1.一輛汽車啟動后在10s內(nèi)速度達(dá)到80km/h，一列火車啟動后達(dá)到這個速度需要60s，兩車均可視為做勻變速直線運(yùn)動。下列說法正確的是( )
A. 汽車的加速度大B. 火車的加速度大C. 汽車通過的位移大D. 火車的平均速度大
2.彈簧振子沿水平方向運(yùn)動，其振動圖像如圖所示。下列說法正確的是( )
A. 振子的周期為6s
B. 振子的振幅為2cm
C. t=1s時，振子的加速度最大
D. t=2s時，振子的速度為0
3.如圖所示，帶正電的小球A固定不動，質(zhì)量為m的帶電小球B通過絕緣絲線懸掛在鐵架臺上，小球B靜止時，絲線與豎直方向的夾角為α，兩球球心在同一水平線上。若小球A的電荷量為qA，小球B的電荷量為qB，重力加速度為g。下列說法正確的是( )
A. 小球B帶負(fù)電
B. 小球B受到的靜電力大小為mgtanα
C. 小球受到絲線的拉力大小為mgcsα
D. 小球B所在位置的電場強(qiáng)度大小為mgtanαqA
4.如圖所示，理想變壓器原線圈接在u=Umsin(ωt+φ)的交流電源上。副線圈接有兩個相同的燈泡L1和L2。開始時，開關(guān)S斷開。當(dāng)S閉合后，下列說法正確的是( )
A. 燈泡L1兩端的電壓減小
B. 通過燈泡L1的電流增大
C. 原線圈中的電流減小
D. 變壓器的輸入功率增大
5.如圖所示，質(zhì)量相同的三個小物塊a、b、c處在同一高度，光滑斜面固定在水平地面上。將a和b由靜止釋放，同時將c沿水平方向拋出。不計空氣阻力，下列說法正確的是( )
A. 三個物塊同時落地B. 三個物塊動能的變化量相同
C. 三個物塊落地前瞬間的動能相同D. 重力對三個物塊的沖量相同
6.把一個小球放在玻璃漏斗中，晃動漏斗，可使小球在短時間內(nèi)沿光滑的漏斗壁在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示。若圓周運(yùn)動的半徑越大，則小球( )
A. 對漏斗壁的壓力越大
B. 加速度越小
C. 角速度越小
D. 線速度越小
7.一種發(fā)電裝置如圖所示。一對水平放置的平行金屬板A、B之間有很強(qiáng)的磁場，將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子)以速度v沿垂直于磁場的方向射入磁場，A、B就是直流電源的兩個電極。下列說法正確的是( )
A. A板的電勢高于B板
B. 僅增大等離子體的速度，電源的電動勢增大
C. 僅增大兩極板的面積，電源的電動勢增大
D. 僅增大兩極板的間距，電源的電動勢不變
8.若地球是質(zhì)量均勻分布的球體，測得兩極附近的重力加速度為g1，赤道附近的重力加速度為g2。在赤道地面上，一個質(zhì)量為m的物體隨地球自轉(zhuǎn)。則物體( )
A. 受到的萬有引力大小等于mg2B. 對地面的壓力大小等于mg1
C. 受到的向心力大小等于mg1D. 受到的合力大小等于mg1?mg2
9.在水平面上，質(zhì)量為m、速度大小為v的A球與質(zhì)量為3m的靜止的B球發(fā)生正碰。碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的。下列說法正確的是( )
A. 碰撞后A球的速度一定反向
B. 碰撞后B球的速度大小可能是0.6v
C. 碰撞過程A球?qū)球的沖量最大值為1.5mv
D. 碰撞過程兩球損失的機(jī)械能最多為0.5mv2
10.如圖所示，兩個帶等量正電的點(diǎn)電荷位于M、N兩點(diǎn)，E、F是MN連線中垂線上的兩點(diǎn)，O為EF、MN的交點(diǎn)。一帶負(fù)電的試探電荷在E點(diǎn)由靜止釋放后，僅在靜電力作用下，恰好運(yùn)動至F點(diǎn)。若兩個點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則( )
A. E點(diǎn)的電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍
B. E點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢差變?yōu)樵瓉淼?2倍
C. 試探電荷運(yùn)動到O點(diǎn)的動能變?yōu)樵瓉淼?倍
