一、單選題
1．以下是同學(xué)們對(duì)一些常見(jiàn)物理量進(jìn)行估測(cè)，其中符合實(shí)際的是( )
A．托起兩個(gè)雞蛋的力約為
B．地球的直徑約為
C．人的正常體溫約為
D．某中學(xué)生短跑成績(jī)約為
【答案】C
【解析】【解答】A.托起兩個(gè)雞蛋的力約為1N，故A錯(cuò)誤；
B.地球的直徑約為6370km，故B錯(cuò)誤；
C.人的正常體溫約為37℃左右，故C正確；
D.某中學(xué)生短跑成績(jī)約為7s，故D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】根據(jù)對(duì)力、長(zhǎng)度、溫度和時(shí)間的認(rèn)識(shí)判斷。
2．關(guān)于如圖所示的四個(gè)情景，下列說(shuō)法正確的是( )
A．甲圖中兩個(gè)底面削平的鉛塊緊壓在一起后能吊住重物，主要是由于大氣壓強(qiáng)的作用
B．乙圖中紅墨水在熱水中比在冷水中擴(kuò)散快，說(shuō)明分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)
C．丙圖雙手互搓取暖，是通過(guò)熱傳遞方式改變手的內(nèi)能
D．丁圖中活塞向下運(yùn)動(dòng)，這是內(nèi)然機(jī)的壓縮沖程
【答案】B
【解析】【解答】A.甲圖中兩個(gè)底面削平的鉛塊緊壓在一起后能吊住重物，主要是由于分子之間存在引力，故A錯(cuò)誤；
B.乙圖中紅墨水在熱水中比在冷水中擴(kuò)散快，說(shuō)明分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)，故B正確；
C.丙圖雙手互搓取暖，是通過(guò)做功方式改變手的內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；
D.丁圖中活塞向下運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)氣門(mén)關(guān)閉，則這是內(nèi)然機(jī)的做功沖程，故D錯(cuò)誤。
故選B。
【分析】A.根據(jù)分子之間存在作用力判斷；
B.根據(jù)分子運(yùn)動(dòng)與溫度的關(guān)系判斷；
C.改變物體內(nèi)能的方式：做功和熱傳遞；
D.根據(jù)氣門(mén)的開(kāi)合和活塞的運(yùn)行方向確定沖程名稱(chēng)。
3．川北皮影，又稱(chēng)“影子戲”或“燈影戲”，是一項(xiàng)具有豐富歷史和深厚文化底蘊(yùn)的國(guó)家級(jí)非物質(zhì)文化遺產(chǎn)。它是用燈光將受皮影的操縱者（攔門(mén)匠）操作的人物或物件表演的影投射到屏幕上，如圖甲。圖①②③④現(xiàn)象中與川北皮影成像原理相同的是( )
A．①圖：海市蜃樓
B．②圖：南充清輝閣倒影
C．③圖：手影游戲
D．④圖：魚(yú)的實(shí)際位置在看到的“魚(yú)”的上方
【答案】C
【解析】【解答】川北皮影戲的成像原理為光的直線傳播。
A.①圖：海市蜃樓屬于光的折射現(xiàn)象，故A不合題意；
B.②圖：南充清輝閣倒影，屬于光的反射現(xiàn)象，故B不合題意；
C.③圖：手影游戲，屬于光的直線傳播，故C不合題意；
D.④圖：魚(yú)的實(shí)際位置在看到的“魚(yú)”的上方，屬于光的折射現(xiàn)象，故D不合題意。
故選C。
【分析】分析各個(gè)選項(xiàng)中包含的光學(xué)原理即可。
4．用飛機(jī)向云層撒干冰進(jìn)行人工降雨，出現(xiàn)下列物態(tài)變化，其中放熱的是( )
A．干冰迅速升華成二氧化碳?xì)怏w
B．小冰晶在下落過(guò)程中熔化為小水珠
C．小雨滴在下落過(guò)程中部分汽化為水蒸氣
D．云層中的水蒸氣凝華成小冰晶
【答案】D
【解析】【解答】A.干冰迅速吸熱，從固態(tài)直接變成氣態(tài)升華成二氧化碳?xì)怏w，故A錯(cuò)誤；
B.小冰晶在下落過(guò)程中吸熱，從固態(tài)變成液態(tài)發(fā)生熔化為小水珠，故B錯(cuò)誤；
C.小雨滴在下落過(guò)程中吸熱，從液態(tài)變成氣態(tài)發(fā)生汽化為水蒸氣，故C錯(cuò)誤；
D.云層中的水蒸氣放熱，從氣態(tài)直接變成固態(tài)發(fā)生凝華成小冰晶，故D正確。
故選D。
【分析】根據(jù)物質(zhì)的初始態(tài)和終末態(tài)確定物態(tài)變化的名稱(chēng)。
5．關(guān)于近期舉行的2024年巴黎奧運(yùn)會(huì)選拔賽的比賽項(xiàng)目，下列說(shuō)法正確的是( )
A．運(yùn)動(dòng)員在跳鞍馬過(guò)程中要助跑，是利用運(yùn)動(dòng)員的慣性
B．運(yùn)動(dòng)員在做單杠項(xiàng)目前，手要擦上滑石粉，是為了減小摩擦力
C．在自由體操項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員在空翻離地后到落回地面前，不受重力
D．運(yùn)動(dòng)員站在平衡木上靜止不動(dòng)，受到的重力與運(yùn)動(dòng)員對(duì)平衡木的壓力是一對(duì)平衡力
【答案】A
【解析】【解答】A.運(yùn)動(dòng)員在跳鞍馬過(guò)程中要助跑，是利用運(yùn)動(dòng)員的慣性，故A正確；
B.運(yùn)動(dòng)員在做單杠項(xiàng)目前，手要擦上滑石粉，是為了通過(guò)增大接觸面的粗糙程度的方式增大摩擦，故B錯(cuò)誤；
