一、單項(xiàng)選擇題:本題共4小題，共16分
1．智能手機(jī)上裝載的地圖app軟件讓我們自駕游更加方便，如圖所示為某軟件的一張截圖，表示了某次導(dǎo)航的具體路徑，其推薦路線中有兩個(gè)數(shù)據(jù)“10分鐘，5.4公里”，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．研究汽車在導(dǎo)航圖中的位置時(shí)，可以把汽車看作質(zhì)點(diǎn)
B．10分鐘表示的是某個(gè)時(shí)刻
C．5.4公里表示了此次行程的位移的大小
D．根據(jù)這兩個(gè)數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速度的大小
2.如圖所示為網(wǎng)球運(yùn)動(dòng)員比賽時(shí)的情景,運(yùn)動(dòng)員正用球拍將來(lái)球擊回，關(guān)于擊球過(guò)程(擊球過(guò)程不計(jì)球的重力)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A.球的運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，球的慣性也發(fā)生改變
B.球拍對(duì)球的作用力越大，球的速度變化越快
C.球被擊回，說(shuō)明球拍對(duì)球的作用力大于球?qū)η蚺牡淖饔昧?
D.球?qū)η蚺牡膲毫κ怯汕蚺男巫儺a(chǎn)生的
3．在快節(jié)奏的現(xiàn)代生活中，家用室內(nèi)引體向上器作為一種簡(jiǎn)單實(shí)用的健身器材，受到很多人的青睞。它通常采用免打孔設(shè)計(jì)，通過(guò)調(diào)節(jié)桿的長(zhǎng)度，利用橡膠墊與門框或墻壁的摩擦力起到固定的作用，如圖所示。下列說(shuō)法中正確的是（ ）
A．橡膠墊與墻面間的壓力越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力越大
B．健身者在做引體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，橡膠墊與墻面間的摩擦力保持不變
C．健身者在單桿上懸停時(shí)，健身者的質(zhì)量越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力就越大
D．健身者在單桿上懸停時(shí)，手臂間距離越大，所受到單桿的作用力就越大
4．一輕質(zhì)彈簧一端固定在傾角為的光滑斜面的底端，另一端拴住質(zhì)量不計(jì)的物塊P，Q為質(zhì)量為的重物，彈簧的勁度系數(shù)為，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)給Q施加一個(gè)方向沿斜面向上的力F，使它從靜止開始沿斜面向上勻加速運(yùn)動(dòng)，已知在前內(nèi)F為變力，以后F為恒力（），則以下分析正確的是（ ）
A．P、Q一起勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為2m/s2
B．F的最小值為8N，F(xiàn)的最大值為36N
C．P、Q分離時(shí)彈簧為壓縮狀態(tài)
D．若Р為有質(zhì)量的物體，P、Q分離時(shí)彈簧為原長(zhǎng)
二、雙選題:共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
5．同學(xué)們?cè)诓賵?chǎng)上進(jìn)行足球比賽，足球離腳時(shí)的初速度大小為18m/s，在平地上向前滾動(dòng)，其在平地上的運(yùn)動(dòng)可視為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，共運(yùn)動(dòng)27m，關(guān)于足球在平地上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．足球的加速度大小為6m/s2B．足球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4s
C．足球的平均速度大小為9m/sD．足球最后1s內(nèi)的位移大小為6m
6．國(guó)慶7天假期，黃山風(fēng)景區(qū)出現(xiàn)日出、云海等多種自然美景，吸引游客超17萬(wàn)人次。某游客乘坐纜車索道的情景可簡(jiǎn)化成如圖所示模型。已知傾斜索道與水平面夾角為37°，當(dāng)載人車廂沿索道運(yùn)動(dòng)時(shí)，車廂里質(zhì)量為m的人對(duì)廂底的壓力為其重力的1.25倍，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是
A．人對(duì)廂底的摩擦力方向向左
B．載人車廂一定沿傾斜索道向上運(yùn)動(dòng)
C．車廂運(yùn)動(dòng)的加速度大小為14g
D．車廂對(duì)人的摩擦力大小為13mg
7．如圖，質(zhì)量分別為和的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，今用大小為的水平恒力作用在A上，使A、B相對(duì)靜止且一起向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若該彈簧勁度系數(shù)為，則下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．物塊A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，A的加速度大小為7.5m/s2
