一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、（4分）邊長為a的等邊三角形，記為第1個等邊三角形，取其各邊的三等分點，順次連接得到一個正六邊形，記為第1個正六邊形，取這個正六邊形不相鄰的三邊中點，順次連接又得到一個等邊三角形，記為第2個等邊三角形，取其各邊的三等分點，順次連接又得到一個正六邊形，記為第2個正六邊形（如圖），…，按此方式依次操作，則第6個正六邊形的邊長為（ ）
A．B．C．D．
2、（4分）下列電視臺的臺標，是中心對稱圖形的是（ ）
A．B．C．D．
3、（4分）下列一元二次方程沒有實數(shù)根的是（ ）
A．+2x+1=0B．+x-2=0C．+1=0D．﹣2x﹣1=0
4、（4分）已知正比例函數(shù)的圖象如圖所示，則一次函數(shù)y＝mx+n圖象大致是（ ）
A．B．
C．D．
5、（4分）如圖，□ABCD的對角線相交于點O，下列式子不一定正確的是（ ）
A．AC＝BDB．AB＝CDC．∠BAD＝∠BCDD．AO＝CO
6、（4分）-（-6）等于（ ）
A．-6B．6C．D．±6
7、（4分）定義新運算“⊕”如下：當a＞b時，a⊕b＝ab+b；當a＜b時，a⊕b＝ab﹣b，若3⊕（x+2）＞0，則x的取值范圍是（ ）
A．﹣1＜x＜1或x＜﹣2B．x＜﹣2或1＜x＜2
C．﹣2＜x＜1或x＞1D．x＜﹣2或x＞2
8、（4分）若代數(shù)式在實數(shù)范圍內有意義，則x的取值范為是（ ）
A．x≥－2B．x＞－2C．x≥2D．x≤2
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）關于x的一次函數(shù)，當_________時，它的圖象過原點．
10、（4分）隨著海拔高度的升高，大氣壓強下降，空氣中的含氧量也隨之下降，即含氧量y（g/m3）與大氣壓強x（kPa）成正比例函數(shù)關系．當x=36（kPa）時，y=108（g/m3），請寫出y與x的函數(shù)關系式 ．
11、（4分）在平行四邊形ABCD中，AD=13，BAD和ADC的角平分線分別交BC于E，F(xiàn)，且EF=6，則平行四邊形的周長是____________________
12、（4分）若點、在雙曲線上，則和的大小關系為______.
13、（4分）如圖，在ABCD中，用直尺和圓規(guī)作∠BAD的平分線AG交BC于點E．若BF=8，AB=5，則AE的長為__．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）閱讀材料：各類方程的解法
求解一元一次方程，根據(jù)等式的基本性質，把方程轉化為x=a的形式．求解二元一次方程組，把它轉化為一元一次方程來解；類似的，求解三元一次方程組，把它轉化為解二元一次方程組．求解一元二次方程，把它轉化為兩個一元一次方程來解．求解分式方程，把它轉化為整式方程來解，由于“去分母”可能產(chǎn)生增根，所以解分式方程必須檢驗．各類方程的解法不盡相同，但是它們有一個共同的基本數(shù)學思想轉化，把未知轉化為已知．
用“轉化”的數(shù)學思想，我們還可以解一些新的方程．例如，一元三次方程x3+x2-2x=0，可以通過因式分解把它轉化為x(x2+x-2)=0，解方程x=0和x2+x-2=0，可得方程x3+x2-2x=0的解．
（1）問題：方程x3+x2-2x=0的解是x1=0,x2= ，x3= ；
（2）拓展：用“轉化”思想求方程的解；
（3）應用：如圖，已知矩形草坪ABCD的長AD=8m，寬AB=3m，小華把一根長為10m的繩子的一端固定在點B，沿草坪邊沿BA，AD走到點P處，把長繩PB段拉直并固定在點P，然后沿草坪邊沿PD、DC走到點C處，把長繩剩下的一段拉直，長繩的另一端恰好落在點C．求AP的長．
15、（8分）如圖，BE=CF，DE⊥AB的延長線于點E，DF⊥AC于點F，且DB=DC，求證：AD是∠EAC的平分線．
16、（8分）某校為災區(qū)開展了“獻出我們的愛”賑災捐款活動，九年級（1）班50名同學積極參加了這次賑災捐款活動，因不慎，表中數(shù)據(jù)有一處被墨水污染，已無法看清，但已知全班平均每人捐款38元.
