1．答題前，考生先將自己的姓名、班級、考場/座位號、準考證號填寫在答題卡上。
2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆填涂；答非選擇題時，必須使用0.5毫米的黑色簽字筆書寫；必須在題號對應的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫無效；保持答卷清潔、完整。
3．考試結束后，將答題卡交回（試題卷學生留存，以備評講）。
一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1. 在靜電場中某位置放一個帶電量為的點電荷，若該點電荷受到的電場力大小為，方向向左，則該位置場強大小和方向分別為（ ）
A. ，方向向左
B. ，方向向右
C. ，方向向左
D. ，方向向右
【答案】B
【解析】
【詳解】由場強的定義式得，該位置場強大小為
因為負電荷所受電場力的方向與場強方向相反，所以該位置場強的方向向右。
故選B。
2. 如圖，用充電器給處于開機狀態(tài)的手機充電，若充電電壓用表示，充電電流用表示，則手機（ ）
A. 總電阻等于B. 總電阻大于
C. 產(chǎn)熱功率等于D. 消耗的電功率等于
【答案】D
【解析】
【詳解】AB．因為手機電池為非純阻電路，所以總電阻不等于，也不會大于，故AB錯誤；
CD．消耗的功率為
P=UI
消耗的功率一部分儲存在電池里，一部分轉化為內能，所以產(chǎn)熱功率小于UI，故D正確，C錯誤。
故選D。
3. 如圖，電源電動勢為E，內阻為r，當滑動變阻器的滑片向上滑動時（ ）
A. 燈L變亮B. 燈L亮度不變
C. 的電壓變小D. 的電流變大
【答案】A
【解析】
【詳解】當滑動變阻器的滑片向上滑動時，變大，電阻中總電阻變大，由閉合電路歐姆定律得，電路中總電流變小，電源內電壓變小，路端電壓變大，燈L兩端電壓變大，燈L電流變大，燈L變亮；根據(jù)并聯(lián)分流可知通過、電流變小，因為
其中
變小，所以的電壓變大。
故選A。
4. 如圖所示是某同學在研究等量異種電荷電場時所畫的等勢面，該同學根據(jù)實驗情況選取了零電勢位置后，將其中兩個等勢面的電勢標注在圖上。已知相鄰等勢面間的電勢差相等，則（ ）
A. b點電勢為零
B. 電子在a點的電勢能為
C. 電子從a點運動到b點，電勢能增加
D. 電子從a點運動到b點，電勢能減少
【答案】C
【解析】
【詳解】已知相鄰等勢面間的電勢差相等，根據(jù)電場線的方向可知，1.2V與0.6V之間有三個間隔，則每個間隔的電勢差為
則
根據(jù)電勢能和電勢之間關系可知
電勢差和電勢之間的關系
則電子從a點運動到b點，電場力做功為
由于電場力做了，電勢能會增加。
故選C。
5. 如圖所示，一塊均勻的長方體樣品，長為a、寬為b，厚為c。在A、B兩端加上電壓U時測得通過樣品的電流是，在C、D兩端加上同樣的電壓U時測得通過樣品的電流是，則等于（ ）
A. B. C. 4D. 2
【答案】A
【解析】
【詳解】根據(jù)題意，由電阻定律可得
，
由歐姆定律有
，
則有
可得
故選A。
6. 一電子只在靜電力的作用下沿方向運動，其所在位置處的電勢隨變化情況如圖，已知圖線在處切線與軸平行，則（ ）
A. 電子從運動至處的過程中，速率不斷變大
B. 電子在處時加速度為0
C. 軸上到之間的電場方向均沿方向
D. 軸上到之間的電場場強大小處處相等
【答案】B
【解析】
【詳解】AC．根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低可知，軸上1cm到3.8cm之間的電場方向沿-x方向，3.8cm到8cm之間的電場方向沿+x方向，電子從運動至處的過程中，其所受電場力方向先沿+x方向，再沿-x方向，即電子先加速后減速，速度先增大后減小。故AC錯誤；
B．-圖像的斜率表示場強，處切線與軸平行，即此處電場強度為零。故電子在此處所受電場力為零。故電子在處時加速度為0。故B正確；
D．-圖像的斜率表示場強。圖像的斜率先減小后增大，故軸上到之間的電場場強大小不處處相等。故D錯誤。
故選B。
7. 某次實驗需將一個內阻為，量程為1V的小量程電壓表擴大量程后測量電壓。已知待測電壓最大值是，則下列設計正確且合理的是（ ）
AB.
