1.青島地鐵6號線是國內(nèi)首條城市軌道交通智慧地鐵示范線。2024年4月26日1期工程正式運營，如圖是該線路的走向示意圖。已知該線路全長30.76km，列車最高時速可達(dá)100km/h，全天運營16h50min。下列說法正確的是( )
A. “16h50min”指的是時刻
B. 研究單程運行的時間，可以將地鐵看作質(zhì)點
C. “30.76km”指的是地鐵單程行駛的位移大小
D. “100km/h”指的是地鐵行駛的平均速度大小
2.電子不停車自動收費系統(tǒng)(ETC)適用于高速公路和繁忙的橋隧環(huán)境。如圖是汽車經(jīng)過ETC通道時的v-t圖像。下列說法正確的是( )
A. 汽車的慣性先減小后增大
B. 汽車的加速度方向始終不變
C. 汽車在減速過程中加速度先減小后增大
D. 汽車在加速過程中加速度先增大后減小
3.2024年8月3日，中國選手鄭欽文在巴黎奧運會網(wǎng)球女子單打決賽中獲得冠軍，實現(xiàn)了中國網(wǎng)球歷史性的突破。球拍擊球時，下列說法正確的是( )
A. 網(wǎng)球受到彈力是因為球拍發(fā)生了彈性形變產(chǎn)生的
B. 網(wǎng)球給球拍的力和球拍給網(wǎng)球的力是一對平衡力
C. 網(wǎng)球給球拍的力小于球拍給網(wǎng)球的力
D. 網(wǎng)球所受彈力的方向一定與反彈后的運動方向相同
4.如圖，貨車運載一批質(zhì)量均為m的光滑油桶。油桶大小相同，緊密排列，和貨車一起向左做勻速直線運動，P、Q是其中的兩個油桶。已知重力加速度為g，則Q受到P的作用力為( )
A. 22mgB. 3mgC. 33mgD. mg
5.如圖，用手掌托著質(zhì)量為1kg的書，由靜止向上運動了一段距離后停下。已知該過程中書的加速度大小始終為2m/s2，重力加速度g=10m/s2，下列說法正確的是( )
A. 書一直向上運動，故一直處于超重狀態(tài)
B. 前半段運動過程中，書受到的支持力為12N
C. 前半段運動過程中，書受到的重力變?yōu)?2N
D. 后半段運動過程中，書受到的重力變小
6.一輛汽車沿平直公路行駛，如圖為其位置隨時間的變化規(guī)律。下列說法正確的是( )
A. 0～t2時間內(nèi)汽車運動方向不變
B. 0～t2時間內(nèi)汽車的位移為x1
C. 0～t1時間內(nèi)汽車做減速運動
D. 0～t1時間內(nèi)汽車做加速度減小的加速運動
7.體育課上，小明同學(xué)將排球以5m/s的初速度豎直向上墊起，墊球點離地面高度為1.2m。忽略空氣阻力，已知重力加速度g=10m/s2，排球被墊出后0.8s時離地面的高度為( )
A. 0.8mB. 2.9mC. 1.7mD. 2.0m
8.為了測量橡皮與白紙之間的動摩擦因數(shù)，某同學(xué)將一質(zhì)量為20g的橡皮放置在水平桌面的白紙上。經(jīng)0.1s將白紙快速抽出，抽出過程中，橡皮相對桌面運動了3cm。已知重力加速度g=10m/s2，下列說法正確的是( )
A. 橡皮與白紙之間的動摩擦因數(shù)為0.6
B. 在白紙剛剛抽出時，橡皮的速度為0.3m/s
C. 該橡皮質(zhì)量越小，在桌面上滑動的距離越大
D. 白紙抽出的越快，橡皮在桌面上滑動的距離越大
二、多選題：本大題共4小題，共16分。
9.同學(xué)們在學(xué)習(xí)物理知識的同時也經(jīng)歷了物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，掌握了處理物理問題的方法，領(lǐng)悟了科學(xué)思想，下列說法正確的是( )
A. 重心概念的建立主要采用了理想模型法
B. 瞬時速度概念的建立蘊含了極限的思想
C. 用質(zhì)點來替代實際物體主要采用了等效的方法
D. 伽利略研究自由落體運動規(guī)律時主要采用了推理與實驗相結(jié)合的方法
10.某小組測量一彈簧的勁度系數(shù)。第一次施加F1=10N的拉力，彈簧長L1=14cm；第二次施加F2=5N的拉力，彈簧長L2=12cm，實驗時彈簧均在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是( )
