2025河南省部分名校高三上學期10月月考物理試題含解析-試卷下載-教習網

考生注意：
1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。
2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。
3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。
一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1. 2024年8月6日，在巴黎奧運會跳水項目女子10米跳臺決賽中，中國選手全紅嬋獲得金牌，另一名中國選手陳芋汐獲得銀牌。最后一跳中，全紅嬋從跳臺上豎直向上躍起，躍起后重心升高達到最高點，下落時身體豎直手先入水?？諝庾枇雎圆挥?，全過程水平方向的運動忽略不計，重力加速度g取。則（）
A. 評委觀看全紅蟬的跳水過程時，可把全紅蟬看作質點
B. 全紅嬋從跳起到入水經過的路程為
C. 全紅嬋向上躍起時的速度大小為
D. 全紅嬋起跳后經到達最高點
【答案】D
【解析】
【詳解】A．評委觀看全紅蟬的跳水過程時，其肢體形狀和大小不可以忽略，不可以把全紅蟬看作質點，故A錯誤；
B．全紅嬋先從10m高跳臺上豎直向上躍起，再入水，位移大小為10m，但路程大于10m，故B錯誤；
C．全紅嬋向上躍起后重心升高達到最高點，則有
解得
故C錯誤；
D．全紅嬋起跳后到達最高的時間
故D正確。
故選D。
2. 如圖為一可視為質點的物體的位移—時間圖像或速度—時間圖像，規(guī)定向右為正方向，縱軸單位為國際單位，下列說法正確的是（）
A. 若物體在前內做單向直線運動，則物體前內的位移為
B. 若物體在第內做勻速直線運動，則物體在第內向左運動
C. 若物體在前內向左運動，則物體在前內的平均速度為
D. 若物體在前內加速度不為零且方向不變，則物體在第內靜止不動
【答案】A
【解析】
【詳解】A．若物體在前內做單向直線運動，說明圖像為位移-時間圖像，則物體前內的位移為
選項A正確；
B．若物體在第內做勻速直線運動，說明該圖像為速度-時間圖像，則物體在第內的速度為正，向右運動，選項B錯誤；
C．若物體在前內向左運動，（0-2s內圖像與橫軸交點坐標為0.8s），說明該圖像為速度-時間圖像，則物體在前內的位移
平均速度為
選項C錯誤；
D．若物體在前內加速度不為零且方向不變，說明該圖像為速度-時間圖像，則物體在第內做勻速運動，選項D錯誤。
故選A。
3. 如圖所示，木塊A、B質量分別為和，它們與水平地面間的動摩擦因數均為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。初始狀態(tài)A、B間的輕彈簧被壓縮了，作用在A上的水平推力，系統(tǒng)靜止不動。已知彈簧的勁度系數為，重力加速度g取?，F(xiàn)撤去推力F，則（）
A. 撤去推力F前，木塊A所受摩擦力大小是，方向向右
B. 撤去推力F前，木塊B所受摩擦力大小是，方向向右
C. 撤去推力F后瞬間，木塊A所受摩擦力大小是，方向向右
D. 撤去推力F后瞬間，木塊B所受摩擦力大小是，方向向左
【答案】C
【解析】
【詳解】A．A的最大靜摩擦力為