C.在自由體操項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員在空翻離地后到落回地面前，仍然受到重力，故C錯(cuò)誤；
D.運(yùn)動(dòng)員站在平衡木上靜止不動(dòng)，受到的重力與運(yùn)動(dòng)員對(duì)平衡木的壓力，二者方向相同，因此不是平衡力，故D錯(cuò)誤。
故選A。
【分析】A.物體保持運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)叫慣性；
B.增大摩擦力的方法：增大壓力或增大接觸面的粗糙程度；
C.地面附近的物體都受到重力作用；
D.平衡力的條件：大小相等、方向相反、作用在同一物體和同一直線上。
6．某?？苿?chuàng)小組為“共享助力車(chē)”的安全頭盔設(shè)計(jì)以下方案：掃碼成功后開(kāi)關(guān)S1閉合，指示燈L亮；從車(chē)頭取出頭盔并戴上后，頭盔內(nèi)遙控設(shè)備遙控S2閉合，電動(dòng)機(jī)通電工作；掃碼且戴頭盔才能騎行。下列電路符合以上設(shè)計(jì)要求的是 ( )
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】【解答】①根據(jù)題意可知，指示燈發(fā)光時(shí)電動(dòng)機(jī)可以工作，也可以不工作，即二者不相互影響，那么二者為并聯(lián)；
②開(kāi)關(guān)S1同時(shí)控制指示燈和電動(dòng)機(jī)，因此它在干路上；開(kāi)關(guān)S2只能控制電動(dòng)機(jī)，即它與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)在同一支路上，如下圖所示：
故選B。
【分析】用電器相互影響為串聯(lián)，不相互影響為并聯(lián)。干路開(kāi)關(guān)控制所有用電器，支路開(kāi)關(guān)只能控制它所在支路上的用電器，據(jù)此分析判斷。
7．2024年5月3日17時(shí)36分搭載有嫦娥六號(hào)探測(cè)器的長(zhǎng)征五號(hào)火箭發(fā)射升空，發(fā)射過(guò)程部分圖片如下，下列說(shuō)法不正確的是( )
A．三級(jí)火箭與箭體的分離過(guò)程，三級(jí)火箭相對(duì)儀器艙運(yùn)動(dòng)
B．三級(jí)火箭分離時(shí)相對(duì)火箭點(diǎn)火時(shí)，嫦娥六號(hào)機(jī)械能不變
C．火箭加速上升時(shí)，噴出的氣體對(duì)箭體的作用力，改變了火箭的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)
D．嫦娥六號(hào)進(jìn)入月球軌道和在月球上工作，是通過(guò)電磁波和地面交互信息
【答案】B
【解析】【解答】A.三級(jí)火箭與箭體的分離過(guò)程，三級(jí)火箭相對(duì)儀器艙的位置發(fā)生改變，因此是運(yùn)動(dòng)的，故A正確不合題意；
B.三級(jí)火箭分離時(shí)相對(duì)火箭點(diǎn)火時(shí)，嫦娥六號(hào)的速度增大，則動(dòng)能增大；高度增大，則重力勢(shì)能增大。根據(jù)“機(jī)械能=動(dòng)能+重力勢(shì)能”可知，它的機(jī)械能變大，故B錯(cuò)誤符合題意；
C.火箭加速上升時(shí)，噴出的氣體對(duì)箭體的作用力，改變了火箭的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故C正確不合題意；
D.嫦娥六號(hào)進(jìn)入月球軌道和在月球上工作，是通過(guò)電磁波和地面交互信息，故D正確不合題意。
故選B。
【分析】A.根據(jù)參照物的知識(shí)判斷；
B.機(jī)械能=動(dòng)能+重力勢(shì)能；
C.運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變包括：速度大小改變和運(yùn)動(dòng)方向改變；
D.根據(jù)電磁波的應(yīng)用解答。
8．下圖是我國(guó)古代勞動(dòng)人民運(yùn)送巨木的場(chǎng)景，通過(guò)杠桿、支架、懸繩、石塊等，將巨木一端抬起，墊上圓木，將其移到其他地方。下列說(shuō)法正確的是( )
A．支架下墊的底面積較大的石塊是為增大對(duì)地面的壓強(qiáng)
B．橫桿相當(dāng)于一個(gè)動(dòng)力臂大于阻力臂的杠桿，費(fèi)力省距離
C．當(dāng)巨木太重?zé)o法抬起時(shí)，可以讓杠桿右端的人遠(yuǎn)離支架，增大動(dòng)力臂
D．當(dāng)巨木太重?zé)o法抬起時(shí)，可以增大橫桿上懸繩與支架間的距離
【答案】C
【解析】【解答】A.支架下墊的底面積較大的石塊是為減小對(duì)地面的壓強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；
B.橫桿相當(dāng)于一個(gè)動(dòng)力臂大于阻力臂的杠桿，省力費(fèi)距離，故B錯(cuò)誤；
CD.當(dāng)巨木太重?zé)o法抬起時(shí)，可以讓杠桿右端的人遠(yuǎn)離支架，增大動(dòng)力臂；或者減小橫桿上懸繩與支架間的距離，減小阻力臂，從而達(dá)到省力的目的，故C正確，D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】A.減小壓強(qiáng)的方法：減小壓力或增大受力面積；
