16．【物理—選修3－4】(12分)
(1)(4分)在坐標(biāo)原點(diǎn)的波源產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波速v＝200 m/s.已知t＝0時(shí)，波剛好傳播到x＝40 m處，如圖所示，在x＝400 m處有一接收器(圖中未畫(huà)出)，則下列說(shuō)法正確的是________．（本題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，錯(cuò)選多選均不給分）
A．波源開(kāi)始振動(dòng)時(shí)方向沿y軸正方向
B．從t＝0開(kāi)始經(jīng)過(guò)0.15 s，x＝40 m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)路程為0.6 m
C．接收器在t＝0.8 s時(shí)才能接收到此波
D．若波源向x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波源頻率可能為11 Hz
E．若該波與另一列振幅也為10cm、波源在x＝350 m處的沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波相遇，一定能夠產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣
(2)(8分)如圖所示，某玻璃磚的截面由半圓和正三角形組成，半圓的直徑為d，正三角形的邊長(zhǎng)也為d，一束單色光從AB邊的中點(diǎn)D垂直于BC射入玻璃磚中，結(jié)果折射光線剛好通過(guò)半圓的圓心O，光在真空中的傳播速度為c，求：
①光在玻璃磚中傳播的時(shí)間(不考慮光的反射)．
②入射光線的方向不變，將光在AB面上的入射點(diǎn)下移，使折射光線剛好能照射到圓的最底部，入射點(diǎn)沿AB移動(dòng)的距離為多少？這時(shí)光束在圓的最底部經(jīng)玻璃磚折射后的折射角為多少？
物理試題
答案及評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)
一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。
1.解析：選B。人勻速運(yùn)動(dòng)，受三種力的作用：重力、空氣阻力和平衡車的作用力，則A錯(cuò)誤、B正確；速度越大，空氣阻力越大，電動(dòng)平衡車對(duì)人的作用力越大，C錯(cuò)誤；地面對(duì)電動(dòng)平衡車有兩個(gè)力的作用，
2.解析：選D.平拋運(yùn)動(dòng)是加速度為g的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，速度變化一樣快，b球運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)所以速度變化大，A、B錯(cuò)誤；落在a點(diǎn)和b點(diǎn)的小球，由eq \f(y,x)＝eq \f(\f(1,2)gt2,v0t)＝eq \f(gt,2v0)＝tan α，而速度偏轉(zhuǎn)角θ應(yīng)滿足tan θ＝eq \f(vy,vx)＝eq \f(gt,v0)＝2tan α，由于α一定，所以θ一定，它們速度方向相同，C錯(cuò)誤；落在a點(diǎn)和b點(diǎn)的小球，由tan α＝eq \f(y,x)＝eq \f(\f(1,2)gt2,v0t)＝eq \f(gt,2v0)，得t＝eq \f(2v0tan α,g)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間t與v0成正比，D正確．
3.解析：選D.由于斜面粗糙，彈簧有可能處于自然長(zhǎng)度，即彈力有可能為零，A正確；如果彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，當(dāng)彈簧的彈力大于A重力沿斜面向下的分力時(shí)，A受到的摩擦力沿斜面向下，B錯(cuò)誤；以B為研究對(duì)象，沿斜面方向有F繩＋FT彈＋Ff－mBgsin θ＝0，如果F繩＋FT彈＝mBgsin θ，則摩擦力為零，C正確；初狀態(tài)下不知道B受到的摩擦力大小和方向，無(wú)法確定增大B物體的重量時(shí)B物體受到的摩擦力變化情況，D錯(cuò)誤．
4．解析：選D.在等量同種電荷連線的中垂線上，電場(chǎng)強(qiáng)度從O點(diǎn)開(kāi)始向上、下兩邊先增大后減小，在O上方的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，在O下方的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，根據(jù)對(duì)稱性可知B、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，電勢(shì)相同，A、B錯(cuò)誤；無(wú)法判斷從O到B(O到D)電場(chǎng)強(qiáng)度是一直增大，還是先增大后減小，故無(wú)法判斷電子加速度的變化情況，C錯(cuò)誤；在垂直紙面且經(jīng)過(guò)B、D兩點(diǎn)的圓上，所有點(diǎn)的電勢(shì)相等，并且電子受到的電場(chǎng)力指向O點(diǎn)，與速度方向垂直，電子可繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，D正確．
