A．電場，與結論不相符，選項A錯誤；B．電阻，與結論不相符，選項B錯誤；C．磁感線，與結論相符，選項C正確；D．元電荷，與結論不相符，選項D錯誤；故選C2.把一玻璃板水平放置在蹄形磁鐵上面，在玻璃板上均勻地撒上一些鐵粉，輕輕地敲擊玻璃板，鐵粉分布如圖所示，這個實驗A. 證明磁感線是真實存在的 B. 說明磁鐵內(nèi)部不存在磁場C. 說明鐵粉分布的地方才有磁場 D. 用鐵粉的分布模擬了磁感線的分布【答案】D【解析】【詳解】A．磁感線是人們根據(jù)磁鐵周圍鐵粉分布的形狀假想的曲線，磁感線不是真實存在的，選項A錯誤；B．此實驗能說明磁鐵外部存在磁場，但是不能說明磁鐵內(nèi)部不存在磁場，選項B錯誤；C．鐵粉分布的地方和沒有鐵粉的地方都有磁場，選項C錯誤；D．此實驗是用鐵粉的分布模擬了磁感線的分布，選項D正確；故選D.3.觀察水面波衍射的實驗裝置如圖所示，CA、BD是擋板，它們之間有一個縫，S是波源，相鄰兩波紋之間的距離表示一個波長。則波穿過縫之后A. 波紋間距變大 B. 波的振幅變大C. 觀察不到衍射現(xiàn)象 D. 偏離直線傳播路徑【答案】D【解析】【詳解】AB．波穿過AB縫之后發(fā)生衍射；但是波的周期不變，因波速不變，可知波長不變，即波紋間距不變，波的振幅不變，選項AB錯誤；C．因波長不變，則波能饒過縫之后仍能觀察到衍射現(xiàn)象，選項C錯誤；D．波發(fā)生衍射后將偏離直線傳播路徑，選項    D正確；故選D.4.把一桶20L的純凈水從一樓搬到四樓，水的重力勢能約增加了A. 20J B. 200J C. 2×103J D. 2×106J【答案】C【解析】【詳解】四樓高度約為h=10m，則水重力勢能約增加W=mgh=20×10×10J=2×103J.A．20J，與結論不相符，選項A錯誤；B．200J，與結論不相符，選項B錯誤；C．2×103J，與結論相符，選項C正確；D．2×106J，與結論不相符，選項D錯誤；故選C.5.如圖所示，船夫站在水平甲板上撐桿使船離岸，該過程中A. 船夫和船之間存在摩擦力B. 岸對桿的作用力大于桿對岸的作用力C. 桿的彎曲是由桿對岸的作用力引起的D. 船夫對桿的力和岸對桿的力是一對相互作用力【答案】A【解析】【詳解】A．船夫和船之間有運動趨勢，則存在摩擦力，選項A正確；B．岸對桿的作用力與桿對岸的作用力是一對作用和反作用力，則岸對桿的作用力等于桿對岸的作用力，選項B錯誤；C．桿的彎曲是由岸對桿的作用力引起的，選項C錯誤；D．船夫對桿的力和岸對桿的力都作用在桿上，不是相互作用力，選項D錯誤；故選A.6.如圖所示，長直導線中通有向右的電流I，金屬線圈①與直導線垂直放置于其正下方，線圈②中心軸線與直導線重合，線圈③直徑與直導線重合，線圈④與直導線共面放置于其正下方。在電流I均勻增大的過程中A. 從左向右看，線圈①中產(chǎn)生順時針方向電流B. 從左向右看，線圈②中產(chǎn)生逆時針方向電流C. 正視線圈③中產(chǎn)生逆時針方向電流D. 正視線圈④中產(chǎn)生逆時針方向電流【答案】D【解析】【詳解】A．穿過線圈①磁通量為零，則電流I均勻增大的過程中，線圈①中無感應電流產(chǎn)生，選項A錯誤；B．穿過線圈②的磁通量為零，則電流I均勻增大的過程中，線圈②中無感應電流產(chǎn)生，選項B錯誤；C．穿過線圈③的磁通量為零，則電流I均勻增大的過程中，線圈③中無感應電流產(chǎn)生，選項C錯誤；D．電流I均勻增大的過程中，線圈④磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律可知，正視線圈④中產(chǎn)生逆時針方向電流，選項D正確；故選D.7.