C. D.
【答案】D
【解析】
【詳解】ABD．根據(jù)題意可知，待測電壓最大值是3.8V，則需將電壓表量程擴大到以上，需要串聯(lián)一個電阻，則有
解得
即需要串聯(lián)的電阻阻值最小值為，故AB錯誤，D正確；
C．若串聯(lián)一個的電阻，則有
解得
量程太大，不符合題意，故C錯誤；
故選D。
二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
8. 某電容器上標有“1.5μF 9V”字樣，則該電容器（ ）
A. 擊穿電壓為9V
B. 正常工作時電壓不應超過9V
C. 正常工作時所帶電荷量不超過1.5×10-6C
D. 正常工作時所帶電荷量不超過1.35×10-5C
【答案】BD
【解析】
分析】
【詳解】AB．9V是電容器的額定電壓，即能承擔的最大電壓，所加的電壓不能超過9V，但9V不是擊穿電壓，故A錯誤，B正確；
CD．根據(jù)
Q=CU=1.5×10-6×9C=1.35×10-5C
即正常工作時所帶的電荷量不超過1.35×10-5C，故C錯誤，D正確。
故選BD。
9. 如圖甲所示，A、B間電壓為且恒定，滑動變阻器與并聯(lián)部分電阻為，的最大值為（即滑動變阻器總電阻為），移動滑片P的位置，就可以改變兩端的電壓，多次操作后可以得到圖線（圖乙中圖線1）。更換滑動變阻器，重復實驗，得到另一條圖線（圖乙中圖線2），可知：（ ）
A. 圖線1對應的滑動變阻器總阻值較大
B. 圖線2對應的滑動變阻器總阻值較大
C. 采用圖線1對應的滑動變阻器更易于調節(jié)電壓
D. 采用圖線2對應的滑動變阻器更易于調節(jié)電壓
【答案】BC
【解析】
【詳解】AB. 回路中Rx和R0并聯(lián)電阻為
回路中的總電阻為
所以
取個特殊值，當時
當Rm越大，就越小，故A錯誤，B正確；
CD. 根據(jù)圖像的走勢，圖像1更加平緩，從而更容易調節(jié)電壓，故C正確，D錯誤。
故選BC。
10. 如圖所示，光滑絕緣圓軌道置于水平絕緣桌面上，O為軌道圓心，直徑上有M、N兩點，，，在M、N固定兩個點電荷、，現(xiàn)將一個帶電小球置于軌道內側P點（小球可視為質點），小球恰能靜止。若，則（ ）
A. 、一定是同種電荷
B. 和小球所帶電荷一定是同種電荷
C. 、帶電量絕對值之比為
D. 、帶電量絕對值之比為
【答案】ABD
【解析】
【詳解】AB．將一個帶電小球置于軌道內側P點（小球可視為質點），小球恰能靜止，小球的受力如圖所示
可知小球受到兩個點電荷、均為庫侖斥力，則小球、、都是同種電荷，故AB正確；
CD．由正弦定理有
在中，有
在中，有
其中
又
，
聯(lián)立可得
故C錯誤，D正確。
故選ABD。
三、非選擇題：本大題共5小題，共57分。
11. 如圖甲是研究電容器電容大小的電路圖。電壓傳感器（內阻可看作無窮大）可以實時顯示A、B間電壓大小，電流傳感器（內阻可看作零）可實時顯示出電流大小。連接好電路檢查無誤后進行了如下操作：
①將S撥至2，接通足夠長的時間直至A、B間電壓等于零。
②將S撥至1，觀察并保存計算機屏幕上的、圖，得到圖乙和圖丙。
（1）操作①的目的是__________________；
（2）進行操作②時，通過R的電流方向是向______（選填“左”或“右”），電流隨時間______（選填“增大”或“減小”）；
（3）該電容器的電容約為______；
（4）若電源的內阻不計，則______。
【答案】 ①. 讓電容器充分放電或保證電容器初始電量為零 ②. 左 ③. 減小 ④. 173##174##175##176##177##178##179##180##181##182##183##184##185##186##187##188##189##190##191##192##193 ⑤.
