1．（3分）﹣6的相反數(shù)是（ ）
A．16 B．﹣16C．6D．﹣6
2．（3分）在國家“一帶一路”戰(zhàn)略下，我國與歐洲開通了互利互惠的中歐班列．行程最長，途經(jīng)城市和國家最多的一趟專列全程長13000km，將13000用科學(xué)記數(shù)法表示應(yīng)為（ ）
A．0.13×105 B．1.3×104 C．1.3×105D．13×103
3．（3分）下列圖形中，是軸對稱圖形的是（ ）
A．B．C．D．
4．（3分）下列運(yùn)算正確的是（ ）
A．（﹣a5）2=a10 B．2a?3a2=6a2
C．﹣2a+a=﹣3a D．﹣6a6÷2a2=﹣3a3
5．（3分）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的兩個(gè)根為x1，x2，下列結(jié)論正確的是（ ）
A．x1+x2=﹣52 B．x1?x2=1
C．x1，x2都是有理數(shù) D．x1，x2都是正數(shù)
6．（3分）如圖，任意四邊形ABCD中，E，F(xiàn)，G，H分別是AB，BC，CD，DA上的點(diǎn)，對于四邊形EFGH的形狀，某班學(xué)生在一次數(shù)學(xué)活動(dòng)課中，通過動(dòng)手實(shí)踐，探索出如下結(jié)論，其中錯(cuò)誤的是（ ）
A．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC=BD時(shí)，四邊形EFGH為菱形
B．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC⊥BD時(shí)，四邊形EFGH為矩形
C．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，四邊形EFGH可以為平行四邊形
D．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，四邊形EFGH不可能為菱形

二、填空題（本大題共6小題，每小題3分，滿分18分，將答案填在答題紙上）
7．（3分）函數(shù)y=x?2中，自變量x的取值范圍是 ．
8．（3分）如圖1是一把園林剪刀，把它抽象為圖2，其中OA=OB．若剪刀張開的角為30°，則∠A= 度．
9．（3分）中國人最先使用負(fù)數(shù)，魏晉時(shí)期的數(shù)學(xué)家劉徽在“正負(fù)術(shù)”的注文中指出，可將算籌（小棍形狀的記數(shù)工具）正放表示正數(shù)，斜放表示負(fù)數(shù)．如圖，根據(jù)劉徽的這種表示法，觀察圖①，可推算圖②中所得的數(shù)值為 ．
10．（3分）如圖，正三棱柱的底面周長為9，截去一個(gè)底面周長為3的正三棱柱，所得幾何體的俯視圖的周長是 ．
11．（3分）已知一組從小到大排列的數(shù)據(jù)：2，5，x，y，2x，11的平均數(shù)與中位數(shù)都是7，則這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)是 ．
12．（3分）已知點(diǎn)A（0，4），B（7，0），C（7，4），連接AC，BC得到矩形AOBC，點(diǎn)D的邊AC上，將邊OA沿OD折疊，點(diǎn)A的對應(yīng)邊為A'．若點(diǎn)A'到矩形較長兩對邊的距離之比為1：3，則點(diǎn)A'的坐標(biāo)為 ．

三、解答題（本大題共5小題，每小題6分，共30分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟.）
13．（6分）（1）計(jì)算：x+1x2?1÷2x?1；
（2）如圖，正方形ABCD中，點(diǎn)E，F(xiàn)，G分別在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求證：△EBF∽△FCG．
14．（6分）解不等式組：&?2x＜6&3(x?2)≤x?4，并把解集在數(shù)軸上表示出來．
15．（6分）端午節(jié)那天，小賢回家看到桌上有一盤粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1個(gè)，蜜棗粽2個(gè)，這些粽子除餡外無其他差別．
（1）小賢隨機(jī)地從盤中取出一個(gè)粽子，取出的是肉粽的概率是多少？
（2）小賢隨機(jī)地從盤中取出兩個(gè)粽子，試用畫樹狀圖或列表的方法表示所有可能的結(jié)果，并求出小賢取出的兩個(gè)都是蜜棗粽的概率．
16．（6分）如圖，已知正七邊形ABCDEFG，請僅用無刻度的直尺，分別按下列要求畫圖．
（1）在圖1中，畫出一個(gè)以AB為邊的平行四邊形；
（2）在圖2中，畫出一個(gè)以AF為邊的菱形．
17．（6分）如圖1，研究發(fā)現(xiàn)，科學(xué)使用電腦時(shí)，望向熒光屏幕畫面的“視線角”α約為20°，而當(dāng)手指接觸鍵盤時(shí)，肘部形成的“手肘角”β約為100°．圖2是其側(cè)面簡化示意圖，其中視線AB水平，且與屏幕BC垂直．
（1）若屏幕上下寬BC=20cm，科學(xué)使用電腦時(shí)，求眼睛與屏幕的最短距離AB的長；
（2）若肩膀到水平地面的距離DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在鍵盤上，其到地面的距離FH=72cm．請判斷此時(shí)β是否符合科學(xué)要求的100°？
（參考數(shù)據(jù)：sin69°≈1415，cs21°≈1415，tan20°≈411，tan43°≈1415，所有結(jié)果精確到個(gè)位）

