一、單選題
1．下列關于科學家對物理學發(fā)展所做的貢獻正確的是（ ）
A．牛頓三大運動定律是研究動力學問題的基石，牛頓的三大運動定律都能通過現代的實驗手段直接驗證
B．亞里士多德認為重的物體下落得快，輕的物體下落得慢，伽利略通過實驗和合理的推理提出質量并不是影響物體下落快慢的原因
C．法拉第根據小磁針在通電導線周圍的偏轉而發(fā)現了電流的磁效應
D．安培提出了磁場對運動電荷的作用力公式
2．2024年11月25日至27日，黑龍江省大部分地區(qū)出現了一次大范圍的降雪，給人們的出行造成了一定的影響。一輛卡車在冰雪路面上以的速度勻速行駛，由于前方出現事故司機緊急剎車，假設剎車過程做勻減速直線運動，已知剎車的加速大小，則下列說法中正確的是（ ）
A．剎車后第1s內的位移為8mB．剎車后5s內卡車前進的距離為18.75m
C．剎車后5s內的平均速度為4m/sD．剎車后6s末的瞬時速度大小為5m/s
3．在一次公開課的展示中，小王老師給同學們做了“探究感應電流的方向”實驗。王老師拿了一塊磁極方向未知的條形磁鐵，平板小車上安裝線圈、導線、發(fā)光二極管等元件，線圈繞法及電路連接方式如圖所示，已知桌面的摩擦很小，下列說法中正確的是（ ）
A．當條形磁鐵向右靠近線圈時，平板小車將向左移動
B．當左側二極管發(fā)光時，此過程一定是條形磁鐵的S極向右插入線圈
C．在條形磁鐵插入線圈的過程中，如果右側的二極管發(fā)光則條形磁鐵的右端為N極
D．實驗中發(fā)現左側二極管發(fā)光的同時，小車又向右移動，則我們無法判斷條形磁鐵哪一端為N極
4．如圖所示，用電阻率為，橫截面積為S，粗細均勻的電阻絲折成一個圓形框架。A、B為框架上的兩點，。A、B兩點與一個電動勢為E，內阻忽略不計的電源相連。垂直于豎直框架平面有一個磁感強度為B、方向水平向里的勻強磁場。這個框架受到的安培力的合力大小和方向為（ ）
A．，豎直向上B．，豎直向上
C．，豎直向下D．，豎直向下
5．冰車是東北地區(qū)冬季喜聞樂見的游樂項目。如圖甲所示，小孩坐在冰車上，大人先用水平恒力推了5s后，又用水平恒力推了25s，之后撤去了外力，小孩及冰車又在冰面上自由滑行了10s，最終靜止。已知小孩和冰車的總質量為40kg，小孩在冰面上做直線運動的圖像如圖乙所示，忽略空氣阻力，重力加速度g取，則下列說法中正確的是（ ）
A．水平恒力
B．冰車與冰面的動摩擦因數
C．整個過程中冰車在冰面上運動的總距離為
D．整個過程中大人對小孩和冰車做的功為
6．2024年11月25日齊齊哈爾市迎來了第一次降雪，強降雪過后小明用雪鏟清理積雪過程如圖所示，小明的質量為56kg，鞋與地面之間的動摩擦因數為0.75，雪鏟與地面之間的動摩擦因數為0.375，（雪鏟面足夠大且雪鏟和桿質量不計，人、雪鏟和手柄之間作用力均沿桿方向，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，小明的最大力氣為450N）手柄與水平保持53°角不變，sin53°=0.8，cs53°=0.6，重力加速度g取10m/s2。則小明能推動最多積雪約為（ ）
A．18kgB．28kgC．36kgD．45kg
7．如圖所示，一個人站在河邊以一定的初速度斜向上拋出一石子。已知石子落水時的速度方向與初速度互相垂直，拋出點和落水點之間的距離，，不計空氣阻力。則石子在空中的運動時間為（ ）
A．1.2sB．1.4sC．1.6sD．1.8s
二、多選題