A. 彈簧的勁度系數(shù)k=2.5N/mB. 彈簧的勁度系數(shù)k=250N/m
C. 彈簧的原長L0=10cmD. 彈簧的原長L0=8cm
11.國內(nèi)已經(jīng)逐步嘗試通過無人機(jī)進(jìn)行火災(zāi)探測和應(yīng)急救援物資輸送。某消防中隊接到群眾報警，趕至火災(zāi)現(xiàn)場，迅速布置無人機(jī)消防作業(yè)。假設(shè)無人機(jī)由靜止豎直向上起飛，整個過程的v-t圖像如圖所示。已知無人機(jī)的質(zhì)量為6kg，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是( )
A. 無人機(jī)上升的最大高度為30m
B. 無人機(jī)在10～12s內(nèi)處于懸停階段
C. 無人機(jī)在8～10s內(nèi)加速度為-3m/s2
D. 無人機(jī)在12～16s內(nèi)受到空氣的作用力大小為66N
12.如圖，木塊B放在水平地面上，固定在B上的豎直輕桿頂端用細(xì)繩連接小球A。當(dāng)與水平方向成30°角的力F作用在小球A上時，A、B均靜止，且此時細(xì)繩與豎直方向的夾角為30°。已知木塊B的質(zhì)量為2m，小球A的質(zhì)量為m。下列說法正確的是( )
A. 細(xì)繩拉力大小為 3mg2
B. 力F的大小為mg2
C. 地面對B的支持力大小為11mg4
D. 地面對B的摩擦力大小為 3mg2
三、實驗題：本大題共2小題，共14分。
13.學(xué)校興趣小組用如圖所示的實驗裝置驗證力的平行四邊形定則，操作步驟如下：
①在水平放置的薄木板上用圖釘固定一張白紙，將三個橡皮筋一端系在一起，另一端分別與三個彈簧測力計的掛鉤相連；
②三位同學(xué)互成角度拉動三個彈簧測力計；
③記錄F1、F2、F3的大小與方向；
④重復(fù)以上步驟，記錄多組數(shù)據(jù)。
(1)下列操作合理的是______；
A.三個橡皮筋必須等長
B.F2、F3的夾角越大越好
C.再次實驗時需把結(jié)點拉到同一位置
D.三個彈簧測力計在操作時一定要與木板平面保持平行
(2)該彈簧測力計示數(shù)的單位為N，圖中F1的示數(shù)為______N；
(3)該小組同學(xué)結(jié)合實驗中得到的數(shù)據(jù)，畫出力的圖示，以任意兩個力為鄰邊作平行四邊形，若______，則可證明平行四邊形定則成立。
14.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置測量木塊的加速度。將木板抬起一定的角度，打點計時器固定在木板下端，紙帶一端與木塊相連，另一端穿過打點計時器。接通電源，給木塊沿木板向上的初速度，打出的紙帶如圖乙，測得相鄰兩計數(shù)點之間的距離為x1=11.09cm，x2=9.13cm，x3=7.10cm，x4=5.12cm。已知相鄰兩個計數(shù)點間還有四個點未畫出，打點計時器使用交流電的頻率f=50Hz，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

(1)圖乙中紙帶的______端與木塊相連(選填“左”或“右”)；
(2)根據(jù)題干中的數(shù)據(jù)可求出打下B點時木塊的速度vB= ______m/s，木塊的加速度大小a= ______m/s2；(結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)
(3)該同學(xué)用此裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)，則還需測量下列哪些物理量______。
A.木塊的質(zhì)量m
B.木板的長度L
C.木板頂端離水平面的高度h
四、計算題：本大題共4小題，共46分。