四、（本大題共3小題，每小題8分，共24分）.
18．（8分）為了解某市市民“綠色出行”方式的情況，某校數(shù)學(xué)興趣小組以問卷調(diào)查的形式，隨機(jī)調(diào)查了某市部分出行市民的主要出行方式（參與問卷調(diào)查的市民都只從以下五個(gè)種類中選擇一類），并將調(diào)查結(jié)果繪制成如下不完整的統(tǒng)計(jì)圖．
根據(jù)以上信息，回答下列問題：
（1）參與本次問卷調(diào)查的市民共有 人，其中選擇B類的人數(shù)有 人；
（2）在扇形統(tǒng)計(jì)圖中，求A類對應(yīng)扇形圓心角α的度數(shù)，并補(bǔ)全條形統(tǒng)計(jì)圖；
（3）該市約有12萬人出行，若將A，B，C這三類出行方式均視為“綠色出行”方式，請估計(jì)該市“綠色出行”方式的人數(shù)．
19．（8分）如圖，是一種斜挎包，其挎帶由雙層部分、單層部分和調(diào)節(jié)扣構(gòu)成．小敏用后發(fā)現(xiàn)，通過調(diào)節(jié)扣加長或縮短單層部分的長度，可以使挎帶的長度（單層部分與雙層部分長度的和，其中調(diào)節(jié)扣所占的長度忽略不計(jì)）加長或縮短．設(shè)單層部分的長度為xcm，雙層部分的長度為ycm，經(jīng)測量，得到如下數(shù)據(jù)：
（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)的規(guī)律，完成以下表格，并直接寫出y關(guān)于x的函數(shù)解析式；
（2）根據(jù)小敏的身高和習(xí)慣，挎帶的長度為120cm時(shí)，背起來正合適，請求出此時(shí)單層部分的長度；
（3）設(shè)挎帶的長度為lcm，求l的取值范圍．
20．（8分）如圖，直線y=k1x（x≥0）與雙曲線y=k2x（x＞0）相交于點(diǎn)P（2，4）．已知點(diǎn)A（4，0），B（0，3），連接AB，將Rt△AOB沿OP方向平移，使點(diǎn)O移動(dòng)到點(diǎn)P，得到△A'PB'．過點(diǎn)A'作A'C∥y軸交雙曲線于點(diǎn)C．
（1）求k1與k2的值；
（2）求直線PC的表達(dá)式；
（3）直接寫出線段AB掃過的面積．

五、（本大題共2小題，每小題9分，共18分）.
21．（9分）如圖1，⊙O的直徑AB=12，P是弦BC上一動(dòng)點(diǎn)（與點(diǎn)B，C不重合），∠ABC=30°，過點(diǎn)P作PD⊥OP交⊙O于點(diǎn)D．
（1）如圖2，當(dāng)PD∥AB時(shí)，求PD的長；
（2）如圖3，當(dāng)DC=AC時(shí)，延長AB至點(diǎn)E，使BE=12AB，連接DE．
①求證：DE是⊙O的切線；
②求PC的長．
22．（9分）已知拋物線C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．
（1）當(dāng)a=1時(shí)，求拋物線與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)及對稱軸；
（2）①試說明無論a為何值，拋物線C1一定經(jīng)過兩個(gè)定點(diǎn)，并求出這兩個(gè)定點(diǎn)的坐標(biāo)；
②將拋物線C1沿這兩個(gè)定點(diǎn)所在直線翻折，得到拋物線C2，直接寫出C2的表達(dá)式；
（3）若（2）中拋物線C2的頂點(diǎn)到x軸的距離為2，求a的值．

六、（本大題共12分）
23．（12分）我們定義：如圖1，在△ABC中，把AB點(diǎn)繞點(diǎn)A順時(shí)針旋轉(zhuǎn)α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC繞點(diǎn)A逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)β得到AC'，連接B'C'．當(dāng)α+β=180°時(shí)，我們稱△A'B'C'是△ABC的“旋補(bǔ)三角形”，△AB'C'邊B'C'上的中線AD叫做△ABC的“旋補(bǔ)中線”，點(diǎn)A叫做“旋補(bǔ)中心”．
特例感知：
（1）在圖2，圖3中，△AB'C'是△ABC的“旋補(bǔ)三角形”，AD是△ABC的“旋補(bǔ)中線”．
①如圖2，當(dāng)△ABC為等邊三角形時(shí)，AD與BC的數(shù)量關(guān)系為AD= BC；
②如圖3，當(dāng)∠BAC=90°，BC=8時(shí)，則AD長為 ．
猜想論證：
（2）在圖1中，當(dāng)△ABC為任意三角形時(shí)，猜想AD與BC的數(shù)量關(guān)系，并給予證明．
拓展應(yīng)用
（3）如圖4，在四邊形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=23，DA=6．在四邊形內(nèi)部是否存在點(diǎn)P，使△PDC是△PAB的“旋補(bǔ)三角形”？若存在，給予證明，并求△PAB的“旋補(bǔ)中線”長；若不存在，說明理由．
2024年江西省中考數(shù)學(xué)模擬試卷
參考答案與試題解析

一、選擇題（本大題共6個(gè)小題，每小題3分，共18分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.）
1．（3分）（2017?江西）﹣6的相反數(shù)是（ ）
A．16B．﹣16C．6D．﹣6
【考點(diǎn)】14：相反數(shù)．
【分析】求一個(gè)數(shù)的相反數(shù)，即在這個(gè)數(shù)的前面加負(fù)號．
【解答】解：﹣6的相反數(shù)是6，
故選C
【點(diǎn)評】此題考查了相反數(shù)的定義，互為相反數(shù)的兩個(gè)數(shù)分別在原點(diǎn)兩旁且到原點(diǎn)的距離相等．

2．（3分）（2017?江西）在國家“一帶一路”戰(zhàn)略下，我國與歐洲開通了互利互惠的中歐班列．行程最長，途經(jīng)城市和國家最多的一趟專列全程長13000km，將13000用科學(xué)記數(shù)法表示應(yīng)為（ ）
A．0.13×105B．1.3×104C．1.3×105D．13×103
【考點(diǎn)】1I：科學(xué)記數(shù)法—表示較大的數(shù)．
【分析】科學(xué)記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n為整數(shù)．確定n的值時(shí)，要看把原數(shù)變成a時(shí)，小數(shù)點(diǎn)移動(dòng)了多少位，n的絕對值與小數(shù)點(diǎn)移動(dòng)的位數(shù)相同．當(dāng)原數(shù)絕對值≥1時(shí)，n是非負(fù)數(shù)；當(dāng)原數(shù)的絕對值＜1時(shí)，n是負(fù)數(shù)．
【解答】解：將13000用科學(xué)記數(shù)法表示為：1.3×104．
故選B．
【點(diǎn)評】此題考查了科學(xué)記數(shù)法的表示方法．科學(xué)記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n為整數(shù)，表示時(shí)關(guān)鍵要正確確定a的值以及n的值．