D. 試探電荷運(yùn)動到F點(diǎn)的時間變?yōu)樵瓉淼? 2倍
二、多選題：本大題共4小題，共12分。
11.如圖甲所示，在豎直方向的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一導(dǎo)體圓環(huán)。規(guī)定磁場向上為正，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t按圖乙變化，則導(dǎo)體圓環(huán)( )
A. 在0～2s內(nèi)感應(yīng)電流方向不變B. 在t=1s時感應(yīng)電流為零
C. 在2～4s內(nèi)感應(yīng)電流大小不變D. 在2～4s內(nèi)有收縮趨勢
12.某型號酒精測試儀的工作原理如圖所示，R1為氣敏電阻，其阻值隨氣體中酒精濃度的增大而減小，R0為定值電阻。測試儀在使用前先進(jìn)行調(diào)零，即當(dāng)氣體中的酒精濃度為0時，調(diào)節(jié)滑動變阻器R2的滑片，使電壓表示數(shù)為U0，調(diào)零后保持R2滑片的位置不變。測試時，當(dāng)氣體中的酒精濃度達(dá)到判定酒駕的臨界濃度時，報警器啟動報警。下列說法正確的是( )
A. 報警器報警時，電壓表示數(shù)大于U0
B. 氣體中酒精濃度越大，電路中的電流越小
C. 若電源的內(nèi)阻增大，電動勢不變，調(diào)零時應(yīng)將R2滑片向左移
D. 若電源的內(nèi)阻增大，電動勢不變，使用前未重新調(diào)零，會導(dǎo)致啟動報警時酒精濃度比臨界濃度大
13.蹦極是一種極限運(yùn)動，可簡化為如下模型：彈性繩拉伸時可視為輕彈簧，彈性勢能Ep=12kx2，其中x是彈性繩的形變量，k是勁度系數(shù)；人視為質(zhì)點(diǎn)，從O點(diǎn)開始自由下落，始終在一豎直線上運(yùn)動。人在運(yùn)動過程中受到的空氣阻力忽略不計。若人的質(zhì)量越大，則( )
A. 人向下運(yùn)動的最大速度越小B. 人向下運(yùn)動的最大速度越大
C. 人在最低點(diǎn)時的加速度越小D. 人在最低點(diǎn)時的加速度越大
14.利用聲波將物體懸浮在空中的技術(shù)在多領(lǐng)域有應(yīng)用前景。某懸浮裝置的示意圖如圖所示，上方為超聲波發(fā)射端，下方為反射端。發(fā)射端發(fā)出單一頻率的超聲波與經(jīng)反射端反射回的同頻率的超聲波疊加。調(diào)節(jié)反射端與發(fā)射端的間距達(dá)到合適的距離時，各質(zhì)點(diǎn)的振幅不隨時間變化，稱為駐波。駐波中振幅最小的地方稱為波節(jié)，理論表明，發(fā)射端和反射端都為波節(jié)。在超聲波頻率一定的情況下，波節(jié)的位置是確定的。駐波形成后，一些輕小物體就可以懸浮在軸線上相鄰波節(jié)的中點(diǎn)位置。下列說法正確的是( )
A. 發(fā)射端與反射端的距離應(yīng)等于超聲波波長的整數(shù)倍
B. 懸浮位置間的最小距離小于超聲波的波長
C. 懸浮位置間的最小距離與超聲波的頻率成反比
D. 增大超聲波的頻率，為使懸浮位置的數(shù)目不變，必須增大發(fā)射端與反射端的距離
三、實(shí)驗題：本大題共2小題，共18分。
15.把直流電源、電阻、電容器、電流表、電壓表以及單刀雙擲開關(guān)組裝成圖1所示的電路進(jìn)行實(shí)驗，觀察電容器充、放電過程。
(1)先將開關(guān)S接1，觀察到電流表示數(shù)______。
A.逐漸增大到某一值后保持不變
B.逐漸增大到某一值后迅速減小
C.迅速增大到某一值后保持不變
D.迅速增大到某一值后逐漸減小
(2)待電壓表示數(shù)穩(wěn)定后，將開關(guān)S接2，測得電流隨時間變化的圖線如圖2所示。則放電過程中通過R的電荷量Q1=______C(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。
