得分：________
本試題卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共8頁。時量75分鐘，滿分100分。
第Ⅰ卷
一、單項選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的）
1．在萬有引力定律理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法中正確的是（ ）
A．牛頓進(jìn)行了“月一地檢驗”，從而測出了地球與月球中心的距離
B．牛頓第一、第二、第三定律都可以用實驗直接驗證
C．開普勒通過研究行星觀測記錄，得出在相等時間內(nèi)，地球與太陽的連線和火星與太陽的連線掃過的面積相等的結(jié)論
D．牛頓在萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)過程中，用到了“牛頓第二定律”、“力的作用是相互的"等理論作為推理依據(jù)
2．鏈球運動員用鏈子拉著鐵球做速度逐漸增大的曲線運動，在此過程中，運動員的手和鏈球的運動軌跡都可以近似為圓。關(guān)于手和球的位置關(guān)系，下面四幅圖中正確的是（ ）
A． B．
C． D．
3．某同學(xué)在墻邊踢毽子時不小心將毽子踢出圍墻，他請墻外的路人幫他將毽子踢進(jìn)圍墻內(nèi)，圍墻有一定厚度。路人從點（P點可左右移動）將毽子踢過圍墻。設(shè)毽子踢出時的速度與水平向右的方向成角，不計空氣阻力，以下說法正確的是（ ）
A．若P點位置確定，無論角多大，只要速度足夠大，一定能將毽子踢進(jìn)圍墻內(nèi)
B．路人將毽子踢過圍墻內(nèi)做的功越小，毽子從踢出到越過墻壁后落到地面所花的時間越短
C．路人越靠近圍墻，將毽子踢過圍墻所做的功越小
D．路人將毽子踢過圍墻內(nèi)做的功最小時，角應(yīng)滿足
4．如圖所示，豎直的圓環(huán)置于水平向左的勻強電場中，三個完全相同的帶正電的絕緣小球（未畫出）分別套在固定于的三根光滑細(xì)桿上，其中與豎直方向夾角為，經(jīng)過圓心，豎直?，F(xiàn)將小球無初速度地從端釋放，小球分別沿下滑到三點。已知小球所受電場力大小與重力大小之比為，則小球在三根細(xì)桿上運動的時間關(guān)系為（ ）
A． B．
C． D．無法確定
5．如圖所示，豎直平面內(nèi)有一圓環(huán)，圓心為，半徑為為水平直徑，為傾斜直徑，與間的夾角為，一條不可伸長的輕繩長為，兩端分別固定在圓環(huán)的兩點，輕質(zhì)滑輪連接一個質(zhì)量為的重物，放置在輕繩上，不計滑輪與輕繩間的摩擦，滑輪大小不計，重力加速度為?，F(xiàn)將圓環(huán)從圖示位置繞圓心順時針緩慢轉(zhuǎn)過角，下列說法正確的是（ ）
A．直徑水平時，輕繩的張力大小為
B．圓環(huán)從圖示位置順時針緩慢轉(zhuǎn)過的過程中，輕繩的張角先減小再增大
C．圓環(huán)從圖示位置順時針緩慢轉(zhuǎn)過的過程中，重物的重力勢能先增大后減小
D．圓環(huán)從圖示位置順時針緩慢轉(zhuǎn)過的過程中，輕繩的張力逐漸減小
6．如圖所示，輕彈簧一端連接質(zhì)量為的物體，另一端固定在光滑的固定的斜面底端，通過輕繩跨過光滑的定滑輪與質(zhì)量為的物體連接，繩、彈簧與斜面平行。將由彈簧原長處靜止釋放，已知輕繩始終有力，重力加速度為，則的位移、速度和彈簧彈力、繩子張力與時間或位移的關(guān)系圖像可能正確的是（ ）
A． B． C． D．
二、多項選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）
7，當(dāng)今社會衛(wèi)星為人們提供了太多的便利，如手機(jī)導(dǎo)航等。若兩顆衛(wèi)星均圍繞地球運動，如圖所示。衛(wèi)星甲的軌道為橢圓，其近地點恰好位于地面處，遠(yuǎn)地點距地面的距離為，衛(wèi)星乙的軌道為圓形，乙衛(wèi)星距地面的距離為，其中R為地球半徑，已知兩軌道在同一平面內(nèi)，下列說法正確的是（ ）
A．甲、乙兩衛(wèi)星的軌道平面可能不過地心
B．甲衛(wèi)星近地點的速率大于乙衛(wèi)星運動的速率
C．甲、乙兩衛(wèi)星運動的周期之比為
D．甲衛(wèi)星的最大加速度與乙衛(wèi)星的加速度大小之比為
8．宇宙塵埃有很大的科研價值，某人造地球衛(wèi)星攜帶的收集裝置如圖所示。衛(wèi)星飛行進(jìn)入一個塵埃區(qū)，塵埃區(qū)每單位體積空間有顆塵埃，塵埃的平均質(zhì)量為，衛(wèi)星正面面積為，前進(jìn)速度保持為，為了保持衛(wèi)星原有的飛行速度，以下說法正確的是（ ）
A．衛(wèi)星推進(jìn)器需要提供的推力隨衛(wèi)星質(zhì)量增大而增加