3．（3分）（2017?江西）下列圖形中，是軸對稱圖形的是（ ）
A．B．C．D．
【考點(diǎn)】P3：軸對稱圖形．
【分析】根據(jù)軸對稱圖形的概念求解．
【解答】解：A、不是軸對稱圖形，故A不符合題意；
B、不是軸對稱圖形，故B不符合題意；
C、是軸對稱圖形，故C符合題意；
D、不是軸對稱圖形，故D不符合題意；
故選：C．
【點(diǎn)評】本題考查了軸對稱圖形，掌握好軸對稱圖形的概念．軸對稱圖形的關(guān)鍵是尋找對稱軸，圖形兩部分折疊后可重合．

4．（3分）（2017?江西）下列運(yùn)算正確的是（ ）
A．（﹣a5）2=a10B．2a?3a2=6a2
C．﹣2a+a=﹣3aD．﹣6a6÷2a2=﹣3a3
【考點(diǎn)】4I：整式的混合運(yùn)算．
【分析】根據(jù)整式的運(yùn)算法則即可求出答案．
【解答】解：（B）原式=6a3，故B錯(cuò)誤；
（C）原式=a，故C錯(cuò)誤；
（D）原式=﹣3a4，故D錯(cuò)誤；
故選（A）
【點(diǎn)評】本題考查整式的運(yùn)算，解題的關(guān)鍵是熟練運(yùn)用整式的運(yùn)算法則，本題屬于基礎(chǔ)題型．

5．（3分）（2017?江西）已知一元二次方程2x2﹣5x+1=0的兩個(gè)根為x1，x2，下列結(jié)論正確的是（ ）
A．x1+x2=﹣52B．x1?x2=1
C．x1，x2都是有理數(shù)D．x1，x2都是正數(shù)
【考點(diǎn)】AB：根與系數(shù)的關(guān)系．
【分析】先利用根與系數(shù)的關(guān)系得到x1+x2=52＞0，x1x2=12＞0，然后利用有理數(shù)的性質(zhì)可判定兩根的符號．
【解答】解：根據(jù)題意得x1+x2=52＞0，x1x2=12＞0，
所以x1＞0，x2＞0．
故選D．
【點(diǎn)評】本題考查了根與系數(shù)的關(guān)系：若x1，x2是一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的兩根時(shí)，x1+x2=﹣ba，x1x2=ca．

6．（3分）（2017?江西）如圖，任意四邊形ABCD中，E，F(xiàn)，G，H分別是AB，BC，CD，DA上的點(diǎn)，對于四邊形EFGH的形狀，某班學(xué)生在一次數(shù)學(xué)活動(dòng)課中，通過動(dòng)手實(shí)踐，探索出如下結(jié)論，其中錯(cuò)誤的是（ ）
A．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC=BD時(shí)，四邊形EFGH為菱形
B．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC⊥BD時(shí)，四邊形EFGH為矩形
C．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，四邊形EFGH可以為平行四邊形
D．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，四邊形EFGH不可能為菱形
【考點(diǎn)】LN：中點(diǎn)四邊形．
【分析】連接四邊形各邊中點(diǎn)所得的四邊形必為平行四邊形，根據(jù)中點(diǎn)四邊形的性質(zhì)進(jìn)行判斷即可．
【解答】解：A．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC=BD時(shí)，EF=FG=GH=HE，故四邊形EFGH為菱形，故A正確；
B．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H是各邊中點(diǎn)，且AC⊥BD時(shí)，∠EFG=∠FGH=∠GHE=90°，故四邊形EFGH為矩形，故B正確；
C．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，EF∥HG，EF=HG，故四邊形EFGH為平行四邊形，故C正確；
D．當(dāng)E，F(xiàn)，G，H不是各邊中點(diǎn)時(shí)，四邊形EFGH可能為菱形，故D錯(cuò)誤；
故選：D．
【點(diǎn)評】本題主要考查了中點(diǎn)四邊形的運(yùn)用，解題時(shí)注意：中點(diǎn)四邊形的形狀與原四邊形的對角線有關(guān)．

二、填空題（本大題共6小題，每小題3分，滿分18分，將答案填在答題紙上）
7．（3分）（2017?江西）函數(shù)y=x?2中，自變量x的取值范圍是 x≥2 ．
【考點(diǎn)】E4：函數(shù)自變量的取值范圍．
【分析】根據(jù)二次根式的性質(zhì)，被開方數(shù)大于等于0，就可以求解．
【解答】解：依題意，得x﹣2≥0，
解得：x≥2，
故答案為：x≥2．
【點(diǎn)評】本題主要考查函數(shù)自變量的取值范圍，考查的知識點(diǎn)為：二次根式的被開方數(shù)是非負(fù)數(shù)．

8．（3分）（2017?江西）如圖1是一把園林剪刀，把它抽象為圖2，其中OA=OB．若剪刀張開的角為30°，則∠A= 75 度．
【考點(diǎn)】KH：等腰三角形的性質(zhì)．
【分析】根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)和三角形的內(nèi)角和即可得到結(jié)論．
【解答】解：∵OA=OB，∠AOB=30°，
∴∠A=12（180°﹣30°）=75°，
故答案為：75．
【點(diǎn)評】本題考查了等腰三角形的性質(zhì)，三角形的內(nèi)角和，熟練掌握等腰三角形的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵．

9．（3分）（2017?江西）中國人最先使用負(fù)數(shù)，魏晉時(shí)期的數(shù)學(xué)家劉徽在“正負(fù)術(shù)”的注文中指出，可將算籌（小棍形狀的記數(shù)工具）正放表示正數(shù)，斜放表示負(fù)數(shù)．如圖，根據(jù)劉徽的這種表示法，觀察圖①，可推算圖②中所得的數(shù)值為 ﹣3 ．
【考點(diǎn)】11：正數(shù)和負(fù)數(shù)．
【分析】根據(jù)有理數(shù)的加法，可得答案．
【解答】解：圖②中表示（+2）+（﹣5）=﹣3，
故答案為：﹣3．
【點(diǎn)評】本題考查了有理數(shù)的運(yùn)算，利用有理數(shù)的加法運(yùn)算是解題關(guān)鍵．