【解析】
【詳解】（1）[1] 將S撥至2，接通足夠長的時間直至A、B間電壓等于零，其目的是讓電容器充分放電或保證電容器初始電量為零。
（2）[2] 進行操作②時，電容器接在電源兩端，電容器充電。A、B極板分別帶上正、負電荷。通過R的電流方向是向左。
[3] 由圖乙可知，電流隨時間減小。
（3）[4]由圖乙可知，每個小格的面積表示
圖像與坐標軸圍成的面積代表電容器充滿電時所帶的電荷量
由圖丙可知電容器充滿電時兩端的電壓
該電容器的電容約為
（4）[5] 由公式和可知，圖像中圖像與橫軸圍成的面積為
由圖丙可知圖像中圖像與橫軸圍成面積
得
12. 某中學生課外科技活動小組利用銅片、鋅片和家鄉(xiāng)盛產(chǎn)的柑橘制作果汁電池，他們測量這種電池的電動勢E和內阻r，并探究電極間距對E和r的影響。實驗原理圖和實驗器材如圖甲、圖乙所示。
（1）測量E和r的實驗方案為：調節(jié)電阻箱阻值R，改變電源兩端的電壓U，計算出電流I，利用數(shù)據(jù)作出圖像，依據(jù)公式___________，得出E和r。
（2）請在答題卡圖乙中用筆畫線代替導線連接電路__________。
（3）實驗中依次減小銅片與鋅片的間距，分別得到相應果汁電池的圖像如圖中（a）、（b）、（c）所示。
由此可知，在該實驗中，隨電極間距的減小，電源電動勢_________（填“增大”“減小”或“不變”），電源內阻_________（填“增大”“減小”或“不變”）。
（4）曲線（b）對應的電源電動勢_________V，內阻_________（以上兩空均保留三位有效數(shù)字）。若考慮電壓表對測量結果的影響，所測得的電動勢與真實值相比_________（填“偏大”“偏小”或“相同”）。
【答案】 ①. ②. ③. 不變 ④. 增大 ⑤. （） ⑥. （） ⑦. 偏小
【解析】
【詳解】（1）[1]圖中由電壓表、電阻箱，故采用伏阻法測電動勢及內阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有
（2）[2]根據(jù)電路圖連接實物如圖所示
（3）[3][4]圖線與縱軸的交點的縱坐標表示電動勢，四條圖線與縱軸交點坐標相同，即電動勢不變，為0.770V，圖線斜率的絕對值表示內阻，斜率的絕對值變大，內阻增大；
（4）[5][6]圖線b對應的電動勢、內阻分別為
[7]相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動勢小于電源電動勢真實值。
13. 如圖所示電路，電源電動勢，內阻，，燈泡電壓，的電壓。求：
（1）通過的電流大??；
（2）外電路消耗的功率；
（3）消耗的電功率。
【答案】（1）0.5A；（2）1.375W；（3）
【解析】
【詳解】（1）由題意得，通過的電流大小為
（2）電源路端電壓
外電路消耗的功率
（3）兩端的電壓
電阻消耗功率
14. 如圖所示，帶電絕緣環(huán)環(huán)面水平放置在支架（圖中沒畫出）上，O為圓環(huán)的圓心，虛線過圓心且與環(huán)面垂直，A、到O點的距離均為h。圓環(huán)的半徑為r，上面均勻帶電。將一質量為m、帶電量為的小球在A點無初速度釋放，小球沿虛線運動，已知重力加速度為g，靜電力常量為k，不計空氣阻力。求小球被釋放后：
（1）在點的速度大?。?br>（2）若小球經(jīng)過O點時速度大小，求A、O兩點電勢差；
（3）在A點的加速度大小。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【詳解】（1）由對稱性可知，此過程電場力做功為零，故有
解得
（2）從A到O由動能定理有
解得
（3）由對稱性可知，小球在A點時受的電場力豎直向下，小球在A點的加速度為
解得
15. 如圖所示，一對平行金屬板a、b水平正對放置，兩板長度均為L，板間距為d，板間電壓為U。一質量為m小球從兩板的左端正中央以一定的水平速度v射入電場，在電場中沿直線運動，然后射出電場，最后打到距離板右端處的屏MN上的P點（圖中沒畫出），已知重力加速度為g，電場只存在于兩板之間。求：
（1）小球所帶電量大小和電荷的正負；
（2）OP間的距離；
（3）改變小球的電量，并使小球射入電場的速度（大小仍為v）與水平方向夾角大小為a，若小球仍能擊中P點，且小球不會與平行金屬板相碰，求小球的電量。
【答案】（1），負電；（2）；（3）或
【解析】
【詳解】（1）根據(jù)題意可知，帶電小球在電場中受力平衡，有
解得
可知，小球所受電場力方向向上，由于電場方向豎直向下，則小球帶負電。
（2）根據(jù)題意可知，小球出電場后，做平拋運動，則有
，
解得
（3）以向上為正方向，速度斜向上時夾角為正，斜向下時夾角為負，令改變后小球的電量為q'，小球在兩板間的加速度a滿足
小球在電場中運動時間
出電場時偏轉距離
豎直方向的速度
出電場后到打到屏上的運動時間
出電場后到打到屏上的過程豎直位移
小球擊中P點，則
綜上所述，當小球斜向上射入電場時，小球的電量為
當小球斜向下射入電場時，小球的電量為

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