滿分：100分 時(shí)間：75分鐘
一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求。）
1．如圖所示，一組學(xué)生在玩“人浪”游戲。學(xué)生手挽手排成一行，從左邊第一位同學(xué)開始，周期性地“下蹲、起立”，呈現(xiàn)類似波浪的效果。則（ ）
A．“人浪”是縱波
B．學(xué)生“下蹲、起立”的動(dòng)作越頻繁，“人浪”傳播的速度一定越快
C．當(dāng)“人浪”向右傳播時(shí)，學(xué)生隨“人浪”向右移動(dòng)
D．“人浪”傳播的是“下蹲、起立”這種運(yùn)動(dòng)形式
2．一彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，周期為T（ ）
A．若t和（t+△t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)速度的大小相等、方向相同，則△t一定是的整數(shù)倍
B．若t和（t+△t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)位移的大小相等、方向相反，則△t一定是的整數(shù)倍
C．若△t=T，則t和（t+△t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)的加速度一定相等
D．若△t=，則t和（t+△t）時(shí)刻彈簧的長(zhǎng)度一定相等
3．有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（ ）
A．圖1中，
B．圖2中，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的線圈電動(dòng)勢(shì)正在增大
C．圖3中，電容器中電場(chǎng)的能量正在增大
D．圖4中，增大電容C，調(diào)諧電路的頻率增大
4．如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有電阻為r的單匝矩形線圈，線圈的兩條邊，，轉(zhuǎn)軸垂直磁場(chǎng)且和線圈共面，從上往下看線圈繞轉(zhuǎn)軸以角速度逆時(shí)針勻速旋轉(zhuǎn)。從圖中開始計(jì)時(shí)，下列說法正確的是（ ）
A．線圈的磁通量與時(shí)間t的變化規(guī)律為
B．線圈由圖中位置繞轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)的過程中平均電動(dòng)勢(shì)為
C．線圈的熱功率
D．線圈在圖中位置時(shí)，電流方向?yàn)?br>5．如圖所示，用光敏電阻R和繼電器組成的一個(gè)簡(jiǎn)單照明自動(dòng)控制電路，能夠?qū)崿F(xiàn)“日出路燈熄，日落路燈亮”，光線越強(qiáng)光敏電阻R的阻值越小。下列說法正確的是（ ）
繼電器
A．光線越弱，電路中的電流越小，繼電器越容易吸引銜鐵
B．為了使在更暗的光線下才亮燈，可以減小滑動(dòng)變阻器的阻值
C．為節(jié)約能源，減少亮燈時(shí)間，可以減小繼電器中線圈的匝數(shù)
D．只有電路中產(chǎn)生變化的電流，繼電器才能產(chǎn)生磁場(chǎng)吸引銜鐵
6．如圖所示，通有大小恒為、方向向右電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線水平固定，通有大小也為、沿逆時(shí)針方向恒定電流的矩形線框通過輕彈簧懸掛，懸掛點(diǎn)為邊的中點(diǎn)，線框靜止，邊水平，和線框在同一豎直面內(nèi)，和間距離為d，和間距離也為d，長(zhǎng)為2d，已知長(zhǎng)直通電導(dǎo)線在距離導(dǎo)線為r的位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（其中k為常數(shù)，I為長(zhǎng)直通電導(dǎo)線中的電流），則下列判斷正確的是（ ）
A．長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ受到的安培力方向向下
B．長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ受到的安培力大小為
C．長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ受到的安培力大小為
D．將長(zhǎng)直導(dǎo)線中電流增大，彈簧的長(zhǎng)度會(huì)變短
7．如圖所示，在光滑水平面上，一質(zhì)量為的小球1以的速度與靜止的小球2發(fā)生正碰。碰后小球1的速度大小為3m/s，方向與碰撞前相反，小球2的速度大小為3m/s。由此可判斷（ ）
A．
B．碰撞過程中，對(duì)的沖量大小為0.3N·s
C．該碰撞是非彈性碰撞
D．碰撞過程中系統(tǒng)總動(dòng)能最小值為0.45J
二、多選題（本題共3小題，每小題4分，共12分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）
8．如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧下端掛手機(jī)組成振動(dòng)裝置，手機(jī)的加速度傳感器可以記錄在豎直方向的加速度大小和方向，以豎直向上為正方向，得到加速度隨時(shí)間變化的曲線為余弦曲線，如圖乙所示。已知振幅為A，下列說法正確的有（ ）
A．時(shí)，手機(jī)在平衡位置上方