(3)該同學(xué)在分析數(shù)據(jù)時，用電容器的電容與充電后電壓表穩(wěn)定示數(shù)的乘積求出電荷量Q2，他發(fā)現(xiàn)Q1與Q2有明顯差異。多次重復(fù)實(shí)驗發(fā)現(xiàn)這種差異總是存在。請判斷Q1______Q2(選填“>”或“U0)，求柱體中帶電粒子對絕緣油整體的驅(qū)動力F驅(qū)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：AB、由加速度的定義可得汽車的加速度為：a汽=ΔvΔt=80×10003600?010m/s2=209m/s2，火車的加速度為：a火=ΔvΔt′=80×10003600?060m/s2=1027m/s2，故汽車的加速度比較大，故A正確，B錯誤；
CD、兩者都做勻加速運(yùn)動，由v?=v0+v2可得兩者的平均速度均為：v?=0+8000036002m/s≈11.1m/s；由x=v2t可得，汽車通過的位移為：x汽=v2t1=8000036002×10m≈111m，火車通過的位移為：x火=v2t2=8000036002×60m≈667m，故火車通過的位移大，故CD錯誤。
故選：A。
據(jù)加速度的定義判斷出加速度的大??；由v?=v0+v2求平均速度；根據(jù)x=v2t求得兩者勻變速通過的位移。
本題主要考查了加速度的計算和位移的計算，熟練公式即可，基礎(chǔ)題。
2.【答案】C
【解析】解：AB、根據(jù)圖像可知振子的周期T=4s，振子的振幅A=1cm，故AB錯誤；
C、由圖可知，t=1s時，振子在最大位移處，速度為零，振子的加速度最大，故C正確；
D、由圖可知t=2s時，振子的位移為零，在平衡位置處，速度最大，加速度為零，故D錯誤。
故選：C。
根據(jù)圖像可知振子的周期和振幅；在最大位移處，振子的速度為零，加速度最大；在平衡位置處，振子的速度最大，加速度最小為零。
知道在最大位移處，振子的速度為零，加速度最大；在平衡位置處，振子的速度最大，加速度最小為零，是解題的基礎(chǔ)。
3.【答案】B
【解析】解：A、對B球受力分析，電場力水平向右，屬于排斥力，所以B球帶正電，故A錯誤；
BC、小球B受力如圖所示：
根據(jù)平衡條件，可得小球B受到的靜電力大小為：F=mgtanθ
小球受到絲線的拉力大小為：T=mgcsα，故B正確，C錯誤；
D、根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=Fq，可得小球B所在位置的電場強(qiáng)度大小為：E=FqB=mgtanαqB，故D錯誤。
故選：B。
對B球受力分析，可知電場力水平向右，進(jìn)而判斷B球電性；對B球根據(jù)平衡條件求解靜電力和拉力大?。桓鶕?jù)電場強(qiáng)度的定義式E=Fq求解。
對于復(fù)合場中的共點(diǎn)力作用下物體的平衡其解決方法和純力學(xué)中共點(diǎn)力作用下物體的平衡適用完全相同的解決方法。
4.【答案】D
【解析】解：A、原線圈電壓U1由交流電源決定，閉合開關(guān)S對此無影響，因此U1不變。根據(jù)U1U2=n1n2
變壓器匝數(shù)不變，可知副線圈電壓U2不變，燈泡L直接并聯(lián)在副線圈上，則其兩端電壓就是副線圈電壓U2，保持不變，故A錯誤；
B、根據(jù)歐姆定律I=UR，通過燈泡L1的電流保持不變，故B錯誤；
C、開關(guān)閉合后，副線圈多了一條支路，則副線圈電流I2增大，根據(jù)I2I1=n1n2，可知原線圈電流I增大，故C錯誤；
D、變壓器輸入功率P=U1I1，可知該功率增大，故D正確。
故選：D。
理想變壓器電壓由原線圈電壓決定，電流和功率又副線圈決定。根據(jù)變壓器的工作原理和線圈的匝數(shù)比分析出副線圈電壓和電流變化情況，根據(jù)功率公式分析D。
本題主要考查了變壓器的相關(guān)應(yīng)用，掌握變壓器的工作原理，結(jié)合線圈的匝數(shù)比與電學(xué)物理量的比值關(guān)系即可完成分析。
5.【答案】B
【解析】解：AD、由于平拋運(yùn)動的豎直分運(yùn)動為自由落體，由h=12gt2，得t= 2hg，故b、c下落時間相同，根據(jù)I=mgt可知，重力對b、c兩物體的沖量相同；但根據(jù)牛頓第二定律以及運(yùn)動學(xué)公式可知，a的下落時間t= 2hg(sinθ)2，與b、c的下落時間不同，故三個物體受重力的沖量不同，故AD錯誤；