B．物塊A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為
C．突然撤去力F的瞬間，A的加速度大小為2.5m/s2
D．突然撤去力F的瞬間，B的加速度為0
8．如圖甲所示，質(zhì)量不計(jì)的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時(shí)刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧至最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)，通過(guò)安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測(cè)出這一過(guò)程彈簧彈力F隨時(shí)間t的變化圖像如圖乙所示，則（ ）

A．t2時(shí)刻小球速度最大,處于失重狀態(tài)
B．t2至t3時(shí)間內(nèi)，小球加速度一直減小
C．t2至t3時(shí)間內(nèi)，小球速度先增大后減小
D．t3時(shí)刻小球加速度等于g
三、填空題：本大題功2小題，共8分
如圖所示，固定在電梯頂部的彈簧測(cè)力計(jì)下端掛著的鉤碼取（g取10m/s2），電梯運(yùn)行時(shí)人觀察到測(cè)力計(jì)的示數(shù)，此時(shí)鉤碼的加速度大小為___________ ，加速度方向向________（填“上”或“下”）這種現(xiàn)象是___________ （填“超重”或“失重”）現(xiàn)象；
10．在某次海試活動(dòng)中，深海載人潛水器“蛟龍?zhí)枴保▓D甲）完成海底任務(wù)后豎直上浮。假設(shè)從上浮速度為v0=20m/s時(shí)開始計(jì)時(shí)，此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速上浮，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2=5s上浮到海面，速度恰好減為零，其v-t圖象如圖乙所示。0～5s內(nèi)，科考員速度變化量的方向是_____________（填寫豎直向上或者豎直向下）t1=2s時(shí)刻“蛟龍?zhí)枴鄙疃葹開________m
四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分
11．物理學(xué)習(xí)小組利用實(shí)驗(yàn)室的器材設(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行“驗(yàn)證兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)，量角器豎直放置，結(jié)點(diǎn)O與量角器的中心點(diǎn)在同一位置。
本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是___________（填選項(xiàng)序號(hào)）。
A．理想實(shí)驗(yàn)法B．等效替代法
C．控制變量法D．建立物理模型法
(2)實(shí)驗(yàn)中保持重物c質(zhì)量不變以及O點(diǎn)位置不變，改變細(xì)繩與細(xì)繩的方向，細(xì)繩與細(xì)繩拉力的合力___________（填“變化”或“不變化”）。
(3)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是___________。
A．彈簧測(cè)力計(jì)必須與量角器平行
B．連接彈簧測(cè)力計(jì)的兩細(xì)繩之間的夾角越大越好
C．兩細(xì)繩OA、OB必須垂直
(4)在某次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)a、b的讀數(shù)分別是、，然后只用彈簧測(cè)力計(jì)a測(cè)量物體重力，其讀數(shù)為F，最后根據(jù)平行四邊形定則作出、的合力。若操作正確，則作出的圖應(yīng)是圖___________（填“2”或“3”）。
12．某同學(xué)利用如圖所示的裝置探究物體的加速度a與所受合力F的關(guān)系。
他用小木塊將長(zhǎng)木板無(wú)滑輪的一端墊高，目的是平衡摩擦力。具體操作是：把木板墊高后，小車放在木板上，在不掛小桶且打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，表明已經(jīng)消除了摩擦內(nèi)和其他阻力的影響。正確平衡摩擦力后，改變小車的質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)，是否需要重新平衡摩擦力？________（選填選項(xiàng)前的字母）。
A．需要B．不需要
(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)保持小桶及砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，其目的是________（選填選項(xiàng)前的字母）。
A．小車所受的拉力近似等于小桶及砝碼的總重力
