注意事項(xiàng)：1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。
2.選擇題必須使用鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。
3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。
4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。
5.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。
一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第17?題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
1. 在科學(xué)研究中，理想模型是為了便于研究問題而對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行的理想化抽象。下列不屬于理想模型的是（ ）
A. 質(zhì)點(diǎn)B. 電場C. 單擺D. 理想氣體
【答案】B
【解析】
【詳解】質(zhì)點(diǎn)、單擺和理想氣體都是典型的理想模型，它們分別忽略了物體的體積、擺線的質(zhì)量和氣體分子間的相互作用力。而電場是描述電荷周圍空間中電荷相互作用的物理量，它是一個(gè)實(shí)際存在的物理現(xiàn)象，并非理想模型。
故選B。
2. 下面對(duì)四幅圖片中所涉及物理知識(shí)的描述，正確的是（ ）
A. 甲圖中小磁針轉(zhuǎn)動(dòng)是由于電流產(chǎn)生的電場對(duì)小磁針有作用力
B. 乙圖中回旋加速器通過磁場加速粒子
C. 丙圖中高頻冶煉爐利用渦流熱效應(yīng)工作
D 丁圖中無線充電過程利用了接觸起電原理
【答案】C
【解析】
【詳解】A．通電導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的是磁場，小磁針受磁場作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；
B．回旋加速器真正提供粒子加速（增速）的不是磁場，而是交變電場，磁場只負(fù)責(zé)改變粒子運(yùn)動(dòng)方向，故B錯(cuò)誤；
C．高頻感應(yīng)爐的加熱確實(shí)利用了渦流熱效應(yīng)，故C正確；
D．無線充電利用的是電磁感應(yīng)原理，而非“接觸起電”原理，故D錯(cuò)誤。
故選C。
3. 冬季打雷是罕見的自然現(xiàn)象，它是由于強(qiáng)冷氣團(tuán)與暖濕氣團(tuán)相遇，產(chǎn)生強(qiáng)烈的對(duì)流運(yùn)動(dòng)，云內(nèi)的各種微粒相互碰撞、摩擦產(chǎn)生靜電積累，最終形成冬雷。下列說法正確的是（ ）
A. 各種微粒在碰撞、摩擦的過程中創(chuàng)造了電荷
B. 帶電云層附近存在許多的電場線
C. 隨著電荷的積累，云層附近的電勢一定越來越高
D. 隨著電荷的積累，云層附近的電場強(qiáng)度可能越來越大
【答案】D
【解析】
【詳解】A．根據(jù)電荷守恒定律可知，微粒在碰撞、摩擦的過程中不能創(chuàng)造電荷，而是電荷發(fā)生了轉(zhuǎn)移，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；
B．電場線是假想的，并不是實(shí)際存在的，故B錯(cuò)誤；
C．由于不知道云層所帶電荷的電性，則隨著電荷的積累，云層附近的電勢大小變化無法判斷，故C錯(cuò)誤；
D．隨著電荷的積累，電荷量越來越大，相當(dāng)于場源電荷量增大，則云層附近的電場強(qiáng)度可能越來越大，故D正確；
故選D。
4. 降噪耳機(jī)的基本原理是在耳機(jī)內(nèi)產(chǎn)生一列相應(yīng)的抵消聲波，通過波的干涉起到消音作用。假設(shè)時(shí)刻外界噪聲的波形圖如圖所示，下列選項(xiàng)中的聲波（均為時(shí)刻波形圖）對(duì)該噪聲降噪效果最好的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【詳解】因?yàn)榻翟攵鷻C(jī)的基本原理是在耳機(jī)內(nèi)產(chǎn)生一列相應(yīng)的抵消聲波，通過波的干涉起到消音作用，則由波的干涉的減弱區(qū)的特點(diǎn)可知，兩列波應(yīng)頻率相同、振幅相同、波長相同、波速相同，但相位相反，只有A符合。
