一、單選題
1．近年來，中國軍力發(fā)展很快，即直19和直20等直升機(jī)以及殲20等戰(zhàn)斗機(jī)入列，大大提高中國空軍的綜合作戰(zhàn)能力。如圖為直20直升飛機(jī)吊裝全地形車的情景，飛機(jī)水平勻速飛行的同時(shí)把全地形車往上提升，在此過程中繩始終保持豎直，讓全地形車豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若全地形車剛開始向上運(yùn)動(dòng)的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則全地形車的運(yùn)動(dòng)軌跡為（ ）
A．B．
C．D．
2．某校物理學(xué)科后活動(dòng)中，出現(xiàn)了不少新穎靈巧的作品。如圖所示為高二某班同學(xué)制作的《液壓工程類作業(yè)升降機(jī)模型》，通過針筒管活塞的伸縮推動(dòng)針筒內(nèi)的水，進(jìn)而推動(dòng)支撐架的展開與折疊，完成貨物平臺(tái)的升降。在某次實(shí)驗(yàn)中，針筒連接管的水中封閉了一段空氣柱（空氣可視為理想氣體），該同學(xué)先緩慢推動(dòng)注射器活塞將針筒內(nèi)氣體進(jìn)行壓縮，若壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，裝置不漏氣，則下列說法中正確的是（ ）
A．針筒內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小
B．針筒內(nèi)氣體吸熱
C．單位時(shí)間、單位面積撞擊針筒內(nèi)壁的氣體分子數(shù)減少
D．用國際單位制單位表示的狀態(tài)參量在圖中圖線可能如圖中
3．如圖所示為一物體做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的圖像，橫坐標(biāo)表示時(shí)間，然坐標(biāo)表示的物理量未標(biāo)出。物體從靜止開始運(yùn)動(dòng)，則以下判斷正確的是（ ）
A．若縱坐標(biāo)表示位移，則物體在到時(shí)間內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng)
B．若縱坐標(biāo)表示速度，則物體在時(shí)刻速度方向改變
C．若縱坐標(biāo)表示加速度，則物體在時(shí)刻速度方向改變
D．若縱坐標(biāo)表示加速度，則物體在時(shí)刻回到出發(fā)點(diǎn)
4．紫外光電管是利用光電效應(yīng)原理對(duì)油庫等重要場所進(jìn)行火災(zāi)報(bào)警的裝置，其工作電路如圖所示，A為陽極，K為陰極，只有當(dāng)明火中的紫外線照射到陰極K時(shí)，電壓表才有示數(shù)且啟動(dòng)報(bào)警裝置。已知太陽光中紫外線頻率主要在，而明火中紫外線電源頻率主要在。下列說法正確的是（ ）
A．為避免太陽光中紫外線干擾，K極材料的截止頻率應(yīng)大于
B．電壓表的示數(shù)與明火中紫外線的強(qiáng)度大小無關(guān)
C．電源左邊為負(fù)極有利于提高報(bào)警裝置的靈敏度
D．只有明火照射到K極的時(shí)間足夠長，電壓表才會(huì)有示數(shù)
5．翡翠文化在我國源遠(yuǎn)流長，翡翠手鐲一直以來都備受人們的喜愛。翡翠的折射率是鑒定翡翠的重要依據(jù)之一，某位同學(xué)想親自鑒定一下家里的一塊環(huán)形翡翠手鐲，他將手鐲平放在水平桌面上，過環(huán)心的橫截面如圖所示（俯視圖），內(nèi)圓的半徑為r。圖中AB是過環(huán)心O的一條直線，該同學(xué)用激光筆發(fā)出一細(xì)光束平行于AB射入手鐲，調(diào)整光束與AB的距離d，使光束折射后在內(nèi)環(huán)面上恰好發(fā)生全反射（不考慮多次折射和反射）。則下列說法正確的是（ ）
A．光線由空氣進(jìn)入翡翠手鐲后，傳播速度變大
B．光束與AB的距離d與內(nèi)圓的半徑為r大小相等
C．減小光束與AB的距離d，光束折射后在內(nèi)環(huán)面上仍能發(fā)生全反射
D．增大光束與AB的距離d，光束折射后不經(jīng)過內(nèi)環(huán)面，直接照射到外環(huán)面，則有可能在外環(huán)面發(fā)生全反射
6．空間機(jī)械臂作為在軌支持、服務(wù)的一項(xiàng)關(guān)鍵技術(shù)，對(duì)空間科學(xué)的應(yīng)用和發(fā)展起到了很大的帶動(dòng)作用。空間站上安裝的機(jī)械臂不僅可以維修、安裝空間站部件，還可以發(fā)射、抓捕衛(wèi)星。如圖所示，空間站在半徑為r的軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。從空間站伸出長為d的機(jī)械臂，微型衛(wèi)星放置在機(jī)械臂的外端。在機(jī)械臂的作用下，微型衛(wèi)星，空間站、地球在同一直線上，微型衛(wèi)星與空間站同步繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，則下列說法正確的是（ ）