B．保證小車運(yùn)動(dòng)的加速度不超過(guò)當(dāng)?shù)刂亓铀俣?br>(3)某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到如圖所示的a-F圖像，造成這一結(jié)果的原因是_______________。
(4)某同學(xué)得到如圖所示的紙帶。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz。A、B、C、D、E、F、G是紙帶上7個(gè)連續(xù)的點(diǎn)，=__________cm。由此可算出小車的加速度a=_______m/s2（此空保留兩位有效數(shù)字）。
“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，在探究加速度a和小車質(zhì)量M的關(guān)系時(shí)，由于沒(méi)有能夠始終滿足（m為沙桶和沙的總質(zhì)量）的條件，結(jié)果得到的圖像應(yīng)該是下圖中的_________。
B． C． D．
五、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分
（10分）如圖所示，小孩與冰車的總質(zhì)量。大人用恒定拉力使冰車由靜止開始沿水平冰面移動(dòng)，拉力，方向與水平面的夾角。已知冰車與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度，，。求：
（1）小孩與冰車整體的受力示意圖；
（2）小孩與冰車受到的支持力的大小；
（3）小孩與冰車的加速度的大小；
（4）拉力作用時(shí)間內(nèi)，冰車位移的大小。
14．（10分）如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的物體A，放在質(zhì)量為M=4kg、傾角為θ=37°的斜面B上，現(xiàn)用水平力F推物體A，使A沿斜面勻速向上運(yùn)動(dòng)，B始終保持靜止，A、B間，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5。已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求：
(1)F的大小；
(2)地面對(duì)B的支持力的大小；
(3)B對(duì)地面的摩擦力。
15．（16分）如圖所示，一與水平方向成的傳送帶正以v=4.0m/s的速度順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，在傳送帶下方有一光滑小圓弧，上端與傳送帶相切，下端與一木板Q相切，木板Q放在粗糙水平地面上，木板與水平地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.1；現(xiàn)將一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的木塊P放在傳送帶下端，并給木塊P一個(gè)與傳送帶平行的初速度v0=20m/s沿傳送帶所在的斜面向上運(yùn)動(dòng)，木塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2=33，木塊P與木板Q間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ3=0.4，木板Q的質(zhì)量為m2=2.0kg，設(shè)傳送帶足夠長(zhǎng)，（）
（1）木塊P沿傳送帶上升到最高點(diǎn)時(shí)到傳送帶下端的距離x；
（2）物塊P從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到傳送帶下端的時(shí)間t；
（3）為使物塊P能夠從木板Q上滑下來(lái)，木板Q的長(zhǎng)度L應(yīng)滿足的條件
莆田四中2024-2025學(xué)年上學(xué)期高一年段
物理期末考試答案和解析
1.【答案】B
2.【答案】B 【解析】慣性只與質(zhì)量有關(guān)，球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生改變時(shí)，慣性不變，A項(xiàng)錯(cuò)誤;
由牛頓第二定律可知，球拍對(duì)球的作用力越大，球的加速度越大，速度變化越快，B項(xiàng)正確;
根據(jù)牛頓第三定律，球拍對(duì)球的作用力與球?qū)η蚺牡淖饔昧Υ笮∠嗟?，C項(xiàng)錯(cuò)誤;
球?qū)η蚺牡膲毫κ怯汕蛐巫儺a(chǎn)生的，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
3.【答案】C 【解析】【詳解】橡膠墊與墻面之間是靜摩擦力，與壓力沒(méi)有必然聯(lián)系，故A錯(cuò)誤;健身者在做引體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，先做加速度向上的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度向下的減速運(yùn)動(dòng)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可知，摩擦力的大小與健身者的加速度有關(guān)，B錯(cuò)誤;健身者在單桿上懸停時(shí)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，摩擦力的大小等于健身者與室內(nèi)引體向上器的重力，故健身者的質(zhì)量越大，摩擦力越大;若把健身者作為研究對(duì)象，健身者處于平衡狀態(tài)，受到單桿的作用力始終等于健身者的重力，D錯(cuò)誤。故選C。