故選A。
5. 如圖，固定于水平面上的金屬架處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，金屬棒沿框架以速度向右做勻速運(yùn)動(dòng)。時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，此時(shí)到達(dá)的位置恰好使構(gòu)成一個(gè)邊長為的正方形。為使棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化規(guī)律的圖像為（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【詳解】為使棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，即經(jīng)過時(shí)間線圈的磁通量不變，有
可得
即磁感應(yīng)強(qiáng)度與構(gòu)成正比例函數(shù)關(guān)系。
故選D。
6. 彩虹圈有很多性質(zhì)和彈簧相似，在彈性限度內(nèi)彈力隨著形變量的增加而增大，但彩虹圈的重力不能忽略。如圖所示，用手拿起彩虹圈的上端，讓彩虹圈自由下垂且下端離地面一定高度，然后由靜止釋放，彩虹圈始終沒有超出彈性限度。則（ ）
A. 彩虹圈下落過程中長度不變
B. 剛釋放瞬間彩虹圈上端的加速度大于重力加速度
C. 剛釋放瞬間彩虹圈下端的加速度等于重力加速度
D. 彩虹圈下落過程中只有彈性勢能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化
【答案】B
【解析】
【詳解】B．由于彩虹圈在被拉長后處于彈性限度內(nèi)，釋放瞬間其上端受到自身重力和向下的彈力（因被拉長，彈簧對(duì)上端的拉力也指向下方），故合力大于重力，上端的加速度大于g，故B正確；
C．下端在釋放瞬間仍受到與自身重力大小相等、方向向上的彈力（之前處于靜止平衡），剛松手時(shí)合力為零，加速度為0，故C錯(cuò)誤；
A．下落過程中彩虹圈上端的加速度大于下端的加速度，彈簧會(huì)不斷壓縮，長度并非保持不變，故A錯(cuò)誤。
D．下落過程中除了存在彈性勢能與動(dòng)能的轉(zhuǎn)化外，還會(huì)有重力勢能的變化，故D錯(cuò)誤。
故選B
7. 中國空間站在距地面高度約的軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，該軌道遠(yuǎn)在距地面的卡門線（外太空與地球大氣層的分界線）之上，但軌道處依然存在相對(duì)地心靜止的稀薄氣體，氣體與空間站前端碰后瞬間可視為二者共速?？臻g站安裝有發(fā)動(dòng)機(jī)，能夠?qū)崟r(shí)修正軌道。已知中國空間站離地面高度為，地球半徑為，地球表面的重力加速度為，將空間站視為如圖所示的圓柱體，其運(yùn)行方向上的橫截面積為，稀薄氣體密度為，不考慮其他因素對(duì)空間站的影響，則（ ）
A. 考慮到氣體阻力，若空間站沒有進(jìn)行軌道修正，其高度降低，動(dòng)能減小
B. 空間站的速度大小為
C. 氣體對(duì)空間站前端作用力大小
D. 空間站發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為
【答案】C
【解析】
【詳解】A．考慮到氣體阻力，若空間站沒有進(jìn)行軌道修正，氣體與空間站前端碰后瞬間可視為二者共速，可看作完全非彈性碰撞，故會(huì)損失的機(jī)械能，其高度降低，又根據(jù)牛頓第二定律
故減小時(shí)，增大，動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)牛頓第二定律
又地球表面
聯(lián)立解得
故B錯(cuò)誤；
C．設(shè)極短的時(shí)間內(nèi)與空間站前端碰撞的稀薄氣體質(zhì)量為
碰撞瞬間，根據(jù)動(dòng)量守恒
由于
故
對(duì)稀薄氣體，根據(jù)動(dòng)量定理
聯(lián)立解得空間站前端對(duì)稀薄氣體的作用力大小
根據(jù)牛頓第三定律知?dú)怏w對(duì)空間站前端作用力大小為，故C正確；
D．空間站發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為
故D錯(cuò)誤。
故選C。
8. 2024年10月長春上空出現(xiàn)了罕見的極光。這是由于來自太陽的高能粒子（含電子、質(zhì)子等）與地球大氣層中的原子碰撞，原子吸收一部分能量，再將能量釋放而形成的。下列說法正確的是（ ）
A. 太陽內(nèi)部的裂變反應(yīng)使其釋放大量能量
