江蘇省揚州大學附屬中學2024-2025學年高三上學期開學考試物理試題（解析版）-試卷下載-教習網

1. 下列說法中正確是（）
A. 圖甲中，伽利略對自由落體運動的研究中，猜想運動速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證
B. 圖乙中，落在球網中的足球受到彈力是由于球網發(fā)生了形變
C. 圖丙中，鐵塊所受重力可以分解為下滑力和對斜面的壓力
D. 圖丁中，轟炸機水平勻速飛行中等時間隔投彈，不計空氣阻力，所投炸彈落到平地的落地點不等間距
【答案】B
【解析】
【詳解】A．在對自由落體運動的研究中，伽利略猜想運動速度與時間成正比，是在斜面實驗的基礎上合理推理出，沒有用實驗驗證，故A錯誤；
B．足球擠壓球網，使球網發(fā)生形變，產生一個對足球的彈力，故B正確；
C．斜面上的物體，所受重力可以分解為使物體沿斜面下滑的力和使物體壓緊斜面的力，與物體對斜面的壓力不同，故C錯誤；
D．炸彈離開轟炸機后做平拋運動，下落時間相同，落地點等距，故D錯誤。
故選B。
2. 我國的某新型潛航器在某次試航中，測試垂直急速下潛、上浮性能，水面艦艇上的測試員發(fā)現(xiàn)儀表上顯示潛航器在某時刻的速度為正值，加速度也是正值且大小不斷減小直到為零，則該潛航器的運動情況為（）
A. 位移先增大后減小，直到加速度等于零為止
B. 位移一直在增大，直到加速度為零為止
C. 速度一直在增大，直到加速度等于零為止
D. 速度先增大后減小，直到加速度等于零為止
【答案】C
【解析】
【詳解】CD．由于加速度的方向始終與速度方向相同，則速度一直在增大，當加速度減小到零時，速度達到最大值，故C正確、D錯誤；
AB．位移一直在增大，當加速度減小到零時，速度不再變化，但位移隨時間繼續(xù)增大，故AB錯誤。
故選C。
3. 跳板跳水是我國的奧運強項，從運動員離開跳板開始計時，其圖像如下圖所示，圖中僅段為直線，不計空氣阻力，則由圖可知（）

A. 段運動員做加速運動B. 段運動員始終處于失重狀態(tài)
C. 時刻運動員剛好接觸到水面D. 段運動員的加速度逐漸增大
【答案】B
【解析】
【詳解】A．由圖可以看出，t=0s時刻速度為負，t1時刻速度為零，0～t1段加速度方向與速度方向相反，因此0～t1段運動員向上做勻減速運動，故A錯誤；
B．段直線，加速度不變，只受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，故B正確；
C．根據(jù)題意，在0～t2段運動員的加速度不變，t2時刻加速度開始減小，說明運動員除受到重力外還受到水的阻力作用，根據(jù)牛頓第二定律，運動員的加速度減小，因此t2時刻運動員剛好接觸水面，故C錯誤；
D．v-t圖像斜率表示加速度，根據(jù)v-t圖像可知，t3～t4段圖線切線的斜率先增大后減小，因此運動員的加速度先增大后減小，故D錯誤。
故選B。
4. 如圖所示，一簡易書架置于水平地面上，書架中斜放著一疊書本，書和書架都處于靜止狀態(tài)。下列說法中正確的是（）