B.根據(jù)省力杠桿的特點(diǎn)判斷；
CD.根據(jù)杠桿的平衡條件F1L1=F2L2分析判斷。
9．以下關(guān)于電與磁的描述中，說(shuō)法正確的是( )
A．圖甲：磁感線不是真實(shí)存在的，地磁場(chǎng)的北極在地理北極附近
B．圖乙：p向右移動(dòng)，能吸引更多鐵釘，鐵釘下端為電磁鐵的S極
C．圖丙：同時(shí)對(duì)調(diào)磁極和電源正負(fù)極，線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)方向會(huì)發(fā)生改變
D．圖丁：閉合開(kāi)關(guān)，導(dǎo)體ab豎直向下運(yùn)動(dòng)或豎直向上運(yùn)動(dòng)，電流表指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)
【答案】D
【解析】【解答】A.磁感線是用來(lái)描述磁場(chǎng)的一些假想的曲線，不是真實(shí)存在的，而磁場(chǎng)是一種物質(zhì)，是存在的，地磁場(chǎng)的北極在地理南 極附近，故A錯(cuò)誤；
B.如圖乙，電流從電磁鐵A的上方流入、下方流出，由安培定則可知，電磁鐵A的上端是N極，下端的釘尖是S極；將滑動(dòng) 變阻器的滑片P向右移動(dòng)，電阻變大，電流變小，電磁鐵的磁性變?nèi)酰芪俚拇箢^針，故B錯(cuò)誤；
C.只對(duì)調(diào)電源正負(fù)極或磁極，電流的方向發(fā)生改變，故線圈受到力的方向發(fā)生改變，故線圈轉(zhuǎn)動(dòng)方向就會(huì)發(fā)生改變。而同時(shí)對(duì)調(diào)磁極和電源正負(fù)極，線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)方向不會(huì)發(fā)生改變，故C錯(cuò)誤；
D.閉合開(kāi)關(guān)，導(dǎo)體ab 豎直向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向與磁感線方向平行，不能切割磁感線，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針不 生偏轉(zhuǎn)，故D正確。
故選D。
【分析】 A.根據(jù)對(duì)磁感線的認(rèn)識(shí)判斷；
B.由安培定則可確定電磁鐵的磁極；電磁鐵的磁性強(qiáng)弱跟電流大小、線圈匝數(shù)多少、有無(wú)鐵芯有關(guān)； C.通電線圈在磁場(chǎng)中的轉(zhuǎn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向和電流方向有關(guān)；
D.閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)產(chǎn)生電流，這種電流叫感應(yīng)電流，這一現(xiàn)象叫電磁感應(yīng)現(xiàn) 象。
10．小洋研究液體密度時(shí)，用兩個(gè)完全相同的容器分別裝入甲、乙兩種液體，并繪制出總質(zhì)量m與液體體積V的關(guān)系如圖所示，由圖像可知( )
A．容器的質(zhì)量
B．甲液體密度是
C．乙液體密度
D．密度為的液體的圖像應(yīng)位于Ⅲ區(qū)域
【答案】D
【解析】【解答】ABC.由圖像可知，當(dāng)液體體積為0時(shí)，此時(shí)容器的質(zhì)量m容=20g，
當(dāng)m=80g，即m甲=m乙=80g-20g=60g時(shí)，此時(shí)甲、乙兩種液體的體積：V甲=40cm3，V乙=60cm3，
則甲、乙兩種液體的密度分別為：，，
由此可知，甲液體密度大于乙液體密度。故A、B、C錯(cuò)誤；
D.因?yàn)橐后w的密度比水的還小，根據(jù)m=ρV可知，質(zhì)量相同時(shí)，液體的體積大于水的體積，故液體的質(zhì)量與體積關(guān)系圖像應(yīng)在Ⅲ區(qū)，故D正確。
故選D。
【分析】ABC.由圖像可知，當(dāng)液體體積為0時(shí)，此時(shí)對(duì)應(yīng)的質(zhì)量即為容器的質(zhì)量；當(dāng)m=100g，即甲、乙兩種液體的質(zhì)量m甲=m乙=100g-40g=60g時(shí)對(duì)應(yīng)的體積，根據(jù)密度公式求出兩者密度的大小；
D.液體的密度小于水的密度，根據(jù)密度公式可知質(zhì)量相同時(shí)體積之間的關(guān)系，然后判斷液體的質(zhì)量與體積關(guān)系圖像位于的區(qū)域。
二、多選題
11．如圖，開(kāi)關(guān)閉合后，電流表的示數(shù)分別為、，電壓表的示數(shù)分別為、、，的電阻小于的電阻，則下列關(guān)系中正確的是( )
A．B．
C．D．
【答案】A,C
【解析】【解答】把電流表看做一段導(dǎo)線，電壓表所在的電路看做斷路，對(duì)電路進(jìn)行簡(jiǎn)化如下圖：
由圖可以看出兩燈泡屬于串聯(lián)，串聯(lián)電路中各處的電流都相等，所以?xún)呻娏鞅淼氖緮?shù)相等，即I1=I2；
由電路圖可以看出，電壓表V1測(cè)的是燈泡L1兩端的電壓，電壓表V2測(cè)的是燈泡L2兩端的電壓，L1的電阻小于L2的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的分配與電阻成正比，U1＜U2；
