1.如圖甲所示，直線AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。若有一質(zhì)子僅在電場(chǎng)力的作用下以某一初速度沿直線AB由A運(yùn)動(dòng)到B，其速度圖像如圖乙所示，下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度EA、EB和電勢(shì)φA、φB，以及質(zhì)子在A、B兩點(diǎn)所具有的電勢(shì)能EpA、EpB和動(dòng)能EkA、EkB，判斷錯(cuò)誤的是( )
A. EAφBC. EpA>EpBD. EkAEB，故A錯(cuò)誤；
B.質(zhì)子帶正電，在電場(chǎng)力的作用下做加速運(yùn)動(dòng)，所以電場(chǎng)方向從A指向B，則B點(diǎn)的電勢(shì)低，即φA>φB，故B正確；
CD.電場(chǎng)力對(duì)質(zhì)子做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，則EpA>EpB，EkAEA>EC，故A正確；
B、場(chǎng)強(qiáng)的方向規(guī)定為正電荷受力的方向，則正點(diǎn)電荷在A處所受電場(chǎng)力的方向就是A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向，故B正確；
C、沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，電勢(shì)φB>φA>φC，C點(diǎn)電勢(shì)最低，故C錯(cuò)誤；
D、把一負(fù)電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤；
故選：AB。
電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大．沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低．
本題考查對(duì)電場(chǎng)線物理意義的理解，知道電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低．
7.【答案】CD
【解析】解：A、保持連接電源，則兩板間的電勢(shì)差不變，將兩極距離不變，非常緩慢地錯(cuò)開(kāi)一些，根據(jù)C=?rS4πkd可知，電容減小，由U=QC可知，U不變時(shí)，A極板上的電荷量減少，則電流計(jì)中電流從a流向b，故A錯(cuò)誤；
B、如果保持連接電源，將A板上移，根據(jù)E=Ud可知，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則合力向下，油滴將向下加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；
C、如果斷開(kāi)電源，A板上移，B板接地，根據(jù)E=Ud，C=QC，C=?rS4πkd可得E=4πkQ?rS，則可知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴靜止不動(dòng)。B板接地，小球到B板的距離不變，則油滴P處電勢(shì)φp=EdPB不變，故C正確；
D、如果斷開(kāi)電源，兩板間接靜電計(jì)，B板下移，由C選項(xiàng)的分析可知，Q不變，電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，根據(jù)E=Ud可知，d在增大，兩極板電勢(shì)差增大，因此靜電計(jì)指針張角變大，故D正確。
故選：CD。
帶電油滴原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場(chǎng)力與重力平衡；分別對(duì)連接電源和斷開(kāi)電源兩種情況分析，根據(jù)電容的定義式和決定式進(jìn)行分析，明確電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，再分析電勢(shì)差和電量的變化，從而分析電勢(shì)以及電荷的流動(dòng)方向。
本題是電容的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵確定電容器的電壓和電量，要知道電路穩(wěn)定時(shí)，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓，并掌握電容定義式與決定式的內(nèi)容，及理解電場(chǎng)力做功正負(fù)，與其電勢(shì)能變化關(guān)系；注意應(yīng)用當(dāng)電容和電源斷開(kāi)只改變兩板間距離時(shí)，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。
8.【答案】BC
【解析】解：AB.若使用A、B兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電阻R2與表頭串聯(lián)再與電阻R1并聯(lián)；
電阻R1兩端電壓UR=Ig(Rg+R2)
根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路的特點(diǎn)
電路的最大電流為I1m=Ig+Ig(Rg+R2)R1=10mA+10×(90+9)1mA=1000mA=1A
則電流表量程為0～1A，故A錯(cuò)誤，B正確；
CD.若使用A、C兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電阻R1與R2串聯(lián)再與表頭并聯(lián)；
電阻R1、R2兩端電壓UR′=IgRg
根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路的特點(diǎn)
電路的最大電流為I2m=Ig+IgRgR1+R2=10mA+10×901+9mA=100mA=0.1A
則電流表量程為0～0.1A，故C正確，D錯(cuò)誤。
故選：BC。
并聯(lián)電阻有分流作用，分流與電阻成反比；根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路的特點(diǎn)分析作答。
本題考查了電流表改裝，知道電表改裝原理與分析清楚電路結(jié)構(gòu)是解題的前提。
9.【答案】2.236 10.235
【解析】解：1、螺旋測(cè)微器的固定刻度為2mm，可動(dòng)刻度為23.6×0.01mm=0.236mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.236mm=2.236mm．
2、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為102mm，游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為7×0.05mm=0.35mm，所以最終讀數(shù)為：102mm+0.35mm=102.35mm=10.235cm．
故答案為：2.236，10.235
解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．
對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．
10.【答案】a 小于 0.50 4.8