15.如圖甲為中國完全自主設(shè)計建造的首艘電磁彈射型航空母艦“福建艦”，采用平直飛行甲板，搭載彈射型艦載機(jī)“殲-15T”，配置飛機(jī)電磁彈射和阻攔裝置；如圖乙為“福建艦”的水平跑道電磁彈射區(qū)和起飛區(qū)示意圖。某次起飛訓(xùn)練中，航空母艦始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，艦載機(jī)啟動后先經(jīng)電磁彈射區(qū)獲得速度v0=10m/s，離開電磁彈射區(qū)后在起飛區(qū)繼續(xù)勻加速前進(jìn)，運動了x=96m后達(dá)到起飛速度離艦升空。已知艦載機(jī)的質(zhì)量m=1.8×104kg，啟動后發(fā)動機(jī)可為其提供恒定向前的推力F=4.68×105N，艦載機(jī)在航母上受到的阻力恒為艦載機(jī)重力的0.1倍，重力加速度g=10m/s2。求：

(1)艦載機(jī)的起飛速度大小；
(2)艦載機(jī)在起飛區(qū)的運動時間。
16.直升飛機(jī)懸停在某一高度處，跳傘運動員離開飛機(jī)后進(jìn)行超低空跳傘表演。運動員先做自由落體運動，5s后打開降落傘，隨即勻減速下降，加速度大小為15m/s2。為了安全起見，要求運動員落地速度最大不得超過5m/s，重力加速度g=10m/s2。求：
(1)運動員打開降落傘時的速度大小；
(2)直升飛機(jī)懸停的最小高度。
17.如圖，一裝卸工人利用斜面卸貨，開始時貨物靜止在斜面上。工人對貨物施加一沿斜面向下的恒定推力F1貨物恰好勻速向下運動。已知貨物的質(zhì)量m=100kg，斜面的長度L=3m，斜面的傾角θ=37°貨物與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.8，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。
(1)求貨物靜止時受到的摩擦力大小；
(2)求F1的大??；
(3)若對貨物施加的推力大小變?yōu)镕2貨物從斜面頂端由靜止開始運動，運動了x1=1m后撤去該推力，貨物剛好能到達(dá)斜面底端，求F2的大小。
18.隨著人工智能技術(shù)的發(fā)展，2024年自動駕駛技術(shù)進(jìn)入了全新的階段，越來越多的城市開始允許無人駕駛汽車上路行駛。L4級無人駕駛汽車緊急情況下的反應(yīng)時間可以縮短到t0=0.2s，減速的加速度大小恒為a=5m/s2。如圖所示，該無人駕駛汽車在平直公路上以v1=20m/s的速度勻速行駛。

(1)若無人駕駛汽車探測到正前方s0=45m處突然出現(xiàn)障礙物，該車作出反應(yīng)后開始減速，試判斷該車是否會撞上障礙物，如果沒有撞上，求該車停下時到障礙物的距離s1；
(2)若一貨車突然變道至無人駕駛汽車的正前方并以速度v2=10m/s勻速行駛，此時兩車相距s2=9.5m無人駕駛汽車探測到貨車后作出反應(yīng)開始減速。判斷無人駕駛汽車是否會撞上貨車；若撞上，求無人駕駛汽車減速的時間t；若沒撞上，求兩車的最小距離s3。
答案和解析
1.B
【解析】A、時間間隔是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應(yīng)的是一個點，所以“16h50min”指的是時間間隔，故A正確；
B、一個物體能否看成質(zhì)點，不是看物體的大小，而是看物體的大小和形狀在所研究的問題中能否忽略，在考察地鐵單程運行的時間，可以忽略列車的形狀，看成質(zhì)點，故B正確；
C、地鐵從起點到終點為路程，實際軌跡長度，所以37.6km為路程，故C錯誤；
D、平均速度等于位移與時間的比值，最高時速可達(dá)100km/h，指的是瞬時速度，故D錯誤。
故選：B。
2.D
【解析】A.慣性是物體的固有屬性，只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的速度無關(guān)。因此，汽車的慣性在行駛過程中是不變的，故A錯誤；
B.從v-t圖像可以看出，汽車的速度先減小后增大，因此汽車的加速度方向先與速度方向相反(減速階段)，后與速度方向相同(加速階段)，所以汽車的加速度方向發(fā)生了改變，故B錯誤；