BC、由題意可知，三個物體下落的過程只有重力做功，重力對三個物體做功相同，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，mgh=Ek′?Ek，三個物塊動能的變化量相同，c的初動能不為零，故落地瞬間c的動能較大，a、b的動能相同，故B正確，C錯誤。
故選：B。
明確各物體的運(yùn)動情況，知道a沿斜面做加速度為gsinθ，初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，b做自由落體運(yùn)動，c做平拋運(yùn)動。三物體下落高度相同，質(zhì)量相同，故重力對三物體做功相同。
本題關(guān)鍵是明確三個小球的運(yùn)動規(guī)律，然后根據(jù)動能定理、動量定理和運(yùn)動學(xué)公式列式分析即可求解，注意動量和沖量的矢量性。
6.【答案】C
【解析】解：小球在漏斗中做圓周運(yùn)動受力情況如圖
A.根據(jù)平衡條件Fsinθ=mg，得F=mgsinθ，可知無論軌道半徑的大小如何，漏斗壁對小球的支持力大小都是相等，結(jié)合牛頓第三定律可知，壓力大小也相同，故A錯誤；
BCD.水平方向上，有Fcsθ=ma=mRω2=mv2R，可知加速度a大小相等，R越大的，角速度ω越小，線速度v越大，故C正確，BD錯誤。
故選：C。
A.作小球的受力圖，根據(jù)豎直方向的平衡條件判斷彈力大?。?br>BCD.根據(jù)水平方向的牛頓第二定律列式分析判斷。
考查圓錐擺物體的受力分析以及牛頓第二定律，平衡條件的應(yīng)用，會根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
7.【答案】B
【解析】解：A、由左手定則，可知等離子體中的正電荷受力向B極板偏轉(zhuǎn)，負(fù)電荷受力向A極板偏轉(zhuǎn)，即A極板的電勢低于B板，故A錯誤；
BCD、穩(wěn)定狀態(tài)下，由等離子體受到的洛倫茲力與電場力平衡，即qBv=qUd，可得到電源電動勢U=Bdv；
故僅增大等離子體的速度，電源電動勢增大；僅增大極板間面積，電源電動勢不變；僅增大極板間距，電源電動勢增大，故B正確，CD錯誤。
故選：B。
由左手定則，可知等離子體的受力偏轉(zhuǎn)方向，分析AB板的電勢相對高低；穩(wěn)定狀態(tài)下，由等離子體受到的洛倫茲力與電場力平衡，可得到電源電動勢表達(dá)式，分析電源電動勢的影響因素。
本題考查磁流體發(fā)電機(jī)的應(yīng)用，關(guān)鍵是理解穩(wěn)定狀態(tài)下，等離子體受到的洛倫茲力與電場力平衡。
8.【答案】D
【解析】解：ACD、在兩極物體受到的萬有引力大小為F=mg1。地球看成質(zhì)量均勻分布的球體，則物體在赤道受到的向心力大小等于在兩極物體受到的萬有引力大小，所以物體在赤道受到的萬有引力大小等于mg1。在赤道地面上，設(shè)物體受到的向心力大小為Fn，則有F=Fn+mg2，可得Fn=mg1?mg2，所以物體受到的合力大小F合=Fn=mg1?mg2，故AC錯誤，D正確。
B、物體對地面的壓力大小FN=mg2，故B錯誤。
故選：D。
在赤道上，物體所受的萬有引力可分解為重力和向心力，重力與支持力平衡。在兩極，重力等于萬有引力。由此解答。
解答本題的關(guān)鍵要明確萬有引力與向心力的關(guān)系，明確在兩極物體沒有向心力，重力等于萬有引力。在赤道，萬有引力是向心力和重力的合力。
9.【答案】C
【解析】解：A、根據(jù)動量守恒定律可知，若兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，則碰撞后兩球以相同的速度向A球原運(yùn)動方向運(yùn)動，故碰撞后A球的速度不一定反向，故A錯誤；
B、當(dāng)兩球發(fā)生彈性碰撞時，碰撞后B球的速度最大，設(shè)為vBm。以碰撞前A球的運(yùn)動方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律得：
mv=mvA+3mvBm
12mv2=12mvA2+12×3mvBm2
聯(lián)立解得：vBm=0.5v，可知碰撞后B球的速度大小不可能是0.6v，故B錯誤；
C、當(dāng)兩球發(fā)生彈性碰撞時，碰撞后B球的速度最大，碰撞過程A球?qū)球的沖量最大，設(shè)為Im。根據(jù)B選項的結(jié)果，由動量定理得：