【解析】解：(1)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖應(yīng)選擇圖a所示的電路。電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流表所測(cè)電流偏大，由歐姆定律可知，電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值。
(2)電壓表量程為3V，由圖c電壓表可知，其分度值為0.1V，則讀數(shù)為2.40V；電流表量程為0.6A，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，則讀數(shù)為0.50A，電阻阻值
R=UI=Ω
故答案為：(1)a，小于；(2)0.50，4.80。
(1)根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路圖；
(2)由圖示電表讀出其示數(shù)，然后由歐姆定律求出電阻阻值。
確定電流表的接法是正確選擇實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵，當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值時(shí)，電流表采用外接法。
11.【答案】解：(1)粒子在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：qU1=12mv02
變形整理解得：v0= 2qU1m
(2)粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)
水平方向上有：L=v0t
變形得：t=Lv0
豎直方向上有：y=12at2
又根據(jù)牛頓第二定律有：a=qU2md
聯(lián)立解得：y=U2L24dU1
(3)粒子從靜止到離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：q(U1+U2dy)=Ek
解得，粒子在離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能：Ek=qU1+qU22L24U1d2
答：(1)粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)速度v0為 2qU1m；
(2)粒子在離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的縱向偏移量y為U2L24dU1；
(3)粒子在離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能Ek為(qU1+qU22L24U1d2)。
【解析】(1)由動(dòng)能定理可以求出加速后的速度；
(2)粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏移量；
(3)對(duì)整個(gè)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能。
解決本題的關(guān)鍵掌握處理類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的方法，知道粒子在垂直電場(chǎng)和沿電場(chǎng)方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。
12.【答案】解：(1)在H點(diǎn)由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：
mg=mvH2R
解得：vH= gR
(2)設(shè)MN間的水平距離為L(zhǎng)，從M點(diǎn)到H點(diǎn)的全過(guò)程，由動(dòng)能定理得：
qEL?0.5mgL?2mgR=12mvH2
解得：L=R
(3)從P到H的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：
?qER?mgR=12mvH2?12mvP2
在P點(diǎn)彈力F與電場(chǎng)力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：
F?qE=mvP2R
聯(lián)立解得：F=12mg
答：(1)小滑塊在最高點(diǎn)H的速度vH大小為 gR；
(2)M點(diǎn)距半圓軌道最低點(diǎn)N的水平距離L為R；
(3)小滑塊通過(guò)半圓軌道中點(diǎn)P時(shí)，軌道對(duì)小滑塊的彈力F大小為12mg。
【解析】(1)在H點(diǎn)由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解；
(2)對(duì)于從M點(diǎn)到H點(diǎn)的全過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求解；
(3)從P到H的過(guò)程，由動(dòng)能定理求得在P點(diǎn)的速度，在P點(diǎn)彈力F與電場(chǎng)力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求解。
本題考查了帶電體在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有軌道的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，涉及到圓周運(yùn)動(dòng)的臨界條件問(wèn)題?；A(chǔ)題，分析向心力的來(lái)源，應(yīng)用動(dòng)能定理和牛頓第二定律解答。
13.【答案】解：(1)微粒在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：
qU0=12mv02，
可得從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度的大?。?br>v0= 2qU0m。
(2)微粒在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微粒做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則有：
x0=v0t，
解得微粒在一象限運(yùn)動(dòng)所需時(shí)間為：
t=x0 m2qU0。
(3)粒子的加速度：
a=qEm，以及vy=at
對(duì)Q點(diǎn)有：
tan60°=vyv0，
聯(lián)立解得：
E=2 3U0x0。
答：(1)從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度v0的大小為v0= 2qU0m；
(2)微粒在一象限運(yùn)動(dòng)所需時(shí)間為t=x0 m2qU0；
(3)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為E=2 3U0x0。
【解析】(1)微粒在電場(chǎng)中加速，電場(chǎng)力做功轉(zhuǎn)化為微粒動(dòng)能，可求出速度；
(2)微粒在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，利用類(lèi)平拋公式可求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間；
(3)利用牛頓第二定律求出微粒加速度，然后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出電場(chǎng)強(qiáng)度。
本題將動(dòng)能定理、類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)與牛頓第二定律結(jié)合，考查了考生多方面的知識(shí)掌握情況。