8．北斗衛(wèi)星導航系統是我國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統。北斗系統空間段由若干地球靜止軌道衛(wèi)星G5（軌道高度約為36000km）、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星（軌道高度約為36000km，軌道平面與赤道平面的夾角為）和中圓地球軌道衛(wèi)星M3（軌道高度約為21600km）三種軌道衛(wèi)星組成混合導航星座，所有衛(wèi)星運動均可視為勻速圓周運動。根據題中所給條件下列判斷正確的是（ ）
A．傾斜地球同步軌道衛(wèi)星總在地面上某點正上方
B．北斗G5的線速度一定小于北斗M3的線速度
C．北斗G5繞地球運轉的向心加速度一定小于北斗M3的向心加速度
D．北斗G5的機械能一定大于北斗M3的機械能
9．如圖所示，用長為L的不可伸長的絕緣細線，懸掛一個質量為m電荷量為的小球，處于水平向右的勻強電場中，場強大小為，g為當地的重力加速度。現給小球一個垂直紙面向里的初速度。小球恰能在垂直于紙面內完成勻速圓周運動，，，下列說法中正確的是（ ）
A．小球做勻速圓周的軌道半徑為
B．小球的初速度大小為
C．小球做圓周運動的周期為
D．小球在做勻速圓周運動的過程中，電勢能減小量的最大值為
10．如圖所示，兩個平行的半徑為r的粗糙四分之一圓弧導軌MN、PQ與足夠長的光滑水平導軌NC、QD平滑相連，軌道的右側CD端串聯一個阻值為R的定值電阻。整個區(qū)域存在磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場，導軌間距為d，ab是質量為m、電阻為的導體棒，導軌電阻忽略不計。ab從四分之一圓弧軌道頂端MP以的角速度勻速運動到底端NQ，之后在水平軌道上繼續(xù)運動直到靜止。ab始終與導軌垂直并接觸良好，重力加速度為g。下列說法正確的是（ ）
A．導體棒ab在MP、NQ之間運動的過程中流過電阻R的電荷量為
B．整個過程中導體棒ab與導軌間由于摩擦而產生的熱量為
C．整個過程中電阻R上產生的焦耳熱為
D．導體棒ab在水平導軌上運動的總距離為
三、實驗題
11．如圖1所示為“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置示意圖。其中小車與車中砝碼的總質量記為M，槽碼的總質量記為m，重力加速度為g。
(1)下列說法正確的是________
A．平衡摩擦力時，應將槽碼用細繩通過定滑輪系在小車上
B．平衡摩擦力時，應把小車上的細繩和紙帶都取下
C．每次改變小車的質量時，都需要重新平衡摩擦力
D．在實驗中，應使小車與車中砝碼的質量遠大于所掛槽碼的質量
(2)如圖2是某一次實驗打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶，取計數點A、B、C、D、E、F、G。如果實驗時交流電的頻率實際為50.5Hz，而做實驗的同學并不知道，仍按照50Hz進行計算，求得的加速度值比真實值 。（選填“偏大”、“偏小”、“不變”）
(3)某同學在保持M一定，探究小車的加速度a與受力F的關系時，認為“細線對小車的拉力F的大小等于槽碼所受的總重力的大小”，根據實驗數據做出圖像OAB，如圖3所示（若實驗前已經補償了阻力）。該同學利用最初的幾組數據擬合了一條直線OAP。一條豎直線和這兩條圖線以及橫軸的交點分別為P、Q、N。求 （用題目中的M、m表示）。
12．某電學實驗興趣小組結合物理課本上的多用電表結構示意圖及實驗室現有器材，設計了如圖所示可以當作“”“”兩個倍率使用的歐姆表。他們使用到的器材有：