4.【答案】A 【解析】AC、設(shè)剛開始時(shí)彈簧壓縮量為x0，則對(duì)P、Q受力分析：mgsinθ=kx0，解得：x0=0.04m，
因?yàn)樵谇?.2 s時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2 s以后，F(xiàn)為恒力，所以在0.2 s時(shí)，P對(duì)Q的作用力為0，又P質(zhì)量不計(jì)，則P不需要加速的，則合力為0，即此時(shí)彈簧為原長(zhǎng)，
則對(duì)PQ前0.2s時(shí)間內(nèi)向上運(yùn)動(dòng)的距離為：x0=12at2，則a=2x0t2=2×，故A正確，C錯(cuò)誤；
B、當(dāng)P、Q開始運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力最小，此時(shí)對(duì)PQ：Fmin=ma=4×2N=8 N，
當(dāng)P、Q分離時(shí)拉力最大，此時(shí)對(duì)Q：Fmax=m(a+gsinθ)=4×(2+10×0.6)N=32N，故B錯(cuò)誤；
D、若P為有質(zhì)量的物體，P、Q分離時(shí)，P對(duì)Q的作用力為0，此時(shí)加速度還相同，對(duì)P，由牛頓第二定律知：kx1?m1gsinθ=m1a，即kx1=m1gsinθ+m1a，則x1不為0，即P、Q分離時(shí)彈簧不為原長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。
5.【答案】AC 【解答】A、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)位移速度公式有182=2a×27，解得a=6 m/s2，故A正確；
B、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)速度公式有18=6t，解得足球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=3 s，故B錯(cuò)誤；
C、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)平均速度為初末速度之和除以2可得足球的平均速度大小為182m/s =9 m/s，故 C正確；
D、將足球的運(yùn)動(dòng)看做反向的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)可得足球最后1 s內(nèi)的位移大小為12×6×12m=3m，故D錯(cuò)誤。
6.【答案】BD
A、由于人對(duì)車廂底的正壓力為其重力的1.25倍，人處于超重狀態(tài)，所以載人車廂可能沿斜索道加速向上運(yùn)動(dòng)，也可能減速向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；
BD、在豎直方向上有FN?mg=ma上，解得a上=0.25g，設(shè)水平方向上的加速度為a水，則a上a水=tan37°=34，所以a水=13g，方向向右；
對(duì)人受力分析可知，在水平方向上摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，即f=ma水=13mg，方向向右，根據(jù)牛頓第三定律可得人對(duì)廂底的摩擦力方向向左，故BD正確；
C、車廂運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a=a上sinθ=5g12，故C錯(cuò)誤。
7.【答案】BC 【解析】A.對(duì)A、B系統(tǒng)由牛頓第二定律可得：a=FmA+mB=152+1m/s2=5m/s2，B.以B為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律有：Fx=mBa=1×5N=5N，根據(jù)胡克定律有Fx=kx，將k=100N/m代入，解得彈簧的伸長(zhǎng)量為：x=0.05m=5cm，故B正確；
CD.突然撤去力F的瞬間，F(xiàn)消失，彈簧彈力Fx不變，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)A有：aA=FxmA=52m/s2=2.5m/s2，對(duì)B有：aB=FxmB=51m/s2=5m/s2，故C正確，D錯(cuò)誤。
8.【答案】CD
A.t2時(shí)刻彈簧的彈力最大，說(shuō)明小球到達(dá)最低點(diǎn)，速度為零，此時(shí)彈簧的彈力大于小球的重力，小球處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤．
B.t2至t3時(shí)間內(nèi)，小球上升，小球受到向上的彈力和向下的重力，彈簧的彈力先大于重力，后小于重力，隨著彈力的減小，合力先減小后增大，由牛頓第二定律可知加速度先減小后增大，故B錯(cuò)誤；
C.t2至t3時(shí)間內(nèi)，小球受到的合力先向上后向下，小球速度先增大后減小，當(dāng)彈簧的彈力與重力平衡時(shí)速度最大，故C正確；
D.t3時(shí)刻小球剛與彈簧脫離，只受重力，加速度為g，故D正確。
9.答案】5；上；超重；
10.【答案】豎直向下 18
【解答】根據(jù)加速度定義式a=ΔvΔt，可得：a=0?205m/s2=?4m/s2