10．（3分）（2017?江西）如圖，正三棱柱的底面周長為9，截去一個(gè)底面周長為3的正三棱柱，所得幾何體的俯視圖的周長是 8 ．
【考點(diǎn)】U2：簡單組合體的三視圖；I9：截一個(gè)幾何體．
【分析】根據(jù)從上邊看得到的圖形是俯視圖，可得答案．
【解答】解：從上邊看是一個(gè)梯形：上底是1，下底是3，兩腰是2，
周長是1+2+2+3=8，
故答案為：8．
【點(diǎn)評】本題考查了簡單組合體的三視圖，從上邊看是一個(gè)等腰梯形是解題關(guān)鍵．

11．（3分）（2017?江西）已知一組從小到大排列的數(shù)據(jù)：2，5，x，y，2x，11的平均數(shù)與中位數(shù)都是7，則這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)是 5 ．
【考點(diǎn)】W5：眾數(shù)；W1：算術(shù)平均數(shù)；W4：中位數(shù)．
【分析】根據(jù)平均數(shù)與中位數(shù)的定義可以先求出x，y的值，進(jìn)而就可以確定這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)．
【解答】解：∵一組從小到大排列的數(shù)據(jù)：2，5，x，y，2x，11的平均數(shù)與中位數(shù)都是7，
∴16（2+5+x+y+2x+11）=12（x+y）=7，
解得y=9，x=5，
∴這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)是5．
故答案為5．
【點(diǎn)評】本題主要考查平均數(shù)、眾數(shù)與中位數(shù)的定義，平均數(shù)是指在一組數(shù)據(jù)中所有數(shù)據(jù)之和再除以數(shù)據(jù)的個(gè)數(shù)．中位數(shù)是將一組數(shù)據(jù)從小到大（或從大到?。┲匦屡帕泻?，最中間的那個(gè)數(shù)（最中間兩個(gè)數(shù)的平均數(shù)），叫做這組數(shù)據(jù)的中位數(shù)，如果中位數(shù)的概念掌握得不好，不把數(shù)據(jù)按要求重新排列，就會(huì)出錯(cuò)．一組數(shù)據(jù)中出現(xiàn)次數(shù)最多的數(shù)據(jù)叫做眾數(shù)．

12．（3分）（2017?江西）已知點(diǎn)A（0，4），B（7，0），C（7，4），連接AC，BC得到矩形AOBC，點(diǎn)D的邊AC上，將邊OA沿OD折疊，點(diǎn)A的對應(yīng)邊為A'．若點(diǎn)A'到矩形較長兩對邊的距離之比為1：3，則點(diǎn)A'的坐標(biāo)為 ：（7，3）或（15，1）或（23，﹣2） ．
【考點(diǎn)】PB：翻折變換（折疊問題）；D5：坐標(biāo)與圖形性質(zhì)；LB：矩形的性質(zhì)．
【分析】由已知得出∠A=90°，BC=OA=4，OB=AC=7，分兩種情況：（1）當(dāng)點(diǎn)A'在矩形AOBC的內(nèi)部時(shí)，過A'作OB的垂線交OB于F，交AC于E，當(dāng)A'E：A'F=1：3時(shí)，求出A'E=1，A'F=3，由折疊的性質(zhì)得：OA'=OA=4，∠OA'D=∠A=90°，在Rt△OA'F中，由勾股定理求出OF=42?32=7，即可得出答案；
②當(dāng)A'E：A'F=3：1時(shí)，同理得：A'（15，1）；
（2）當(dāng)點(diǎn)A'在矩形AOBC的外部時(shí)，此時(shí)點(diǎn)A'在第四象限，過A'作OB的垂線交OB于F，交AC于E，由A'F：A'E=1：3，則A'F：EF=1：2，求出A'F=12EF=12BC=2，在Rt△OA'F中，由勾股定理求出OF=23，即可得出答案．
【解答】解：∵點(diǎn)A（0，4），B（7，0），C（7，4），
∴BC=OA=4，OB=AC=7，
分兩種情況：
（1）當(dāng)點(diǎn)A'在矩形AOBC的內(nèi)部時(shí)，過A'作OB的垂線交OB于F，交AC于E，如圖1所示：
①當(dāng)A'E：A'F=1：3時(shí)，
∵A'E+A'F=BC=4，
∴A'E=1，A'F=3，
由折疊的性質(zhì)得：OA'=OA=4，
在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF=42?32=7，
∴A'（7，3）；
②當(dāng)A'E：A'F=3：1時(shí)，同理得：A'（15，1）；
（2）當(dāng)點(diǎn)A'在矩形AOBC的外部時(shí)，此時(shí)點(diǎn)A'在第四象限，過A'作OB的垂線交OB于F，交AC于E，如圖2所示：∵A'F：A'E=1：3，則A'F：EF=1：2，
∴A'F=12EF=12BC=2，
由折疊的性質(zhì)得：OA'=OA=4，
在Rt△OA'F中，由勾股定理得：OF=42?22=23，
∴A'（23，﹣2）；
故答案為：（7，3）或（15，1）或（23，﹣2）．
【點(diǎn)評】本題考查了折疊的性質(zhì)、矩形的性質(zhì)、坐標(biāo)與圖形性質(zhì)、勾股定理等知識；熟練掌握折疊的性質(zhì)和勾股定理是解決問題的關(guān)鍵．

三、解答題（本大題共5小題，每小題6分，共30分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟.）
13．（6分）（2017?江西）（1）計(jì)算：x+1x2?1÷2x?1；
（2）如圖，正方形ABCD中，點(diǎn)E，F(xiàn)，G分別在AB，BC，CD上，且∠EFG=90°．求證：△EBF∽△FCG．
【考點(diǎn)】S8：相似三角形的判定；6A：分式的乘除法；LE：正方形的性質(zhì)．
【分析】（1）先把分母因式分解，再把除法運(yùn)算化為乘法運(yùn)算，然后約分即可；
（2）先根據(jù)正方形的性質(zhì)得∠B=∠C=90°，再利用等角的余角相等得∠BEF=∠CFG，然后根據(jù)有兩組角對應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似可判定△EBF∽△FCG．
【解答】（1）解：原式=x+1(x+1)(x?1)?x?12
=12；
（2）證明：∵四邊形ABCD為正方形，
∴∠B=∠C=90°，
∴∠BEF+∠BFE=90°，
∵∠EFG=90°，
∴∠BFE+∠CFG=90°，
∴∠BEF=∠CFG，
∴△EBF∽△FCG．
【點(diǎn)評】本題考查了相似三角形的判定：有兩組角對應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似．也考查了分式的乘除法和正方形的性質(zhì)．