彈簧的彈力為
由題知

故A處于靜狀態(tài)，則有
方向向左，故A錯誤；
B．B的最大靜摩擦力為
彈簧的彈力為
由題知

故B處于靜狀態(tài)，則有
方向向左，故B錯誤；
C．撤去推力F后瞬間，彈簧的彈力不變，仍為，大于A的最大靜摩擦力，可知A會滑動，故A受的摩擦力為滑動摩擦力為
方向向右，故C正確；
D．撤去推力F后瞬間，彈簧的彈力不變，仍為，小于B的最大靜摩擦力，可知B仍處于靜止狀態(tài)，對B分析，可得
方向向左，故D錯誤。
故選C。
4. 一質點在直角坐標系所在的平面內運動，經過O點時開始計時，其沿坐標軸方向的兩個分速度隨時間變化的圖像如圖1、2所示，下列說法正確的是（）
A. 物體在內做變加速曲線運動B. 物體在內做勻變速直線運動
C. 物體在內的位移大小為D. 物體在內的位移大小為
【答案】B
【解析】
【詳解】AC．物體在0～3 s內，由題意可知，x方向做勻速直線運動，速度為
vx=4m/s
y方向做初速度為零的勻加速直線運動，其加速度
ay=1m/s2
合初速度
v0=vx=4m/s
合加速度
a=ay=1m/s2
物體的合初速度與合加速度不在同一直線上，所以物體的合運動為勻變速曲線運動， 0～3 s內，x方向位移為
0～3 s內，y方向位移為
0～3 s內，物體位移為
AC錯誤；
B．物體在3～4 s內，x方向做初速度
vx=4m/s
加速度
ax=4m/s2
在x方向做勻加速直線運動，y方向做初速度
vy=3m/s
加速度
ay=3m/s2
在y方向也做勻加速直線運動，合初速度大小
v=5m/s
合速度方向合加速度大小
a=5m/s2
合加速度的方向v、a在同一直線上，方向相同，所以物體的合運動為勻加速直線運動，B正確；
D． 0～4s內，x方向位移為
y方向位移為
0～3 s內，物體位移為
D錯誤。
故選B。
5. 如圖所示，飛鏢a、b從同一位置O水平向左擲出，分別打在鏢盤上A、B兩點，鏢盤上的C點與O在同一條水平線上，a、b與豎直鏢盤的夾角分別為60°和。已知，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）
A. 飛鏢a、b在空中飛行的時間之比為
B. 飛鏢a、b的初速度大小之比為
C. 飛鏢a、b打在鏢盤上時的速度大小之比為
D. 飛鏢b與鏢盤的夾角的正切值為
【答案】C
【解析】
【詳解】A．飛鏢a、b在空中下落的高度之比為1:4，根據
可知，飛行的時間之比為1:2，選項A錯誤；
B．飛鏢a、b的水平位移相等，根據
初速度大小之比為，選項B錯誤；
C．根據
vy=gt
可知，飛鏢a、b打在鏢盤上時的豎直速度之比為1:2，根據
可知飛鏢a、b打在鏢盤上時速度大小之比為，選項C正確；
D．飛鏢b與鏢盤的夾角的正切值為
選項D錯誤
故選C。
6. 質量為的汽車，額定功率為，在平直公路上行駛的最大速度為?，F(xiàn)汽車從靜止開始做勻加速直線運動，后達到額定功率，之后汽車以恒定功率加速達到最大速度，行駛過程中受到的阻力不變，則（）
A. 汽車所受的阻力大小為
B. 汽車勻加速啟動時的加速度大小為
C. 末汽車的功率為
D. 汽車速度為時的加速度大小為
【答案】B
【解析】
【詳解】A．由題知，汽車所受的阻力大小為
故A錯誤；
B．設汽車勻加速啟動時的加速度大小為a，則經的速度為
根據牛頓第二定律有
解得
經6.25s達到勻加速直線運動的最大速度，則有
則有
解得
故B正確；
C．因
故此時汽車仍處于勻加速直線運動，速度為
根據牛頓第二定律有
解得
則此時的功率為
故C錯誤；
D．汽車速度為大于勻加速直線運動的最大速度12.5m/s，故此時汽車的功率已達到額定功率，根據
解得
根據牛頓第二定律有
解得
故D錯誤。
故選B。
7. 如圖1所示，粗糙水平面上，靜置一質量的長木板，其上疊放一質量為m的物塊。現(xiàn)對木板施加一隨時間t均勻增大的水平力F，F(xiàn)與時間t的關系如圖2所示。木板與地面間的摩擦力為，物塊與木板之間的摩擦力為，和隨時間t的變化圖線如圖3所示。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取，下列說法正確的是（）