電壓表V3測(cè)的是電源電壓，即總電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知：串聯(lián)電路兩端的總電壓等于各部分電路兩端的電壓之和，所以U1+U2=U3。
故AC正確，BD錯(cuò)誤。
故選AC。
【分析】首先對(duì)電路進(jìn)行簡(jiǎn)化，電流表相當(dāng)于一段導(dǎo)線，電壓表所在電路相當(dāng)于斷路；再分析電壓表和電流表各是測(cè)量誰(shuí)的電壓和電流，從而得出電壓和電流的關(guān)系。
12．質(zhì)量分布均勻的實(shí)心正方體甲、乙放在水平地面上，將甲、乙沿水平方向切去高度，剩余部分對(duì)地面的壓強(qiáng)p與的關(guān)系如圖所示，已知，，乙的邊長(zhǎng)為，下列選項(xiàng)正確的是( )（g?。?br>A．乙的密度B．未切前，甲的質(zhì)量為
C．圖中D．圖中
【答案】A,D
【解析】【解答】A.乙為質(zhì)量分布均勻的實(shí)心正方體，邊長(zhǎng)h乙=30cm=0.3m，
由圖知未切時(shí)，乙對(duì)水平地面的壓強(qiáng)p乙=6000Pa，
則乙的密度，故A正確；
B.甲為質(zhì)量分布均勻的實(shí)心正方體，由圖知未切時(shí)甲的邊長(zhǎng)h甲=20cm=0.2m，
甲的體積V甲=h甲3=（0.2m）3=0.008m3，
未切前，甲的質(zhì)量m甲=ρ甲V甲=6×103kg/m3×0.008m3=48kg，故B錯(cuò)誤；
C.由圖知，切去高度hA時(shí)，甲和乙對(duì)地面的壓強(qiáng)相等，則有：pA=ρ甲g（h甲-hA）=ρ乙g（h乙-hA），
6×103kg/m3×g×（0.2m-hA）=2×103kg/m3×g×（0.3m-hA），
解得：hA=0.15m=15cm，故C錯(cuò)誤；
D.pA=ρ甲g（h甲-hA）=6×103kg/m3×10N/kg×（0.2m-0.15m）=3×103Pa，故D正確。
故選AD。
【分析】A.由題可知，乙的邊長(zhǎng)和未切時(shí)乙對(duì)水平地面的壓強(qiáng)，利用p=ρgh得到正方體乙的密度；
B.由甲的邊長(zhǎng)和正方體的體積公式得到甲的體積，甲的密度已知，利用密度公式得到甲的質(zhì)量；
C.由圖知，切去高度hA時(shí)，甲和乙對(duì)地面的壓強(qiáng)相等，利用p=ρgh得到hA的值；
D.利用p=ρ液gh得到pA的值。
三、填空題
13．“轉(zhuǎn)軸撥弦三兩聲，未成曲調(diào)先有情”，這描寫(xiě)的是琵琶的聲音，從詩(shī)文中可以看出琵琶聲是由琴弦 產(chǎn)生，轉(zhuǎn)軸可以改變琴弦的松緊度，進(jìn)而改變聲音的 （選填“音調(diào)”“響度”“音色”）。
【答案】振動(dòng)；音調(diào)
【解析】【解答】（1）琵琶聲是由琴弦振動(dòng)產(chǎn)生；
（2）轉(zhuǎn)軸可以改變琴弦的松緊度，從而改變琴弦的振動(dòng)頻率，進(jìn)而改變聲音的音調(diào)。
【分析】（1）根據(jù)聲音產(chǎn)生的知識(shí)解答；
（2）聲音的高低叫音調(diào)，與發(fā)聲體的振動(dòng)頻率決定。
14．作為傳統(tǒng)燃油汽車(chē)燃料的汽油和柴油是 能源（選填“可再生”“不可再生”），為了減少燃油汽車(chē)對(duì)環(huán)境的污染，我國(guó)大力發(fā)展新能源汽車(chē)。如今，我國(guó)電動(dòng)汽車(chē)的多項(xiàng)技術(shù)已領(lǐng)跑世界，某型號(hào)的國(guó)產(chǎn)電動(dòng)汽車(chē)的電池容量為，額定電壓為，充滿(mǎn)電后，它儲(chǔ)存了 的能量。
【答案】不可再生；80
【解析】【解答】（1）汽油和柴油都是不能短時(shí)間內(nèi)得到補(bǔ)充的，為不可再生能源；
（2）充滿(mǎn)電后電池儲(chǔ)存的電能W=UIt=400V×20A×3600s=2.88×107J=82kW·h。
【分析】（1）可以在短時(shí)間內(nèi)得到補(bǔ)充的能源為可再生能源；
（2）根據(jù)W=UIt計(jì)算電池儲(chǔ)存的電能。
15．如圖所示電路，若甲、乙兩表為圖中電流表，閉合開(kāi)關(guān)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，兩表指針位置相同，則 ；若甲、乙兩表為圖中電壓表，閉合開(kāi)關(guān)、，則兩表示數(shù)之比是 （電表每次測(cè)量均未超過(guò)量程）。
【答案】4：1；5：4
【解析】【解答】（1）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1閉合、S2斷開(kāi)，甲、乙為電流表時(shí)，R1和R2并聯(lián)，甲電流表測(cè)R1支路的電流，乙電流表測(cè)干路電流；
因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，兩表指針位置相同，所以乙電流表的示數(shù)是甲電流表示數(shù)的5倍，即I甲：I乙=1：5；
則通過(guò)兩電阻的電流之比：I1：I2=I甲：（I乙-I甲）=1：（5-1）=1：4；
因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，由歐姆定律可得，并聯(lián)電阻電流之比等于電阻之比的倒數(shù)，則R1：R2=I2：I1=4：1；