B. 極光是原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的
C. 紅色極光的光子能量比綠色極光的光子能量大
D. 用極光光譜可以分析地球大氣的組成成分
【答案】BD
【解析】
【詳解】A．太陽的主要能量來源是核聚變，而不是裂變，故A錯(cuò)誤；
B．極光的形成過程是高能粒子撞擊大氣中的原子，使其電子躍遷到高能級(jí)，當(dāng)電子回到低能級(jí)時(shí)釋放光子，形成極光，故B正確。
C．光子的能量，頻率越高能量越大。紅光的波長比綠光長，頻率低，所以紅光的光子能量比綠光小，故C錯(cuò)誤。
D．極光是由于大氣中的原子被激發(fā)后發(fā)出的特定光譜，不同元素的光譜不同，因此通過分析極光的光譜可以確定大氣中的成分，這類似于光譜分析的應(yīng)用，故D正確。
故選BD。
9. 如圖為某同學(xué)用激光照射一半圓形透明玻璃磚，研究光的傳播規(guī)律，下面說法正確的是（ ）
A. 為入射光，為反射光，為折射光
B. 若入射光繞點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，反射光和折射光也隨之逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)
C. 若入射光繞點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，反射光越來越強(qiáng)，折射光越來越弱
D. 若入射光與界面成角時(shí)，折射光恰好消失，則折射率
【答案】ACD
【解析】
【詳解】A．根據(jù)反射定律和折射定律可知，反射光線、折射光線均與入射光線分居法線兩側(cè)，結(jié)合圖中的光線位置，即可知為入射光，為反射光，為折射光，故A正確；
B．由圖可知入射光線繞O點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，入射角增大，由反射定律，可知反射角增大，反射光線順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)；由折射定律，可知折射角增大，折射光線逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；
C．由圖可知入射光線繞O點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，入射角增大，由反射光強(qiáng)、折射光強(qiáng)與入射角的關(guān)系，可知反射光強(qiáng)變強(qiáng)，折射光強(qiáng)變?nèi)酰蔆正確；
D．由折射光恰好消失時(shí)入射光線的位置，即可得到臨界角為，結(jié)合臨界角與折射率的關(guān)系
可得折射率為
故D正確。
故選ACD。
10. 如圖，水平固定的平行帶電極板間距為，板間產(chǎn)生勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為，兩板間同時(shí)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為、電荷量為的帶正電的粒子，由兩板間左側(cè)中點(diǎn)以初速度水平向右射入兩極板間，該粒子恰好沿直線運(yùn)動(dòng)。僅將粒子初速度大小調(diào)整為，發(fā)現(xiàn)粒子由點(diǎn)（點(diǎn)未標(biāo)出）沿水平方向射出兩極板間的區(qū)域。不計(jì)粒子重力，下列說法正確的是（ ）
A. M板帶正電，N板帶負(fù)電
B. 粒子速度
C. 與一定在同一水平線上
D. 的大小可能等于
【答案】BC
【解析】
【詳解】AB．粒子恰好沿直線運(yùn)動(dòng)，可知，粒子所受電場力和洛倫茲力等大反向，則有
解得
由左手定則可知，粒子所受洛倫茲力豎直向下，則電場力豎直向上，由于粒子帶正電，可知電場方向豎直向上，則N板帶正電，M板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤，B正確；
CD．當(dāng)射入速度大小為時(shí)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由此可知，可將分解為水平向右的和，則滿足
即
可知，粒子一個(gè)分運(yùn)動(dòng)為以初速度向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，另一個(gè)分運(yùn)動(dòng)為以速度在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)其半徑為r，則有