相關(guān)試卷

2022-2023學(xué)年北京市匯文中學(xué)高二（下）期末物理試卷（含詳細(xì)答案解析）：

這是一份2022-2023學(xué)年北京市匯文中學(xué)高二（下）期末物理試卷（含詳細(xì)答案解析），共17頁(yè)。試卷主要包含了單選題，實(shí)驗(yàn)題，簡(jiǎn)答題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2023-2024學(xué)年天津市重點(diǎn)校高二（上）期末物理試卷（含解析）：

這是一份2023-2024學(xué)年天津市重點(diǎn)校高二（上）期末物理試卷（含解析），共15頁(yè)。試卷主要包含了單選題，多選題，實(shí)驗(yàn)題，簡(jiǎn)答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2023-2024學(xué)年上海市建平世紀(jì)中學(xué)高二（上）月考物理試卷（12月份）（含解析）：

這是一份2023-2024學(xué)年上海市建平世紀(jì)中學(xué)高二（上）月考物理試卷（12月份）（含解析），共16頁(yè)。試卷主要包含了單選題，填空題，實(shí)驗(yàn)題，簡(jiǎn)答題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

英語(yǔ)朗讀寶

相關(guān)試卷 更多

2023-2024學(xué)年安徽省安慶市岳西中學(xué)高二（上）月考物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年安徽省安慶市岳西中學(xué)高二（上）月考物理試卷（含解析）
2023-2024學(xué)年天津市北辰區(qū)高二（上）期中物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年天津市北辰區(qū)高二（上）期中物理試卷（含解析）
2022-2023學(xué)年天津市高二（上）期末物理試卷（含解析）

2022-2023學(xué)年天津市高二（上）期末物理試卷（含解析）
2021-2022學(xué)年北京市東城區(qū)匯文中學(xué)高二（上）期末物理試題含解析

2021-2022學(xué)年北京市東城區(qū)匯文中學(xué)高二（上）期末物理試題含解析
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請(qǐng)掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
入駐教習(xí)網(wǎng)，可獲得資源免費(fèi)推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎(jiǎng)勵(lì)，申請(qǐng) 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
月考專(zhuān)區(qū)
歡迎來(lái)到教習(xí)網(wǎng)
  • 900萬(wàn)優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬(wàn)優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬(wàn)教師選擇，專(zhuān)業(yè)更值得信賴(lài)
微信掃碼注冊(cè)
qrcode
二維碼已過(guò)期
刷新

微信掃碼，快速注冊(cè)

手機(jī)號(hào)注冊(cè)
手機(jī)號(hào)碼

手機(jī)號(hào)格式錯(cuò)誤

手機(jī)驗(yàn)證碼 獲取驗(yàn)證碼

手機(jī)驗(yàn)證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個(gè)字符，數(shù)字、字母或符號(hào)

注冊(cè)即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊(cè)協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊(cè)
手機(jī)號(hào)注冊(cè)
微信注冊(cè)

注冊(cè)成功

返回
頂部