B．時(shí)，手機(jī)的動(dòng)能最大
C．從至，手機(jī)向上運(yùn)動(dòng)的距離小于
D．從至，手機(jī)的重力勢(shì)能減小
9．目前困擾5G發(fā)展的大難題之一是供電，5G基站系統(tǒng)功耗大，信號(hào)覆蓋半徑小。如圖所示，電壓為100kV的主供電線路為某5G基站供電，基站用電器功率為9kW，線路電阻為40Ω，線路損耗功率占總功率的10%（變壓器均視為理想變壓器），則（ ）
A．輸電線路中的電流為5AB．高壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為50：1
C．輸電線路中的電流為2500AD．高壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為100：1
10．如圖所示，兩輕質(zhì)細(xì)線連接小球甲、乙（均視為質(zhì)點(diǎn)），掛在天花板上的O點(diǎn)，細(xì)線伸直，O點(diǎn)到兩球心的距離之比為4∶1，甲、乙的質(zhì)量分別為m、4m，擺角均為（小于5°），重力加速度取g?，F(xiàn)讓兩小球從如圖所示的位置靜止釋放，兩小球在到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（ ）
A．甲、乙到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等
B．乙釋放時(shí)，加速度的大小為
C．若甲重力沖量大小為I，則乙重力沖量大小也為I
D．若乙重力沖量大小為，則O與乙球心的距離為
三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，每空2分，共16分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。）
11．如圖某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)加速度計(jì)，將其固定在待測(cè)量物體上，能通過電路中電壓表的示數(shù)反映物體的加速度，其原理如圖所示。
滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側(cè)用相同的輕彈簧3連接，彈簧另一端分別固定在框架內(nèi)兩側(cè)，每根彈簧的勁度系數(shù)均為k=100N/m；R為滑動(dòng)變阻器，4是滑片，O點(diǎn)為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，按圖連接電路，滑塊2與滑片連接且兩者保持同步運(yùn)動(dòng)。初始時(shí)滑塊2位于框架中央位置時(shí)，滑片4與O點(diǎn)對(duì)齊，電壓表指針的零點(diǎn)位于表盤中央，此時(shí)加速度為零；當(dāng)P端的電勢(shì)高于Q端時(shí)，指針向零點(diǎn)右側(cè)偏轉(zhuǎn)，此時(shí)示數(shù)為正；當(dāng)指針向零點(diǎn)左側(cè)偏轉(zhuǎn)時(shí)示數(shù)為負(fù)。
(1)當(dāng)滑塊2具有圖示方向的加速度a時(shí)，電壓表的指針將 （填“向左”或“向右”）偏轉(zhuǎn)；
(2)已知電路中電池的電動(dòng)勢(shì)E=8V，內(nèi)阻不計(jì)，滑動(dòng)變阻器R的總阻值為10Ω，總長(zhǎng)度為0.2m，滑塊2質(zhì)量為2kg，當(dāng)滑片4（寬度不計(jì)）滑到最右側(cè)時(shí)，電壓表的示數(shù)為 V，此示數(shù)代表的加速度大小為 m/s2。將表盤上的電壓刻度改為對(duì)應(yīng)的加速度值，即為加速度計(jì)；（計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）
12．某實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)行用單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)。已有實(shí)驗(yàn)器材如圖甲所示。
(1)除圖甲中所示實(shí)驗(yàn)器材外還必需的器材有________（選填字母）。
A．游標(biāo)卡尺B．重垂線C．秒表D．天平
(2)將細(xì)線和小鐵球組裝成單擺，用毫米刻度尺測(cè)得擺線長(zhǎng)度為，用螺旋測(cè)微器測(cè)量小鐵球直徑，其示數(shù)如圖乙所示，則小鐵球直徑 mm。
(3)拉開小鐵球，使擺線偏離平衡位置的角度不大于，釋放小鐵球，當(dāng)小鐵球振動(dòng)穩(wěn)定后，在圖丙中 （選填“A”“B”或“C”）位置開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)，記下小鐵球次全振動(dòng)時(shí)間為，計(jì)算出周期。
(4)實(shí)驗(yàn)過程無(wú)疏漏，處理數(shù)據(jù)時(shí)卻錯(cuò)將擺長(zhǎng)記作，若用公式計(jì)算重力加速度，測(cè)量值與實(shí)際值相比 （選填“偏大”“相同”或“偏小”）；若正確描繪出圖線，用圖像法計(jì)算重力加速度，該方法的測(cè)量值與實(shí)際值相比 （選填“偏大”“相同”或“偏小”）。
四、解答題（本題共3小題，共44分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。）