電源E（電動勢，內阻忽略不計）
定值電阻、
電流表G（量程為，內阻）
滑動變阻器R（最大阻值為）
單刀雙擲開關S
(1)按照多用電表的原理，接線柱A端應該接 表筆（選填“紅”或“黑”）；
(2)當單刀雙擲開關S撥到1端時，歐姆表的倍率為 （選填“”或“”）；將紅黑表筆短接調節(jié)電阻R進行歐姆調零，當電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流 mA；
(3)當歐姆表倍率取“”，將紅黑表筆短接進行歐姆調零后電阻 ；然后再A、B之間接入一個電阻后發(fā)現電流表偏轉，則待測電阻
四、解答題
13．小型交流發(fā)電機向較遠處用戶供電，發(fā)電機線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動。已知線圈abcd的匝數，面積，線圈勻速轉動的角速度，勻強磁場的磁感應強度大小。輸電導線的總電阻，降壓變壓器原、副線圈的匝數比為。用戶區(qū)標有“220V 8.8kW”的電動機恰能正常工作，用戶區(qū)及連接發(fā)電機線圈的輸電導線電阻可以忽略，發(fā)電機線圈電阻不可忽略。求：
(1)輸電線路上損耗的電功率；
(2)若升壓變壓器原、副線圈匝數比為，求發(fā)電機線圈電阻r。
14．大型工廠的車間中有一種設備叫做天車如圖甲所示，是運輸材料的一種常用工具。此裝置可以簡化為如圖乙所示的模型，足夠長的光滑水平桿上套有一個質量為3m的滑塊，滑塊正下方用長為L不可伸長的輕繩懸掛一個質量為m的小球。開始兩者均靜止，現給小球一個水平初速度（未知），小球恰好能達到與滑塊等高的位置，此時滑塊水平向右移動s，重力加速度為g，求：
(1)初速度大??；
(2)小球第1次返回最低點時繩的拉力大??；
(3)從給小球初速度開始到第1次擺到最高點的時間。
15．現代科技中，常常用電場和磁場來控制帶電粒子的運動。如圖甲所示，在xOy坐標系內存在著周期性交替變化的電場和磁場，電場強度E和磁感強度B隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，圖中和已知，磁場規(guī)定垂直紙面向里為正方向。電荷量為，質量為m的粒子（不計重力），在時刻以的初速度從點沿x軸正方向進入電磁場區(qū)域。已知時刻粒子第1次通過x軸，整個區(qū)域處于真空環(huán)境中。求：
(1)時刻，粒子的加速度大??；
(2)的大小；
(3)從時刻開始計時粒子經過多長時間距O點最遠，最遠距離是多少？
《2025屆黑龍江省“六校聯盟”高三上學期聯合適應性考試物理試題》參考答案
1．B
【詳解】A．牛頓第一定律是在伽利略的理想斜面實驗和大量的事實的基礎上，推理出來的并不能通過實驗來驗證，故A錯誤；
B．伽利略通過實驗和合理的推理反駁了亞里士多德提出的重的物體下落得快，輕的物體下落得慢的觀點，故B正確；
C．丹麥的物理學家奧斯特根據小磁針在通電導線周圍的偏轉而發(fā)現了電流的磁效應，故C錯誤；
D．洛倫茲提出了磁場對運動電荷的作用力公式，故D錯誤。
故選B。
2．C
【詳解】A．卡車剎車的時間為
剎車后第1s內的位移為
故A錯誤；
B．由于，則剎車后5s內卡車前進的距離為
故B錯誤；
C．剎車后5s內的平均速度為
故C正確；
D．由于，則剎車后6s末的瞬時速度大小為零，故D錯誤。
故選C。
3．C