A. 木板與地面間的動摩擦因數為0.1
B. 物塊與木板間的動摩擦因數為0.5
C. 時物塊的加速度為
D. 時木板的加速度為
【答案】D
【解析】
【詳解】AB．當和不變時為滑動摩擦力，有
當時，不變，此時木板與物塊為共速臨界，對物塊有
對木板有
且，聯(lián)立解得
并且木板和物塊的加速度相同，即，可得
，，
故AB錯誤；
C．時物塊與木板的加速度不同，有相對運動，有
可得
故C錯誤；
D．時，物塊與木板無相對運動，對整體分析
其中，解得
故D正確。
故選D。
二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
8. 如圖所示，固定直桿與水平面的夾角為，在桿上套一個質量忽略不計的可自由滑動的光滑小圓環(huán)。輕質細繩左端固定于直桿上的A點，另一端穿過小圓環(huán)，并用力F拉住，繩右端與桿夾角為，在小圓環(huán)和A點之間，質量為m的物體通過光滑的掛鉤掛在細繩上，處于靜止狀態(tài)時，已知重力加速度為g。關于拉力F的大小和直桿對圓環(huán)的彈力N的大小，下列說法正確的是（）
A. B. C. D.
【答案】AC
【解析】
【詳解】作出受力分析圖，如圖所示
小圓環(huán)質量不計，故受兩邊細繩的拉力的合力與桿垂直，同一條繩子拉力相等，對拉重力的兩細繩，力F與水平方向的夾角相等，設為，則在三角形AOB中，根據幾何關系有
解得
根據受力平衡條件，有
解得
對小球分析，可知直桿對圓環(huán)的彈力N的大小等于兩細繩拉力的合力，則有
故選AC。
9. P、Q兩顆衛(wèi)星在和地球赤道共面的軌道上分別繞地球做勻速圓周運動，二者運行方向相同。Q為地球靜止軌道同步衛(wèi)星，P為近地衛(wèi)星，經觀測發(fā)現(xiàn)，P衛(wèi)星經過時間t，轉過的角度為。已知引力常量為G，衛(wèi)星Q的軌道半徑是衛(wèi)星P軌道半徑的k倍，下列選項正確的是（）
A. 地球的質量為
B. 地球的平均密度為
C. 地球的自轉周期為
D. 衛(wèi)星P連續(xù)經過地球上同一點正上方的時間間隔為
【答案】BC
【解析】
【詳解】AB．P衛(wèi)星經過時間t，轉過的角度為，則角速度為
根據萬有引力提供向心力可得
解得
地球密度為
解得
故A錯誤，B正確；
C．對Q根據萬有引力提供向心力可得
結合上述可得
故C正確；
D．衛(wèi)星P連續(xù)經過地球上同一點正上方的時間間隔為，則
故
故D錯誤。
故選BC。
10. 如圖所示，質量為m的小球甲穿過豎直固定的光滑桿拴在下端固定的輕彈簧上，質量為的物塊乙放在傾角為53°的光滑固定斜面上。乙用輕繩跨過斜面頂端的光滑小滑輪與甲連接，開始時用手托住物塊乙，輕繩剛好伸直，滑輪右側繩與水平方向的夾角為53°，小球甲靜止于P點?，F(xiàn)由靜止釋放物塊乙，經過一段時間小球甲由P點運動到Q點，兩點的連線水平，。已知小球甲在P、Q兩點時彈簧彈力大小相等，重力加速度為g，，。則（）
A. 小球甲處于P點時，彈簧的壓縮量為
B. 彈簧的勁度系數為
C. 滑輪右側繩與水平方向夾角為30°時，甲、乙的速度大小之比為
D. 小球甲到達Q點時，甲、乙的速度均為零
【答案】AD
【解析】
【詳解】A．由幾何關系得
因為小球甲在P、Q兩點時彈簧彈力大小相等，所以在P、Q兩點彈簧的形變量相等，根據對稱性可知，小球甲處于P點時，彈簧的壓縮量為
故A正確；
B．在P點對小球甲受力分析，由平衡條件
可得彈簧的勁度系數為
故B錯誤；
C．滑輪右側繩與水平方向夾角為30°時，由關聯(lián)速度知識得
可得
故C錯誤；
D．小球甲到達Q點時，由關聯(lián)速度知識得
所以乙的速度為零，從P點運動到Q點的過程中，小球甲的重力勢能增加了
小球乙的重力勢能減小了