A．空間站所在軌道處的重力加速度為
B．微型衛(wèi)星的向心力由地球?qū)ξ⑿托l(wèi)星的萬有引力提供
C．空間站的線速度大于微型衛(wèi)星的線速度
D．空間站的向心加速度大于微型衛(wèi)星的向心加速度
7．自耦變壓器是一種初、次級(jí)間無需絕緣的特種變壓器，其輸出和輸入共用同一組線圈。如圖甲所示的自耦變壓器，環(huán)形鐵芯上只繞有一個(gè)匝數(shù)的線圈，通過滑動(dòng)觸頭P可以改變負(fù)載端線圈的匝數(shù)。已知輸入端a與線圈觸點(diǎn)M間的線圈匝數(shù)為50匝，定值電阻，，滑動(dòng)變阻器的總阻值足夠大，交流電壓表為理想電表，線圈電阻不計(jì)、忽略漏磁。當(dāng)在a、b端輸入如圖乙所示的交變電流時(shí)，則下列說法正確的是（ ）
A．通過定值電阻的電流方向每秒改變50次
B．當(dāng)P滑至M、K旋至c時(shí)，電壓表的示數(shù)為208V
C．當(dāng)P滑至M、K旋至c時(shí)，定值電阻消耗的功率為169W
D．若P滑至M、K旋至d，當(dāng)滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大時(shí)，接入的阻值為
二、多選題
8．聲吶是利用聲波在水中的傳播和反射特性，通過電聲轉(zhuǎn)換和信息處理對(duì)水下目標(biāo)進(jìn)行探測和通訊的電子設(shè)備，現(xiàn)代軍艦多利用聲吶探測水下目標(biāo)。圖甲是某艦搭載的聲吶發(fā)出的一列超聲波在時(shí)刻的波形圖，圖乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，則下列說法正確的是（ ）
A．超聲波遇到大尺寸障礙物可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象
B．艦艇靠近靜止的障礙物時(shí)，障礙物接收到超聲波的頻率大于聲吶發(fā)出的超聲波的頻率
C．超聲波沿x軸負(fù)方向傳播，波速為1500
D．坐標(biāo)為原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)在時(shí)相對(duì)平衡位置的位移為
9．如圖，xOy平面內(nèi)有兩個(gè)相鄰的帶狀勻強(qiáng)磁場I和勻強(qiáng)磁場Ⅱ，方向垂直xOy平面向下，磁場強(qiáng)度大小分別為B和2B，磁場區(qū)域?qū)挾确謩e為和，一電荷量為、質(zhì)量為m的帶點(diǎn)粒子從y軸P點(diǎn)以與y軸夾角的方向進(jìn)入磁場I，經(jīng)過磁場I和磁場Ⅱ后從磁場Ⅱ右邊界以與邊界夾角的方向離開磁場Ⅱ，若不計(jì)重力，則下列說法正確的是（ ）
A．粒子在勻強(qiáng)磁場I運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑是在勻強(qiáng)磁強(qiáng)Ⅱ運(yùn)動(dòng)軌跡半徑的2倍
B．粒子在勻強(qiáng)磁場Ⅱ運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑是在勻強(qiáng)磁強(qiáng)I運(yùn)動(dòng)軌跡半徑的2倍
C．粒子的入射速度為
D．粒子的入射速度為
10．如圖所示，xOy為豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系，該空間存在平行xOy平面但方向未知的勻強(qiáng)電場，將一質(zhì)量為、帶電量為的小球從O點(diǎn)拋出，拋出的初速度大小均為，拋出的方向可沿xOy平面內(nèi)的任意方向。將小球沿某一方向拋出，一段時(shí)間后小球通過點(diǎn)時(shí)速度大小為；若將小球向另一方向拋出，一段時(shí)間后小球通過點(diǎn)時(shí)速度大小為，則下列說法正確的是（ ）
A．O、B兩點(diǎn)間的電勢差
B．勻強(qiáng)電場強(qiáng)度的大小為，方向與x軸正方向夾斜向下
C．若將小球沿y軸正方向拋出，小球運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度為，方向與x軸正方向成斜向上
D．若小球初速度方向與x軸正向夾斜向上拋出，到達(dá)x軸的時(shí)間為
三、實(shí)驗(yàn)題