14．（6分）（2017?江西）解不等式組：&?2x＜6&3(x?2)≤x?4，并把解集在數(shù)軸上表示出來．
【考點(diǎn)】CB：解一元一次不等式組；C4：在數(shù)軸上表示不等式的解集．
【分析】分別求出每一個(gè)不等式的解集，根據(jù)解集在數(shù)軸上的表示即可確定不等式組的解集．
【解答】解：解不等式﹣2x＜6，得：x＞﹣3，
解不等式3（x﹣2）≤x﹣4，得：x≤1，
將不等式解集表示在數(shù)軸如下：
則不等式組的解集為﹣3＜x≤1
【點(diǎn)評】本題考查的是解一元一次不等式組，正確求出每一個(gè)不等式解集是基礎(chǔ)，熟知“同大取大；同小取??；大小小大中間找；大大小小找不到”的原則是解答此題的關(guān)鍵．

15．（6分）（2017?江西）端午節(jié)那天，小賢回家看到桌上有一盤粽子，其中有豆沙粽、肉粽各1個(gè)，蜜棗粽2個(gè)，這些粽子除餡外無其他差別．
（1）小賢隨機(jī)地從盤中取出一個(gè)粽子，取出的是肉粽的概率是多少？
（2）小賢隨機(jī)地從盤中取出兩個(gè)粽子，試用畫樹狀圖或列表的方法表示所有可能的結(jié)果，并求出小賢取出的兩個(gè)都是蜜棗粽的概率．
【考點(diǎn)】X6：列表法與樹狀圖法；X4：概率公式．
【分析】（1）直接利用概率公式求出取出的是肉粽的概率；
（2）直接列舉出所有的可能，進(jìn)而利用概率公式求出答案．
【解答】解：（1）∵有豆沙粽、肉粽各1個(gè)，蜜棗粽2個(gè)，
∴隨機(jī)地從盤中取出一個(gè)粽子，取出的是肉粽的概率是：14；
（2）如圖所示：
，
一共有12種可能，取出的兩個(gè)都是蜜棗粽的有2種，
故取出的兩個(gè)都是蜜棗粽的概率為：212=16．
【點(diǎn)評】此題主要考查了樹狀圖法求概率，正確列舉出所有的可能是解題關(guān)鍵．

16．（6分）（2017?江西）如圖，已知正七邊形ABCDEFG，請僅用無刻度的直尺，分別按下列要求畫圖．
（1）在圖1中，畫出一個(gè)以AB為邊的平行四邊形；
（2）在圖2中，畫出一個(gè)以AF為邊的菱形．
【考點(diǎn)】N3：作圖—復(fù)雜作圖；L5：平行四邊形的性質(zhì)；L8：菱形的性質(zhì)．
【分析】（1）連接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四邊形ABNM是平行四邊形．
（2）連接AF、DF，延長DC交AB的延長線于M，四邊形AFDM是菱形．
【解答】解：（1）連接AF、BE、CG，CG交AF于M，交BE于N．四邊形ABNM是平行四邊形．
（2）連接AF、DF，∠延長DC交AB的延長線于M，四邊形AFDM是菱形．
【點(diǎn)評】本題考查復(fù)雜作圖、平行四邊形的性質(zhì)、菱形的性質(zhì)等知識，解題的關(guān)鍵是靈活運(yùn)用所學(xué)知識解決問題，屬于中考?？碱}型．

17．（6分）（2017?江西）如圖1，研究發(fā)現(xiàn)，科學(xué)使用電腦時(shí)，望向熒光屏幕畫面的“視線角”α約為20°，而當(dāng)手指接觸鍵盤時(shí)，肘部形成的“手肘角”β約為100°．圖2是其側(cè)面簡化示意圖，其中視線AB水平，且與屏幕BC垂直．
（1）若屏幕上下寬BC=20cm，科學(xué)使用電腦時(shí)，求眼睛與屏幕的最短距離AB的長；
（2）若肩膀到水平地面的距離DG=100cm，上臂DE=30cm，下臂EF水平放置在鍵盤上，其到地面的距離FH=72cm．請判斷此時(shí)β是否符合科學(xué)要求的100°？
（參考數(shù)據(jù)：sin69°≈1415，cs21°≈1415，tan20°≈411，tan43°≈1415，所有結(jié)果精確到個(gè)位）
【考點(diǎn)】T8：解直角三角形的應(yīng)用．
【分析】（1）Rt△ABC中利用三角函數(shù)即可直接求解；
（2）延長FE交DG于點(diǎn)I，利用三角函數(shù)求得∠DEI即可求得β的值，從而作出判斷．
【解答】解：（1）∵Rt△ABC中，tanA=BCAB，
∴AB=BCtanA=BCtan20°=20411=55（cm）；
（2）延長FE交DG于點(diǎn)I．
則DI=DG﹣FH=100﹣72=28（cm）．
在Rt△DEI中，sin∠DEI=DIDE=2830=1415，
∴∠DEI=69°，
∴∠β=180°﹣69°=111°≠100°，
∴此時(shí)β不是符合科學(xué)要求的100°．
【點(diǎn)評】此題綜合性比較強(qiáng)，解此題的關(guān)鍵是把實(shí)際問題轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)問題，本題只要把實(shí)際問題抽象到幾何圖形中來考慮，就能迎刃而解．