C.在減速過程中，v-t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在減速過程中加速度是先增大后減小的，故C錯誤；
D.在加速過程中，v-t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在加速過程中加速度是先增大后減小的，故D正確。
故選：D。
3.A
【解析】A.根據(jù)彈力的定義，彈力是發(fā)生彈性形變的物體由于要恢復(fù)原狀，對與它接觸的物體產(chǎn)生的力。因此，當(dāng)球拍擊球時，球拍發(fā)生彈性形變，產(chǎn)生彈力作用在網(wǎng)球上，故A正確；
B.網(wǎng)球給球拍的力和球拍給網(wǎng)球的力是一對相互作用力，它們作用在兩個不同的物體上(一個是網(wǎng)球，一個是球拍)，因此不是平衡力，平衡力是作用在同一個物體上，使物體保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)的力，故B錯誤；
C.根據(jù)牛頓第三定律，相互作用力總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。因此，網(wǎng)球給球拍的力與球拍給網(wǎng)球的力是一對相互作用力，它們的大小相等，故C錯誤；
D.網(wǎng)球所受彈力的方向是與球拍形變恢復(fù)的方向相同，而不是與網(wǎng)球反彈后的運動方向一定相同，網(wǎng)球的反彈方向取決于彈力的方向、網(wǎng)球的初速度、重力以及空氣阻力等多個因素，故D錯誤。
故選：A。
4.C
【解析】根據(jù)對稱性可知，P和P左側(cè)的球?qū)的支持力大小相等，設(shè)為F，如圖所示。
根據(jù)平衡條件得
2Fcs30°=mg
解得
F= 33mg，故ABD錯誤，C正確。
故選：C。
5.B
【解析】A.書在向上運動的過程中，雖然速度方向向上，但由于加速度方向先向上后向下，所以書處于先超重后失重狀態(tài)，故A錯誤；
B.對書進(jìn)行受力分析，書受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力。根據(jù)題目意思，前半段運動過程應(yīng)該是指加速運動過程，
根據(jù)牛頓第二定律有：FN-mg=ma，
解得：FN=12N，故B正確；
CD.書受到的重力是由地球?qū)奈a(chǎn)生的，與書的運動狀態(tài)無關(guān)，所以無論書如何運動，它受到的重力都保持不變，故CD錯誤。
故選：B。
6.C
【解析】A.由圖可得0～t2時間內(nèi)汽車運動方向改變，t1時刻方向改變，故A錯誤；
B.由圖可得0～t2時間內(nèi)汽車的位移為-x1，故B錯誤；
C.位移—時間圖象的斜率等于物體運動的速度，0～t1時間內(nèi)汽車做減速運動，故C正確；
D.位移—時間圖象的斜率等于物體運動的速度，0～t1時間內(nèi)汽車做速度減小的減速運動，故D錯誤；
故選：C。
7.D
【解析】墊球后排球做豎直上拋運動，根據(jù)逆運算可得向上運動距離為
h1=v022g=522×10m=1.25m
向上運動時間為
t1=v0g=510s=0.5s
上升到最高點后速度大小為0，此后做自由落體運動，根據(jù)自由落體運動公式可知下降時間為
t2= 2(h1+h2)g= 2×(1.2+1.25)10s=0.7s
由于上升時間與下降時間之和大于0.8s，故排球下落時間為
t3=t-t1=0.8s-0.5s=0.3s
則下落距離為
h2=12gt32=12×10×0.32m=0.45m
故排球被墊出后0.8s時離地面的高度為
h3=h+h1-h2=1.2m+1.25m-0.45m=2.0m
故D正確，ABC錯誤。
故選：D。
8.A
【解析】A、橡皮做初速度為零的勻加速直線運動，位移x=12at2，代入數(shù)據(jù)解得：a=6m/s2，
對橡皮，由牛頓第二定律得：μmg=ma，代入數(shù)據(jù)解得橡皮與白紙間的動摩擦因數(shù)μ=0.6，故A正確；