11．用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。m1、m2用輕繩連接跨過定滑輪，接通電源讓m2從高處由靜止開始下落，在m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)跡，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示，已知電源頻率為50Hz，m1=50g、m2=150g，g取，則：
(1)在打點(diǎn)0~5過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量 J，系統(tǒng)勢能的減少量 J。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）
(2)本實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差的原因 。（寫出一條即可）
12．某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)一電流表G，表盤有刻度線但無數(shù)值，又不知其內(nèi)阻，該同學(xué)用以下實(shí)驗(yàn)器材測量該電流表的參數(shù)：
A．待測電流表G；
B．電阻箱R（）；
C．定值電阻；
D．滑動(dòng)變阻器（）；
E．3V的直流電源，內(nèi)阻不計(jì)；
F．雙量程電壓表V；
G．開關(guān)、導(dǎo)線若干
（1）合理選擇電壓表量程，按如圖甲所示的電路圖連接好電路，將電阻箱R的阻值調(diào)為，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使電流表G滿偏，此時(shí)電壓表V的指針恰好半偏，如圖丙所示，電壓表V的示數(shù) V。
（2）保持電壓表V的示數(shù)不變，反復(fù)調(diào)整電阻箱R的阻值和滑動(dòng)變阻器滑片的位置，使電流表G的指針指到，此時(shí)電阻箱R的阻值為。
（3）由上可知電流表G的內(nèi)阻 ，滿偏電流 。
（4）將電流表G改裝成量程為3V的電壓表，需將電阻箱R的阻值調(diào)為 ，然后與電流表G串聯(lián)。
四、解答題
13．如圖所示，餐桌中心是一個(gè)可以勻速轉(zhuǎn)動(dòng)、半徑為的圓盤，圓盤與餐桌在同一水平面內(nèi)且兩者之間的間隙可以忽略不計(jì)。服務(wù)員一邊轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤，一邊把餐盤放在圓盤邊緣。餐盤的質(zhì)量為m，與圓盤之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，與餐桌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g（）。
（1）為使餐盤不滑到餐桌上，求圓盤的角速度的最大值。
（2）擺放好餐盤后緩慢增大圓盤的角速度，餐盤同時(shí)從圓盤上甩出，為使餐盤不滑落到地面，求餐桌半徑的最小值。
14．航天回收艙實(shí)現(xiàn)軟著陸時(shí)，回收艙接觸地面前經(jīng)過噴火反沖減速，瞬間速度減少至向下7m/s，大于要求的軟著陸速度設(shè)計(jì)速度；為此科學(xué)家設(shè)計(jì)了一種電阻尼緩沖裝置，其原理如圖所示，主要部件為緩沖滑塊K和絕緣光滑的緩沖軌道MN和PQ；回收艙主體中還有超導(dǎo)線圈（圖中未畫出），能在兩軌道間產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場B＝4T，導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊由高強(qiáng)度絕緣材料制成，滑塊K上繞有n＝10匝矩形線圈abcd，線圈的總電阻為，ab邊長為L＝2m，當(dāng)回收艙接觸地面時(shí)，滑塊K立即停止運(yùn)動(dòng)，此后線圈與軌道間的磁場發(fā)生作用，使回收艙主體做減速運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)緩沖；已知裝置中除緩沖滑塊（含線圈）外的質(zhì)量為m＝200kg，緩沖滑塊（含線圈）K的質(zhì)量M＝50kg，重力加速度為，不考慮運(yùn)動(dòng)磁場產(chǎn)生的電場；
（1）達(dá)到回收艙軟著陸要求的速度時(shí)緩沖滑塊K對(duì)地面的壓力
（2）回收艙主體可以實(shí)現(xiàn)軟著陸，若從7ms減速到3m/s的過緩沖程中，通過線圈橫截面的電荷量為，求該過程中線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q。
