一、單選題
1．下列關(guān)于聲現(xiàn)象的說法正確的是（ ）
A．撥動張緊的橡皮筋，能聽到聲音，說明發(fā)聲的物體在振動
B．逐漸抽出真空罩內(nèi)的空氣，鬧鐘的鈴聲逐漸增強
C．用大小不同的力敲擊同一個編鐘，發(fā)出聲音的響度相同
D．超聲波清洗機清洗眼鏡，說明聲可以傳遞信息
【答案】A
【解析】【解答】A、撥動張緊的橡皮筋，能聽到聲音，說明發(fā)聲的物體在振動，故A正確。
B、逐漸抽出真空罩內(nèi)的空氣，鬧鐘的鈴聲逐漸增弱，故B錯誤。
C、用大小不同的力敲擊同一個編鐘，振幅不同，發(fā)出聲音的響度不同，故C錯誤。
D、超聲波清洗機清洗眼鏡，說明聲可以傳遞能量，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】（1）聲音是由物體的振動產(chǎn)生的。
（2）聲音的傳播需要介質(zhì)。
（3）聲音的大小叫響度，響度與振幅和距離聲源的遠近有關(guān)。
（4）聲音可以傳遞信息和能量。
2．下列事例中，與“水的比熱容較大”這個特性無關(guān)的是（ ）
A．汽車發(fā)動機用水作冷卻劑
B．人游泳之后從水中出來，風一吹感覺更冷
C．海邊晝夜溫度變化比沙漠中小，適于居住
D．生物體內(nèi)水的比例很高，有助于調(diào)節(jié)生物體自身的溫度
【答案】B
【解析】【解答】A、因為水的比熱容較大，相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，升高相同的溫度，水吸收的熱量多，所以用水冷卻汽車發(fā)動機，故A不符合題意。
B、游泳之后從水中出來，風一吹感覺特別冷，是由于身體表面的水汽化吸熱，與“水的比熱容較大”這個特性無關(guān)，故B符合題意。
C、因為水的比熱容較大，白天，相同質(zhì)量的水和沙石比較，吸收相同的熱量，水的溫度升高的少；夜晚，放出相同的熱量，水的溫度降低的少，使得晝夜的溫差小，由此使得海邊晝夜溫差小，故C不符合題意。
D、因為水的比熱容大，相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，吸收或放出相同的熱量，水升高或降低的溫度少，所以生物體內(nèi)水的比例高，有助于調(diào)節(jié)自身的溫度，故D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】（1）水的比熱容大的理解：相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降低的少；升高或降低相同的溫度，水吸收或放出的熱量多。
（2）水的比熱容大的應用：防凍劑、取暖劑、保溫劑。
（3）由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化降低溫度和壓縮體積可使氣體液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化。
3．如圖所示，為了探究光反射時的規(guī)律，把一個平面鏡放在水平桌面上，再把一張紙板ENF豎直地立在平面鏡上，紙板ENF是用兩塊紙板連接起來的，紙板NOF可以向前或向后折。下列說法正確的是（ ）
A．紙板NOF向前或向后折，是為了探究反射光線、入射光線和法線是否在同一平面內(nèi)
B．入射光線靠近ON時，反射光線遠離ON
C．使一束光貼著紙板沿NO方向射到O點，這時沒有反射光射出
D．使用此實驗裝置不能探究光在反射時光路是否可逆
【答案】A
【解析】【解答】A、在研究光的反射定律實驗中，當把紙板NOF向前折或向后折時看不到反射光線，當把兩紙板折到同一平面上時，可以看到反射光線，說明反射光線、入射光線、法線在同一平面內(nèi)，故A正確。
B、若把入射光線OA靠近ON，則入射角減小，根據(jù)反射角等于入射角可知，反射角也會減小，所以反射光線OB也會靠近ON，故B錯誤。
C、若使光束沿NO方向射向平面鏡，反射光線、入射光線、法線三線合一，反射光線與法線的夾角為0°，故C錯誤。
D、若要研究反射時光路是否可逆，應讓光線沿原來的反射光線進行入射，即沿FO入射，會發(fā)現(xiàn)反射光線沿著OE方向射出，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】（1）反射光線、入射光線、法線在同一平面內(nèi)。