（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1、S2閉合，甲、乙兩表為電壓表時(shí)，R1與R2串聯(lián)，甲電壓表測(cè)電源的電壓，乙電壓表測(cè)R1兩端的電壓，
因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以?xún)呻娮鑳啥说碾妷褐鹊扔陔娮柚?，?：1；
因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以?xún)呻妷罕淼氖緮?shù)之比：U甲：U乙=（U1+U2）：U2=（4+1）：4=5：4。
【分析】（1）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1閉合、S2斷開(kāi)，甲、乙為電流表時(shí)，R1和R2并聯(lián)，甲電流表測(cè)R1支路的電流，乙電流表測(cè)干路電流，兩表指針位置相同，所以乙電流表的示數(shù)是甲電流表示數(shù)的5倍；根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出兩支路的電流之比，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻的阻值之比；
（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1、S2閉合，甲、乙兩表為電壓表時(shí)，R1和R2串聯(lián)，甲測(cè)電源的電壓，乙測(cè)R1兩端的電壓；
根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓之比，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出兩電壓表的示數(shù)之比。
16．用四只完全相同的滑輪和兩根相同的繩子組成如圖所示的甲、乙兩個(gè)滑輪組，將重的貨物勻速吊起高。每只滑輪重為，繩自由端的拉力的大小分別為和，若不計(jì)繩重和摩擦， （選填“大于”“等于”“小于”），甲滑輪組的機(jī)械效率為 。
【答案】大于；
【解析】【解答】（1）根據(jù)圖片可知，承擔(dān)重力的繩子段數(shù)n甲=2，n乙=3，根據(jù)可知，拉力F1大于F2；
（2）甲滑輪組的機(jī)械效率。
【分析】（1）根據(jù)圖片確定承擔(dān)重力的繩子段數(shù)n，根據(jù)比較繩子自由端的拉力大?。?br>（2）根據(jù)計(jì)算甲的機(jī)械效率。
17．如圖，木板B置于水平地面上，物塊A疊放于B上。水平拉力，水平拉力。B靜止，A沿木板B以的速度向右勻速滑動(dòng)。則拉力的功率為 ，地面對(duì)木板B的摩擦力為 N。
【答案】5；20
【解析】【解答】（1）根據(jù)題意可知，拉力F2的功率P2=F2V2=50N×0.1m/s=5W；
（2）A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則它受到的摩擦力與拉力F2平衡，即AB之間的摩擦fAB=50N。
B靜止?fàn)顟B(tài)，則它受到平衡力，即拉力F1=f地+fAB，則地面對(duì)木板B的摩擦力為：f地=F1-fAB=70N-50N=20N。
【分析】（1）根據(jù)P=Fv計(jì)算拉力F2的功率；
（2）對(duì)B進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡力的知識(shí)計(jì)算地面對(duì)B的摩擦力大小。
18．如圖所示，電源電壓不變，電流表的量程為，定值電阻.，為滑動(dòng)變阻器，其最大阻值為50Ω，滑動(dòng)變阻器的滑片P在b端時(shí)，電流表的讀數(shù)為，則電源電壓為 V，在保證電路安全的情況下，滑動(dòng)變阻器的功率范圍為 。
【答案】24；3.6-4.8Ω
【解析】【解答】（1）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P在b端時(shí)接入電路中的電阻為50Ω，電流表測(cè)電路中的電流I=0.3A，
電路的總電阻R=R1+R2=30Ω+50Ω=80Ω，
則電源的電壓：U=IR=0.3A×80Ω=24V；
（2）電源電壓不變，電流表的量程為0-0.6A，電路安全電流為0.6A，
此時(shí)R1的電壓：U1=I1R1=0.6A×30Ω=18V，
根據(jù)串聯(lián)分壓原理得，R2的電壓U2=U-U1=24V-18V=6V，
滑動(dòng)變阻器消耗的最小電功率：P小=U2I1=6V×0.6A=3.6W，
當(dāng)R2=R1=30Ω時(shí)，根據(jù)串聯(lián)分壓原理得，R2的電壓；
滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最大，即。
在保證電路安全的情況下，滑動(dòng)變阻器的功率范圍為3.6～4.8W。
【分析】（1）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P在a端時(shí)接入電路中的電阻為0，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出電源的電壓；