（1）根據(jù)以上信息可知，被污染處的數(shù)據(jù)為 .
（2）該班捐款金額的眾數(shù)為 ，中位數(shù)為 .
（3）如果用九年級（1）班捐款情況作為一個樣本，請估計全校2000人中捐款在40元以上（包括40元）的人數(shù)是多少？
17、（10分）如圖，已知點A（0，8）、B（8，0）、E（－2，0），動點 C從原點O出發(fā)沿OA方向以每秒1個單位長度向點A運動，動點D從點B出發(fā)沿BO方向以每秒2個單位長度向點O運動，動點C、D同時出發(fā)，當動點D到達原點O時，點C、D停止運動，設運動時間為t 秒。
（1）填空：直線AB的解析式是_____________________；
（2）求t的值，使得直線CD∥AB；
（3）是否存在時刻t，使得△ECD是等腰三角形？若存在，請求出一個這樣的t值；若不存在，請說明理由。
18、（10分）某人購進一批瓊中綠橙到市場上零售，已知賣出的綠橙數(shù)量x(千克)與售價y(元)的關系如下表：
(1)寫出售價y(元)與綠橙數(shù)量x(千克)之間的函數(shù)關系式；
(2)這個人若賣出50千克的綠橙，售價為多少元？
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）計算：=__．
20、（4分）計算：______.
21、（4分）如圖，在中，的平分線AD交BC于點D，的兩邊分別與AB、AC相交于M、N兩點，且，若，則四邊形AMDN的面積為___________.
22、（4分）方程的根是__________．
23、（4分）如圖，已知∠AON＝40°，OA＝6，點P是射線ON上一動點，當△AOP為直角三角形時，∠A＝_____°．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）已知：如圖，A，B，C，D在同一直線上，且AB＝CD，AE＝DF，AE∥DF．求證：四邊形EBFC是平行四邊形．
25、（10分）如圖，已知的三個頂點的坐標分別為、、.
（1）請直接寫出點關于原點對稱的點的坐標；
（2）將繞坐標原點逆時針旋轉得到，畫出，直接寫出點、的對應點的點、坐標；
（3）請直接寫出：以、、為頂點的平行四邊形的第四個頂點的坐標.
26、（12分）如圖，王華晚上由路燈A下的B處走到C處時，測得影子CD的長為1米，繼續(xù)往前走3米到達E處時，測得影子EF的長為2米，已知王華的身高是1.5米．
（1）求路燈A的高度；
（2）當王華再向前走2米，到達F處時，他的影長是多少？
參考答案與詳細解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、A
【解析】
連接AD、DB、DF，求出∠AFD=∠ABD=90°，根據(jù)HL證兩三角形全等得出∠FAD=60°，求出AD∥EF∥GI，過F作FZ⊥GI，過E作EN⊥GI于N，得出平行四邊形FZNE得出EF=ZN=a，求出GI的長，求出第一個正六邊形的邊長是a，是等邊三角形QKM的邊長的；同理第二個正六邊形的邊長是等邊三角形GHI的邊長的；求出第五個等邊三角形的邊長，乘以即可得出第六個正六邊形的邊長．
連接AD、DF、DB．
∵六邊形ABCDEF是正六邊形，
∴∠ABC=∠BAF=∠AFE，AB=AF，∠E=∠C=120°，EF=DE=BC=CD，
∴∠EFD=∠EDF=∠CBD=∠BDC=30°，
∵∠AFE=∠ABC=120°，
∴∠AFD=∠ABD=90°，
在Rt△ABD和RtAFD中
∴Rt△ABD≌Rt△AFD（HL），
∴∠BAD=∠FAD=×120°=60°，
∴∠FAD+∠AFE=60°+120°=180°，
∴AD∥EF，
∵G、I分別為AF、DE中點，
∴GI∥EF∥AD，
∴∠FGI=∠FAD=60°，