（2）移動激光筆，使射向O點入射光線AO慢慢地向ON位置靠近，則入射角減小，反射角也減小，則反射光線會靠近法線。
（3）垂直射向鏡面，入射角等于反射角等于0。
（4）反射時，光路是可逆的，為了驗證，可使光線沿原來的反射光線進行入射。
4．如圖所示，打開收音機的開關(guān)，旋至沒有電臺的位置，將音量開大，取一節(jié)干電池和一根導線，先將導線的一端與電池的負極相連，再將導線的另一端與電池的正極快速摩擦，使它們時斷時續(xù)地接觸，會聽到收音機中傳出“喀喀”聲。關(guān)于這個實驗，下列說法錯誤的是（ ）
A．這個實驗對電池有損害，最好用舊電池來做
B．迅速變化的電流能夠產(chǎn)生電磁波
C．收音機可以接收到電磁波信號
D．電磁波只能在空氣中傳播
【答案】D
【解析】【解答】A、將導線的一端與電池的負極相連，另一端與電池的正極快速摩擦，使它們時斷時續(xù)地接觸，這樣會損傷電池，故A正確。
B、先將導線的一端與電池的負極相連，再將導線的另一端與正極摩擦，使它們時斷時續(xù)地接觸，電路中有時斷時續(xù)的電流出現(xiàn)，迅速變化的電流產(chǎn)生了電磁波，產(chǎn)生的電磁波被收音機接收到，聽到“咔咔”的聲音，故B正確。
C、收音機接收到的聲音是通過電磁波傳播的，故C正確。
D、磁波能在真空中傳播，故D錯誤。
故答案為：D。
【分析】（1）根據(jù)電池的使用方法進行回答。
（2）收音機聽到“咔咔”的聲音，是受到電磁波的干擾，迅速變化的電流可以產(chǎn)生電磁波。
（3）電磁波能夠傳遞信息，也能傳遞能量。
（4）電磁波在真空中的傳播速度和光速相等。
5．北宋文學家歐陽修在一首詞中有這樣的描寫：“無風水面琉璃滑，不覺船移??”其中“不覺船移”所選的參照物可能是（ ）
A．船在水中的倒影B．船周圍的浮萍
C．被船驚飛的鳥D．船附近岸邊的花草
【答案】A
【解析】【解答】“不覺船移”以船周圍的浮萍、被船驚飛的鳥以及船附近岸邊的花草為參照物時，船相對于它們的位置都發(fā)生了變化，以船在水中的倒影為參照物，船與倒影的位置未發(fā)生變化，故A正確，BCD錯誤。
故答案為：A。
【分析】在研究物體的運動情況時，要先選取一個標準作為參照物，物體和參照物之間的位置如果發(fā)生改變，則物體是運動的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的。
6．如圖所示，將一個小球用細線懸掛起來，讓小球從A點靜止釋放，小球會在A、C兩點之間來回擺動，最終靜止下來。下列說法正確的是（ ）
A．小球從A點擺動到B點，動能轉(zhuǎn)化為重力勢能
B．小球能從B點擺動到C點是由于受到慣性
C．小球每次經(jīng)過B點，其動能都比上一次小
D．小球最終靜止在A點
【答案】C
【解析】【解答】A、小球從A點擺動到B點的過程中，小球的質(zhì)量不變、高度減小，重力勢能減小，速度變大，動能變大，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，故A錯誤。
B、小球在B點時有一定的速度，由于小球具有慣性，小球會從B點擺動到C點，慣性是一種性質(zhì)，不能說受到慣性，故B錯誤。
C、由于小球運動過程中機械能損失，所以球每次經(jīng)過點B的速度都有所減慢，小球每次經(jīng)過B點，其動能都比上一次小，故B正確。
D、小球最終靜止在B點，故D錯誤。
故答案為：C。
【分析】（1）動能大小跟質(zhì)量、速度有關(guān)，重力勢能大小跟質(zhì)量、高度有關(guān)。
（2）慣性是物體的一種屬性。
（3）根據(jù)機械能的變化判斷經(jīng)過B的動能。
（4）小球最終靜止在機械能最小的位置。
7．2024年4月30日，神舟十七號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸。如圖所示，返回艙在落地前的某段時間內(nèi)沿豎直方向勻速下落，若降落傘和返回艙受到的重力分別為和，降落傘對返回艙的拉力為F，空氣對返回艙的阻力為f，則下列關(guān)系式正確的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】【解答】研究對象是返回艙，對其進行受力分析，返回艙受到三個力的作用：降落傘對返回艙的拉力為F，空氣對返回艙的阻力為f，返回艙受到的重力G2，