如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為可變電阻。當R3的滑片向右移動時A. R1消耗的功率減小 B. R2消耗的功率增大C. R3消耗的功率可能減小 D. 電源內(nèi)阻消耗的功率增大【答案】C【解析】【詳解】A．當R3的滑片向右移動時，R3的電阻變大，則電路的總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，則R1兩端電壓變大，則消耗的功率變大，選項A錯誤；B．因R1電流變大，總電流減小，則R2電流減小，則R2消耗的功率減小，選項B錯誤；C．將R1和R2等效為電源內(nèi)阻，則R3與等效內(nèi)阻的關系不能確定，可知R3消耗的功率可能減小，也可能變大，選項C正確；D．因通過電源的電流減小，則電源內(nèi)阻消耗的功率減小，選項D錯誤；故選C.8.我國2018年發(fā)射的“高分五號”衛(wèi)星軌道高度約為705km，之前已運行的“高分四號”軌道高度約為36000km，它們都繞地球做圓周運動。下列物理量中，“高分五號”比“高分四號”小的是A. 線速度 B. 角速度 C. 周期 D. 向心加速度【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)， “高分五號”比“高分四號”的軌道半徑?。?/span>A．由可得，“高分五號”比“高分四號”的線速度大，選項A錯誤；B．由可得，“高分五號”比“高分四號”的角速度大，選項B錯誤；C．由可知，“高分五號”比“高分四號”的周期小，選項C正確；D．由可得，“高分五號”比“高分四號”的加速度大，選項D錯誤；故選C.9.甲、乙兩單擺的振動圖像如圖所示，由圖像可知A. 甲、乙兩單擺的周期之比是3:2 B. 甲、乙兩單擺的擺長之比是2:3C. tb時刻甲、乙兩擺球的速度相同 D. ta時刻甲、乙兩單擺的擺角不等【答案】D【解析】【詳解】A．由圖像可知，甲、乙兩單擺的周期之比是2:3，選項A錯誤；B．根據(jù)，則，則甲、乙兩單擺的擺長之比是4:9，選項B錯誤；C．因乙擺擺長大，振幅小，則在最高點時離開平衡位置的高度小，則到達最低點時的速度較小，即tb時刻甲、乙兩擺球的速度不相同，故C錯誤；D．ta時刻甲、乙兩單擺的位移相等，但是由于兩擺的擺長不等，則擺角不等，選項D正確；故選D.10.如圖所示，在A、D兩點分別固定+Q和+3Q的點電荷，B、C在AD的連線上，且AB＝BC＝CD。一質子從B點由靜止釋放，不計重力，在其向右運動的過程中A. 加速度一直在減小 B. 動能先增加后減小C. 電場力一直做正功 D. 電勢能先增加后減小【答案】B【解析】【詳解】設AB＝BC＝CD=L，且在兩點荷的連線上場強為零的點距離A點的距離為x，則解得x≈1.2L即此位置在BC之間的某點，則從A到D場強先向右減小到零，后向左逐漸變大；則質子從B點由靜止釋放，在其向右運動的過程中A. 加速度先減小后增加，選項A錯誤；    BC. 電場力先做正功后做負功，則動能先增加后減小，選項B正確，C錯誤；D. 電場力先做正功后做負功，則電勢能先減小后增加，選項D錯誤；故選B.11.如圖所示，小球沿不同傾角θ的光滑斜面滑下，小球的加速度a及對斜面的壓力N與各自最大值的比值y隨θ變化的圖像分別對應y-θ圖中的A. ①和② B. ①和④ C. ②和③ D. ③和④【答案】A【解析】【詳解】對小球進行受力分析，則有：N=mgcosθ隨著θ的增大，N減小，對應②.