解得
P點(diǎn)為粒子軌跡最高點(diǎn)，只有當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)至軌跡最高點(diǎn)時(shí)，其才能沿水平方向射出兩極板間的區(qū)域，此時(shí)速度沿水平方向向右，可知Q點(diǎn)與P點(diǎn)在同一水平線上，能射出兩板間區(qū)域，可知
則的大小不可能等于，故C正確，D錯(cuò)誤。
故選BC。
二、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11. 某同學(xué)用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律，量角器豎直固定，0刻度線水平。三根細(xì)繩結(jié)于點(diǎn)，其中一根細(xì)繩懸掛重物，另外兩根細(xì)繩與彈簧測力計(jì)a、b掛鉤相連，互成角度同時(shí)拉兩測力計(jì)，使結(jié)點(diǎn)與量角器的中心點(diǎn)始終在同一位置。
（1）某次測量時(shí)測力計(jì)的示數(shù)如圖（b）所示，讀數(shù)為___________（結(jié)果保留1位小數(shù)）。
（2）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是___________。
A. 連接測力計(jì)的細(xì)繩之間夾角越大越好
B. 實(shí)驗(yàn)前必須對(duì)測力計(jì)進(jìn)行校準(zhǔn)和調(diào)零
C. 實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)保持測力計(jì)與量角器所在平面平行
（3）初始時(shí)，與兩測力計(jì)相連的細(xì)繩所成夾角如圖（a）所示，保持夾角不變，順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)兩測力計(jì)直至測力計(jì)水平，在此過程中，測力計(jì)的示數(shù)___________。
A. 一直變大B. 一直變小
C. 先變大后變小D. 先變小后變大
【答案】（1）2.6 （2）BC （3）B
【解析】
小問1詳解】
如圖所示，彈簧測力計(jì)讀數(shù)
【小問2詳解】
A．連接測力計(jì)的細(xì)繩之間夾角不宜過大，也不宜過小。故A錯(cuò)誤；
B．為了保證實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，實(shí)驗(yàn)前必須對(duì)測力計(jì)進(jìn)行校準(zhǔn)和調(diào)零。故B正確；
C．為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)保持測力計(jì)與量角器所在平面平行。不然得到的只是該方向上的分力，誤差較大。故C正確。
故選BC。
【小問3詳解】
如圖所示，OA和OB之間的夾角不變，由幾何關(guān)系可知
測力計(jì)a的示數(shù)變大，測力計(jì)的示數(shù)變小。
故選B。
12. 測量電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，為了消除電流表和電壓表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)。先將單刀雙擲開關(guān)接1，閉合，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組電壓和電流，斷開，作出圖像；再將開關(guān)接2，重復(fù)上述操作。最終作出的兩條圖線如圖（b）所示。
（1）僅利用開關(guān)接1測得的數(shù)據(jù)，得出電動(dòng)勢和內(nèi)阻，系統(tǒng)誤差來源于___________。
A. 電壓表分流B. 電流表分壓
（2）開關(guān)接2進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，作出的圖像為圖（b）中的圖線___________（填“A”或“B”）。
（3）消除電流表和電壓表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，用圖（b）中物理量的符號(hào)表示出電動(dòng)勢___________，內(nèi)阻___________。
【答案】（1）B （2）B
（3） ①. ②.