如返回艙在落地前的某段時間內(nèi)沿豎直方向勻速下落，受力平衡，則f+F=G2。
故答案為：B。
【分析】研究對象是返回艙，對其進行受力分析，如返回艙在落地前的某段時間內(nèi)沿豎直方向勻速下落，受力平衡，由此解答。
8．如圖甲所示，水平桌面上有一個質(zhì)量為100g、底面積為的圓柱形平底薄壁溢水杯，杯底上表面到溢水口的距離為15cm，杯中裝有部分水，此時溢水杯對桌面的壓強為。將掛在彈簧測力計下端密度為的圓柱體從水面上方逐漸浸入水中，當圓柱體一半浸在水中時，圓柱體下表面受到的壓力為，水對溢水杯底部的壓強為；當圓柱體浸沒在水中時，如圖乙所示，彈簧測力計的示數(shù)為2.4N，溢出到小桶中的水重為1N，圓柱體下表面受到的壓力為，溢水杯對桌面的壓強為。已知，下列結(jié)論正確的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【解析】【解答】 A、沒有放入圓柱體時溢水杯對桌面的壓力：F=G杯+G水，
當圓柱體浸沒在水中時，由稱重法可知，此時圓柱體受到的浮力：F浮=G-F示，
對溢水杯的整體受力分析可知，溢水杯整體受到溢水杯、杯中剩余的水和圓柱體的總重力、桌面對溢水杯的支持力和彈簧測力計向上的拉力，
由力的平衡條件可知，桌面對溢水杯的支持力：
F支=G杯+（G水-G溢）+G-F示=G杯+（G水-G溢）+F浮=G杯+G水+F浮-G溢，
由力的作用是相互的可知，此時溢水杯對桌面的壓力：
F'=F支=G杯+G水+F浮-G溢，
則
，
，
代入p2=p0+200Pa可知，
，
即
，
則
F浮=G溢+200Pa×S=1N+200Pa×100×10-4m2=3N，
由F浮=ρ液gV排 可知，圓柱體浸沒時排開水的體積：
，
因為圓柱體浸沒在水中，所以圓柱體的體積：
V=V排=3×10-4m3=300cm3，
由稱重法可知，圓柱體的重力：
G=F浮+F示=3N+2.4N=5.4N，
由G=mg可知，圓柱體的質(zhì)量：
，
則圓柱體的密度：
，
故A錯誤；
B、由F浮=ρ液gV排 可知，圓柱體一半浸在水中時受到的浮力：
，
則從圓柱體一半浸在水中到圓柱體浸沒在水中時增加的浮力：
ΔF浮=F浮-F浮'=3N-1.5N=1.5N＞1N，即ΔF?。綠溢，
說明圓柱體一半浸在水中時，水面沒有到達溢水口，此時水的深度
h＜15cm=0.15m，
因此水對溢水杯底部的壓強：
p1=ρ水gh＜1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1.5×103Pa，
故B錯誤；
C、由G=mg和可知，溢出到小桶中水的體積：
，
原來溢水杯中水的體積：
V水=Sh杯+V溢-V排=100cm2×15cm+100cm3-300cm3=1300cm3，
原來溢水杯中水的質(zhì)量：
m水=ρ水V水=1.0g/cm3×1300cm3=1300g=1.3kg，
則原來溢水杯中水的重力：
G水=m水g=1.3kg×10N/kg=13N，
溢水杯的重力：
G杯=m杯g=100×10-3kg×10N/kg=1N，
沒有放入圓柱體時，溢水杯對桌面的壓力：
F=G杯+G水=1N+13N=14N，
此時溢水杯對桌面的壓強：
，
則當圓柱體浸沒在水中時，溢水杯對桌面的壓強：
p2=p0+200Pa=1400Pa+200Pa=1600Pa，故C錯誤。
D、由浮力產(chǎn)生的原因可知，圓柱體一半浸在水中時圓柱體下表面受到的壓力：
F1=F浮'=1.5N，
圖乙中，圓柱體上下表面受到的壓力差：
F2-F1'=F浮=3N，
即F2＞3N，因此F2-F1＞3N-1.5N=1.5N，
故D正確。
故選：D。
【分析】（1）沒有放入圓柱體時溢水杯對桌面的壓力大小等于溢水杯和水的總重力，根據(jù)力的平衡條件和力的作用是相互的表示出當圓柱體浸沒在水中時溢水杯對桌面的壓力，根據(jù)壓強定義式分別表示出兩次溢水杯對桌面的壓強，結(jié)合p2=p0+200Pa求出圓柱體浸沒時受到的浮力，根據(jù)阿基米德原理求出此時圓柱體排開液體的體積，即為圓柱體的體積，根據(jù)稱重法求出圓柱體的重力，根據(jù)G=mg求出圓柱體的質(zhì)量，根據(jù)密度公式求出圓柱體的密度。
（2）比較圓柱體一半浸在水中時受到的浮力與圓柱體浸沒在水中時溢出到小桶中的水重，進而判斷當圓柱體一半浸在水中時溢水杯中水面的位置，根據(jù)液體壓強公式求出此時水對溢水杯底部的壓強p1。