四、（本大題共3小題，每小題8分，共24分）.
18．（8分）（2017?江西）為了解某市市民“綠色出行”方式的情況，某校數(shù)學(xué)興趣小組以問卷調(diào)查的形式，隨機(jī)調(diào)查了某市部分出行市民的主要出行方式（參與問卷調(diào)查的市民都只從以下五個(gè)種類中選擇一類），并將調(diào)查結(jié)果繪制成如下不完整的統(tǒng)計(jì)圖．
根據(jù)以上信息，回答下列問題：
（1）參與本次問卷調(diào)查的市民共有 800 人，其中選擇B類的人數(shù)有 240 人；
（2）在扇形統(tǒng)計(jì)圖中，求A類對應(yīng)扇形圓心角α的度數(shù)，并補(bǔ)全條形統(tǒng)計(jì)圖；
（3）該市約有12萬人出行，若將A，B，C這三類出行方式均視為“綠色出行”方式，請估計(jì)該市“綠色出行”方式的人數(shù)．
【考點(diǎn)】VC：條形統(tǒng)計(jì)圖；V5：用樣本估計(jì)總體；VA：統(tǒng)計(jì)表；VB：扇形統(tǒng)計(jì)圖．
【分析】（1）由C類別人數(shù)及其百分比可得總?cè)藬?shù)，總?cè)藬?shù)乘以B類別百分比即可得；
（2）根據(jù)百分比之和為1求得A類別百分比，再乘以360°和總?cè)藬?shù)可分別求得；
（3）總?cè)藬?shù)乘以樣本中A、B、C三類別百分比之和可得答案．
【解答】解：（1）本次調(diào)查的市民有200÷25%=800（人），
∴B類別的人數(shù)為800×30%=240（人），
故答案為：800，240；
（2）∵A類人數(shù)所占百分比為1﹣（30%+25%+14%+6%）=25%，
∴A類對應(yīng)扇形圓心角α的度數(shù)為360°×25%=90°，A類的人數(shù)為800×25%=200（人），
補(bǔ)全條形圖如下：
（3）12×（25%+30%+25%）=9.6（萬人），
答：估計(jì)該市“綠色出行”方式的人數(shù)約為9.6萬人．
【點(diǎn)評】本題考查的是條形統(tǒng)計(jì)圖和扇形統(tǒng)計(jì)圖的綜合運(yùn)用，讀懂統(tǒng)計(jì)圖，從不同的統(tǒng)計(jì)圖中得到必要的信息是解決問題的關(guān)鍵．條形統(tǒng)計(jì)圖能清楚地表示出每個(gè)項(xiàng)目的數(shù)據(jù)；扇形統(tǒng)計(jì)圖直接反映部分占總體的百分比大?。部疾榱擞脴颖竟烙?jì)總體的思想．

19．（8分）（2017?江西）如圖，是一種斜挎包，其挎帶由雙層部分、單層部分和調(diào)節(jié)扣構(gòu)成．小敏用后發(fā)現(xiàn)，通過調(diào)節(jié)扣加長或縮短單層部分的長度，可以使挎帶的長度（單層部分與雙層部分長度的和，其中調(diào)節(jié)扣所占的長度忽略不計(jì)）加長或縮短．設(shè)單層部分的長度為xcm，雙層部分的長度為ycm，經(jīng)測量，得到如下數(shù)據(jù)：
（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)的規(guī)律，完成以下表格，并直接寫出y關(guān)于x的函數(shù)解析式；
（2）根據(jù)小敏的身高和習(xí)慣，挎帶的長度為120cm時(shí)，背起來正合適，請求出此時(shí)單層部分的長度；
（3）設(shè)挎帶的長度為lcm，求l的取值范圍．
【考點(diǎn)】FH：一次函數(shù)的應(yīng)用．
【分析】（1）觀察表格可知，y是x的一次函數(shù)，設(shè)y=kx+b，利用待定系數(shù)法即可解決問題；
（2）列出方程組即可解決問題；
（3）由題意當(dāng)y=0，x=150，當(dāng)x=0時(shí)，y=75，可得75≤l≤150．
【解答】解：（1）觀察表格可知，y是x的一次函數(shù)，設(shè)y=kx+b，
則有&4k+b=73&6k+b=72，解得&k=?12&b=75，
∴y=﹣12x+75．
（2）由題意&x+y=120&y=?12x+75，解得&x=90&y=30，
∴單層部分的長度為90cm．
（3）由題意當(dāng)y=0，x=150，當(dāng)x=0時(shí)，y=75，
∴75≤l≤150．
【點(diǎn)評】本題考查一次函數(shù)的應(yīng)用、待定系數(shù)法等知識，解題的關(guān)鍵是靈活運(yùn)用所學(xué)知識解決問題，屬于中考常考題型．

20．（8分）（2017?江西）如圖，直線y=k1x（x≥0）與雙曲線y=k2x（x＞0）相交于點(diǎn)P（2，4）．已知點(diǎn)A（4，0），B（0，3），連接AB，將Rt△AOB沿OP方向平移，使點(diǎn)O移動(dòng)到點(diǎn)P，得到△A'PB'．過點(diǎn)A'作A'C∥y軸交雙曲線于點(diǎn)C．
（1）求k1與k2的值；
（2）求直線PC的表達(dá)式；
（3）直接寫出線段AB掃過的面積．
【考點(diǎn)】G8：反比例函數(shù)與一次函數(shù)的交點(diǎn)問題；FA：待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式；Q3：坐標(biāo)與圖形變化﹣平移．
【分析】（1）把點(diǎn)P（2，4）代入直線y=k1x，把點(diǎn)P（2，4）代入雙曲線y=k2x，可得k1與k2的值；
（2）根據(jù)平移的性質(zhì)，求得C（6，43），再運(yùn)用待定系數(shù)法，即可得到直線PC的表達(dá)式；
（3）延長A'C交x軸于D，過B'作B'E⊥y軸于E，根據(jù)△AOB≌△A'PB'，可得線段AB掃過的面積=平行四邊形POBB'的面積+平行四邊形AOPA'的面積，據(jù)此可得線段AB掃過的面積．
【解答】解：（1）把點(diǎn)P（2，4）代入直線y=k1x，可得4=2k1，
∴k1=2，
把點(diǎn)P（2，4）代入雙曲線y=k2x，可得k2=2×4=8；
（2）∵A（4，0），B（0，3），
∴AO=4，BO=3，
如圖，延長A'C交x軸于D，
由平移可得，A'P=AO=4，
又∵A'C∥y軸，P（2，4），
∴點(diǎn)C的橫坐標(biāo)為2+4=6，
當(dāng)x=6時(shí)，y=86=43，即C（6，43），
設(shè)直線PC的解析式為y=kx+b，
把P（2，4），C（6，43）代入可得
&4=2k+b&43=6k+b，解得&k=?23&b=163，
∴直線PC的表達(dá)式為y=﹣23x+163；
（3）如圖，延長A'C交x軸于D，
由平移可得，A'P∥AO，
又∵A'C∥y軸，P（2，4），
∴點(diǎn)A'的縱坐標(biāo)為4，即A'D=4，
如圖，過B'作B'E⊥y軸于E，
∵PB'∥y軸，P（2，4），
∴點(diǎn)B'的橫坐標(biāo)為2，即B'E=2，
又∵△AOB≌△A'PB'，
∴線段AB掃過的面積=平行四邊形POBB'的面積+平行四邊形AOPA'的面積=BO×B'E+AO×A'D=3×2+4×4=22．
【點(diǎn)評】本題主要考查了反比例函數(shù)與一次函數(shù)交點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的運(yùn)用以及平移的性質(zhì)的運(yùn)用，解決問題的關(guān)鍵是將線段AB掃過的面積轉(zhuǎn)化為平行四邊形POBB'的面積+平行四邊形AOPA'的面積．