（2）根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=I2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，利用數(shù)學(xué)知識(shí)判斷滑動(dòng)變阻器消耗功率的最大值并求出其大小。
四、作圖題
19．2023年9月17日，我國(guó)墨子巡天望遠(yuǎn)鏡正式啟用，它是北半球巡天能力最強(qiáng)的光學(xué)時(shí)域望遠(yuǎn)鏡，如圖甲所示。一束星光入射到望遠(yuǎn)鏡，經(jīng)主鏡反射后到達(dá)成像裝置，如圖乙所示，是反射光線，請(qǐng)畫(huà)出其入射光線并標(biāo)出入射角大小（保留作圖痕跡）。
【答案】
【解析】【解答】通過(guò)入射點(diǎn)作垂直鏡面的法線，然后根據(jù)“反射角等于入射角”在法線左側(cè)畫(huà)出對(duì)應(yīng)的入射光線。
反射光線和鏡面的夾角為53°，則反射角為：90°-53°=37°。根據(jù)“反射角等于入射角”可知，入射角為37°，如下圖所示：
【分析】根據(jù)光的反射定律完成作圖。
20．如圖，根據(jù)安全用電知識(shí)，將圖中元件用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連起來(lái)（開(kāi)關(guān)僅控制燈泡）。
【答案】
【解析】【解答】測(cè)電筆接觸火線時(shí)發(fā)光，則上面的為火線，中間的為零線。
①三孔插座的左孔接零線，右孔接火線，中孔接地線；
②為了用電安全，開(kāi)關(guān)要接在火線和燈泡之間。且燈泡尾部接火線，螺旋套接零線，如下圖所示：
【分析】根據(jù)家庭電路安全用電的知識(shí)完成連接。
五、實(shí)驗(yàn)題
21．小明采用如圖所示的裝置，進(jìn)行“探究液體壓強(qiáng)與哪些因素有關(guān)”的實(shí)驗(yàn)：
（1）實(shí)驗(yàn)前，小明用手指輕壓金屬盒橡皮膜，觀察U形管中兩液面是否出現(xiàn)高度差，若兩液面 （選填“有”“沒(méi)有”）高度差，則說(shuō)明U形管壓強(qiáng)計(jì)存在漏氣問(wèn)題；
（2）實(shí)驗(yàn)中，小明通過(guò)觀察 來(lái)比較液體內(nèi)部壓強(qiáng)的大小，這里應(yīng)用的科學(xué)方法是 ；
（3）比較 兩圖，可以研究液體壓強(qiáng)與液體深度的關(guān)系。
【答案】（1）沒(méi)有
（2）U形管內(nèi)液面的高度差；轉(zhuǎn)換法
（3）乙、丙
【解析】【解答】（1）、實(shí)驗(yàn)前，小明用手指輕壓金屬盒橡皮膜，觀察U形管中兩液面是否出現(xiàn)高度差，若兩液面沒(méi)有高度差，則說(shuō)明U形管壓強(qiáng)計(jì)存在漏氣問(wèn)題；
（2）實(shí)驗(yàn)中，小明通過(guò)觀察U形管內(nèi)液面的高度差來(lái)比較液體內(nèi)部壓強(qiáng)的大小，這里應(yīng)用的科學(xué)方法是轉(zhuǎn)換法；
（3）研究液體壓強(qiáng)與液體深度的關(guān)系時(shí)，需要控制液體的密度相同，只改變液體深度，故選實(shí)驗(yàn)乙和丙。
答案
第1空、乙、丙
【分析】（1）根據(jù)壓強(qiáng)計(jì)氣密性的檢查方法解答；
（2）U形管兩側(cè)液面的高度差越大，則橡皮膜受到的壓強(qiáng)越大。物理學(xué)中對(duì)于一些看不見(jiàn)摸不著的現(xiàn)象或不易直接測(cè)量的物理量，通常用一些非常直觀的現(xiàn)象去認(rèn)識(shí)或用易測(cè)量的物理量間接測(cè)量，這種研究問(wèn)題的方法叫轉(zhuǎn)換法。
（3）根據(jù)控制變量發(fā)的要求選擇對(duì)照實(shí)驗(yàn)。
22．如圖所示，某同學(xué)用自制的水透鏡來(lái)探究凸透鏡成像規(guī)律，當(dāng)向水透鏡里注水時(shí)，水透鏡的焦距將變小；當(dāng)從水透鏡里抽水時(shí)，水透鏡的焦距將變大。
（1）如圖甲所示，一束平行于主光軸的光射向水透鏡，在光屏上得到一個(gè)最小光斑，則此時(shí)水透鏡的焦距為 ；
（2）該同學(xué)移動(dòng)蠟燭，水透鏡和光屏至圖乙所示位置時(shí)，恰能在光屏上看到清晰 （選填“放大”“等大”“縮小”）的像，若僅將蠟燭與光屏位置對(duì)調(diào)，則在光屏上 （選填“能”“不能”）看到清晰的像；
（3）在（2）中將蠟燭與光屏位置對(duì)調(diào)后的場(chǎng)景下，該同學(xué)取了一副眼鏡給水透鏡“戴上”，如圖丙所示，發(fā)現(xiàn)光屏上的像變模糊，當(dāng)往水透鏡中加入適量的水后，發(fā)現(xiàn)燭焰的像再次變得清晰，由此判斷該眼鏡是 眼鏡（選填“近視”“遠(yuǎn)視”）。
【答案】（1）9.0
（2）縮?。荒?br>（3）近視
【解析】【解答】（1）根據(jù)圖甲可知，透鏡到光屏的距離就是焦距，即f=20cm-10cm=10cm；
（2）①根據(jù)圖乙可知，像距小于物距，則成倒立縮小的實(shí)像；
②根據(jù)光路的可逆性可知， 若僅將蠟燭與光屏位置對(duì)調(diào)，則在光屏仍然成清晰的實(shí)像，是變成倒立縮小的實(shí)像。
（3）水透鏡加水后凸度增大，則對(duì)光線的會(huì)聚能力增強(qiáng)，因此放入的眼鏡對(duì)光線有發(fā)散作用，應(yīng)該為凹透鏡，也就是近視眼鏡。
【分析】（1）焦距是從焦點(diǎn)到光心的距離；
（2）①比較像距和物距的大小，從而確定成像特點(diǎn)；