∵六邊形ABCDEF是正六邊形，△QKM是等邊三角形，
∴∠EDM=60°=∠M，
∴ED=EM，
同理AF=QF，
即AF=QF=EF=EM，
∵等邊三角形QKM的邊長是a，
∴第一個正六邊形ABCDEF的邊長是a，即等邊三角形QKM的邊長的，
過F作FZ⊥GI于Z，過E作EN⊥GI于N，
則FZ∥EN，
∵EF∥GI，
∴四邊形FZNE是平行四邊形，
∴EF=ZN=a，
∵GF=AF=×a=a，∠FGI=60°（已證），
∴∠GFZ=30°，
∴GZ=GF=a，
同理IN=a，
∴GI=a+a+a=a，即第二個等邊三角形的邊長是a，與上面求出的第一個正六邊形的邊長的方法類似，可求出第二個正六邊形的邊長是×a；
同理第第三個等邊三角形的邊長是×a，與上面求出的第一個正六邊形的邊長的方法類似，可求出第三個正六邊形的邊長是××a；
同理第四個等邊三角形的邊長是××a，第四個正六邊形的邊長是×××a；
第五個等邊三角形的邊長是×××a，第五個正六邊形的邊長是××××a；
第六個等邊三角形的邊長是××××a，第六個正六邊形的邊長是×××××a，
即第六個正六邊形的邊長是×a，
故選A．
2、D
【解析】
根據(jù)中心對稱圖形的概念，中心對稱圖形是圖形沿對稱中心旋轉180度后與原圖重合，因此，四個選項中只有D符合。故選D。
3、C
【解析】
分別計算每個方程中根的判別式△（b2-4ac）的值，找出△0，方程有兩個不相等的實數(shù)根；
選項C，△=b2-4ac=0-4×1×1=-40，方程有兩個不相等的實數(shù)根．
故選C．
本題考查了一元二次方程根的情況與判別式△的關系，一元二次方程根的情況與判別式△的關系為：（1）△＞0?方程有兩個不相等的實數(shù)根；（2）△=0?方程有兩個相等的實數(shù)根；（3）△＜0?方程沒有實數(shù)根．
4、C
【解析】
利用正比例函數(shù)的性質得出＞0，根據(jù)m、n同正，同負進行判斷即可．
【詳解】
.解：由正比例函數(shù)圖象可得：＞0，
mn同正時，y＝mx+n經(jīng)過一、二、三象限；
mn同負時，過二、三、四象限，
故選C．
本題考查了正比例函數(shù)的性質，熟練掌握正比例函數(shù)的性質是解題的關鍵．
5、A
【解析】
根據(jù)平行四邊形的性質逐項判斷即可得．
【詳解】
A、平行四邊形的對角線不一定相等，則不一定正確，此項符合題意
B、平行四邊形的兩組對邊分別相等，則一定正確，此項不符題意
C、平行四邊形的兩組對角分別相等，則一定正確，此項不符題意
D、平行四邊形的兩對角線互相平分，則一定正確，此項不符題意
故選：A．
本題考查了平行四邊形的性質，熟記平行四邊形的性質是解題關鍵．
6、B
【解析】
根據(jù)相反數(shù)的概念解答即可．
【詳解】
解：－（－1）=1．
故選：B．
本題主要考查相反數(shù)的概念，屬于應知應會題型，熟知定義是關鍵．
7、C
【解析】
分3＞x+2即x＜1和3＜x+2即x＞1兩種情況，根據(jù)新定義列出不等式求解可得．
【詳解】
解：當3＞x+2，即x＜1時，3（x+2）+x+2＞0，
解得：x＞-2，
∴-2＜x＜1；
當3＜x+2，即x＞1時，3（x+2）-（x+2）＞0，
解得：x＞-2，
∴x＞1，
綜上，-2＜x＜1或x＞1，
故選C．
本題主要考查解一元一次不等式組的能力，根據(jù)新定義分類討論并列出關于x的不等式是解題的關鍵．
8、C
【解析】
試題分析：根據(jù)二次根式的意義，x-2≥0,解得x≥2.
故選C.
考點：二次根式的意義.
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、
【解析】
由一次函數(shù)圖像過原點，可知其為正比例函數(shù)，所以，求出k值即可.