五、（本大題共2小題，每小題9分，共18分）.
21．（9分）（2017?江西）如圖1，⊙O的直徑AB=12，P是弦BC上一動(dòng)點(diǎn)（與點(diǎn)B，C不重合），∠ABC=30°，過點(diǎn)P作PD⊥OP交⊙O于點(diǎn)D．
（1）如圖2，當(dāng)PD∥AB時(shí)，求PD的長；
（2）如圖3，當(dāng)DC=AC時(shí)，延長AB至點(diǎn)E，使BE=12AB，連接DE．
①求證：DE是⊙O的切線；
②求PC的長．
【考點(diǎn)】MR：圓的綜合題．
【分析】（1）根據(jù)題意首先得出半徑長，再利用銳角三角函數(shù)關(guān)系得出OP，PD的長；
（2）①首先得出△OBD是等邊三角形，進(jìn)而得出∠ODE=∠OFB=90°，求出答案即可；
②首先求出CF的長，進(jìn)而利用直角三角形的性質(zhì)得出PF的長，進(jìn)而得出答案．
【解答】解：（1）如圖2，連接OD，
∵OP⊥PD，PD∥AB，
∴∠POB=90°，
∵⊙O的直徑AB=12，
∴OB=OD=6，
在Rt△POB中，∠ABC=30°，
∴OP=OB?tan30°=6×33=23，
在Rt△POD中，
PD=OD2?OP2=62?(23)2=26；
（2）①證明：如圖3，連接OD，交CB于點(diǎn)F，連接BD，
∵DC=AC，
∴∠DBC=∠ABC=30°，
∴∠ABD=60°，
∵OB=OD，
∴△OBD是等邊三角形，
∴OD⊥FB，
∵BE=12AB，
∴OB=BE，
∴BF∥ED，
∴∠ODE=∠OFB=90°，
∴DE是⊙O的切線；
②由①知，OD⊥BC，
∴CF=FB=OB?cs30°=6×32=33，
在Rt△POD中，OF=DF，
∴PF=12DO=3（直角三角形斜邊上的中線，等于斜邊的一半），
∴CP=CF﹣PF=33﹣3．
【點(diǎn)評】此題主要考查了圓的綜合以及直角三角形的性質(zhì)和銳角三角三角函數(shù)關(guān)系，正確得出△OBD是等邊三角形是解題關(guān)鍵．

22．（9分）（2017?江西）已知拋物線C1：y=ax2﹣4ax﹣5（a＞0）．
（1）當(dāng)a=1時(shí)，求拋物線與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)及對稱軸；
（2）①試說明無論a為何值，拋物線C1一定經(jīng)過兩個(gè)定點(diǎn)，并求出這兩個(gè)定點(diǎn)的坐標(biāo)；
②將拋物線C1沿這兩個(gè)定點(diǎn)所在直線翻折，得到拋物線C2，直接寫出C2的表達(dá)式；
（3）若（2）中拋物線C2的頂點(diǎn)到x軸的距離為2，求a的值．
【考點(diǎn)】HA：拋物線與x軸的交點(diǎn)；H6：二次函數(shù)圖象與幾何變換．
【分析】（1）將a=1代入解析式，即可求得拋物線與x軸交點(diǎn)；
（2）①化簡拋物線解析式，即可求得兩個(gè)定點(diǎn)的橫坐標(biāo)，即可解題；
②根據(jù)拋物線翻折理論即可解題；
（3）根據(jù)（2）中拋物線C2解析式，分類討論y=2或﹣2，即可解題；
【解答】解：（1）當(dāng)a=1時(shí)，拋物線解析式為y=x2﹣4x﹣5=（x﹣2）2﹣9，
∴對稱軸為y=2；
∴當(dāng)y=0時(shí)，x﹣2=3或﹣3，即x=﹣1或5；
∴拋物線與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣1，0）或（5，0）；
（2）①拋物線C1解析式為：y=ax2﹣4ax﹣5，
整理得：y=ax（x﹣4）﹣5；
∵當(dāng)ax（x﹣4）=0時(shí)，y恒定為﹣5；
∴拋物線C1一定經(jīng)過兩個(gè)定點(diǎn)（0，﹣5），（4，﹣5）；
②這兩個(gè)點(diǎn)連線為y=﹣5；
將拋物線C1沿y=﹣5翻折，得到拋物線C2，開口方向變了，但是對稱軸沒變；
∴拋物線C2解析式為：y=﹣ax2+4ax﹣5，
（3）拋物線C2的頂點(diǎn)到x軸的距離為2，
則x=2時(shí)，y=2或者﹣2；
當(dāng)y=2時(shí)，2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=74；
當(dāng)y=﹣2時(shí)，﹣2=﹣4a+8a﹣5，解得，a=34；
∴a=74或34；
【點(diǎn)評】本題考查了代入法求拋物線解析式的方法，考查了拋物線翻折后對稱軸不變的原理，考查了拋物線頂點(diǎn)的求解．