【解析】
【小問1詳解】
由圖（a）所示電路圖可知，S2接1時(shí)相對(duì)于電源電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用使路端電壓的測量值小于真實(shí)值造成實(shí)驗(yàn)誤差，故選B。
【小問2詳解】
開關(guān)S2接2時(shí)由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實(shí)值，電壓表示數(shù)為零時(shí)分流電流為零，故可知導(dǎo)致電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻的測量值都小于真實(shí)值，U-I圖圖線應(yīng)為B。
【小問3詳解】
[1]開關(guān)S2接1時(shí)電源電動(dòng)勢的測量值等于真實(shí)值，圖線為A，則電源電動(dòng)勢E=UA；
[2]開關(guān)S2接2時(shí)短路電流的測量值與真實(shí)值相等，由圖線B可知，短路電流為IB，則電源內(nèi)阻
13. 某小區(qū)發(fā)生一起高空墜物案件，警方在調(diào)取事發(fā)地監(jiān)控后截取了兩個(gè)畫面，合成圖片如圖所示，圖中黑點(diǎn)為墜落的重物。重物經(jīng)過、兩點(diǎn)的時(shí)間間隔為，各樓層平均高度約為，陰影部分為第14層的消防通道。重物可視為由靜止墜落，忽略空氣阻力，取重力加速度。請(qǐng)估算：
（1）重物開始?jí)嬄涞臉菍樱?br>（2）重物剛接觸地面時(shí)的速度大?。ㄓ?jì)算結(jié)果取整數(shù)）。
【答案】（1）16樓 （2）或
【解析】
【小問1詳解】
由圖片可知，在時(shí)間內(nèi)下落了約的高度，設(shè)重物由點(diǎn)開始下落，的距離為，重物經(jīng)過的時(shí)間為，則，
解得
結(jié)合圖片中點(diǎn)位置，可確定重物從16樓開始?jí)嬄洹?br>【小問2詳解】
設(shè)到地面的距離為，重物剛接觸地面的速度為，由（1）問結(jié)果可知
解得或
14. 如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場；第二象限內(nèi)存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度。某帶電粒子由點(diǎn)（，0）以速度沿軸正方向射入電場，經(jīng)軸進(jìn)入磁場，偏轉(zhuǎn)后會(huì)再次回到電場。已知該粒子質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)粒子的重力，，。求：
（1）粒子第一次進(jìn)入磁場的速度大小；
（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小問1詳解】
粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知
沿軸方向有
聯(lián)立解得，
則粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小
【小問2詳解】
粒子第一次進(jìn)入磁場時(shí)的位置坐標(biāo)
設(shè)粒子進(jìn)入磁場時(shí)速度與軸正方向夾角為，則
解得
粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與軸相切時(shí)，半徑最大，如圖所示
根據(jù)幾何關(guān)系可得
解得最大半徑
即粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡半徑滿足
由洛倫茲力提供向心力得
解得
15. “磁懸浮列車”是通過電磁力實(shí)現(xiàn)列車與軌道之間無接觸的懸浮和導(dǎo)向，再利用直線電機(jī)產(chǎn)生的電磁力牽引列車運(yùn)行。某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)簡化模型如圖（a）所示，若磁懸浮列車模型的總質(zhì)量為，模型底部固定一與其絕緣的矩形金屬線框，線框的總電阻為。用兩根足夠長、水平固定、間距為（和矩形線框的邊長相等）的平行金屬導(dǎo)軌、模擬列車行駛的軌道，導(dǎo)軌間存在垂直導(dǎo)軌平面的等間距的交替勻強(qiáng)磁場，相鄰兩勻強(qiáng)磁場的方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為，每個(gè)磁場寬度與矩形線框的邊長相等，如圖（b）所示。將列車模型放置于導(dǎo)軌上，當(dāng)交替磁場以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，列車模型受磁場力由靜止開始運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到開始勻速運(yùn)動(dòng)，假定列車模型在運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力恒定，不考慮磁場運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的其他影響。
（1）求列車模型所受阻力的大小；
（2）列車模型勻速運(yùn)動(dòng)后，某時(shí)刻磁場又以加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)時(shí)間列車模型也開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。
①分析求出列車模型勻加速運(yùn)動(dòng)加速度大??；
②若列車模型開始勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為，求時(shí)間內(nèi)列車所受安培力做的功。
【答案】（1）
（2）①；②
【解析】
【小問1詳解】
設(shè)列車行駛速度為，線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為
感應(yīng)電流大小為
線框所受安培力大小為
當(dāng)時(shí)，對(duì)列車根據(jù)平衡條件有
【小問2詳解】
①列車做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律
可知安培力恒定，根據(jù)線框所受安培力
可知，感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，線框相對(duì)磁場的速度恒定，則應(yīng)滿足線框的加速度大小為
②磁場勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)間內(nèi)，對(duì)列車根據(jù)動(dòng)量定理有
即
其中時(shí)間內(nèi)磁場位移為
可解得時(shí)間內(nèi)列車位移
對(duì)列車根據(jù)動(dòng)能定理有

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