②根據(jù)光路的可逆性分析。
（3）分析水透鏡加水后對(duì)光線的作用確定眼鏡對(duì)光線的作用，進(jìn)而確定透鏡的種類(lèi)即可。
23．小紅想測(cè)量標(biāo)有“1.5V”字樣小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻，從實(shí)驗(yàn)室找來(lái)了電源、電壓表、電流表、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)。
（1）用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖甲電路連接完整 ；
（2）檢查無(wú)誤后，閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表無(wú)示數(shù)，小燈泡不亮，電壓表示數(shù)接近電源電壓。造成這一故障的原因可能是小燈泡 （選填“斷路”“短路”）；
（3）排除電路故障后，閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑片，當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，電流表示數(shù)如圖乙所示，則小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為 Ω；接下來(lái)她又測(cè)量了幾組對(duì)應(yīng)的電壓值和電流值，并繪制了小燈泡的圖象，如圖丙所示；
（4）小紅認(rèn)為不能利用圖甲的裝置探究電流與電壓的關(guān)系。理由是 ；
（5）小紅還想測(cè)出另一個(gè)額定電壓為的小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻，在保證電路安全的前提下，設(shè)計(jì)了如圖丁所示的電路（電源電壓恒定大于且未知，滑動(dòng)變阻器R最大阻值未知，定值電阻阻值為）。請(qǐng)將實(shí)驗(yàn)步驟補(bǔ)充完整：
①閉合、，斷開(kāi)，移動(dòng)滑片P，使電流表示數(shù)為 時(shí)，小燈泡正常發(fā)光；
②閉合、，斷開(kāi)，保持滑片P位置不變，讀出電流表的示數(shù)為I；
③小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻 。（用、I、表示）
【答案】（1）
（2）斷路
（3）5
（4）燈泡的電阻隨溫度的增大而增大，不能保持一定
（5）；
【解析】【解答】（1）滑動(dòng)變阻器上下各選一個(gè)接線柱與燈泡串聯(lián)在電路中，如下圖所示：
；
（2）閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表無(wú)示數(shù)，小燈泡不亮，說(shuō)明電路可能斷路，電壓表示數(shù)接近電源電壓，說(shuō)明電壓表與電源連通，則與電壓表并聯(lián)的電路以外的電路是完好的，則與電壓表并聯(lián)的電路斷路了，即造成這一故障的原因可能是小燈泡斷路；
（3）閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑片，當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，電流表示數(shù)如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值0.02A，其示數(shù)為0.3A，
則小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為：；
（4）探究電流與電壓的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，需控制電阻阻值不變，而燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，不能保持一定；
（5）實(shí)驗(yàn)步驟：
①閉合S、S2，斷開(kāi)S1，移動(dòng)滑片P，使電流表示數(shù)為 時(shí)，小燈泡正常發(fā)光；
②閉合S、S1，斷開(kāi)S2，保持滑片P位置不變，讀出電流表的示數(shù)為I；
③在步驟①中，燈泡和R0并聯(lián)，電流表測(cè)定值電阻的電流，由歐姆定律，定值電阻的電壓為：
U0=I0R0=×R0=U額，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的規(guī)律，燈兩端的電壓為額定電壓，此時(shí)燈正常發(fā)光；
在步驟②中，電流表測(cè)燈與R0并聯(lián)的總電流，因電路的連接關(guān)系沒(méi)有改變，各電阻的大小和通過(guò)的電流不變，燈仍正常發(fā)光，根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律，燈的額定電流：
I額=I-I0=I-，
則小燈泡的正常工作時(shí)的電阻為。
【分析】（1）滑動(dòng)變阻器上下各選一個(gè)接線柱串聯(lián)在電路中；
（2）閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表無(wú)示數(shù)，小燈泡不亮，說(shuō)明電路可能斷路，電壓表示數(shù)接近電源電壓，說(shuō)明電壓表與電源連通，則與電壓表并聯(lián)的電路以外的電路是完好的，則與電壓表并聯(lián)的電路斷路了；