（3）根據(jù)體積公式、密度公式和G=mg求出原來溢水杯中水的重力，根據(jù)壓強定義式和p2=p0+200Pa求出p2。
（4）根據(jù)浮力產(chǎn)生的原因求出圓柱體一半浸在水中時圓柱體下表面受到的壓力F1，根據(jù)浮力產(chǎn)生的原因表示出圖乙中圓柱體上下表面受到的壓力差，進而求出F2-F1。
9．如圖所示是一種測定油箱內(nèi)油量的裝置。其中R是滑動變阻器的電阻片，杠桿的右端是滑動變阻器的滑片，杠桿左端固定著一個浮子，油箱內(nèi)油量變化時，滑片就在電阻片R兩端之間滑動。下列說法錯誤的是（ ）
A．定值電阻和滑動變阻器是串聯(lián)的
B．油量減少時，滑動變阻器接入電路的電阻變大
C．油量增加時，電流表示數(shù)變大
D．油箱中沒有油時，電流表示數(shù)為零
【答案】D
【解析】【解答】A、由圖可知，定值電阻R0和滑動變阻器首尾順次連接在電路中，是串聯(lián)的，電流表測量電路中的電流，故A正確。
B、油量減少時，浮子下降，在杠桿作用下，滑片上移，滑動變阻器接入電路電阻絲變長，滑動變阻器接入電路的阻值變大，故B正確。
C、油量增加時，浮子上浮，在杠桿作用下，滑片下移，滑動變阻器接入電路的阻值變小，電路的總電阻變小，由歐姆定律可知電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，故C正確。
D、油箱中沒有油時，浮子在最低位置，在杠桿作用下，滑片移動到最上端，滑動變阻器接入電路的阻值最大，由歐姆定律可知，電路中的電流最小，但不為零，即電流表示數(shù)不為零，故D錯誤。
故答案為：D。
【分析】（1）由圖可知，定值電阻R0和滑動變阻器首尾順次連接在電路中，是串聯(lián)的，電流表測量電路中的電流。
（2）油量減少時，浮子下降，在杠桿作用下，滑片上移，滑動變阻器接入電路電阻絲變長，由此可知滑動變阻器接入電路的阻值變化。
（3）油量增加時，浮子上浮，在杠桿作用下，滑片下移，滑動變阻器接入電路的阻值變小，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻規(guī)律和歐姆定律可知電路中的電流變化，即電流表的示數(shù)變化。
（4）油箱中沒有油時，浮子在最低位置，在杠桿作用下，滑片移動到最上端，滑動變阻器接入電路的阻值最大，由歐姆定律可知，電路中的電流最小，但不為零。
10．新能源汽車作為我國新質(zhì)生產(chǎn)力的杰出代表，各項技術(shù)均處于世界領(lǐng)先水平，其中用到的一種能量回收技術(shù)就是汽車在滑行或制動過程中，內(nèi)部線圈切割磁感線產(chǎn)生感應電流，將機械能轉(zhuǎn)化為電能。下列裝置中也利用了電磁感應原理工作的是（ ）
A．電磁起重機
B．司南
C．自制電動機
D．動圈式話筒
【答案】D
【解析】【解答】A、電磁起重機是利用電流的磁效應來工作的，故A不符合題意。
B、司南指示南北是由于受到地磁場的作用，故B不符合題意。
C、電動機是利用通電導體在磁場中受到力的作用來工作的，故C不符合題意。
D、動圈式話筒是利用電磁感應來工作的，故D符合題意。
故答案為：D。
【分析】 （1）電磁起重機是利用電流的磁效應來工作的。
（2）司南指示南北是由于受到地磁場的作用。
（3）電動機是利用通電導體在磁場中受到力的作用來工作的。
（4）閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動中，導體中會產(chǎn)生感應電流，這種現(xiàn)象叫電磁感應。發(fā)電機和動圈式話筒是利用該原理制成的。
11．如圖所示是某同學家部分家庭電路的示意圖。電能表上標有“220V 10（40）A”的字樣，他家正在使用的所有用電器總功率為6kW，其中電飯煲的功率為1.5kW，飯煮熟后，他將這個電飯煲插頭從插座中拔出，再將功率為1kW的電熱水壺插頭接入插座中，其它用電器仍正常工作，閉合電熱水壺上的開關(guān)，空氣開關(guān)跳閘?？諝忾_關(guān)跳閘的原因可能是（ ）
A．照明燈的開關(guān)接在了零線與燈泡之間
B．用電器的總功率過大
C．電熱水壺的內(nèi)部電路短路
D．接入電熱水壺的插座短路
【答案】C