對小球甲、乙組成的系統(tǒng)由能量守恒定律，P、Q兩點的彈性勢能相同，所以
解得
故D正確。
故選AD。
三、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11. 某小組為了驗證力的平行四邊形定則，設計了如圖1所示的實驗。在一半圓形刻度盤上安裝兩個可以沿盤邊緣自由移動的拉力傳感器A、B，兩輕繩的一端分別系在A、B的掛鉤上，另一端系成結點O。在O點掛上重力為G的鉤碼，改變繩與豎直方向的夾角，分別記錄A、B的示數、及對應刻度盤上的角度、。作出、和合力的圖示，比較與G是否等大反向，即可驗證力的平行四邊形定則。
（1）下列操作中正確的是______（填正確答案標號）。
A. 刻度盤必須豎直放置，且兩輕繩必須與刻度盤平行
B. 實驗中應使角度、盡量的大
C. 實驗中要保證結點O與刻度盤圓心重合
（2）在某次實驗中，A、B傳感器的讀數分別是、，然后用一個力傳感器測量物體重力，其讀數為F，最后作出、的合力。若操作正確，則作出的圖可能是圖______（填“2”或“3”）。
（3）該組同學在實驗中，將傳感器A固定在某位置后，再將傳感器B從豎直位置的P點緩慢順時針旋轉，得到了一系列B傳感器的示數和對應的角度，作出了如圖4所示的圖像，由圖4可知A傳感器所處位置的角度______。
【答案】（1）AC （2）2
（3）或60°
【解析】
【小問1詳解】
A．為避免摩擦影響，刻度盤必須豎直放置，且兩輕繩必須與刻度盤平行，故A正確；
B．實驗中角度、不能太大，不能太小，故B錯誤；
C．實驗需要測量拉力對應的角度，則要保證結點O與刻度盤圓心始終重合，故C正確。
故選AC。
【小問2詳解】
在某次實驗中，A、B傳感器的讀數分別是、，然后用一個力傳感器測量物體重力，其讀數為F，根據二力平衡可知，一定F處于豎直方向；最后作出、的合力，由于存在誤差，所以不一定處于豎直方向，則作出的圖可能是圖2。
【小問3詳解】
由圖4可知，當時，有
當，，設此時傳感器A的示數為，根據受力平衡可得
，
聯(lián)立解得
12. 某實驗小組用如圖1所示的實驗裝置“驗證機械能守恒定律”。
（1）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的器材是______（填選項前的字母）。
A. 低壓交流學生電源B. 刻度尺
C. 天平（含砝碼）D. 秒表
（2）下列實驗操作，不必要或不正確的是______（填選項前的字母）。
A. 釋放重錘時要注意紙帶是否豎直
B. 實驗時一定要先釋放紙帶再接通電源
C. 釋放紙帶時夾子應靠近打點計時器
D. 利用公式求出瞬時速度
（3）實驗小組在實驗操作后，選出一條點跡清晰的紙帶進行測量分析，如圖2所示，其中O點為開始運動的起始點，B、C、D為打點計時器連續(xù)打出的三個點，正確測量紙帶上的數據如圖2所示。若重錘的質量，重力加速度，打點計時器打點的周期為，從O點到C點的這段時間內，重錘動能的增加量______J，重力勢能的減少量______J（結果均保留3位有效數字）。
（4）用h代表重錘下落的距離，重錘的動能隨著h變化的圖線如圖3所示，若重錘下落落過程中所受阻力恒定，圖線的斜率為k，那么重錘受到的阻力大小為______（用題中給出的字母表示）。
【答案】（1）AB （2）BD
（3） ① 2.49 ②. 2.54
（4）
【解析】
【小問1詳解】
本實驗中用是電磁打點計時器，則需要用8V低壓交流學生電源，測量重物下落的高度需要用刻度尺，不需要秒表和天平。
故選AB。
【小問2詳解】
A．釋放重錘時要注意紙帶豎直，可以減少紙帶與打點計時器之間的摩擦，故A正確；
B．實驗中為了充分利用紙帶，打第一個點時紙帶速度接近為零，應先接通電源后釋放紙帶，故B錯誤；
C．了充分利用紙帶，釋放重物時夾子應靠近打點計時器，故C正確；
D．公式是建立在機械能守恒的前提下得出的，用它計算瞬時速度起不到驗證機械能守恒定律的目的，瞬時速度應根據紙帶數據進行計算，故D錯誤。
故選BD。