13．（10分）如圖所示，線圈的面積是，共100匝，線圈電阻為，外接電阻，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，當(dāng)線圈以的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，求：
（1）轉(zhuǎn)動(dòng)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值和有效值；
（2）電路中交流電流表的示數(shù)；
（3）線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值。
14．（16分）如圖所示，兩個(gè)完全相同的勁度系數(shù)均為的輕彈簧下端固定在水平地面上，上端拴接一質(zhì)量為的光滑薄平板P，P到平臺(tái)的豎直距離為。將一質(zhì)量也為的小球Q以初速度水平拋出，與平板先后發(fā)生兩次彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞過程中平板不傾斜，碰后小球水平方向速度不變。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為。
(1)求第一次碰撞前瞬間，小球Q的速度大小；
(2)求第一次碰撞后瞬間，平板P和小球Q的速度大小；
(3)豎直向下建立坐標(biāo)系，證明第一次碰撞后到第二次碰撞前平板的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。
15．（18分）如圖所示，兩條足夠長(zhǎng)的平行導(dǎo)電導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，導(dǎo)軌間距L=1.0m，在軌道區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T。導(dǎo)體棒a、b質(zhì)量均為m=1kg，電阻均為R=0.5Ω，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.3，運(yùn)動(dòng)過程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。重力加速度g=10m/s2，導(dǎo)軌電阻可忽略，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。
（1）若開始時(shí)導(dǎo)體棒a初速度為零，導(dǎo)體棒b獲得=2m/s的水平向右的初速度，求此時(shí)導(dǎo)體棒a和b的加速度大?。?br>（2）若同時(shí)分別給兩導(dǎo)體棒不同的沖量，使導(dǎo)體棒a獲得平行于導(dǎo)軌向左的初速度=2m/s的同時(shí)，導(dǎo)體棒b獲得向右的平行于導(dǎo)軌的初速度=4m/s，求流經(jīng)導(dǎo)體棒a的最大電流；
（3）在（2）的條件下，從導(dǎo)體棒a速度為零到兩棒相距最遠(yuǎn)的過程中，已知導(dǎo)體棒b產(chǎn)生的焦耳熱為0.25J，求此過程中導(dǎo)體棒b的位移。
團(tuán)風(fēng)中學(xué)2025年春高二年級(jí)3月月考物理試卷參考答案
1．D【詳解】A．學(xué)生“下蹲、起立”時(shí)身體的運(yùn)動(dòng)方向與“人浪”傳播的方向垂直，則可知“人浪”是橫波，故A錯(cuò)誤；B．“人浪”傳播的速度快慢與學(xué)生“下蹲、起立”的動(dòng)作頻率無(wú)直接關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C．學(xué)生只在自己所站位置“下蹲、起立”，并不會(huì)隨波移動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．“人浪”傳播的是“下蹲、起立”這種運(yùn)動(dòng)形式，故D正確。故選D。
2．C【詳解】A．根據(jù)振子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，若t和（t+△t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)速度的大小相等、方向相同，振子可以處于關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩點(diǎn)，則△t可以為等，故A錯(cuò)誤；B．若t時(shí)刻和（t+△t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)位移的大小相等，方向相反，如果速度相反，則時(shí)間△t一定是的奇數(shù)倍，若速度同方向，不是半周期的整數(shù)倍，故B錯(cuò)誤；C．若△t=T，則在t時(shí)刻和（t+△t）時(shí)刻振子處于同一位置，振子的位移相同，由可知，加速度一定相等，故C正確；D．若△t=，則在t和（t+△t）兩時(shí)刻振子必在關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩位置（包括平衡位置），這兩時(shí)刻，振子的位移、加速度、速度等均大小相等、方向相反，但在這兩時(shí)刻彈簧的長(zhǎng)度并不一定相等(只有當(dāng)振子在t和（t+△t）兩時(shí)刻均在平衡位置時(shí)，彈簧長(zhǎng)度才相等)，故D錯(cuò)誤。故選C。
3．C【詳解】A．理想變壓器原副線圈與匝數(shù)的關(guān)系為，A錯(cuò)誤；