5．解析：選A。當(dāng)右邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)是逆時(shí)針?lè)较颍捎谟行懈铋L(zhǎng)度逐漸增大，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小也均勻增大；當(dāng)線框右邊出磁場(chǎng)后，有效切割長(zhǎng)度不變，則產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小不變，但比剛出磁場(chǎng)時(shí)的有效長(zhǎng)度縮短，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小比剛出磁場(chǎng)時(shí)的電流小，但由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)仍是逆時(shí)針?lè)较颍划?dāng)線框左邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有效切割長(zhǎng)度在變大，感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針?lè)较?，即?fù)方向大小增大，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。
6．解析：選C.由題圖乙可知，0～t1內(nèi)，線圈中的電流的大小與方向都不變，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈中的磁通量的變化率相同，故0～t1內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間的關(guān)系是一條斜線，A、B錯(cuò)誤；又由于0～t1時(shí)間內(nèi)電流的方向?yàn)檎?，即沿abcda方向，由楞次定律可知，電路中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向里，故0～t1內(nèi)原磁場(chǎng)方向向里減小或向外增大，D正確，C錯(cuò)誤．
7. 解析：選D.若將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電容器帶電荷量Q保持不變，根據(jù)E＝eq \f(4πkQ,εrS)得，電場(chǎng)強(qiáng)度E與距離d無(wú)關(guān)，則將A板上移一小段距離，電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，粒子不動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若將電壓表測(cè)量?jī)砂彘g電壓，構(gòu)成通路，電容器將會(huì)放電，最終無(wú)示數(shù)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向左移動(dòng)，電容器兩板間的正對(duì)面積S減小，根據(jù)C＝eq \f(εrS,4πkd)得，電容C減小，再根據(jù)C＝eq \f(Q,U)得，電容器帶的電荷量應(yīng)減小，但是由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，則電容器帶的電荷量Q仍然保持不變，由C＝eq \f(Q,U)，C＝eq \f(εrS,4πkd)，E＝eq \f(U,d)，可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E＝eq \f(4πkQ,εrS)，S減小，E增大，根據(jù)電路中的電壓關(guān)系，二極管和電容器的電壓之和為電源電動(dòng)勢(shì)，電場(chǎng)強(qiáng)度增大時(shí)，電容器兩板間電壓也隨之增大，則二極管兩端（與電容器兩端電壓反向）電壓變大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩極板間的電壓U保持不變，將B板向上移動(dòng)，兩極板間距離d減小，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度E＝eq \f(U,d)得，E增大，電場(chǎng)力大于重力，帶電粒子將向上移動(dòng)，選項(xiàng)D正確；
二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求，全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。
8. 解析：選ABC。金屬球上出現(xiàn)感應(yīng)電荷后，定性分析可知，有ABC三種可能。
9．參考答案：AC
基本粒子沒(méi)有內(nèi)部結(jié)構(gòu)，光子和電子均具有動(dòng)量，相互作用過(guò)程可理解為彈性碰撞。
10. 解析：選BD.斜拋在最高點(diǎn)時(shí)速度最小，垂直橫梁的方向有很多種情況，不一定水平，如果因?yàn)樗季S定勢(shì)，一定會(huì)選錯(cuò)誤選項(xiàng)AC，故正確答案為BD。設(shè)斜拋運(yùn)動(dòng)的初始速度為v，初速度與水平方向的夾角為θ，將斜拋運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，則有
，
聯(lián)立可得：
得的解為
由于只有唯一的入射角，故判別式應(yīng)為0，則
整理可得
則運(yùn)動(dòng)員至少對(duì)足球做功
三、非選擇題：共57分，第11~14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15題為選考題，考生必須根據(jù)要求作答。
（一）必考題：共45分。
11．(6分)解析：(1)①實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)量出擋光片中心到光電門中心的豎直距離h.
(2)重物A經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度為v＝eq \f(d,Δt)；則如果系統(tǒng)(重物A、B以及物塊C)的機(jī)械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為mgh＝eq \f(1,2)(2M＋m)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(d,Δt)))eq \s\up12(2).
(3)①根據(jù)牛頓第二定律可知mg＝(m＋2M)a，解得：
a＝eq \f(mg,2M＋m)＝eq \f(g,\f(2M,m)＋1).
②當(dāng)m增大時(shí)，式子的分母趨近于1，則a的值會(huì)趨于重力加速度g.