所以加速度方向豎直向下，因?yàn)樗俣茸兓康姆较蚺c加速度方向相同，所以速度變化量的方向豎直向下。0～5s內(nèi)位移為：x1=0?v022a=50m t1=2s時(shí)刻位移為：x2=v0t2+12at22=32m
所以t1=2s時(shí)刻“蛟龍?zhí)枴鄙疃葹椋?=x1?x2=18m。
11.【答案】(1)B(2)不變化(3)A(4)2
【解析】(1)該實(shí)驗(yàn)是用一個(gè)力作用產(chǎn)生的作用效果與兩個(gè)共同作用產(chǎn)生的作用效果相同來(lái)探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律，所以使用的科學(xué)方法是等效替代法。
故選B。
(2)僅改變細(xì)繩 OA 與細(xì)繩 OB 的方向，細(xì)繩 OA 與細(xì)繩 OB 拉力的合力大小仍等于細(xì)繩 OC 的拉力大小，由于重物c質(zhì)量不變以及O點(diǎn)位置不變，細(xì)繩 OC 的拉力不變化，則細(xì)繩 OA 與細(xì)繩 OB 拉力的合力不變化。
(3)A.測(cè)量時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)必須與量角器平行且在同一豎直平面內(nèi)，故A正確；
BC.為減小實(shí)驗(yàn)誤差，與兩彈簧測(cè)力計(jì)相連的細(xì)繩之間的夾角要適當(dāng)大一點(diǎn)，但不是越大越好，也不是一定要垂直，故BC錯(cuò)誤。
故選A。
(4) F 是通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到的合力，一定沿豎直方向，合力 F′ 是通過(guò)平行四邊形得到的理論值，不一定在豎直方向上，則若操作正確，則作出的圖應(yīng)是圖2。
12.【答案】(1) B；(2)A；(3)平衡摩擦力過(guò)度；(4)1.80；5.0；(5) D。
【解析】(1)摩擦力平衡時(shí)滿足mgsinθ=μmgcsθ 只與角度有關(guān)，與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故不需要平衡，故B正確，A錯(cuò)誤，故選B；
(2)設(shè)沙和沙桶的質(zhì)量為m，小車和砝碼的質(zhì)量為M，其實(shí)實(shí)際過(guò)程中是用沙和沙桶的重力來(lái)代替恒力F，但是沙和沙桶是有質(zhì)量的，且a為整個(gè)系統(tǒng)的加速度，因此mg=F=(M+m)a ，只有當(dāng)m遠(yuǎn)小于M時(shí)，才可以認(rèn)為M+m近似等于M，這樣得出的結(jié)果才會(huì)符合F=Ma，故A正確，B錯(cuò)誤，故選A；
(3)當(dāng)F=0時(shí)已產(chǎn)生加速度，故平衡摩擦力時(shí)傾角過(guò)大；
(4)由紙帶可知xDG=3.90cm，xAD=2.10cm，Δx=xDG?xAD=3.90?2.10cm=1.80cm
圖上的點(diǎn)為紙帶上7個(gè)連續(xù)的點(diǎn)，則T=0.02s，根據(jù)逐差法可知小車的加速度為
a=xDG?xAD9T2=0.0390?0.02109×0.022m/s2=5.0m/s2 ；
(5)在研究加速度和小車質(zhì)量M的關(guān)系式，保持m不變，改變小車質(zhì)量M，在小車質(zhì)量M遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量m時(shí)，可以認(rèn)為小車受到的拉力F=mg，此時(shí)加速度a與小車質(zhì)量M成反比，與1M成正比，則圖像應(yīng)是過(guò)原點(diǎn)的直線，當(dāng)小車質(zhì)量M不遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量m時(shí)，小車受到的拉力明顯小于重物重力，則圖線向下彎曲，故D正確，ABC錯(cuò)誤。
故選D。
13.【答案】(1)小孩與冰車整體受到重力 G ，地面的支持力 FN ，地面的滑動(dòng)摩擦力 Ff ，大人的拉力 F 共計(jì)四個(gè)力的作用，受力示意圖如圖所示
(2)對(duì)小孩與冰車受力分析，在豎直方向上，有FN=mg?Fsin37°=188N
(3)在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律，有Fcs37°?Ff=ma
其中Ff=μFN 代入數(shù)據(jù)可得a=0.33m/s2
(4)拉力作用 t=8s 時(shí)間內(nèi)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有x=12at2=10.56m
14.【答案】(1)對(duì)m沿斜面方向：Fcsθ=mgsinθ，則F=mgtanθ=7.5N；
(2)對(duì)整體豎直方向：FN=(M+m)G=50N；
(3)對(duì)整體水平方向：F=f地=7.5N，由牛頓第三定律得B對(duì)地面的摩擦力方向水平向右。
15.【答案】解：(1)木塊P沖上傳送帶時(shí)，加速度為a1.根據(jù)牛頓第二定律得：
m1gsinθ+μ2m1gcsθ=m1a1。 由0?v02=?2a1x得：x=20m；
(2)木塊滑下時(shí)，加速度為a2，則有：m1gsinθ+μ2m1gcsθ=m1a2。
根據(jù)速度位移關(guān)系可得：2a2x1=v2 解得x1=0.8m

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