A. 書本對書架底面有向右的摩擦力
B. 桌面對書架有向右的摩擦力
C. 書架對書本的作用力大于書本的重力
D. 桌面對書架的作用力大于書本和書架的總重力
【答案】A
【解析】
【詳解】A．書相對于書架地面有向右運動的趨勢，因此書架地面對書有向左的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第三定律可知，書本對書架底面有向右的摩擦力，故A正確；
B．將書和書架看成一個整體，該整體在豎直方向受到重力與桌面對其的支持力，豎直方向合力為零，若桌面對書架有向右的摩擦力，則水平方向合力不為零，書架不可能處于靜止狀態(tài)，因此水平方向桌面對書架沒有摩擦力的作用，故B錯誤；
C．書本處于靜止狀態(tài)，豎直向下受到重力，則可知書架對書本的作用力一定豎直向上，且大小等于書本的重力，故C錯誤；
D．書本和書架處于靜止狀態(tài)，豎直向下受到重力，則可知桌面對書架的作用力一定豎直向上，大小等于書本和書架的總重力，故D錯誤。
故選A。
5. 如圖，船從A處開出后沿直線AB到達對岸，若AB與河岸成37°角，水流速度為4 m/s，則船從A點開出相對水流的最小速度為（）
A. 2 m/sB. 2.4 m/s
C. 3 m/sD. 3.5 m/s
【答案】B
【解析】
【詳解】船參與了兩個分運動，沿船頭指向的分運動和沿水流方向的分運動，所以v船和v水的矢量和等于船的合速度v合，如圖所示，當v船與v合垂直時，v船有最小值為
v船min＝v水sin 37°＝2.4 m/s
故選B。
6. 如圖所示,套在豎直細桿上的環(huán)A由跨過定滑輪且不可伸長的輕繩與B相連,在外力作用下A沿桿以速度勻速上升經過P、Q,經過P點時繩與豎直桿間的角度為,經過Q點時A與定滑輪的連線處于水平方向,則
A. 經過Q點時,B的速度方向向下
B. 經過P點時,B的速度等于
C. 當A從P至Q的過程中,B處于失重狀態(tài)
D. 當A從P至Q的過程中,B處于超重狀態(tài)
【答案】D
【解析】
【詳解】AB．對于A，它的速度如圖中標出的vA，這個速度看成是A的合速度，其分速度分別是va，vb，
其中va就是B的速度vB（同一根繩子，大小相同），剛開始時B的速度為vB=vAcsα；當A環(huán)上升至與定滑輪的連線處于水平位置時，va=0，所以B的速度vB=0，故AB錯誤；
CD．因A勻速上升時，由公式vB=vAcsα，當A上升時，夾角α增大，因此B做向下減速運動，則處于超重狀態(tài)，故C錯誤、D正確；
7. 用頻閃照相技術拍下的兩小球運動的頻閃照片如圖所示，a球從A點水平拋出的同時，b球自B點開始下落，背景的小方格均為邊長L的正方形，重力加速度為g，不計空氣阻力.根據(jù)照片顯示的信息，下列說法中正確的是（）