B、在白紙剛抽出時，橡皮的速度v=at=6×0.1m/s=0.6m/s，故B錯誤；
CD、設(shè)橡皮與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ'，橡皮在桌面上滑動時，由牛頓第二定律得：μ'mg=ma'，解得：a'=μ'g
橡皮在桌面上做勻減速直線運動，橡皮在桌面上滑動的距離x'=v2a'=v22μ'g，橡皮在桌面上滑動的距離與橡皮質(zhì)量無關(guān)，
橡皮質(zhì)量越大或越小時橡皮在桌面上滑行的距離不變，故CD錯誤。
故選：A。
橡皮做初速度為零的勻加速直線運動，應(yīng)用運動學(xué)公式求出橡皮的加速度，應(yīng)用牛頓第二定律求出橡皮與白紙間的動摩擦因數(shù)；應(yīng)用運動學(xué)公式求出白紙剛抽出時橡皮的速度；根據(jù)牛頓第二定律與運動學(xué)公式判斷橡皮質(zhì)量與在桌面上滑行距離的關(guān)系。
分析清楚橡皮的運動過程，應(yīng)用牛頓第二定律與運動學(xué)公式即可解題。
9.BD
【解析】A.重心就是從作用效果上相當(dāng)于重力作用在那個點上，是利用了等效的思想，故A錯誤；
B.根據(jù)速度定義式v=ΔvΔt，可知當(dāng)Δt非常小時，就可以用平均速度表示物體在某時刻的瞬時速度，該定義應(yīng)用了極限思想的方法，故B正確；
C.把一個物體當(dāng)作“質(zhì)點”進(jìn)行研究，質(zhì)點是實際物體在一定條件下的科學(xué)抽象，使用了理想模型法，故C錯誤；
D.伽利略探究物體下落規(guī)律的過程使用的科學(xué)方法是：問題→猜想→數(shù)學(xué)推理→實驗驗證→合理外推→得出結(jié)論，即采用了推理與實驗相結(jié)合的方法，故D正確。
故選：BD。
10.BC
【解析】設(shè)彈簧的原長為L0，則有：第一次拉伸時：F1=k(L1-L0)
第二次拉伸時：F2=k(L2-L0)
解這個方程組，我們可以得到彈簧的原長L0=0.10m=10cm，勁度系數(shù)k=250N/m，故BC正確，AD錯誤。
故選：BC。
11.AC
【解析】A、由圖示v-t圖像可知，無人機(jī)上升的最大高度h=12×6×10m=30m，故A正確；
B、由圖示v-t圖像可知，在10～12s內(nèi)，無人機(jī)的速度保持不變但不是零，無人機(jī)做勻速直線運動而沒有懸停，故B錯誤；
C、由圖示v-t圖像可知，在8～10s內(nèi)無人機(jī)的加速度a=-6-010-8m/s2=-3m/s2，故C正確；
D、由圖示v-t圖像可知，在12～16s內(nèi)，無人機(jī)的加速度a'=0-(-6)16-12m/s2=1.5m/s2
對無人機(jī)，由牛頓第二定律得：f-mg=ma'，代入數(shù)據(jù)解得：f'=69N，故D錯誤。
故選：AC。
12.ABC
【解析】AB.如圖，對小球受力分析：
由平衡條件可得：Tsin30°=Fcs30°，Tcs30°+Fsin30°=mg，
聯(lián)立可得：T= 32mg，F(xiàn)=12mg，故AB正確；
CD.如圖，對木塊、細(xì)繩、小球的整體受力分析：
由平衡條件可得：f=Fcs30°，N+Fsin30°=(2m+m)g，
結(jié)合前面分析可知：F=12mg，
聯(lián)立可得：f= 34mg，N=114mg，故C正確，D錯誤；
故選：ABC。
13.D 3.40 這兩個力所夾的對角線表示的力，在誤差允許范圍內(nèi)大小等于第三個力、且方向相反
【解析】(1)A.三條橡皮筋的規(guī)格相同，自然長度要相等，且勁度系數(shù)要相同，故A正確；
B.F2、F3的夾角要適當(dāng)，不是越大越好，故B錯誤；
C.根據(jù)實驗原理，同次實驗時需把結(jié)點拉到同一位置，以保證力的作用效果相同，再次實驗時不需把結(jié)點拉到同一位置，故C錯誤；
D.為了保證合力與分力在同一平面內(nèi)，三個彈簧測力計在操作時一定要與木板平面保持平行，故D正確。
故選：AD。