【解析】【解答】A、照明燈的開關(guān)接在了零線與燈泡之間，不會引發(fā)空氣開關(guān)跳閘，只是容易發(fā)生觸電事故，故A不符合題意。
B、由電能表上的參數(shù)可得，電路中允許的最大功率為：P=UI=220V×40A=8800W。
正在使用的所有用電器總功率為6kW，其中電飯煲的功率為1.5kW，將電飯煲插頭從插座中拔出，再將功率為1kW的電熱水壺插頭接入插座中，電路中用電器總功率變小，所以空氣開關(guān)跳閘的原因不可能是用電器的總功率過大，故B不符合題意。
CD、如果接入電熱水壺的插座短路，沒有插入電熱水壺時，空氣開關(guān)就應該會跳閘，閉合電熱水壺上的開關(guān)，空氣開關(guān)跳閘，則說明是由于電熱水壺的內(nèi)部電路短路，故C符合題意、D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】家庭電路中電流過大的原因有兩個：短路和總功率過大。從上面這兩個因素進行分析。
12．某同學家浴室里安裝了一款風暖浴霸，它既可以實現(xiàn)照明、換氣的功能，又可以實現(xiàn)送自然風、暖風、熱風的功能，其簡化電路如圖所示，開關(guān)S可分別與0、1、2觸點接觸，、是兩根阻值相同的電熱絲。下表是浴霸電路的部分參數(shù)。
關(guān)于下列結(jié)論：
①開關(guān)斷開、S與觸點1接觸時，浴霸處于送自然風狀態(tài)
②每根電熱絲的阻值為44Ω
③電路中通過開關(guān)S的電流最大為10.15A
④浴霸工作10分鐘，電路消耗的電能最大為
其中正確的是（ ）
A．①③B．②③C．②④D．③④
【答案】B
【解析】【解答】 ①開關(guān)S1斷開、S與觸點1接觸時，只有電動機工作，說明此時沒有加熱，浴霸處于換氣狀態(tài)；故①錯誤。
②根據(jù)電熱絲與電阻是并聯(lián)，每個電熱絲的功率
P=2233W-1133W=1100W。
由可得，電熱絲的電阻為：
，
R1、R2是兩根阻值相同的電熱絲。每根電熱絲的阻值為44Ω；故②正確；
③當處于熱風狀態(tài)時，電路中通過開關(guān)S的電流最大，
，
故③正確；
④浴霸熱風狀態(tài)，且照明燈發(fā)光時，電功率最大，工作10分鐘，電路消耗的電能最大
W=Pt=（2233W+20W）×10×60s=1.3518×106J，故④錯誤。
故答案為：B。
【分析】 （1）根據(jù)電路圖結(jié)合開關(guān)位置分析。
（2）根據(jù)電阻的功率結(jié)合計算電阻。
（3）根據(jù)熱風功率計算電流。
（4）根據(jù)最大總功率結(jié)合W=Pt計算電能。
二、非選擇題（本題包括12小題，共60分）
13．綠色發(fā)展是高質(zhì)量發(fā)展的底色，為了更好踐行綠色發(fā)展和“雙碳目標”，武漢市區(qū)某高架橋上修建了一段全封閉“光伏聲屏障”試驗路段，如圖所示。“光伏聲屏障”既可以控制噪聲，又可以提供電能，比傳統(tǒng)的聲屏障設(shè)備更節(jié)能環(huán)保。
（1）“光伏聲屏障”是通過阻斷噪聲 的方式來控制噪聲的。
（2）“光伏聲屏障”路段的每一塊玻璃上貼滿了81個小光伏電池板，這些光伏電池板利用太陽能的方式是將太陽能轉(zhuǎn)化為 。這段“光伏聲屏障”試驗路段每年發(fā)電約，相當于完全燃燒 kg的無煙煤釋放的能量。
【答案】（1）傳播
（2）電能；
【解析】【解答】（1）“光伏聲屏障”是在傳播過程中減弱噪聲，即通過阻斷噪聲傳播的方式來控制噪聲的。
（2）光伏電池板利用太陽能的方式是將太陽能轉(zhuǎn)化為電能。
無煙煤完全燃燒放出的熱量
Q放=1.7×105kW?h=1.7×105×3.6×106J=6.12×1011J。
由Q放=mq可知，完全燃燒無煙煤的質(zhì)量
。
故答案為：（1）傳播（2）電能；1.8×104。
【分析】（1）減弱噪聲的途徑：在聲源處減弱、在傳播過程中減弱、在人耳處減弱。
（2）太陽能電池板把太陽能轉(zhuǎn)化為電能。
知道無煙煤完全燃燒放出的熱量和無煙煤的熱值，利用Q放=mq計算出無煙煤的質(zhì)量。
14．如圖所示是一種溫度自動控制裝置的原理圖。制作水銀溫度計時在玻璃管中封入一段金屬絲，“電源1”的兩極分別與水銀和金屬絲相連。
（1）閉合開關(guān)S后，當溫度達到 ℃時，發(fā)熱電阻就停止加熱。
（2）當電磁鐵中有電流通過時，若它的左端為N極，則“電源1”的 端為正極。