A. 照相機的頻閃周期為
B. a球的水平初速度為
C. 該實驗只能證明水平方向分運動是勻速直線運動
D. 該實驗只能證明豎直方向的分運動是自由落體運動
【答案】A
【解析】
【詳解】CD．豎直方向均為自由落體運動，他們豎直方向距離保持不變；水平方向每相同時間內唯一相等，證明其水平方向做勻速直線運動，故CD錯誤；
A．根據(jù)
根據(jù)圖象可知
解得
故A正確；
B．根據(jù)圖象可知相同時間水平方向位移均為2L，水平速度為
故B錯誤。
故選A。
8. 某次軍事演習中，在P、Q兩處的炮兵向正前方同一目標O發(fā)射炮彈，要求同時擊中目標，忽略空氣阻力，炮彈軌跡如圖所示，若炮彈運動軌跡的最高點均在同一高度，則（）
A. Q處射出的炮彈的初速度大
B. P、Q兩處射出的炮彈的初速度大小相等
C. P、Q兩處的炮彈同時射出
D. P處的炮彈先射出
【答案】C
【解析】
【詳解】CD．斜向上拋運動可以分解為豎直方向的豎直上拋運動，由圖可知炮彈運動軌跡的最高點均在同一高度，根據(jù)可知兩炮彈運動時間相等，所以P、Q兩處的炮彈同時射出，故C正確，D錯誤；
AB．設初速度為，與水平面的夾角為，則豎直分速度為
上升時間為
可知t相等，在P處射出的角度比Q處射出的角度小，則可得P處射出的炮彈初速度大小更大，故AB錯誤；
故選C。
9. 圖甲為游樂場中一種叫“魔盤”的娛樂設施，游客坐在轉動的魔盤上，當魔盤轉速增大到一定值時，游客就會滑向盤邊緣，其裝置可以簡化為圖乙。若魔盤轉速緩慢增大，則游客在滑動之前（）
A. 受到魔盤的支持力緩慢增大
B. 受到魔盤的摩擦力緩慢增大
C. 受到的合外力大小不變
D. 受到魔盤的作用力大小不變
【答案】B
【解析】
【分析】
【詳解】AB．設轉盤斜面傾角為θ，對人受力分析如下
水平方向和豎直方向分別有
解得
則隨著魔盤轉速緩慢增大，則人受到魔盤的支持力N緩慢減小，人受到魔盤的摩擦力f緩慢增大，選項A錯誤，B正確；
C．根據(jù)可知，隨轉速增加人受到的合外力大小增大，選項C錯誤；
D．人受到魔盤的作用力是支持力和摩擦力的合力，其大小為
則大小隨著轉速的增加而增大，選項D錯誤。
故選B。
10. 如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行。初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v—t圖像（以地面為參考系）如圖乙所示。已知v2>v1，則（）
A. 時刻，小物塊離A處的距離達到最大
B. 時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大
C. 0~時間內，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用
D. 0~時間內，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左
【答案】C
【解析】
【詳解】A．由v-t圖像得到，小物塊在t1時刻速度為零，下一刻開始向右運動，所以t1時刻小物塊離A處最遠，故A錯誤；
B．t2時刻，小物塊第一次與傳送帶相對靜止，之前始終相對傳送帶向左運動，所以此刻小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，故B錯誤；
CD．0~t2時刻，小物塊相對傳送帶向左運動，始終受到向右的滑動摩擦力
滑動摩擦力的大小和方向都不變，故C正確，D錯誤。
故選C。
11. 如圖所示，A、B兩球質量相等，光滑斜面的傾角為θ，圖甲中，A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，輕彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有（）
A. 兩圖中兩球加速度均為gsinθ
B. 兩圖中A球的加速度均為0
C. 圖乙中輕桿的作用力一定不為0
D. 圖甲中B球的加速度是圖乙中B球的加速度的2倍
【答案】D
【解析】
【詳解】撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球的彈力大小為2mgsinθ，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsinθ，加速度為2gsinθ；圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱?，A、B球所受合力均為mgsinθ，加速度均為gsinθ，故D正確，ABC錯誤。
故選D。
二、非選擇（共56分，其中第12~16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）
12. 某物理興趣小組的同學用圖甲所示裝置來“驗證牛頓第二定律”。同學們在實驗中，通過改變小桶中砝碼的個數(shù)來改變拉力。為使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，實驗中需要平衡摩擦力。
（1）下列器材中不必要的是___________（填字母代號）。
A．低壓交流電源B。秒表C。天平（含砝碼）D?？潭瘸?br>（2）下列實驗操作中正確的是___________（填字母代號）。
A．調節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行
B.每次實驗，都要先放開小車，再接通打點計時器的電源
C.平衡摩擦力時，將懸掛小桶的細線系在小車上
D.平衡摩擦力時，讓小車后面連著已經穿過打點計時器的紙帶
（3）圖乙為某次實驗得到的一段紙帶，計數(shù)點A、B、C、D、E相鄰兩點間還有四個計時點未畫出，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為__________m/s2（結果保留三位有效數(shù)字）。
