2020年高考適應(yīng)性訓(xùn)練物理（二）參考答案一、選擇題：共15小題，每小題3分，共45分。1.D  2.A  3.A  4.D  5.C  6.D  7.A  8.B  二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.CD   10.AD   11.CD   12.AD三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13. （6分）（1）B   （2） B   （3）C （此題每空均為2分） 14. （8分）（1）R2 （1分）  （2） 3.0（2分）  2.1（2分）  （3） （2分）    相等（1分）15.（8分）【解析】（1）由題圖乙知：0-1s內(nèi)，F1 = 8N，滑塊靜止，f1= F1 = 8N            …………1分若3s時(shí)滑塊未到達(dá)A點(diǎn)，則1s-3s內(nèi)滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，f2=μmg=10N…………1分               由牛頓第二定律得：F2 –f2 = ma       ……………………1分由x=at22得x=10m<16m,假設(shè)成立……………………1分所以I=f1t1+ f2t2 =28N·S……………………1分（2）對(duì)OB過程，由動(dòng)能定理列式得F2x- f2XOA –mgh= 0……………………2分h= 3.5m …………1分16.（8分）  【解析】（1）由圖象可得，質(zhì)點(diǎn)b的振幅   ……………………1分周期，      ……………………1分綜上，質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)方程為    ………………1分（2）設(shè)質(zhì)點(diǎn)a比質(zhì)點(diǎn)b多振動(dòng)的時(shí)間為t0，則質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)方程為            ……………………1分當(dāng)t=0時(shí)  可得： （n=0、1、2、3……） ……………2分由得           ……………………1分代入數(shù)據(jù)的（n=0、1、2、3……） …………………1分17.（14分）【解析】（1）根據(jù)題意可知，帶電粒子在第三象限做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由   ……………………1分可得……………………1分在第二象限的電場(chǎng)中，粒子沿電場(chǎng)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有  ……………………1分粒子的加速度大小由于粒子從D點(diǎn)射出時(shí)與y軸的夾角為45°，所以有   ……1分綜合以上解得      ……………………1分（2）粒子進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)的速度大小為  ……………………1分OD間的距離大小為    ……………………1分根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子在磁場(chǎng)Ⅰ中做半徑為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，然后從F點(diǎn)射出時(shí)速度方向與x軸負(fù)方向的夾角大小也為45°   根據(jù)              ……………………1分聯(lián)立以上可解得B1=B0         ……………………1分（3）粒子在磁場(chǎng)Ⅱ中做周期的圓周運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間    …1分在磁場(chǎng)Ⅰ做周期的圓周運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間   ……………1分由于粒子從x軸上的F點(diǎn)進(jìn)入第四象限，恰好乂能從A點(diǎn)垂直y軸射入磁場(chǎng)Ⅱ，因此可知粒子在兩個(gè)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，均為   …………1分故粒子運(yùn)動(dòng)的周期為     …………………2分18.（16分）【解析】（1）物塊A落到B上時(shí)：v＝   …………………1分解得：vy＝2 m/s                   …………………1分物塊A落到木板前做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：2g(H－h)＝v y2                                       …………………1分解得：H＝1.8m                           …………………1分（2）由木板恰好靜止在斜面上，得到斜面與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ0應(yīng)滿足：mgsin 30°＝μ0mgcos 30°            -得：μ0＝tan 30°＝                        …………………1分物塊A在木板上滑行時(shí)，以A為研究對(duì)象有：aA＝＝2.5 m/s2(沿斜面向上) …………………1分               以木板B為研究對(duì)象有：aB＝＝7.5 m/s2(沿斜面向下)  …………………1分      假設(shè)A與木板達(dá)到共同速度v共時(shí)，A還沒有壓縮彈簧且木板還沒有到達(dá)底端，則有：v共＝aBt1＝v－aAt1解得：v共＝3 m/s，t1＝0.4 s            …………………1分此過程，xA＝·t＝1.4 m，xB＝·t＝0.6 m<-L＝1.2 m  ………1分故Δx＝xA－xB＝0.8 m<L－l0＝1.8 m，說明以上假設(shè)成立        ………1分共速后，由于(M＋m)gsin 30°＝μ0(M＋m)gcos 30°，A與木板B一起勻速到木板與底端擋板碰撞，該過程所需時(shí)間t2=…………1分所以t=t1+t2=0.6s                       …………………1分（3）木板停下，此后A做勻減速到與彈簧接觸，然后A壓縮彈簧至最短，設(shè)接觸彈簧時(shí)A的速度為vA，有：－2aA(L－l0－Δx)＝vA2－v共2解得：vA＝2 m/s                   …………………1分設(shè)彈簧最大壓縮量為xm，A從開始?jí)嚎s彈簧到剛好回到原長(zhǎng)過程有：Q＝2μMgxmcos 30°＝MvA2       …………………1分得：Q＝6 J，xm＝ m       …………………1分A從開始?jí)嚎s彈簧到彈簧最短過程有：Epm＝MvA2＋Mgxmsin 30°－Q＝5 J，即彈簧被壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能為5 J。              …………………1分  

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