（3）為增強電磁鐵的磁性，下列措施一定可行的是 （填序號）。
①增大“電源1”的電壓 ②減小“電源2”的電壓
③減少電磁鐵線圈匝數(shù) ④改變電磁鐵中電流方向
【答案】（1）90.0
（2）右
（3）①
【解析】【解答】（1）溫度計就相當于開關(guān)，當介于金屬絲接觸導通，吸引銜鐵斷開加熱電路，故此時金屬絲對應的刻度是90℃。
（2）當電磁鐵中有電流通過時，若它的左端為N極，電流從右側(cè)流入，則“電源1”的右端為正極。
（3）為增強電磁鐵的磁性，必須增大線圈中的電流或增大線圈的匝數(shù)，故選：①。
故答案為：（1）90；（2）右；（3）①。
【分析】（1）根據(jù)溫度計的分度值讀數(shù)。
（2）根據(jù)安培定則確定電源正負極。
（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈匝數(shù)有關(guān)。
15．某同學利用如圖甲所示的實驗裝置探究冰熔化時溫度的變化規(guī)律，得到了如圖乙所示的溫度隨時間變化的圖象。實驗中要控制好燒杯中的水溫。
（1）根據(jù)圖乙所示的圖象中 段溫度的變化特點可知冰是晶體，在這段時間內(nèi)，物質(zhì)處于 態(tài)。
（2）該同學繼續(xù)探究加有鹽的冰塊熔化時溫度的變化特點。他將冰塊放于易拉罐中并加入適量的鹽，用筷子攪拌大約半分鐘，易拉罐的下部和底部出現(xiàn)白霜，這些白霜是空氣中的水蒸氣 （填物態(tài)變化名稱）形成的。用溫度計測量罐中冰與鹽水混合物的溫度，可以看到混合物的溫度 0℃。
【答案】（1）BC；固、液共存
（2）凝華；低于
【解析】【解答】（1）圖乙BC段吸收熱量溫度不變，可知冰是晶體，BC段的物質(zhì)處于熔化過程中，處于固液共存態(tài)。
（2）易拉罐的下部有白霜形成，是由于空氣中的水蒸氣遇冷凝華為固態(tài)的冰晶，即白霜；用溫度計測量罐中冰與鹽水混合物的溫度，低于冰的熔點，低于0℃。
故答案為：（1）BC；固、液共存；（2）凝華；低于。
【分析】（1）晶體熔化時吸熱溫度不變，物質(zhì)處于固液共存態(tài)。
（2）物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華；晶體中有雜質(zhì)可以降低晶體的熔點。
16．實驗小組在探究凸透鏡成像規(guī)律的實驗中：
（1）圖甲中，點燃蠟燭后，光屏上恰能成清晰的像， （填“照相機”“投影儀”或“放大鏡”）就是根據(jù)該成像特點制成的。將蠟燭向左移動一段距離，光屏上的像變模糊了，為了使光屏上再次成清晰的像，同學們提出了兩種不同的解決方案。
方案一：僅將光屏向 移動一段距離。
方案二：僅換用焦距較 的凸透鏡。
（2）某同學利用焦距為20cm的凸透鏡觀察指紋，保持指紋到眼睛的距離為40cm不變，將凸透鏡調(diào)整到如圖乙所示的位置，看到了指紋正立放大的像，此時該同學的眼睛通過凸透鏡在另一側(cè)能成 （填“倒立縮小”“倒立放大”或“正立放大”）的像。
【答案】（1）照相機；左；大
（2）倒立放大
【解析】【解答】（1）由圖甲可知，此時物距大于像距，根據(jù)凸透鏡成實像時，物距大于像距，成倒立、縮小的實像，應用于照相機。
將蠟燭向左移動一段距離，光屏上的像變模糊了，為了使光屏上再次成清晰的像，根據(jù)凸透鏡成實像時，物遠像近像變小可知，僅將光屏向左移動一段距離；若不移動光屏，僅換用焦距較大的凸透鏡，凸透鏡焦距變大，對光的會聚能力變?nèi)?，會將光線推遲會聚成像。
（2）某同學利用焦距為20cm的凸透鏡觀察指紋，保持指紋到眼睛的距離為40cm不變，將凸透鏡調(diào)整到如圖乙所示的位置，看到了指紋正立放大的像，說明u＜f，即指紋到凸透鏡的距離小于20cm，此時眼睛到凸透鏡的距離大于20cm，小于40cm，即2f＞u＞f，因此該同學的眼睛通過凸透鏡在另一側(cè)能成倒立放大的像。
故答案為：（1）照相機；左；大；（2）倒立放大。
【分析】 （1）根據(jù)凸透鏡成實像時，物距大于像距，成倒立、縮小的實像，應用于照相機。
根據(jù)凸透鏡成實像時，物遠像近像變小；凸透鏡焦距變大，對光的會聚能力變?nèi)酢?br>（2）根據(jù)2f＞u＞f，成倒立、放大的實像。
17．某同學利用若干個質(zhì)量為50g的鉤碼和彈簧測力計探究杠桿的平衡條件。