【詳解】
解： 函數(shù)圖像過原點
該函數(shù)為正比例函數(shù)

故答案為：
本題考查了一次函數(shù)與正比例函數(shù)，一次函數(shù)，當時，為正比例函數(shù)，正比例函數(shù)圖像過原點，正確理解正比例函數(shù)的概念及性質是解題的關鍵.
10、y=3x．
【解析】
試題分析：設y=kx，然后根據(jù)題意列出關系式．
依題意有：x=36（kPa）時，y=108（g/m3），
∴k=3，
故函數(shù)關系式為y=3x．
考點：根據(jù)實際問題列一次函數(shù)關系式．
11、41或33.
【解析】
需要分兩種情況進行討論.由于平行四邊形的兩組對邊互相平行，又AE平分∠BAD，由此可以推出所以∠BAE=∠DAE，則BE=AB；同理可得，CF=CD=1．而AB+CD=BE+CF=BC+FE=13+6=19，或 AB+CD=BE+CF=BC-FE=13-6=7由此可以求周長．
【詳解】
解：分兩種情況，（1）如圖，當AE、DF相交時：
∵AE平分∠BAD，
∴∠1=∠2
∵平行四邊形ABCD中，AD∥BC,BC=AD=13，EF=6
∴∠1=∠3
∴∠2=∠3
∴AB=BE
同理CD=CF
∴AB+CD=BE+CF=BC+FE=13+6=19
∴平行四邊形ABCD的周長= AB+CD+ BC+AD=19+13×2=41；
（二）當AE、DF不相交時：
由角平分線和平行線，同（1）方法可得AB=BE，CD=CF
∴AB+CD=BE+CF=BC-FE=13-6=7
∴平行四邊形ABCD的周長= AB+CD+ BC+AD=7+13×2=33；
故答案為：41或33.
本題考查角平分線的定義、平行四邊形的性質、平行線的性質等知識，解題關鍵“角平分線+一組平行線=等腰三角形”．
12、
【解析】
根據(jù)反比例函數(shù)的增減性解答即可．
【詳解】
將A(7,y1),B(5,y2)分別代入雙曲線上,得y1=;y2=,則y1與y2的大小關系是.
故答案為.
此題考查反比例函數(shù)的性質，解題關鍵在于掌握其性質.
13、1
【解析】
由基本作圖得到，平分，故可得出四邊形是菱形，由菱形的性質可知，故可得出的長，再由勾股定理即可得出的長，進而得出結論．
【詳解】
解：連結，與交于點，
四邊形是平行四邊形，，
四邊形是菱形，
，，．
，
在中，，
．
故答案為：1．
本題考查的是作圖基本作圖，熟知平行四邊形的性質、勾股定理、平行線的性質是解決問題的關鍵．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、 (1)-2，1；（2）x=3；（3）4m.
【解析】
（1）因式分解多項式，然后得結論；
（2）兩邊平方，把無理方程轉化為整式方程，求解，注意驗根；
（3）設AP的長為xm，根據(jù)勾股定理和BP+CP=10，可列出方程，由于方程含有根號，兩邊平方，把無理方程轉化為整式方程，求解，
【詳解】
解：（1），
，
所以或或
，，；
故答案為，1；
（2），
方程的兩邊平方，得
即
或
，，
當時，，
所以不是原方程的解．
所以方程的解是；
（3）因為四邊形是矩形，
所以，
設，則
因為，
，


兩邊平方，得
整理，得
兩邊平方并整理，得
即
所以．
經(jīng)檢驗，是方程的解．
答：的長為．
考查了轉化的思想方法，一元二次方程的解法．解無理方程是注意到驗根．解決（3）時，根據(jù)勾股定理和繩長，列出方程是關鍵．
15、見解析
【解析】
首先證明Rt△BDE≌Rt△CDF，可得DE=DF，再根據(jù)到角的兩邊的距離相等的點在角的平分線上可得AD是∠EAC的平分線．
【詳解】
證明：∵DE⊥AB的延長線于點E，DF⊥AC于點F，
∴∠BED=∠CFD=90°
在Rt△BDE和Rt△CDF中,，
∴Rt△BDE≌Rt△CDF（HL），
∴DE=DF，
∵DE⊥AB的延長線于點E，DF⊥AC于點F，
∴AD是∠BAC的平分線．
此題主要考查了角平分線的判定，關鍵是掌握到角的兩邊的距離相等的點在角的平分線上．
16、（1）40；（2）50，40；（3）1200人
【解析】
（1）根據(jù)平均數(shù)的定義即可列式求解；
（2）根據(jù)表格即可求出眾數(shù)、中位數(shù)；
（3）先求出捐款40元以上（包括40元）的人數(shù)占比，再乘以總人數(shù)即可求解.