Im=3mvBm?0=1.5mv，故C正確；
D、當(dāng)兩球發(fā)生完全非彈性碰撞時，碰撞過程兩球損失的機(jī)械能最多，設(shè)碰撞后兩球的速度為v1，以碰撞前A球的運(yùn)動方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：
mv=(m+3m)v1
根據(jù)能量守恒定律得碰撞過程兩球損失的機(jī)械能最多為：
ΔE=12mv2?12(m+3m)v12
聯(lián)立解得：ΔE=38mv2，故D錯誤。
故選：C。
若兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，則碰撞后兩球以相同的速度向A球原運(yùn)動方向運(yùn)動；當(dāng)兩球發(fā)生彈性碰撞時，碰撞后B球的速度最大，碰撞過程A球?qū)球的沖量最大，根據(jù)動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求解B球的最大速度；根據(jù)動量定理求解碰撞過程A球?qū)球的最大沖量；當(dāng)兩球發(fā)生完全非彈性碰撞時，碰撞過程兩球損失的機(jī)械能最多，根據(jù)動量守恒定律與能量守恒定律求解碰撞過程兩球損失的機(jī)械能。
本題考查了動量守恒定律應(yīng)用的碰撞模型，要掌握完全非彈性碰撞與彈性碰撞的區(qū)別。
10.【答案】D
【解析】解：ABC、E=kQR2，若兩個點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鶕?jù)等量正點(diǎn)電荷連線中垂線上電場強(qiáng)度分布可知，每點(diǎn)電場強(qiáng)度都將變?yōu)樵瓉韮杀?，對?yīng)相同試探電荷在每點(diǎn)受到電場力變?yōu)樵瓉韮杀?，移動相同距離電場力做功變?yōu)樵瓉韮杀叮琖=Uq，所以E點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢差變?yōu)樵瓉淼?倍，試探電荷運(yùn)動到O點(diǎn)的動能變?yōu)樵瓉淼?倍，故ABC錯誤；
D.由以上分析得加速度變?yōu)樵瓉?倍，位移不變，x=12at2，時間變?yōu)樵瓉淼? 2倍，故D正確。
故選：D。
根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式，結(jié)合電場力做功公式以及運(yùn)動學(xué)公式分析。
本題的關(guān)鍵要掌握點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式。
11.【答案】AC
【解析】解：AD.根據(jù)楞次定律判斷可知0～1s內(nèi)與1～2s內(nèi)，電流方向相同，即在0～2s內(nèi)感應(yīng)電流方向不變，在2～4s內(nèi)磁通量先減小后增大，根據(jù)楞次定律“增縮減擴(kuò)”推論，線圈先由擴(kuò)張趨勢，后有收縮趨勢，故A正確，D錯誤；
BC.在t=1s時磁通量為零，但磁通量變化率不為零，感應(yīng)電動勢不為零，感應(yīng)電流不為零，在2～4s內(nèi)磁通量變化率不變，感應(yīng)電動勢不變，感應(yīng)電流大小不變，故B錯誤，C正確。
故選：AC。
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合圖像分析電動勢大小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向。
本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律，同時要注意利用楞次定律分析出電流的方向。
12.【答案】AD
【解析】解：AB、由題意可知，濃度變大時，氣敏電阻值的阻值R1變小，結(jié)合閉合電路歐姆定律，
可得到電壓表的示數(shù)U=E?I(r+R2+R1)=IR0，電流I=Er+R0+R1+R2，即在R1變小時，I增大，U增大，即報警器報警時電壓表示數(shù)大于U0，故A正確，B錯誤；
C、電源電動勢不變，內(nèi)阻增大時，電流I=Er+R0+R1+R2，故電流減??；