15．如圖所示，在傾角為且足夠長的粗糙斜面上放一長為、質(zhì)量為m、上下?lián)醢搴穸炔挥?jì)的U形盒子P（盒子內(nèi)底面與斜面平行），盒子P與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。在盒子的上端放一質(zhì)量等于2m的物塊Q（可看作質(zhì)點(diǎn)），Q與盒子內(nèi)表面無摩擦，放開物塊后即在盒內(nèi)滑下與下面擋板碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短且碰撞中沒有機(jī)械能損失，重力加速度g取，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求：
（1）物塊Q與盒子P發(fā)生第一次碰撞后各自的速度大??；
（2）物塊Q與盒子P發(fā)生第一次碰撞后至第二次碰撞前Q與盒子下?lián)醢彘g的最大距離以及第一次碰撞后再經(jīng)過多長時(shí)間與P發(fā)生第二次碰撞（結(jié)果可用根式表示）。
參考答案：
1．C
【詳解】因?yàn)槿匦诬囁椒较蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，速度為，豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為，可得
，
所以圖像是一個(gè)運(yùn)動(dòng)軌跡彎向合力方向的拋物線圖。
故選C。
2．D
【詳解】A．壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，則壓強(qiáng)變大，故A錯(cuò)誤；
B．壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，即有
壓縮過程中，氣體體積變小，外界對(duì)氣體做功，即有，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律
可知，即針筒內(nèi)氣體放熱，故B錯(cuò)誤；
C．由于壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，壓強(qiáng)變大，則單位時(shí)間、單位面積撞擊針筒內(nèi)壁的氣體分子數(shù)增大，故C錯(cuò)誤；
D．由于壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，壓強(qiáng)變大。則根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程
整理可得
可知用國際單位制單位表示的狀態(tài)參量在圖中圖線可能如圖中，故D正確。
故選D。
3．B
【詳解】A．若縱坐標(biāo)表示位移，則圖像斜率表示速度，由此可知物體在到時(shí)間內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；
B．若縱坐標(biāo)表示速度，則圖像正負(fù)表示速度方向，由此可知物體在時(shí)刻速度方向改變，故B正確；
CD．若縱坐標(biāo)表示加速度，則圖像與橫軸圍成得面積表示速度變化量，由此可知物體在時(shí)刻速度達(dá)到最大值，物體在時(shí)刻速度減為零，位移達(dá)到最大值，沒有回到出發(fā)點(diǎn)，故CD錯(cuò)誤。
故選B。
4．C
【詳解】A．太陽光中的紫外線頻率主要在，為避免太陽光中的紫外線干擾，K極材料的截止頻率應(yīng)大于，A錯(cuò)誤；
B．明火中紫外線的強(qiáng)度越大，產(chǎn)生的光電流越大，由歐姆定律知，電壓表的示數(shù)越大，故電壓表的示數(shù)與明火中紫外線的強(qiáng)度大小有關(guān)，故B錯(cuò)誤；
C．電源左邊接負(fù)極時(shí)，光電管上被施加正向電壓，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)到達(dá)陽極的光電子數(shù)增加，因此會(huì)提高報(bào)警裝置的靈敏度，C正確；
D．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，只要明火中的紫外線照射到K極，就會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，跟明火照射時(shí)間無關(guān)，D錯(cuò)誤。
故選C。
5．B
【詳解】A．光線由空氣進(jìn)入翡翠手鐲后，傳播速度變小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；
B．設(shè)外圓半徑為R，光線在E點(diǎn)的入射角為α，折射角為β，光線在D點(diǎn)發(fā)生全反射，臨界角為C，則在?ODE中由正弦定理
在E點(diǎn)
在D點(diǎn)時(shí)
由幾何關(guān)系可知
聯(lián)立解得
r=d
選項(xiàng)B正確；