【詳解】
（1）設被污染處的數(shù)據(jù)錢數(shù)為x,
故
解得x=40；
（2）由表格得眾數(shù)為50，第25,26位同學捐的錢數(shù)為40，故中位數(shù)為40；
（3）解：全校捐款40元以上（包括40元）的人數(shù)為（人）
此題主要考查統(tǒng)計調查的應用，解題的關鍵是熟知平均數(shù)、中位線、眾數(shù)的定義.
17、
【解析】
分析：（1）由點A、B的坐標，利用待定系數(shù)法求出直線解析式即可；
（2）當CD∥AB時，∠CDO=∠ABO，根據(jù)tan∠CDO=tan∠ABO列方程求解即可；
（3）當EO=DO時，△ECD是等腰三角形，從而可求出t的值.
詳解：（1）將點A（0，1）、B（1，0）代入y=kx+b中，
得：，解得：，
∴該直線的解析式為y=-x+1．
故答案為：y=-x+1．
（2）當直線AB∥CD時，∠CDO=∠ABO，
∴tan∠CDO=tan∠ABO
∴，解得，.
故當時，AB∥CD.
（3）存在.事實上，當EO=OD時，△ECD就是等腰三角形，
此時，EO=2，OD=1-2t，
由，
解得，.
∴存在時刻T，當時，△ECD是等腰三角形
點睛：本題考查了待定系數(shù)法求函數(shù)解析式、平行線的判定與性質，等腰三角形的判定以及解一元一次方程，解題的關鍵是：（1）利用待定系數(shù)法求出函數(shù)解析式；（2）①得出關于t的一元一次方程；②得出關于t的一元一次方程．
18、 (1)y=2.1x；(2)這個人若賣出50千克的綠橙，售價為1元．
【解析】
（1）根據(jù)表中所給信息，判斷出y與x的數(shù)量關系，列出函數(shù)關系式即可；
（2）把x=50代入函數(shù)關系式即可．
【詳解】
(1)設售價為y(元)與綠橙數(shù)量x(千克)之間的函數(shù)關系式為y=kx+b，由已知得，
，
解得k=2.1，b=0；
∴y與x之間的函數(shù)關系式為y=2.1x；
(2)當x=50時，
y=2.1×50=1．
答：這個人若賣出50千克的綠橙，售價為1元．
本題考查一次函數(shù)的應用，解題的關鍵是明確題意可以列出相應的函數(shù)關系式，并且可以求在x一定時的函數(shù)值．
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、2
【解析】
解：．故答案為．
20、
【解析】
根據(jù)三角形法則依次進行計算即可得解．
【詳解】
如圖，
∵=，
，
∴．
故答案為：．
本題考查了平面向量，主要利用了三角形法則求解，作出圖形更形象直觀并有助于對問題的理解．
21、9 ．
【解析】
作DE⊥AB于點E，DF⊥AC于點F，依據(jù)HL判定Rt△ADE≌Rt△ADF，即可得出AE=AF；判定△DEM≌△DFN，可得S△DEM=S△DFN，進而得到S四邊形AMDN=S四邊形AEDF，求得S△ADF=AF×DF= ，即可得出結論．
【詳解】
解：作DE⊥AB于點E，DF⊥AC于點F，
∵AD平分∠BAC，DE⊥AB于點E，DF⊥AC于點F，
∴DE=DF，
又∵DE⊥AB于點E，DF⊥AC于點F，
∴∠AED=∠AFD=90°，
又∵AD=AD，
∴Rt△ADE≌Rt△ADF（HL），
∴AE=AF；
∵∠MDN+∠BAC=180°，
∴∠AMD+∠AND=180°，
又∵∠DNF+∠AND=180°
∴∠EMD=∠FND，
又∵∠DEM=∠DFN，DE=DF，
∴△DEM≌△DFN，
∴S△DEM=S△DFN，
∴S四邊形AMDN=S四邊形AEDF，
∵，AD平分∠BAC，
∴∠DAF=30°，
∴Rt△ADF中，DF=3，AF= =3 ，
∴S△ADF= AF×DF=×3×3= ，
∴S四邊形AMDN=S四邊形AEDF=2×S△ADF=9 ．
故答案為9 ．
本題考查全等三角形的性質和判定、角平分線的性質定理等知識；熟練掌握全等三角形的判定與性質是解決問題的關鍵．
22、
【解析】
首先移項，再兩邊直接開立方即可
【詳解】
，
移項得，
兩邊直接開立方得：，
故答案為：.