【詳解】A．根據楞次定律的推廣含義“來拒去留”當條形磁鐵向右靠近線圈時，平板小車也應該向右移動，故A錯誤；
B．當左側二極管發(fā)光時，由安培定則可以判斷線圈內的感應電流磁場向右，再由楞次定律判斷原磁場的磁通量可能向左增大或向右減小，因此，條形磁鐵可能S極向右插入線圈或N極向左抽離線圈，故B錯誤；
C．如果右側的二極管發(fā)光，根據安培定則可以判斷線圈內的感應電流磁場向左，在條形磁鐵插入線圈的過程時，磁通量增大，再根據楞次定律“增反減同”判斷原磁場一定向右，條形磁鐵的右端為一定為N極，故C正確；
D．如果實驗中發(fā)現左側二極管發(fā)光的同時，小車又向右移動，則一定是條形磁鐵左端為N極，右端為S極，故D錯誤。
故選C。
4．A
【詳解】根據左手定則判斷圓形框架受到的安培力一定豎直向上；設下方圓弧電阻為r，則上方圓弧電阻為3r，圓形框架的半徑為R，其中
二者并聯總電阻為
由歐姆定律
而有效長度為，根據安培力公式
故選A。
5．D
【詳解】B．在30~40s內小孩和冰車在只受摩擦力的作用下做勻減速直線運動，根據圖像可知，此段的加速度大小為
由牛頓第二定律
得冰車與冰面的動摩擦因數
故B錯誤；
A．0~5s內冰車做勻加速直線運動，根據圖像可知
再由牛頓第二定律
解得
故A錯誤；
C．圖像與橫軸所圍成的面積表示位移，因此整個過程中冰車在冰面上運動的總距離為
故C錯誤；
D．由動能定理
代入數據得
故D正確。
故選D。
6．B
【詳解】對小明同學受力分析，設小明不相對地面發(fā)生相對滑動對桿最大的推力為Fm，則
解得
設最多能推動積雪的質量為m，對積雪受力分析可得
解得
故選B。
7．B
【詳解】如圖所示，以垂直于為x軸，以方向為y軸建立平面直角坐標系，設y軸與豎直向下成角，將重力加速度g分解為，
根據速度—時間公式有
根據位移—時間公式有，，
代入數據解得
故選B。
8．BC
【詳解】A．傾斜軌道衛(wèi)星的周期是24小時，在地面上看是移動的，因此不能總是在某點的正上方，故A錯誤；
B．根據萬有引力提供向心力有
得
北斗G5的軌道半徑大于北斗M3的軌道半徑，因此北斗G5的線速度小于北斗M3的線速度，故B正確；
C．根據牛頓第二定律有
得
北斗G5的軌道半徑大于北斗M3的軌道半徑，因此北斗G5的向心加速度小于北斗M3的向心加速度，故C正確；
D．由于衛(wèi)星質量未知，故無法比較機械能大小，故D錯誤。
故選BC。
9．BD
【詳解】A．如圖所示
帶電小球在垂直紙面內做勻速圓周運動，電場力、重力和繩拉力的合力提供做圓周的向心力，將重力和電場力進行合成，二者的合力可看做等效重力來處理，由于
則
合力方向與豎直方向成角，則
解得
軌道半徑
故A錯誤；
B．由牛頓第二定律有
解得
故B正確；
C．周期
故C錯誤；
D．小球運動到軌跡的最高點時，電場力做正功最多，電勢能減小量最多為
故D正確。
故選BD。
10．BD
【詳解】A．導體棒ab在MP、NQ之間運動的過程中根據
故A錯誤；
B．在MP、NQ之間運動的過程中設經過時間t導體棒ab做圓周運動轉過的角度為，則：，
產生的感應電動勢為
為正弦交流電，電動勢的有效值為
下滑過程中產生總的焦耳熱為
由能量守恒定律：整個過程中由于摩擦而產生的熱量為
故B正確；
C．下滑過程中電阻R上產生的焦耳熱為
水平軌道上由能量守恒：電阻R上產生的焦耳熱為
因此整個過程中電阻R上產生的焦耳熱為
故C錯誤；
D．導體棒ab在水平導軌上運動，由動量定理：
又
則
解得：
故D正確。
故選BD。
11．(1)D
(2)偏小
(3)