電壓表的示數(shù)表達(dá)式U=IR0，為使氣敏電阻達(dá)到同樣阻值時，電壓表示數(shù)達(dá)到報警時的電壓，即報警時的電流表示數(shù)應(yīng)不變，則需要減小調(diào)零時R2阻值，以消除內(nèi)阻變化的影響，即其滑片應(yīng)向右移，故C錯誤；
D、電源電動勢不變，內(nèi)阻增大時，電流I=Er+R0+R1+R2，故電流減??；
電壓表的示數(shù)表達(dá)式U=IR0，若未重新調(diào)零，為使電壓表示數(shù)達(dá)到報警時的電壓，則氣敏電阻值應(yīng)更小，即會導(dǎo)致啟動報警時酒精濃度比臨界濃度大，故D正確。
故選：AD。
由濃度對氣敏電阻的影響，可知濃度變大時，報警器報警時，氣敏電阻值的變化情況，結(jié)合閉合電路歐姆定律，可得到電壓表的示數(shù)、電流的變化情況；由電源內(nèi)阻增大時，電壓表的示數(shù)表達(dá)式，可知為使其達(dá)到報警時的電壓，滑動變阻器的阻值或氣敏電阻的阻值需要變化的情況，及報警時的酒精濃度變化情況。
本題考查電路動態(tài)分析，關(guān)鍵是利用閉合電路歐姆定律，分析電壓表的示數(shù)與氣敏電阻、滑動變阻器、內(nèi)阻的關(guān)系。
13.【答案】BC
【解析】解：AB、設(shè)輕彈簧原長為L，勁度系數(shù)為k，人的質(zhì)量為m，最大速度為v。
當(dāng)人的加速度為零時，速度最大，則有
mg=kx
從開始下落到速度最大時，由動能定理有
mg(L+x)?12kx2=12mv2
聯(lián)立以上兩式可得
mg22k=12v2?gL
可知，人的質(zhì)量越大，人向下運(yùn)動的最大速度越大，故A錯誤，B正確；
CD、在最低點(diǎn)時，根據(jù)牛頓第二定律有
kx′?mg=ma
從開始下落到最低點(diǎn)時，由動能定理有
mg(L+x′)?12kx′2=0
聯(lián)立以上兩式可得
m(a2?g2)=2gLk
可知，人的質(zhì)量越大，人在最低點(diǎn)時的加速度越小，故C正確，D錯誤。
故選：BC。
當(dāng)人的加速度為零時，速度最大，根據(jù)平衡條件和動能定理列式，得到最大速度與人的質(zhì)量的關(guān)系式，再分析最大速度的變化；根據(jù)牛頓第二定律和動能定理列式，得到人在最低點(diǎn)時的加速度與人的質(zhì)量的關(guān)系，再分析人在最低點(diǎn)時的加速度變化。
解答本題的關(guān)鍵要理清人的運(yùn)動過程，根據(jù)速度最大的條件和動能定理、牛頓第二定律列式分析。
14.【答案】BC
【解析】解：A、超聲波是縱波，為了研究方便，圖中畫成了橫波形式。如果發(fā)射端和反射端的間距為1.5倍波長，如圖所示，仍然可以形成駐波，故A錯誤；
B、由圖可知相鄰波結(jié)的間距為波長的一半，由題意，可知懸浮位置間的最小距離也為波長的一半，故B正確；
C、波長λ與頻率f成反比，懸浮位置間的最小距離為波長的一半，則這個距離也與頻率成反比，故C正確；
D、若增大頻率，由C的分析，懸浮位置間的最小距離減小，若不改變發(fā)射端與反射端的距離可知懸浮位置數(shù)量會增加。要想懸浮位置的數(shù)目不變，需減小發(fā)射端與反射端的距離，故D錯誤。
故選：BC。
做出對應(yīng)的圖像，根據(jù)圖像分析即可；由圖可知相鄰波結(jié)的間距為波長的一半，據(jù)此分析；波長λ與頻率f成反比，據(jù)此分析CD。
本題考查了超聲波駐波的形成和特性。
15.【答案】D 2.6×10?3 < 電壓表
【解析】解：(1)先將開關(guān)S接1，電源給電容器充電，電路中存在充電電流，且隨著電荷量的增多，充電電流逐漸減小為零，所以觀察到電流表示數(shù)是迅速增大到某一值后逐漸減小，故D正確，ABC錯誤。
故選：D。
(2)I?t圖像與坐標(biāo)軸所圍面積表示電荷量，所以通過電阻R的電荷量為Q1=1×0.04×10?3×64C≈2.6×10?3C
(3)因為有電壓表的存在，所以在放電時總有一部分電荷經(jīng)過電壓表放電，電容器所帶電荷量不能全部經(jīng)過電阻R，所以Q1

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