此題考查解一元三次方程，解題關鍵在于直接開立方法即可.
23、50°或90°
【解析】
分析：分別從若AP⊥ON與若PA⊥OA去分析求解，根據(jù)三角函數(shù)的性質，即可求得答案．
詳解：當AP⊥ON時，∠APO=90°，則∠A=50°，
當PA⊥OA時，∠A=90°，
即當△AOP為直角三角形時，∠A=50或90°．
故答案為50°或90°．
點睛：此題考查了直角三角形的性質，注意掌握數(shù)形結合思想與分類討論思想的應用．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、證明過程見詳解.
【解析】
連接AF，ED，EF，EF交AD于O,證明四邊形AEDF為平行四邊形，利用平行四邊形的性質可得答案．
【詳解】
證明：連接AF，ED，EF，EF交AD于O,
∵AE＝DF，AE∥DF,
∴四邊形AEDF為平行四邊形;
∴EO＝FO，AO＝DO;
又∵AB＝CD,
∴AO﹣AB＝DO﹣CD;
∴BO＝CO;
又∵EO＝FO,
∴四邊形EBFC是平行四邊形.
本題考查的是平行四邊形的判定與性質，掌握平行四邊形的判定與性質是解題的關鍵．
25、 (1) ；（2）圖詳見解析，， ；（3），，
【解析】
（1）由關于原點O對稱的點的坐標特點即可得出答案；
（2）由旋轉的性質即可得出答案；
（3）分三種情況：①BC為對角線時；②AB為對角線時；③AC為對角線時；由平行四邊形的性質即可得出答案．
【詳解】
解：（1）∵A（-2，3），
∴點A關于原點O對稱的點的坐標為（2，-3）；
（2）將△ABC繞坐標原點O逆時針旋轉90°，
如圖1所示：
A′點的坐標為（-3，-2）；
（3）如圖2所示：
BC為對角線時，點D的坐標為（-5，-3）；
AB為對角線時，點D的坐標為（-7，3）；
AC為對角線時，點D的坐標為（3，3）；
綜上所述，以A、B、C為頂點的平行四邊形的第四個頂點D的坐標為（-5，-3）或（-7，3）或（3，3）．
本題考查了平行四邊形的性質、旋轉的性質、關于原點O對稱的點的坐標特點、坐標與圖形性質；熟練掌握平行四邊形的性質和旋轉的性質是解題的關鍵．
26、（1）路燈A有6米高（2）王華的影子長米．
【解析】
試題分析：22. 解：（1）由題可知AB//MC//NE，
∴，而MC=NE
∴
∵CD=1米，EF=2米，BF=BD+4，∴BD=4米，∴AB==6米
所以路燈A有6米高
（2） 依題意，設影長為x，則解得米
答：王華的影子長米．
考點：相似三角形性質
點評：本題難度較低，主要考查學生對相似三角形性質解決實際生活問題的能力．為中考?？碱}型，要求學生牢固掌握解題技巧．
題號
一
二
三
四
五
總分
得分
捐款（元）
10
15
30
50
60
人數(shù)
3
6
11
11
13
6
數(shù)量x(千克)
1
2
3
4
5
…
售價y(元)
2+0.1
4+0.2
6+0.3
8+0.4
10+0.5
…

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