C．減小光束與AB的距離d，光線在E點(diǎn)的入射角減小，折射角也減小，則射到內(nèi)環(huán)面的入射角減小，則光束折射后在內(nèi)環(huán)面上不能發(fā)生全反射，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；
D．增大光束與AB的距離d，光束折射后不經(jīng)過內(nèi)環(huán)面，直接照射到外環(huán)面，此時(shí)光線在外環(huán)面上的入射角等于射入時(shí)在外環(huán)面的折射角，則光線不可能在外環(huán)面發(fā)生全反射，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
故選B。
6．A
【詳解】A．根據(jù)
可得
空間站所在軌道處的重力加速度為
選項(xiàng)A正確；
B．微型衛(wèi)星的向心力由地球?qū)ξ⑿托l(wèi)星的萬有引力以及機(jī)械臂對(duì)微型衛(wèi)星的拉力的合力提供，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；
CD．空間站和微型衛(wèi)星具有相同的角速度，空間站的軌道半徑小于微型衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v=ωr可知，空間站的線速度小于微型衛(wèi)星的線速度，根據(jù)a=ω2r可知，空間站的向心加速度小于微型衛(wèi)星的向心加速度，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；
故選A。
7．C
【詳解】A．由乙圖知，交流電頻率
通過定值電阻的電流方向每秒改變100次，故A錯(cuò)誤；
B．當(dāng)P滑至M、K旋至c時(shí)
根據(jù)
得
故B錯(cuò)誤；
C．兩端電壓
定值電阻消耗的功率為
故C正確；
D．若P滑至M、K旋至d，等效電路如圖
當(dāng)
時(shí)，即
=
時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故D錯(cuò)誤。
故選C。
8．BD
【詳解】A．只有縫、孔的寬度或障礙物的尺寸跟波長相差不多，或者比波長更小時(shí)，才能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象。超聲波的波長為，所以遇到大尺寸障礙物不可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)多普勒效應(yīng)，艦艇靠近靜止的障礙物時(shí)，兩者之間距離減小，則障礙物接收到超聲波的頻率大于聲吶發(fā)出的超聲波的頻率，故B正確；
C．由乙圖可知時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，根據(jù) “同側(cè)法”可得，超聲波沿x軸正方向傳播。由圖甲可得，超速波的波長為
由圖乙可得，超速波的周期為
則超速波的波速為
故C錯(cuò)誤；
D．坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)P相距半個(gè)波長，振動(dòng)相反，故時(shí)，坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向振動(dòng)，根據(jù)
坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為
將代入，解得
故D正確。
故選BD。
9．AC
【詳解】AB．離子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，則有
解得
所以粒子在勻強(qiáng)磁場I運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑是在勻強(qiáng)磁強(qiáng)Ⅱ運(yùn)動(dòng)軌跡半徑的2倍，故A正確，B錯(cuò)誤；
CD．設(shè)帶電粒子在磁場I中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1，在磁場II中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r2，過P點(diǎn)作入射速度的垂線，設(shè)圓心為O1，以O(shè)1為圓心、r1為半徑作圓弧交于兩磁場分界線的M點(diǎn)，連接MO1，設(shè)MO1與磁場分界線的夾角為，過Q點(diǎn)作出射速度的垂線交MO1于O2點(diǎn)，如圖：
由幾何關(guān)系可知
由于
聯(lián)立解得
根據(jù)洛倫茲力提供向心力有
解得
故C正確，D錯(cuò)誤；
故選AC。
10．CD
【詳解】A．從O到B，據(jù)動(dòng)能定理可得
解得，O、B兩點(diǎn)間的電勢差為
故A錯(cuò)誤；
B．從O到A，據(jù)動(dòng)能定理可得
解得，O、A兩點(diǎn)間的電勢差為