根據(jù)牛頓第二定律得：隨著θ的增大，a增大，對應①.A．①和②，與結論相符，選項A正確；B．①和④，與結論不相符，選項B錯誤；C．②和③，與結論不相符，選項C錯誤；D．③和④，與結論不相符，選項D錯誤；故選A。12.甲、乙兩小球在兩條平行直線上向右運動，用高速攝影機在同一底片上多次曝光，記錄下兩小球每次曝光時的位置，如圖所示，連續(xù)兩次曝光的時間間隔相等。由圖可知A. 甲在t7時刻與乙相遇 B. 甲、乙相遇了2次C. t4到t5之間某時刻甲、乙相遇 D. t4之前乙的速度大于甲的速度【答案】B【解析】【詳解】A．甲在t7時刻已經(jīng)超過乙球，選項A錯誤；B．從圖象可以看出，甲球做加速運動，乙球做勻速運動；兩球同時出發(fā)，但初位置甲球靠前，故剛出發(fā)不久乙球追上甲球，由于甲球不斷加速，故最終會再次超過乙球，故兩球相遇兩次，選項B正確；
C．t4到t5之間乙一直在甲前面，則甲、乙沒有相遇，選項C錯誤；D．在t3到t4之間的時間內(nèi)甲乙的位移相等，平均速度相等，則在t4之前甲的速度大于乙的速度，選項D錯誤；故選B。二、填空題（共20分）13.電流所做的功叫做電功，從本質上講是______對定向移動的電荷所做的功。若導體兩端的電壓為U，時間t內(nèi)通過導體的電荷量為q，則時間t內(nèi)電流做的功W=__________。【答案】    (1). 電場力    (2). qU【解析】【詳解】[1]．電流所做的功叫做電功，從本質上講是電場力對定向移動的電荷所做的功。[2]．若導體兩端的電壓為U，時間t內(nèi)通過導體的電荷量為q，則時間t內(nèi)電流做的功W=IUt=qU14.波源S位于介質Ⅰ和Ⅱ的分界面上，產(chǎn)生兩列分別沿x軸負方向與正方向傳播的機械波，某時刻波的圖像如圖所示。兩列波波長不同的原因是兩列波的______，從該時刻起經(jīng)時間t質點a振動了6次，則質點b振動了____次。【答案】    (1). 頻率相同而波速不同    (2). 6【解析】【詳解】[1]．根據(jù)λ=vT=v/f，兩列波波長不同的原因是兩列波的頻率相同而波速不同；[2]．因相同時間內(nèi)兩側質點振動的次數(shù)相同，則波從該時刻起經(jīng)時間t質點a振動了6次，則質點b也同樣振動了6次。15.如圖所示，一只質量為m的小蟲子沿弧形樹枝緩慢向上爬行，A、B兩點中在_____點容易滑落；弧形樹枝某位置切線的傾角為θ，則蟲子經(jīng)該位置時對樹枝的作用力大小為________。【答案】    (1). B    (2). mg【解析】【詳解】[1][2]．設樹枝上某點的切線的傾角為θ，則在某點時重力沿樹枝向下的分量F1=mgsinθ；最大靜摩擦力，在B點時θ角較大，則F1較大，而最大靜摩擦力fm較小，則蟲子容易滑落；蟲子經(jīng)該位置時對樹枝的作用力與重力平衡，則大小等于mg。16.爸爸帶小明蕩秋千，可以簡化成如圖所示的單擺模型。將小球拉到A點由靜止釋放，讓小球自由擺動，第一次恰能回到B點，A、B兩點間的高度差為H。要使小球每次都恰能回到A點，需在A點推一下小球。若小球質量為m，繩子質量不計，阻力大小恒定，則推力每次對小球做的功_______mgH，小球在另一側能到達的最大高度________A點的高度。（選填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】    (1). 大于    (2). 大于【解析】【詳解】[1]．