(2)彈簧測力計的分度值為0.1N，讀數(shù)為3.40N；
(3)根據(jù)實驗原理，以任意兩個力為鄰邊作平行四邊形，若這兩個力所夾的對角線表示的力，在誤差允許范圍內(nèi)大小等于第三個力、且方向相反，則可證明平行四邊形定則成立。
故答案為：(1)AD；(2)3.40；(3)這兩個力所夾的對角線表示的力，在誤差允許范圍內(nèi)大小等于第三個力、且方向相反。
14.左 1.01 2.00 BC
【解析】(1)木塊沿斜面向上做減速直線運動，故圖乙中紙帶的左端與木塊相連；
(2)相連兩計數(shù)點間的時間間隔為T=0.02s×5=0.1s，根據(jù)紙帶瞬時速度和平均速度關(guān)系有vB=x1+x22T，代入數(shù)據(jù)得vB=1.01m/s，根據(jù)逐差法求解加速度公式a=(x4+x3)-(x2+x1)4T2，代入數(shù)據(jù)得a=-2.00m/s2，大小為2.00m/s2。
(3)設(shè)斜面的傾斜角為θ，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ-μmgcsθ=ma，表達(dá)式中m可以約掉，可以通過測量木板的長度L和木板頂端到水平面的高度h求解sinθ和csθ，故BC正確，A錯誤。
故選：BC。
故答案為：(1)左；(2)1.01，2.00；(3)BC。
15.(1)對艦載機(jī)，由牛頓第二定律得：F-kmg=ma
代入數(shù)據(jù)解得：a=25m/s2
由勻變速直線運動的v-x得：v2-v02=2ax
代入數(shù)據(jù)解得，起飛速度大小v=70m/s
(2)起飛速度v=v0+at
代入數(shù)據(jù)解得：t=2.4s
答：(1)艦載機(jī)的起飛速度大小是70m/s；
(2)艦載機(jī)在起飛區(qū)的運動時間是2.4s。
16.【解析】(1)運動員打開降落傘時，已經(jīng)自由落體運動了5s，根據(jù)速度—時間公式得：v0=gt1=10×5m/s=50m/s；
(2)運動員打開降落傘后做勻減速直線運動，根據(jù)速度—位移公式得：v2-v02=-2ax2，
其中，v為運動員落地時的速度，a為勻減速直線運動的加速度，x2為勻減速直線運動的位移。代入數(shù)據(jù)解得：x2=v2-v02-2a,解得x2=82.5m，自由落體運動的位移為：x1=12gt12,解得x1=125m，所以，直升飛機(jī)懸停的最小高度為：h=x1+x2，解得h=207.5m。
答：(1)運動員打開降落傘時的速度大小等于50m/s；
(2)直升飛機(jī)懸停的最小高度為207.5m。
17.【解析】(1)貨物靜止時，根據(jù)平衡條件得
f=mgsin37°=100×10×0.6N=600N
(2)貨物勻速向下運動時，根據(jù)平衡條件得
F1+mgsin37°=μmgcs37°
解得
F1=40N
(3)對貨物在斜面運動的全過程，根據(jù)動能定理得
F2x1+mgLsin37°=μmgcs37°?L
解得
F2=120N
答：(1)貨物靜止時受到的摩擦力大小為600N；
(2)F1的大小為40N；
(3)F2的大小為120N。
18.【解析】(1)該車在反應(yīng)后減速的總距離為x=v1t0+v122a
假設(shè)沒有撞上障礙物，則該車停下時到障礙物的距離s1=s0-x
代入數(shù)據(jù)解得s1=1m，假設(shè)成立。
(2)設(shè)經(jīng)時間t'兩車的速度相等，則
v2=v1-at'
假設(shè)兩車沒有相撞，從無人駕駛汽車開始反應(yīng)到兩車速度相等的最小距離為
Δx=v1+v22t'+v1t0-v2(t'+t0)-s2
解得Δx=-2.5m，說明無人駕駛汽車會撞上貨車，假設(shè)不成立。
則v1t-12at2+v1t0=s2+v2(t+t0)
解得t=1s(另一個解t=3s舍去)
答：(1)沒有撞上，該車停下時到障礙物的距離s1為1m；
(2)無人駕駛汽車會撞上貨車，無人駕駛汽車的減速時間為1s。

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