【小問3詳解】
[1][2]根據勻變速運動中間時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度，打C 點時的瞬時速度為
則從O點到C點的這段時間內，重錘動能的增加量
重力勢能的減少量
【小問4詳解】
因重錘由靜止下落，則初動能為堉，根據動能定理有
可知直線的斜率
解得
13. 質量為的物體，恰好能靜止在傾角為30°的固定斜面上?，F(xiàn)對物體施加一水平向右的恒力F，如圖所示，物體能沿斜面勻加速向上滑行，從靜止開始內位移為。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取，物體可視為質點，求：
（1）物體與斜面間的動摩擦因數；
（2）水平恒力F的大小。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小問1詳解】
物體恰好靜止在斜面上時，受力如圖1所示
根據平衡條件得
，
又
代入數據聯(lián)立解得
【小問2詳解】
物體沿斜面勻加速上升，受力如圖2所示
根據
得
沿斜面方向，根據牛頓第二定律得
垂直于斜面方向，根據牛頓第二定律得
又
代入數據聯(lián)立解得
14. 2024年6月19日，“蘿卜快跑”在武漢開始推出無人駕駛叫車業(yè)務，面向市民提供自動駕駛出行服務。在某次無人駕駛道路測試時，無人駕駛測試車甲、乙在兩平行車道上，甲車有一初速度，乙車靜止，當甲車與乙車并排時開始計時，甲、乙兩輛汽車的圖像如圖中A、B直線所示，兩汽車可視為質點，甲車減速到零后不再運動。求：
（1）兩車再次并排行駛之前，在運動方向上相距的最遠距離；
（2）兩車再次并排時所用時間t。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小問1詳解】
由勻變速直線運動的位移時間關系
得
根據圖像可得甲車的初速度
加速度
乙車的初速度為0，加速度
當兩車速度相等時，兩者在運動方向上的距離最遠，設經過時間兩者速度相等，由
解得
在時間內甲車位移為
乙車位移為
解得最遠距離
【小問2詳解】
設甲車經過時間減速到0，則有
在時間內甲車的位移
乙車的位移
說明甲車速度減小到零時，甲、乙兩車還相距，即乙車還沒有追上甲車
解得
15. 如圖所示，某裝置處于豎直平面內，該裝置由固定在地面上傾角的直軌道、內壁光滑的螺旋圓形軌道，水平直軌道和傳送帶組成，且各處平滑連接。螺旋圓形軌道與傾斜直軌道相切于B點，與水平軌道相切于E點，螺旋圓形軌道半徑，長度，傳送帶長度?，F(xiàn)將質量的小滑塊從傾斜軌道上某高度h處由靜止釋放，滑塊恰好能通過圓軌道最高點D，滑塊與段、段的動摩擦因數，與傳送帶間的動摩擦因數，傳送帶始終以的速度逆時針勻速轉動。不計空氣阻力，重力加速度g取，，。求：
（1）滑塊在圓軌道最高點的速度大??；
（2）滑塊的釋放點高度h；
（3）滑塊最終停在距E多遠處；
（4）若要使滑塊最終停在段，且始終不脫離軌道，則滑塊在傾斜軌道上由靜止釋放的高度范圍。
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
【解析】
【小問1詳解】
滑塊恰好經過圓形軌道最高點D，根據牛頓第二定律可得
解得
【小問2詳解】
設滑塊靜止釋放點到B點的距離為L，由靜止釋放點到D點，由動能定理得
解得
根據幾何關系
解得
【小問3詳解】
設滑塊滑到F點時的速度為，由D到F點，由動能定理得
解得
設滑塊在傳送帶上向右運動時速度減為0，則
解得
此后，滑塊反向加速到F點時速度為
即
設滑塊最終停在距E點x處，由動能定理得
解得
【小問4詳解】
設滑塊過F點速度為時，滑塊恰好滑到傳送帶的右端
解得
設滑塊以返回時，能返回到高度為時速度為0，由動能定理得：
解得
設滑塊從高從靜止滑下時，到F點速度為，由動能定理得：
解得
即當時，滑塊不會脫離軌道，最終停在段

相關試卷

相關試卷更多

相關試卷

相關試卷 更多

相關試卷更多