小球不能回到原來的位置是由于擺動過程中有阻力做功；若從A到B無機械能損失，則需要對小球做功mgH，但是由于在A到B過程中有阻力功，則推力每次對小球做的功大于mgH；[2]．因為從右側最高點到回到A點的過程中有阻力做功，則要想回到A點，在小球在另一側能到達的最大高度要大于A點的高度.17.如圖為“用電流表測電動機效率”的實驗示意圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電動機線圈電阻為R0。調(diào)節(jié)變阻器，當其阻值為R時，電動機牽引質量為m的鉤碼勻速上升，測得鉤碼勻速上升高度H所需時間為t，電流表示數(shù)為I，則此過程中電動機的輸入功率為_____，電動機損耗的能量為________。【答案】    (1). IE-I2(R+r)    (2). IEt-I2(R+r)t-mgH【解析】【詳解】[1]．電路的總功率為EI；變阻器R和內(nèi)阻r上消耗的功率I2(R+r)，則電動機的輸入功率為：IE-I2(R+r).[2] ．在時間t內(nèi)電動機輸入的能量：IEt-I2(R+r)t，其中轉化的機械功為mgH，則電動機損耗的能量為IEt-I2(R+r)t-mgH.三、綜合題（共40分）：注意：第19、20題在列式計算、邏輯推理以及回答問題的過程中，要求給出必要的圖示、文字說明、公式、演算等。18.“用DIS描繪電場的等勢線”實驗裝置如圖所示，電源正、負極分別與圓柱形電極A、B連接。（1）在導電紙上產(chǎn)生的恒定電流場模擬了_____________產(chǎn)生的________；用_______傳感器探測等勢點。（2）若用該裝置描繪該電場的等差等勢線（相鄰等勢線間電勢差相同），下列操作正確的是__________A．在板上自下而上依次鋪放白紙、復寫紙和導電紙B．導電紙有導電物質的一面向下C．在電極A、B之間的連線上等距離地選取5個基準點D．連接傳感器正、負極的紅、黑色探針分別接觸高、低電勢處時示數(shù)為正（3）若以A、B連線為x軸，A、B連線的中點O為坐標原點。將連接傳感器正極的紅色探針固定在A、B連線中垂線上的某一點，沿x軸移動黑色探針，記錄x坐標和相應的傳感器示數(shù)，y軸坐標表示傳感器示數(shù)，則做出的y-x圖線最接近下列哪個圖像？_________【答案】    (1). 等量異號點電荷    (2). 靜電場    (3). 電壓    (4). AD    (5). B【解析】【詳解】（1）[1][2][3]．在導電紙上產(chǎn)生的恒定電流場模擬了等量異號點電荷產(chǎn)生的靜電場；用電壓傳感器探測等勢點。（2）[4]．A．在板上自下而上依次鋪放白紙、復寫紙和導電紙，選項A正確；B．導電紙有導電物質的一面向上，選項B錯誤；C．因為要畫出等差等勢線，則選取的5個基準點距離不應該是等距的，選項C錯誤；D．連接傳感器正、負極的紅、黑色探針分別接觸高、低電勢處時示數(shù)為正，選項D正確；故選AD.（3）[5]．將連接傳感器正極的紅色探針固定在A、B連線中垂線上的某一點，沿x軸移動黑色探針，探針越靠近O點示數(shù)越小，越遠離O點示數(shù)越大，且示數(shù)關于O點對稱，指針偏轉情況相反，B圖正確；19.一個質量m=0.1kg的小物塊由靜止開始沿傾角α的斜面勻加速滑下，然后在粗糙水平面上做勻減速直線運動，直到停止。小物塊與斜面及水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ，下表給出了不同時刻小物塊的速率。