B．從圖2所示位置轉(zhuǎn)動(dòng)至線框與磁感線垂直的過程中，逐漸轉(zhuǎn)向中性面，因此線框中的電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，B錯(cuò)誤；
C．電容器中電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，因此下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，根據(jù)線圈的磁場(chǎng)方向結(jié)合安培定則可知電流流向正極板，因此電容器正在充電，電場(chǎng)的能量正在增大，C正確；
D．電容C增大，根據(jù)電磁振蕩的頻率可知調(diào)諧頻率減小，D錯(cuò)誤。故選C。
4．C【詳解】A．從圖中開始計(jì)時(shí)，線圈的磁通量與時(shí)間t的變化規(guī)律為
故A錯(cuò)誤；B．線圈由圖中位置繞轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)的過程中平均電動(dòng)勢(shì)為
故B錯(cuò)誤；C．線圈的最大電動(dòng)勢(shì)為 電動(dòng)勢(shì)有效值為
線圈的熱功率為 故C正確；D．線圈在圖中位置時(shí)，根據(jù)右手定則可知，邊電流方向由，邊電流方向由，則線圈中的電流方向?yàn)?，D錯(cuò)誤。故選C。
5．B【詳解】A．光線越弱，光線越強(qiáng)光敏電阻R的阻值越大，電路中的電流越小，繼電器磁性越弱，越不容易吸引銜鐵，故A錯(cuò)誤；B．照度值變小，光敏電阻值變大，電磁繼電器吸合電流不變，所以需把滑動(dòng)變阻器變小，故B正確；C．為節(jié)約能源，減少亮燈時(shí)間，則需在光線較弱時(shí)銜鐵仍可被吸引，光線越弱，光線越強(qiáng)光敏電阻R的阻值越大，電路中的電流越小，繼電器磁性越弱，若保證電磁繼電器的磁性仍可吸引銜鐵，則需增大繼電器中線圈的匝數(shù)，故C錯(cuò)誤；D．繼電器產(chǎn)生磁場(chǎng)吸引銜鐵利用的電流的磁效應(yīng)，無(wú)需變化的電流，故D錯(cuò)誤。故選B。
6．B【詳解】A．長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ在矩形線框處的磁場(chǎng)垂直紙面向外，根據(jù)左手定則可知受到的安培力向下，受到的安培力向上，由于長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度較大，則長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ對(duì)矩形線框的安培力向下，根據(jù)牛頓第三定律，長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ受到的安培力方向向上，故A錯(cuò)誤；
BC．矩形線框受到的安培力的大小為
根據(jù)牛頓第三定律，長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ受到的安培力大小為，故B正確，C錯(cuò)誤；
D．對(duì)矩形線框，根據(jù)平衡條件有
將長(zhǎng)直導(dǎo)線中電流增大，矩形線框受到的安培力的大小增大，彈簧的長(zhǎng)度會(huì)變長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選B。
7．D【詳解】A．由題意可知，兩球碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得 代入數(shù)據(jù)解得 A錯(cuò)誤；
B．由動(dòng)量定理可知，碰撞過程中對(duì)的沖量大小為
B錯(cuò)誤；C．兩球碰撞過程，由能量守恒定律可得 代入數(shù)據(jù)解得
可知兩球碰撞過程中機(jī)械能守恒，該碰撞是彈性碰撞，C錯(cuò)誤；
D．兩球速度相等時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)能損失最大，由動(dòng)量守恒得 解得
此時(shí)系統(tǒng)總動(dòng)能最小值為 D正確。故選D。
8．BC【詳解】A．時(shí)，加速度向上最大，手機(jī)在最低點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；
B．時(shí)，加速度為零，手機(jī)通過平衡位置，動(dòng)能最大，故B正確；
C．從至，手機(jī)由最低點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度越來越大，故從至，手機(jī)向上運(yùn)動(dòng)的距離小于，故C正確；
D．從至，手機(jī)由平衡位置向最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，重力勢(shì)能增大，故D錯(cuò)誤。故選BC。
9．AB【詳解】AC．由題意可知，總功率為 線路損耗功率
又 解得輸電線路中的電流為 故A正確，C錯(cuò)誤；
BD．高壓變壓器副線圈的電壓為
高壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為 故B正確，D錯(cuò)誤。故選AB。
10．AD【詳解】A．設(shè)甲、乙的擺長(zhǎng)分別為4L、L，由機(jī)械能守恒定律可得
可得 故A正確；
B．乙釋放時(shí)，線速度為0，把重力分別沿著細(xì)線和垂直細(xì)線分解，垂直細(xì)線方向的分力是合力，則由牛頓第二定律，有 可得 故B錯(cuò)誤；