【詳解】（1）AB．平衡摩擦力時，應把小車上的細繩和槽碼取下，但紙帶需要連接在小車上，利用紙帶上的點跡是否均勻判斷小車是否做勻速運動，故AB錯誤；
C．平衡摩擦力時，有
每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力，故C錯誤；
D．為了使細線拉力近似等于所掛槽碼的總重力，在實驗中，應使小車和鉤碼的質量遠大于所掛槽碼的質量，故D正確。
故選D。
（2）如果實驗時交流電的頻率實際為50.5Hz，則實際打點周期小于0.02s，而做實驗的同學并不知道，仍按照50Hz進行計算，則代入計算的時間偏大，根據逐差法可知求得的加速度值比真實值偏小。
（3）圖中PN對應小車合力為懸掛物的重力mg時的加速度，即
解得
圖中QN對應小車的實際加速度，設此時細線的拉力為T；
對小車有
對懸掛物有
解得
聯立解得
結合圖像斜率的含義，可得
12．(1)紅
(2) 10
(3) 1401 500
【詳解】（1）紅表筆與內部電源的負極相連，黑表筆與內部電源的正極相連，故接線柱A端應與紅表筆相連。
（2）[1]當單刀雙擲開關撥到1端時，電流表的量程較大，故調零時歐姆表的內電阻較小，即歐姆表的中值電阻也較小，測量待測電阻時的量程較小，倍率為較小的“”。
[2]S撥到1端，則有：
解得：
即當電流表G滿偏時，通過紅黑表筆的電流為10mA。
（3）[1]當歐姆表倍率取“”，即單刀雙擲開關撥到2端時，歐姆調零的電阻為R，則有
解得
[2]當歐姆表倍率取“”，干路電流為
此時歐姆表內阻為
當指針指到處時，電路的總電流為，總電阻為短接時的倍，即，故待測電阻為
13．(1)
(2)
【詳解】（1）設降壓變壓器原、副線圈的電流分別為、，電動機恰能正常工作，則
解得
根據理想變壓器的變流規(guī)律有
解得
輸電線路上損耗的電功率為
解得
（2）根據理想變壓器的變壓規(guī)律有
解得
升壓變壓器副線圈兩端電壓為
解得
根據理想變壓器的變壓規(guī)律有
解得
交流發(fā)電機產生的感應電動勢的最大值為
代入數據解得電動勢有效值
根據理想變壓器的變流規(guī)律有
其中
解得
根據閉合電路歐姆定律有
解得
14．(1)
(2)
(3)
【詳解】（1）小球第一次到最高點時，小球和滑塊達到相同速度，由水平方向的動量守恒
由系統機械能守恒
聯立得
（2）小球第1次返回最低點時，設小球速度，滑塊的速度為，對系統由動量守恒定律和機械能守恒定律，
解得，
由牛頓第二定律
聯立解得
（3）從開始到第1次擺到最高點的過程中二者組成系統水平方向動量守恒，取極短時間內
累加可得
又，
則
解得
15．(1)
(2)
(3)（，1，），
【詳解】（1）時刻對粒子受力分析，根據牛頓第二定律有
又
聯立可得
（2）在時間內，設此段時間間隔為，粒子受和的共同作用，設
令
則有
故
所以粒子以勻速直線運動的同時又以速率做勻速圓周運動，合運動的軌跡為擺線，則有
解得
所以
周期為
則
則恰好運動到最高點且
則有
之后在時間內粒子只在電場力作用下做勻加速直線運動，設此段時間間隔為，則有，
解得
則有
（3）時刻之后，粒子將重復之前的運動，軌跡如圖所示
整個過程粒子將沿著OABCDEFGO做周期性運動。當粒子運動到C點時離O點最遠則，
則有
可得（，1，）
解得（，1，）
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
C
C
A
D
B
B
BC
BD
BD

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