g取10m/s2，求小物塊時刻t (s)0……0.30.40.5……1.41.51.6……速率v (m/s)0……1.5202.5……3.02.52.0……  （1）在斜面上的加速度大小a1和水平面上的加速度大小a2；（2）與水平面間的動摩擦因數(shù)μ和斜面的傾角α； （3）滑到斜面底端時的速率v1；（4）損失的機械能。【答案】（1）；（2）0.5；（3）5.0m/s（4）2.0J【解析】【詳解】（1）由得物塊在斜面上的加速度大小物塊在水平面上的加速度大小（2）物塊在水平面上，由牛頓第二定律得μmg=ma2 物塊在斜面上，由牛頓第二定律得mgsinα-μmgcosα=ma1 2sinα-cosα=1α=53°（3）設物塊到斜面底端的時刻是t1，速度為v1，由代入數(shù)據(jù)得在斜面上做勻加速運動　　在水平面上做勻減速運動　解得v1=5.0m/s（4）設物塊在斜面上的位移為s1由代入數(shù)據(jù)得以水平地面為零勢面，由機械能的概念，減少的機械能ΔE=E1－E2=mgs1sinα-0=0.1×10×2.5×0.8J=2.0J20.如圖所示，固定的直角金屬軌道足夠長，左側傾角θ1=37°，右側傾角θ2=53°，軌道寬均為L=1.0m，整個裝置處于B=1.0T勻強磁場中，磁場方向垂直于右側軌道平面向上。質量分別為m1=1.0kg、m2=0.4kg的導體棒ab、cd，水平放在左、右兩側軌道上并與軌道垂直。已知ab、cd棒的電阻均為R=1.0Ω，其余電阻不計，兩棒與軌道間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，sin53°＝0.8。由靜止同時釋放兩棒，在棒下滑過程中（1）判斷cd棒中感應電流的方向；（2）通過分析說明cd棒下滑過程中的運動情況，并計算ab棒中電功率的最大值；（3）通過分析、推理和計算，說明ab棒在下滑過程中的運動情況。【答案】（1）沿cd方向（2）做加速度逐漸減小的加速運動，4.0W（3）見解析【解析】【詳解】（1）cd棒下滑切割磁感線，ab棒下滑不切割磁感線，根據(jù)右手定則，在cd棒中I沿cd方向。（2）cd棒在右側軌道上受力情況如圖所示f2=μN2=μm2gcos53°=0.5×0.4×10×0.6N=1.2N由牛頓第二定律得m2gsin53°-f2-FA2=m2a2　　　FA2=BIL=v增大，a2減小，cd棒做加速度逐漸減小的加速運動當FA2==m2gsin53°-f2=（0.4×10×0.8-1.2）N=2.0N時速度最大此后cd棒以最大速度勻速運動，最大電流Im==2.0A　ab棒最大電功率Pm=Im2R=4.0W（3）ab棒在左側軌道上受力情況如圖ab棒剛釋放時m1gsin37°=6N最大靜摩擦力fmax=μN1=μm1gcos37°=0.5×1×10×0.8N=4N因為fmax<m1gsin37°所以剛釋放時ab棒沿斜面向下加速運動N1=FA1+m1gcos37°=+m1gcos37°f1=μN1=μ（+m1gcos37°）由牛頓第二定律得m1gsin37°-f1=m1gsin37°-μ（+m1gcos37°）=m1a1　當cd棒下滑速度v增大時，a1減小，棒ab做加速度逐漸減小的加速運動當cd棒速度達到最大后，Im=2A不變f1m=μ（m1gcos37°+BImL）=5N<m1gsin37°=6Nab棒開始做加速度為a1=（m1gsin37°-f1m）/m1=1m/s2的勻加速直線運動

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