取OA的中點(diǎn)C，可知B、C為等勢點(diǎn)，可得電場強(qiáng)度垂直BC連線斜向下，即與x軸正方向夾角為角斜向下，如下圖所示
取從O到B的過程有
故B錯(cuò)誤；
C．將重力與電場力合成，可得它們的合力與x軸正方向成角斜向下。將初速度沿方向和垂直方向分解，垂直合外力方向的速度即為運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度，如下圖所示
即有
，方向與x軸正方向成角斜向上
故C正確；
D．若小球初速度方向與x軸正向夾斜向上拋出，在豎直y軸方向上，根據(jù)牛頓第二定律有
可得，豎直方向上的加速度為
小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得
故D正確。
故選CD。
11．(1) 0.576 0.600
(2)紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦
【詳解】（1）[1] 每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），則計(jì)數(shù)點(diǎn)之間時(shí)間間隔為
T=0.1s
打第5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)速度為
則動(dòng)能增加量為
[2]系統(tǒng)勢能減少量為
（2）造成誤差的原因可能是：①紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦；②繩子與滑輪之間的摩擦；
12． 1.50 200 2.5 1000.0
【詳解】（1）[1]由題意可知，電源的電壓為3V，則電壓表使用小量程，故電壓表的讀數(shù)為1.50V；
（3）[2][3]由歐姆定律得
代入數(shù)據(jù)得
解得
（4）[4]要將電流表G改裝成量程為的電壓表，需串聯(lián)一個(gè)電阻，阻值為
13．（1）；（2）
【詳解】（1）餐盤不滑到餐桌上，當(dāng)圓盤的角速度達(dá)到最大值時(shí)，恰好由圓盤對(duì)餐盤的最大靜摩擦力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有
解得
（2）當(dāng)餐盤從圓盤上甩出時(shí)，餐盤的速度
隨后，餐盤在餐桌上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有
餐盤速度減為0過程，利用逆向思維，根據(jù)速度與位移關(guān)系式有
當(dāng)餐桌半徑取最小值時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系有
解得
14．（1）5300N；（2）4400J
【詳解】（1）滑塊K立即停止運(yùn)動(dòng)，ab邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為
線圈中的感應(yīng)電流為
安培力
地面對(duì)緩沖滑塊K的支持力為
根據(jù)牛頓第三定律可知緩沖滑塊K對(duì)地面的壓力為
（2）根據(jù)電流的定義式，閉合電路歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律得
解得
根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得
15．（1）；；（2）；
【詳解】（1）對(duì)盒子P有
故盒子P不動(dòng)，Q在盒子中加速下滑，物塊Q下滑，第一次碰撞前做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律
物塊Q與盒子P發(fā)生第一次碰撞前的速度為
物塊Q與盒子P發(fā)生第一次碰撞滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，則有
解得
（2）第一次碰撞后盒子P做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有
解得
物塊Q與盒子P速度相等時(shí)有
解得
在時(shí)，有
故共速前二者不會(huì)相碰，且此時(shí)為最大距離，第一次碰后盒子P經(jīng)過時(shí)間減速至0，則
第一次碰后盒子P減速至0過程中經(jīng)過的位移為
物塊Q在時(shí)間內(nèi)的位移為
所以盒子P停止運(yùn)動(dòng)之前兩者未相碰，第一次碰后物塊Q只要經(jīng)過t時(shí)間，下滑位移就會(huì)與盒子P發(fā)生二次碰撞，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
解得時(shí)間

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