六、（本大題共12分）
23．（12分）（2017?江西）我們定義：如圖1，在△ABC中，把AB點(diǎn)繞點(diǎn)A順時(shí)針旋轉(zhuǎn)α（0°＜α＜180°）得到AB'，把AC繞點(diǎn)A逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)β得到AC'，連接B'C'．當(dāng)α+β=180°時(shí)，我們稱△A'B'C'是△ABC的“旋補(bǔ)三角形”，△AB'C'邊B'C'上的中線AD叫做△ABC的“旋補(bǔ)中線”，點(diǎn)A叫做“旋補(bǔ)中心”．
特例感知：
（1）在圖2，圖3中，△AB'C'是△ABC的“旋補(bǔ)三角形”，AD是△ABC的“旋補(bǔ)中線”．
①如圖2，當(dāng)△ABC為等邊三角形時(shí)，AD與BC的數(shù)量關(guān)系為AD= 12 BC；
②如圖3，當(dāng)∠BAC=90°，BC=8時(shí)，則AD長為 4 ．
猜想論證：
（2）在圖1中，當(dāng)△ABC為任意三角形時(shí)，猜想AD與BC的數(shù)量關(guān)系，并給予證明．
拓展應(yīng)用
（3）如圖4，在四邊形ABCD，∠C=90°，∠D=150°，BC=12，CD=23，DA=6．在四邊形內(nèi)部是否存在點(diǎn)P，使△PDC是△PAB的“旋補(bǔ)三角形”？若存在，給予證明，并求△PAB的“旋補(bǔ)中線”長；若不存在，說明理由．
【考點(diǎn)】LO：四邊形綜合題．
【分析】（1）①首先證明△ADB′是含有30°是直角三角形，可得AD=12AB′即可解決問題；
②首先證明△BAC≌△B′AC′，根據(jù)直角三角形斜邊中線定理即可解決問題；
（2）結(jié)論：AD=12BC．如圖1中，延長AD到M，使得AD=DM，連接E′M，C′M，首先證明四邊形AC′MB′是平行四邊形，再證明△BAC≌△AB′M，即可解決問題；
（3）存在．如圖4中，延長AD交BC的延長線于M，作BE⊥AD于E，作線段BC的垂直平分線交BE于P，交BC于F，連接PA、PD、PC，作△PCD的中線PN．連接DF交PC于O．想辦法證明PA=PD，PB=PC，再證明∠APD+∠BPC=180°，即可；
【解答】解：（1）①如圖2中，
∵△ABC是等邊三角形，
∴AB=BC=AB=AB′=AC′，
∵DB′=DC′，
∴AD⊥B′C′，
∵∠BAC=60°，∠BAC+∠B′AC′=180°，
∴∠B′AC′=120°，
∴∠B′=∠C′=30°，
∴AD=12AB′=12BC，
故答案為12．
②如圖3中，
∵∠BAC=90°，∠BAC+∠B′AC′=180°，
∴∠B′AC′=∠BAC=90°，
∵AB=AB′，AC=AC′，
∴△BAC≌△B′AC′，
∴BC=B′C′，
∵B′D=DC′，
∴AD=12B′C′=12BC=4，
故答案為4．
（2）結(jié)論：AD=12BC．
理由：如圖1中，延長AD到M，使得AD=DM，連接E′M，C′M
∵B′D=DC′，AD=DM，
∴四邊形AC′MB′是平行四邊形，
∴AC′=B′M=AC，
∵∠BAC+∠B′AC′=180°，∠B′AC′+∠AB′M=180°，
∴∠BAC=∠MB′A，∵AB=AB′，
∴△BAC≌△AB′M，
∴BC=AM，
∴AD=12BC．
（3）存在．
理由：如圖4中，延長AD交BC的延長線于M，作BE⊥AD于E，作線段BC的垂直平分線交BE于P，交BC于F，連接PA、PD、PC，作△PCD的中線PN．
連接DF交PC于O．
∵∠ADC=150°，
∴∠MDC=30°，
在Rt△DCM中，∵CD=23，∠DCM=90°，∠MDC=30°，
∴CM=2，DM=4，∠M=60°，
在Rt△BEM中，∵∠BEM=90°，BM=14，∠MBE=30°，
∴EM=12BM=7，
∴DE=EM﹣DM=3，
∵AD=6，
∴AE=DE，∵BE⊥AD，
∴PA=PD，PB=PC，
在Rt△CDF中，∵CD=23，CF=6，
∴tan∠CDF=3，
∴∠CDF=60°=∠CPF，
易證△FCP≌△CFD，
∴CD=PF，∵CD∥PF，
∴四邊形CDPF是矩形，
∴∠CDP=90°，
∴∠ADP=∠ADC﹣∠CDP=60°，
∴△ADP是等邊三角形，
∴∠ADP=60°，∵∠BPF=∠CPF=60°，
∴∠BPC=120°，
∴∠APD+∠BPC=180°，
∴△PDC是△PAB的“旋補(bǔ)三角形”，
在Rt△PDN中，∵∠PDN=90°，PD=AD=6，DN=3，
∴PN=DN2+PD2=(3)2+62=39．
【點(diǎn)評】本題考查四邊形綜合題、全等三角形的判定和性質(zhì)、平行四邊形的判定和性質(zhì)、直角三角形30度角性質(zhì)、等邊三角形的判定和性質(zhì)、矩形的判定和性質(zhì)等知識，解題的關(guān)鍵是靈活運(yùn)用所學(xué)知識解決問題，學(xué)會(huì)添加常用輔助線，構(gòu)造全等三角形解決問題，屬于中考壓軸題．
種類
A
B
C
D
E
出行方式
共享單車
步行
公交車
的士
私家車
單層部分的長度x（cm）
…
4
6
8
10
…
150
雙層部分的長度y（cm）
…
73
72
71
…
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