（1）調(diào)節(jié)平衡螺母，使杠桿在不掛鉤碼時，保持水平并 ，達到平衡狀態(tài)，如圖所示。
（2）在杠桿左側(cè)15cm刻度線處掛上4個鉤碼，在杠桿右側(cè)掛上6個鉤碼，移動右側(cè)鉤碼到 cm刻度線處使杠桿重新在水平位置平衡。這時動力或阻力是 （填“鉤碼受到的重力”“鉤碼對杠桿的拉力”或“杠桿對鉤碼的拉力”）。
（3）保持杠桿左側(cè)鉤碼的數(shù)量和位置不變，取下右側(cè)鉤碼，改用彈簧測力計拉杠桿使杠桿在水平位置平衡，當彈簧測力計的示數(shù)為3N時，該拉力的作用點可能在杠桿 （填序號）刻度線處。
①左側(cè)10cm ②右側(cè)5cm ③右側(cè)15cm
【答案】（1）靜止
（2）10；鉤碼對杠桿的拉力
（3）①③
【解析】【解答】（1）調(diào)節(jié)平衡螺母，使杠桿在不掛鉤碼時，保持水平并靜止，達到平衡狀態(tài)。
（2）如在杠桿左側(cè)15cm刻度線處掛上4個鉤碼，在杠桿右側(cè)掛上6個鉤碼，設(shè)每個鉤碼的重力為G，由杠桿平衡條件F1l1=F2l2可知4G×15cm=6G×L，
解得L=10cm。
動力和阻力都必須是作用在杠桿上，而鉤碼受到的重力、杠桿對鉤碼的拉力作用在鉤碼上，不是動力或阻力，故鉤碼對杠桿的拉力是動力或阻力。
（3）當彈簧測力計的示數(shù)為3N時，相當于6個質(zhì)量為50g的鉤碼重力，因而力臂必須為10cm，
①左側(cè)10cm，豎直向上拉力臂為10cm，恰好能平衡。
②右側(cè)5cm，最大的力臂為5cm，不可能平衡。
③右側(cè)15cm，斜向下拉，使得力臂等于10cm也可以平衡。
故答案為：①③。
故答案為：（1）靜止；（2）10；鉤碼對杠桿的拉力；（3）①③。
【分析】（1）杠桿平衡是靜止或勻速轉(zhuǎn)動。
（2）設(shè)一個鉤碼重是G，根據(jù)杠桿平衡條件求出；根據(jù)阻力或動力的定義分析。
（3）根據(jù)杠桿平衡條件計算力臂大小，逐項分析。
18．某同學利用圖甲所示的電路探究電流與電壓的關(guān)系。實驗中電源電壓保持3V不變，定值電阻的阻值為4Ω，滑動變阻器的規(guī)格為“20Ω 0.5A”。
（1）該同學接錯了一根導線，請你在這根導線上打“×”，并補畫出正確的那根導線 。
（2）正確改接電路后，該同學立即進行實驗，閉合開關(guān)后，電流表的示數(shù)如圖乙所示，此時通過定值電阻的電流是 A。這位同學實驗操作的不足之處是 。
（3）該同學完成了預先設(shè)計好的表格中的4次實驗，將得到的實驗數(shù)據(jù)填入表格。
分析表中已測出的數(shù)據(jù)，可以初步得到實驗結(jié)論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流與導體兩端的電壓 。為了進一步驗證這個結(jié)論，該同學利用現(xiàn)有器材在不改變電路連接的情況下，表格里余下的4次實驗中，他還能完成 次。
【答案】（1）
（2）0.22；閉合開關(guān)前，沒有將滑片移到滑動變阻器最左端
（3）成正比；1
【解析】【解答】（1）原電路中，電流表與電壓表串聯(lián)，在電路中是錯誤的，電壓表應并聯(lián)在定值電阻兩端，電流表串聯(lián)在電路中，如下圖所示：
（2）由圖乙可知，電流表使用的量程是0～0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.22A。
該同學正確改接電路后，立即進行實驗，由圖甲可知，這位同學實驗操作的不足之處是閉合開關(guān)前，沒有將滑片移到滑動變阻器最左端。
（3）分析表一中的這些數(shù)據(jù)，可以得出結(jié)論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流和導體兩端的電壓成正比。
由滑動變阻器的規(guī)格為“20Ω，0.5A”可知，滑動變阻器的最大阻值為20Ω，允許通過的最大電流為0.5A，
當定值電阻兩端電壓為U1=0.3V時，滑動變阻器兩端的電壓應為U滑=U-U1=3V-0.3V=2.7V
由串聯(lián)電路中電流處處相等可知，，即，解得：R'=36Ω＞20Ω，所以此實驗不能完成。