C．由單擺周期公式 可知，甲、乙的周期分別為
若甲重力的沖量大小為I，由 可得 故C錯(cuò)誤；
D．若乙重力的沖量大小為，由 解得 故D正確。故選AD。
11．(1)向左 (2) 4.0 10
【詳解】（1）框架向右加速時(shí)，滑片向左滑動(dòng)，此時(shí)Q點(diǎn)電勢(shì)高于P點(diǎn)電勢(shì)，指針向左偏轉(zhuǎn)。
（2）[1][2]當(dāng)滑片滑到最右側(cè)時(shí)，右半邊電阻分壓為，電壓表的示數(shù)為，由
代入數(shù)據(jù)可得
（3）滑塊所受到的合力最大值由彈簧決定，勁度系數(shù)越大，加速度的測(cè)量范圍越大，即可以增大彈簧的勁度系數(shù)。
12．(1)C (2)16.208/16.207/16.209 (3)B (4)偏大 相同
【詳解】（1）除圖甲中所示實(shí)驗(yàn)器材外還必需的器材是秒表，用于測(cè)量周期時(shí)記錄次全振動(dòng)的總時(shí)間。故選C。
（2）螺旋測(cè)微器的精確值為，由圖可知小鐵球直徑為
（3）為了減小誤差，當(dāng)小鐵球振動(dòng)穩(wěn)定后，應(yīng)在平衡位置開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)，即在圖丙中B位置開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)。
（4）[1]根據(jù)單擺周期公式 可得
處理數(shù)據(jù)時(shí)卻錯(cuò)將擺長(zhǎng)記作，若用公式計(jì)算重力加速度，擺長(zhǎng)應(yīng)為，可知代入計(jì)算的擺長(zhǎng)偏大，則重力加速度測(cè)量值與實(shí)際值相比偏大；
[2]用作圖法正確描繪出圖線，，斜率為，可知用圖像法處理數(shù)據(jù)，擺長(zhǎng)代入錯(cuò)誤對(duì)的測(cè)量無(wú)影響，測(cè)量值與實(shí)際值相同。
13．（1）100V，；（2）；（3）；
【詳解】（1）由題意交流電的頻率 角速度為
電動(dòng)勢(shì)的最大值為
感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值
（2）線圈電阻為，外接電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律，則交流表的示數(shù)為
（3）線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中
這段時(shí)間內(nèi)的平均值
14．(1) (2)， (3)
【詳解】（1）第一次碰撞前，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向 解得
故第一次碰撞前瞬間，小球Q的速度大小
（2）小球與平板先后發(fā)生兩次彈性碰撞，小球第一次剛要與平板碰撞時(shí)在豎直方向的速度為 以、分別表示碰撞結(jié)束時(shí)刻小球和平板沿豎直方向上的速度，由于碰撞時(shí)間極短，在碰撞過程中，小球和平板在豎直方向的動(dòng)量守恒，小球與平板的質(zhì)量均為m，則有
因?yàn)榕鲎矔r(shí)彈性的，且平板是光滑的，由能量守恒可得
得到 碰后小球水平方向速度不變，故碰后瞬間小球Q的速度大小為。
（3）以平板平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，根據(jù)題意，第一次碰撞后瞬間平板位移為零，彈簧形變量為，
則 到第二次碰撞前，設(shè)平板運(yùn)動(dòng)過程到某位置時(shí)位移為，
則所受回復(fù)力
化簡(jiǎn)可得 即大小與成正比，方向與相反，故平板做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。
15．（1）0；5m/s2；（2）6A；（3）0.5m
【詳解】（1）導(dǎo)體棒b運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 回路電流
導(dǎo)體棒受安培力 解得F0=2N 因
則a加速度為零，b的加速度 方向向左；
（2）兩棒反向運(yùn)動(dòng)，開始時(shí)的速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大
最大電流 解得Im=6A
（3）兩棒開始向相反方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩棒系統(tǒng)受合外力為零，則動(dòng)量守恒，當(dāng)a棒速度為零時(shí) 解得b棒速度v3=2m/s
由（1）的計(jì)算可知，此時(shí)a棒受安培力小于摩擦力，可知以后a棒靜止，b棒向右做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為零時(shí)兩棒最遠(yuǎn)，因?qū)w棒b產(chǎn)生的焦耳熱為0.25J，則此過程中，
系統(tǒng)產(chǎn)生的總焦耳熱為Q=0.5J 此時(shí)由能量關(guān)系 解得x=0.5m題號(hào)
1
2
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9
10
答案
D
C
C
C
B
B
D
BC
AB
AD

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