答案：(1)①擋光片中心（1分）；
(2)mgh＝eq \f(1,2)(2M＋m)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(d,Δt)))eq \s\up12(2) （2分）；
(3)①a＝eq \f(g,\f(2M,m)＋1)（2分） ②重力加速度g（1分）
12．(8分)解析：(1)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變，電壓表與電阻箱兩端電壓不變，電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓eq \f(1,3)U時(shí)，則電阻箱分壓eq \f(2,3)U，電阻箱接入電路的阻值等于電壓表內(nèi)阻的2倍，則電壓表內(nèi)阻RV＝eq \f(1,2)R0.
(2)調(diào)節(jié)電阻箱阻值使電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓的eq \f(1,3)時(shí)，電路總電阻變大，電路總電流變小，滑動(dòng)變阻器與電源內(nèi)阻分壓變小，電阻箱與電壓表兩端總電壓變大，當(dāng)電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓eq \f(1,3)時(shí)，電阻箱兩端電壓大于電壓表滿偏電壓的eq \f(2,3)，實(shí)際上電壓表內(nèi)阻小于eq \f(1,2)R0，則電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值偏大。
(3)測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，應(yīng)將開(kāi)關(guān)S撥至2位置，將R1的滑動(dòng)觸片移到最左端，不再移動(dòng)。
(4)由圖示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝U＋I(xiàn)r＝U＋eq \f(U,R)r
則eq \f(1,U)＝eq \f(1,E)＋eq \f(r,E)·eq \f(1,R)
由圖示可知，圖象截距b＝eq \f(1,E)
圖象斜率k＝eq \f(r,E)
則電源電動(dòng)勢(shì)E＝eq \f(1,b)
電源內(nèi)阻r＝eq \f(k,b)。
答案：(1)eq \f(1,2)R0（1分） (2)大于（1分） (3)2（1分） 左（1分） (4)eq \f(1,b) （2分）； eq \f(k,b)（2分）
13．(11分解析：(1)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示．
由幾何關(guān)系可知：r＋rcs 60°＝L, （1分）
得r＝eq \f(2L,3) （1分）
又因?yàn)閝v0B＝meq \f(v\\al(2,0),r) （1分）
解得：B＝eq \f(3mv0,2qL). （1分）
(2)帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿x軸有：2L＝v0t2 （1分）
沿y軸有：L＝eq \f(1,2)ateq \\al(2,2)， （1分）
又因?yàn)閝E＝ma （1分）
解得：E＝eq \f(mv\\al(2,0),2qL). （1分）
(3)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t1＝eq \f(1,3)·eq \f(2πr,v0)＝eq \f(4πL,9v0) （1分）
帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t2＝eq \f(2L,v0) （1分）
所以帶電粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為：eq \f(t1,t2)＝eq \f(2π,9). （1分）
答案：(1)eq \f(3mv0,2qL) (2)eq \f(mv\\al(2,0),2qL) (3)eq \f(2π,9)
14．(20分)解析：(1)設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時(shí)的速度大小為v0.
由機(jī)械能守恒定律知mgR＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,0) (1分)
得v0＝eq \r(2gR)＝5 m/s (1分)
設(shè)物塊B滑到eq \f(1,4)圓弧的最低點(diǎn)C時(shí)受到的支持力大小為F，由牛頓第二定律得：F－mg＝eq \f(v\\al(2,0),R) (1分)
解得：F＝60 N
則物塊B滑到eq \f(1,4)圓弧的最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為F′＝60 N， 方向豎直向下．(2分)
(2)設(shè)物塊B在傳送帶上滑動(dòng)過(guò)程中因受摩擦力所產(chǎn)生的加速度大小為a，則μmg＝ma (1分)
設(shè)物塊B通過(guò)傳送帶后運(yùn)動(dòng)速度大小為v，有v2－veq \\al(2,0)＝－2al (1分)
聯(lián)立解得v＝4 m/s
由于v>u＝2 m/s，所以v＝4 m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大?。?br>設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v2、v1，取向左為正方向，
由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律得mv＝mv1＋Mv2， (1分)
eq \f(1,2)mv2＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)＋eq \f(1,2)Mveq \\al(2,2) (1分)
解得v1＝－eq \f(1,2)v＝－2 m/s，v2＝2 m/s (1分)
彈簧具有的最大彈性勢(shì)能等于物塊A的初動(dòng)能Ep＝eq \f(1,2)Mveq \\al(2,2)＝12 J (1分)
(3)碰撞后物塊B沿水平臺(tái)面向右勻速運(yùn)動(dòng)．
設(shè)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為l′，由動(dòng)能定理得：－μmgl′＝0－eq \f(1,2)mv1 2 (1分)
得l′＝2 m

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