由滑動變阻器的規(guī)格可知，電路中允許通過的最大電流為0.5A，此時定值電阻兩端的最大電壓為U'=0.5A×4Ω=2V，所以電壓為2.1V、2.4V的兩次實驗不能完成，只有電壓為1.8V的這一次實驗可以完成。
故答案為：（1）見解析。
（2）0.22；閉合開關(guān)前，沒有將滑片移到滑動變阻器最左端。
（3）成正比；1。
【分析】（1）探究電流與電壓的關(guān)系時，電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端，電流表串聯(lián)在電路中。
（2）根據(jù)電流表的量程和分度值讀數(shù)。
閉合開關(guān)前應將滑動變阻器調(diào)節(jié)到阻值最大。
（3）分析表中數(shù)據(jù)，得出實驗結(jié)論。
根據(jù)滑動變阻器的最大電阻和允許通過的最大電流分析。
19．2024年4月19日，我國海洋油氣生產(chǎn)平臺“?；枴笨傮w結(jié)構(gòu)完成安裝，它刷新了高度、質(zhì)量、作業(yè)水深和建造速度等多項亞洲紀錄，“海基二號”由上部組塊和水下的導管架組成。圖甲是質(zhì)量為的“海洋石油229”駁船將質(zhì)量為的導管架運載至安裝海域的情景。
（1）如圖甲所示，導管架的底部固定著4塊面積非常大的鋼板，這4塊鋼板的作用是 。“?；枴痹谥付êＳ虺晒Π惭b后，這4塊鋼板處于水深324m的海底處，它們受到海水的壓強是 Pa。
（2）導管架和駁船拖航的速度約為100m/min，它們到達240km外的安裝海域所需要的時間約為 h。導管架和駁船沿直線向右勻速航行時，若以圖乙中的長方形表示駁船上的導管架，請在圖中畫出導管架受力的示意圖 。
（3）這次海上安裝采用了滑移下水方式：工程人員將駁船船頭水艙的水排出一部分，又向船尾水艙注入一部分水，使駁船小角度傾斜，最后將駁船和導管架之間的連接點切割分離，導管架就在自身重力作用下頂端朝前沿著軌道滑入海中。若駁船船頭水艙排出的水和船尾水艙注入的水的體積分別為和時，導管架頂端浸入海水中的體積為，則駁船和固定在駁船上的導管架總共受到的浮力是多少N？
【答案】（1）增大受力面積，減小壓強；
（2）40；
（3）駁船小角度傾斜前，駁船和導管架的總重力
駁船小角度傾斜時，水艙中水增加的重力
駁船小角度傾斜時處于漂浮狀態(tài)，總浮力等于總重力，即
【解析】【解答】（1）導管架的底部固定著4塊面積非常大的鋼板，這是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強的；
它們受到海水的壓強：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×324m=3.24×106Pa；
（2）由可得，安裝海域所需要的時間：
。
導管架和駁船沿直線向右勻速航行時，導管架在水平方向不受力，在豎直方向上受重力和支持力，二者是一對平衡力，作用點在重心，如圖所示：
（3）駁船小角度傾斜前，駁船和導管架的總重力：
G總=（m駁+m架）g=（6×104×10kg+3.7×104×103kg）×10N/kg=9.7×108N，
駁船小角度傾斜時，水艙中水增加的重力
ΔG=Δmg=ρ海水ΔVg=1.0×10kg/m3×（6×103m3-2.2×103m3）×10N/kg=3.8×107N，
駁船小角度傾斜時處于漂浮狀態(tài)，總浮力等于總重力，即：
F浮總=G總+ΔG=9.7×108N+3.8×107N=1.008×109N。
答：（1）增大受力面積來減小壓強；3.24×106；（2）40；見解答圖；（3）駁船和固定在駁船上的導管架總共受到的浮力是1.008×109N。
【分析】（1）減小壓強的方法：在壓力一定時，增大受力面積，在受力面積一定時，減小壓力；由p=ρgh可求得它們受到海水的壓強。
（2）已知速度和路程，由速度公式變形可求得時間；導管架和駁船沿直線向右勻速航行時，故導管架在水平方向不受力，在豎直方向上受平衡力。
（3）由G=mg'求得駁船小角度傾斜前的重力，在求得駁船小角度傾斜時，水艙中水增加的重力，漂浮時，浮力等于總重力。額定電壓
220V
照明功率
20W
換氣功率
35W
暖風功率
1133W
熱風功率
2233W
電壓U/V
0.3
0.6
0.9
1.2
1.5
1.8
2.1
2.4
電流I/A

0.15
0.23
0.30
0.38



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