（3）根據(jù)電流表選用量程確定分度值讀數(shù)，利用求出小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻；
（4）燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，不能保持一定；
（5）要測(cè)小燈泡正常發(fā)光時(shí)的阻值，應(yīng)先使燈正常發(fā)光，在沒(méi)有電壓表的情況下，電流表與定值電阻R0應(yīng)起到電壓表的測(cè)量作用，故將R0與電流表串聯(lián)后再與燈并聯(lián)，通過(guò)移動(dòng)變阻器的滑片使電流表示數(shù)為時(shí)，由并聯(lián)電路電壓的規(guī)律，燈兩端的電壓為額定電壓，燈正常發(fā)光；
保持滑片位置不變，通過(guò)開(kāi)關(guān)的轉(zhuǎn)換，使電流表測(cè)燈與R0并聯(lián)的總電流，因電路的連接關(guān)系沒(méi)有改變，各電阻的大小和通過(guò)的電流不變，燈仍正常發(fā)光，根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律求出燈的額定電流，根據(jù)寫(xiě)出小燈泡正常工作時(shí)電阻的表達(dá)式。
六、計(jì)算題
24．如圖甲所示為某品牌電熱水壺。該型號(hào)電熱水壺內(nèi)部簡(jiǎn)化電路如圖乙，額定電壓為，具有加熱、保溫兩擋。保溫?fù)醯念~定功率為，雙觸點(diǎn)開(kāi)關(guān)只能在觸點(diǎn)1和2、2和3及3和4之間切換。、是兩個(gè)阻值不變的發(fā)熱元件，其中?，F(xiàn)將此電熱水壺裝入初溫為的水，接到的家庭電路中，選用加熱擋加熱至。已知該電熱水壺加熱效率為，，。求：
（1）電熱水壺中水吸收的熱量；
（2）加熱擋的電功率；
（3）需要的加熱時(shí)間。
【答案】（1）解： 水的質(zhì)量為
水吸收的熱量為
（2）解： 的功率為
所以加熱功率為
（3）解：電熱水壺加熱時(shí)消耗的電能為
【解析】【分析】（1）根據(jù)m=ρV計(jì)算水的質(zhì)量，根據(jù) 計(jì)算水吸收的熱量；
（2）根據(jù) 計(jì)算R2的功率，根據(jù) 計(jì)算加熱功率；
（3）根據(jù) 計(jì)算電水壺消耗的電能，根據(jù) 計(jì)算加熱時(shí)間。
25．科創(chuàng)小組設(shè)計(jì)利用電流表測(cè)量質(zhì)量的裝置如圖?，F(xiàn)截取適當(dāng)長(zhǎng)度的電阻片R（它的阻值隨長(zhǎng)度L的變化圖像如圖乙所示）作為滑動(dòng)變阻器接入電路，如圖甲所示。如圖甲中，電源電壓6V恒定不變，電流表量程為0-0.6A。當(dāng)滑片P在最下端時(shí)，電流表示數(shù)為0.6A。裝置中托盤(pán)與圓柱形實(shí)心塑料浮筒M通過(guò)硬質(zhì)絕緣細(xì)桿固定連接，整體漂浮在裝有足夠深水的柱形薄壁容器中，且只能豎直移動(dòng)。托盤(pán)的質(zhì)量為0.27kg；M高22cm，底面積為300cm2，質(zhì)量為0.33kg；容器的底面積為400cm2，托盤(pán)通過(guò)滑桿帶動(dòng)滑片P上下移動(dòng)。托盤(pán)中未放物體時(shí)，調(diào)節(jié)水量，使滑片P正好位于R最上端。托盤(pán)中放入物體A時(shí)，M剛好浸沒(méi)，滑片P正好位于R最下端（g取10N/kg、ρ水=1.0×103kg/m3、不計(jì)滑片、滑桿、細(xì)桿的質(zhì)量，忽略摩擦阻力，工作中水不溢出）。求：
（1）的阻值；
（2）物體A的質(zhì)量；
（3）托盤(pán)中未放物體時(shí)，電流表的示數(shù)。
【答案】（1）解：當(dāng)滑片P位于下端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入的阻值為0：
（2）解： 物體M的體積為
物體M浸沒(méi)時(shí)受到的浮力為
物體A的質(zhì)量為
（3）解： 沒(méi)放物體A時(shí)浮筒.受到的浮力為
浮筒排開(kāi)的體積為
浮筒浸入的深度為
放入物體A后增加的浮力為A的重力
液面升高的距離為
滑片P移動(dòng)的距離為
由圖乙可知R的阻值為
托盤(pán)中未放物體時(shí)，電流表的示數(shù)為
【解析】【分析】 （1）電源電壓6V恒定不變，當(dāng)滑片P在最下端時(shí)，電阻R接入電路的電阻為零，電路中只有R0工作，電流表示數(shù)為0.6A， 根據(jù)歐姆定律 可以求出電阻R0的阻值；
（2）托盤(pán)中放入物體A時(shí)，浮筒M剛好浸沒(méi)，對(duì)M做受力分析，浮筒受到浮力、重力、物體A和托盤(pán)的壓力，根據(jù)力的平衡，計(jì)算出物體A的質(zhì)量；
（3）根據(jù)未放物體A之前浮筒受到的浮力和重力及托盤(pán)的重力。結(jié)合二力平衡的條件和阿基米德原理可以計(jì)算出浮筒 浸入水中的深度；放入物體A之后，浮筒浸沒(méi)在水中，液面升高，根據(jù)容器的底面積可以計(jì)算出液面升高的高度，進(jìn)而求 出滑片P移動(dòng)的距離，結(jié)合圖二中的數(shù)據(jù)得出電阻R的阻值，利用歐姆定律即可求出電流表的示數(shù)。

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