一、單項選擇題
1．C【解析】“洛陽兩古鐘，東西相和鳴”屬于聲波的共振現(xiàn)象﹐故A、B、D項錯誤，C項正確．
2．A【解析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得，X的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，則X為粒子，射線的電離本領(lǐng)比射線強，穿透本領(lǐng)比射線弱，故A項正確，B、C、D項錯誤．
3．B【解析】時間內(nèi)加速度不變﹐火車做勻加速直線運動，故A項錯誤；時間內(nèi)，火車仍然做加速運動，位移的變化率增大，故B項正確，C、D項錯誤．
4．D【解析】機(jī)器人受到的吸附力是大氣施加的大氣壓力，跟墻壁的彈力不是相互作用力，故A，B項錯誤；機(jī)器人靜止時，摩擦力與機(jī)器人受到的重力平衡，則機(jī)器人與墻壁之間的摩擦力與吸附力的大小無關(guān)，故C項錯誤，D項正確．
5．B【解析】變壓器原線圈的輸入電壓，由可得副線圈的輸出電壓，根據(jù)可得，故B項正確，A、C、D項錯誤．
6．D【解析】a是在赤道上的物體，不是衛(wèi)星，其隨地球自轉(zhuǎn)需要的向心力小于萬有引力，在兩極有，故a的向心加速度為，A項錯誤；c是地球同步衛(wèi)星，其軌道平面與赤道平面重合．c的向心力就是指向地心，B項錯誤；根據(jù)題意，由萬有引力提供向心力有，解得，由于b的軌道半徑小于c的軌道半徑，則有，由于a和c的角速度相等，由可得，則有，故C項錯誤；根據(jù)題意，由萬有引力提供向心力有，解得，由于b的軌道半徑小于c的軌道半徑，則有﹐由于a和c的角速度相等，則．，故，D項正確．
7．C【解析】騎車飛躍壕溝的過程中，人和車做平拋運動，欲平安飛躍壕溝應(yīng)滿足車在豎直方向上下落h時，它的水平位移﹐豎直方向上人和車做自由落體運動，由可得，水平方向做勻速直線運動，需滿足，可得離開A點時速度需大于才能安全越過壕溝，A項錯誤；飛躍壕溝時，在空中運動的時間只與高度差h有關(guān)，則時間不變，B項錯誤；運動員在空中飛行的過程中重力的功率，隨著時間t的增長重力的功率逐漸變大，C項正確；運動員在空中飛行的過程中，動量變化量與重力加速度的方向相同，都是豎直向下，D項錯誤．
二、多項選擇題
8．BC【解析】由M點到P點，人做加速運動，根據(jù)動量定理可知彈力的沖量小于重力的沖量，故A項錯誤；由Р點到N點，人做減速運動，根據(jù)動量定理可知彈力的沖量大于重力的沖量．故B項正確；根據(jù)動量定理，由O點到N點，彈力的沖量與重力的沖量等大，故C項正確；人在M點時的速度豎直向下，在N點時的速度為零，根據(jù)簡諧運動的對稱性可知．故D項錯誤．
9．BD【解析】洛倫茲力方向始終垂直于速度和磁場確定的平面、永遠(yuǎn)不做功，故A項錯誤，B項正確；根據(jù)動能定理可知帶電粒子的速度大小保持不變，故C項錯誤；帶電粒子的運動可以分解為沿磁場方向的勻速直線運動和垂直磁場方向的勻速圓周運動，故D項正確．
10．CD【解析】負(fù)電金屬網(wǎng)與正電金屬板間的電場方向向上，故絨毛運動經(jīng)過處各點的電勢逐漸升高，A項錯誤：絨毛在飛向布匹的過程中，絨毛在做加速運動，電場力做正功，電勢能不斷減小，B項錯誤；僅增大正電金屬板與負(fù)電金屬網(wǎng)之間的電壓，電場強度增大，電場力增大，經(jīng)過相同的距離，電場力做的功增多，根據(jù)動能定理，絨毛到達(dá)布匹時的動能增大，速率增大，C項正確；僅增大正電金屬板與負(fù)電金屬網(wǎng)之間的距離，電勢差不變而電場強度減小，絨毛受到的電場力減小，加速度減小，所用時間增大，D項正確．
三、非選擇題
11．（2）2.40（2.39～2.41，1分）
（3） （2分） 1.33（或1.34，2分）
（4）BD（2分）
【解析】（2）刻度尺的最小分度為，應(yīng)估讀到下一位，故，
（3）設(shè)圓的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可知入射角的正弦值，折射角的正弦值﹐則水的折射率表達(dá)式．代人數(shù)據(jù)可得；
（4）選取A點和B點時應(yīng)該盡量遠(yuǎn)離O點，A項錯誤；為了減小實驗誤差，應(yīng)該盡量使激光束處于豎直面內(nèi)，B項正確；激光在水面處的入射角應(yīng)該大小合適，不是越大越好﹐故C項錯誤；為了更好地測量長度，輔助圓的半徑應(yīng)該盡量大些，故D項正確．
12．（1）（2分） b（2分）
（2）①5.020（1分）
②2（1分） 1（1分） 4.8（1分）
（3）0.12（0.11～0.12，2分）
【解析】（1）為方便實驗操作，滑動變阻器R應(yīng)選擇；為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)之前，滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于b端．
（2）①直徑，
②閉合開關(guān)，開關(guān)接2端，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表的讀數(shù)為，然后將開關(guān)．
接1端，再次記錄電壓表的讀數(shù)為，則電阻R．
兩端的電壓為，
（3）由歐姆定律可得，則鹽水的電阻，根據(jù)電阻定律可得，解得鹽水的電阻率．
13．【解析】（1）冷卻過程中杯內(nèi)封閉氣體放熱，即（1分）
體積不變．故氣體對外界做的功為零，即（1分）
根據(jù)熱力學(xué)第一定律，可知，即杯內(nèi)封閉氣體的內(nèi)能減?。?分）
（2）設(shè)冷卻后杯內(nèi)封閉氣體的壓強為p，根據(jù)查理定律可得（2分）
解得．（1分）
以茶杯與水組成的整體為研究對象，根據(jù)平衡條件可得 （2分）
解得 （1分）
14．【解析】（1）金屬條切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 （1分）
（1分）
聯(lián)立解得 （1分）
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得 （1分）
解得 （2分）
（2）前齒輪轉(zhuǎn)動頻率 （1分）
后輪轉(zhuǎn)動的角速度 （1分）
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得金屬條切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 （1分）
解得
電路中的總電阻為 （1分）
解得
3個小燈泡發(fā)光的總功率為 （1分）
解得 （2分）
15．【解析】（1）設(shè)滑塊A與滑塊B碰撞前的速度為，
由能量守恒定律可得 （2分）
解得 （1分）
（2）設(shè)滑塊A、B碰撞后的速度分別為，
由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律可得 （2分）
（2分）
解得 （2分）
對滑塊B，由牛頓第二定律可得：﹐解得 （1分）
滑塊B運動的時間為 （1分）
滑塊B運動的位移為 （1分）
對滑塊A，由于則滑塊A在電場中做勻速直線運動
滑塊A經(jīng)過電場的時間為 （1分）
由于，說明滑塊B停止時，滑塊A剛好離開電場區(qū)域，對滑塊A，其減速至零的位移為
（1分）
由于，說明兩滑塊不會發(fā)生第二次碰撞，兩滑塊最終的距離為
（1分）

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