（4）實驗中，小明同學保持小車的質量不變，改變桶內砝碼的質量，將砝碼和小桶總重力的大小作為細線對小車拉力F的大小，根據(jù)他自己的實驗數(shù)據(jù)在圖丙中作出了小車加速度a隨力F的變化圖線；而小剛同學則每次從小桶中取出一個砝碼放入小車中，以“桶、桶中的砝碼、車和車中的砝碼”整體為研究對象，將砝碼和小桶總重力的大小作為這個整體的合外力F，他根據(jù)自己的實驗數(shù)據(jù)也在圖丙中作出了加速度a隨力F的變化圖線。則通過分析可知，小剛所作圖線為___________（填“①”或“②”）
【答案】 ①. B ②. AD##DA ③. 0.425 ④. ②
【解析】
【詳解】1）[1] A。電磁式打點計時器使用的是低壓交流電源，故A不符合題意；
B．電磁式打點計時器是計時的儀器，不需要秒表，故B符合題意；
C．驗證牛頓第二定律的過程中需要使用天平（含砝碼）測量物體與小車的質量，故C不符合題意；
D．驗證牛頓第二定律的過程中需要使用刻度尺測量運動的長度，故D不符合題意；
本題選擇不需要器材，故選B；
（2）[2] A．在實驗的過程中要注意調節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行，才能使繩子的拉力平行于運動的方向，故A正確；
B．實驗時，先接通打點計時器的電源，再釋放小車，故B錯誤；
C．在調節(jié)木板傾斜程度平衡小車受到的滑動摩擦力時，需要將裝有砝碼的小桶摘下，故C錯誤；
D．平衡摩擦力時，讓小車后面連著已經穿過打點計時器的紙帶，故D正確。
故選AD；
（3）[3]根據(jù)逐差法
得
（4）[4] 實驗中，小明同學保持小車的質量M不變，改變桶內砝碼的質量m，將砝碼和小桶總重力的大小作為細線對小車拉力F的大小，根據(jù)牛頓第二定律，對小車有
解得
小剛同學則每次從小桶中取出一個砝碼放入小車中，以“桶、桶中的砝碼、車和車中的砝碼”整體為研究對象，將砝碼和小桶總重力的大小作為這個整體的合外力F，設繩張力為T，對砝碼和小桶有
對小車有
由以上兩式得整體的加速度為
從小桶中取出砝碼放入車中，即雖然m變化，但整體質量不變即恒定，所以a與F依然成正比，a-F圖像斜率變小，所以小剛所作圖線為②。
13. 如圖所示是“福建艦”的水平跑道示意圖，其中電磁彈射區(qū)安裝有直流電機，該電機可提供F1=4mg的恒定牽引力，一架質量m的飛機，其噴氣式發(fā)動機可以提供F2=1.1mg的恒定推力，已知飛機在跑道所受阻力f大小恒為飛機重力的0.1倍，在起飛區(qū)離艦起飛的速度為v，飛機在起飛區(qū)運動的時間是彈射區(qū)運動時間的5倍，假設航空母艦始終處于靜止狀態(tài)，飛機可看作質量恒定的質點，求：
（1）飛機在電磁彈射區(qū)的加速度及離開電磁彈射區(qū)的速度大小v1；
（2）飛機在跑道上運動的總長度L。
【答案】（1）5g，；（2）
【解析】
【詳解】（1）由牛頓第二定律，在彈射區(qū)
在起飛區(qū)
根據(jù)題意
代入數(shù)據(jù)可得，飛機在電磁彈射區(qū)的加速度
起飛區(qū)加速度
離開電磁彈射區(qū)的速度大小
（2）由運動學公式，在彈射區(qū)
在起飛區(qū)
可得飛機在跑道運動的總長度
【點睛】飛機剛離開彈射區(qū)時的速度，同時也是剛進入起飛區(qū)的初速度。多過程問題，要利用好過渡點。
14. 如圖甲所示，水平地面上有一質量為1kg的長木板，長木板的左端放有一質量也為1kg的小物塊。一水平向右的力作用在物塊上，從0開始逐漸增大，木板的加速度隨時間變化的關系圖像如圖乙所示。已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.5，假設最大靜摩擦力均與相應的滑動摩擦力相等，重力加速度。求：
（1）木板與地面間的最大靜摩擦力？
（2）時拉力大?。?br>
【答案】（1）4N；（2）6N
【解析】
【詳解】（1）t=2s時，木板與地面間達到最大靜摩擦力，所以
f1=2μ1mg=4N
（2）由圖可知，木板與物塊先是一起加速向右，4s后開始發(fā)生相對運動，4s時對木板，根據(jù)牛頓第二定律，有
μ2mg-2μ1mg=ma
對整體，有
F-2μ1mg=2ma
聯(lián)立解得
F=2(μ2-μ1)mg=6N
15. 如圖所示，水平地面與一半徑為L的豎直光滑圓弧軌道相接于B點，軌道上的C點位置處于圓心O的正下方。距離地面高度也為L的水平平臺邊緣上的A點，質量為m的小球以的初速度水平拋出，小球在空中運動至B點時，恰好沿圓弧軌道在該點的切線方向滑入軌道。小球運動過程中空氣阻力不計，重力加速度為g，求：
（1）圓弧BC段所對的圓心角θ；
（2）小球經B點時，對圓軌道的壓力大小。

【答案】（1）45°；（2）
【解析】
【詳解】（1）小球到達B點時豎直分速度
則
解得
（2）設小球到達B點時速度大小為vB，則有
設軌道對小球的支持力為F，根據(jù)
解得
由牛頓第三定律可知，小球對圓軌道的壓力大小為
16. 如圖所示，水平地面上有一傾角的傳送帶，現(xiàn)讓一小煤塊以v1=8m/s從傳送帶的底端滑上傳送帶，已知小煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，且傳送帶足夠長，取sin37°=0.6，cs37°=0.8，g=10m/s2。求：
（1）若傳送帶靜止，煤塊滑動最高點所用時間；
（2）若傳送帶以v2= 2m/s順時針旋轉，煤塊向上滑行的最大距離。
（3）若傳送帶以v3=10m/s順時針旋轉，煤塊到達最高點時傳送帶上的滑痕長度。
【答案】（1）0.8s；（2）x=4m；（3）24m
【解析】
【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律可得
則
（2）煤塊先以a1勻減速到v2
由于，煤塊繼續(xù)勻減速

總位移
（3）煤塊以a2一直勻減速到最高點
煤塊位移
傳送帶位移
痕跡長度為

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