B．隨衛(wèi)星質(zhì)量的增大，衛(wèi)星推進(jìn)器需要提供的推力不變
C．衛(wèi)星推進(jìn)器提供的推進(jìn)功率為
D．衛(wèi)星推進(jìn)器提供的推進(jìn)功率為
9．如圖所示，在水平地面上方固定一足夠長水平軌道，質(zhì)量為的滑塊套在水平軌道上，一不可伸長的輕繩一端固定在滑塊底部點，另一端連接質(zhì)量為的小球。已知點到地面的高度為，重力加速度大小為，不計小球與滑塊受到的空氣阻力?，F(xiàn)將小球拉至與點等高的處（在水平軌道正下方），輕繩伸直后由靜止釋放。下列說法正確的是（ ）
A．若水平軌道光滑，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能守恒
B．若水平軌道光滑，輕繩長度為，當(dāng)小球擺動到最低點時，迅速剪斷輕繩，小球運動一段時間后落地（不反彈），小球落地時與滑塊間的水平距離是
C．若水平軌道粗糙，小球在擺動過程中滑塊始終保持靜止，當(dāng)小球所受重力的功率最大時，輕繩與水平方向的夾角的正弦值是
D．若水平軌道粗糧，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，小球在擺動過程中滑塊始終保持靜止，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)
10．如圖所示裝置，A為L形框架，定滑輪1固定在A上方，定滑輪2、3固定在豎直墻面上，定滑輪1和定滑輪2處于同一水平線上，定滑輪2和定滑輪3處于同一豎直線上。物體B被一根細(xì)線通過三個定滑輪與L形框架A相連，連線始終處于豎直或者水平。初始狀態(tài)系統(tǒng)靜止，物體距離底板上表面為，已知的質(zhì)量為的質(zhì)量為，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，所有接觸面均光滑，不計定滑輪的質(zhì)量。從物體下落到恰與底板上表面接觸的過程中，下列說法正確的是（ ）
A．和接觸面有彈力，且彈力對做正功
B．物體下落過程中，與的速度大小始終相等
C．物體下落的時間為
D．物體下落到剛與底板上表面接觸時，的速度為
第Ⅱ卷
三、實驗題（共2題，每題6分，共12分）
11．某同學(xué)利用測質(zhì)量的小型家用電子科，設(shè)計了測量木塊和木板間動摩擦因數(shù)的實驗。
如圖（a）所示，木板和木塊放在水平桌面上，電子科放在水平地面上，木塊和放在電子秤上的重物通過跨過定滑輪的輕繩相連。調(diào)節(jié)滑輪，使其與木塊間的輕繩水平，與重物間的輕繩豎直。在木塊上放置個砝碼（電子秤稱得每個砝碼的質(zhì)量為），向左拉動木板的同時，記錄電子秤的對應(yīng)示數(shù)。
（1）實驗中，拉動木板時________（填“必須”或“不必”）保持勻速。
（2）用和分別表示木塊和重物的質(zhì)量，則和、所滿足的關(guān)系式為________．
（3）根據(jù)測量數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上繪制出圖像，如圖（b）所示，可得木塊和木板間的動摩擦因數(shù)________（保留2位有效數(shù)字）。
12．某實驗小組利用量角器、一段均勻電阻絲、電阻箱及靈敏電流計設(shè)計了一個測量電阻（待測電阻為）的方案，實驗電路如圖甲所示。
主要實驗步驟如下：
①將電阻絲緊貼量角器弧邊彎曲成型，并依量角器直徑端點裁剪好；
②按甲圖所示的電路原理圖連接好各元件；
③將電阻箱的阻值調(diào)至，并使金屬夾從端沿弧形電阻絲向移動，當(dāng)靈敏電流計的示數(shù)為零時，停止移動金屬夾，此時從量角器上讀出與間的夾角；
④改變電阻箱的阻值，重復(fù)步驟③，測得多組值；
⑤整理數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點繪圖，所得圖像如圖乙所示。
根據(jù)分析，試回答下列問題：
（1）已知圖乙中圖像與縱軸的截距為，由此可求得________．
（2）實驗時，當(dāng)金屬夾調(diào)至某位置時，實驗小組的同學(xué)因為觀察不仔細(xì)認(rèn)為靈敏電流計的讀數(shù)已經(jīng)為零，實際上，靈敏電流計還有從到的電流，那么此時測出的值與真實值相比________（填“偏小”“相等”或“偏大”）。
（3）該小組同學(xué)所在學(xué)校與供電站間有兩根埋在地下的輸電線，其中一根導(dǎo)線因損壞而與大地相通，現(xiàn)嘗試采用上述實驗所涉及的原理找到損壞的大致位置，其方法如圖丙所示（終端用導(dǎo)線接通），電阻丙絲長，輸電距離，若金屬夾在電阻絲上距端時，靈敏電流計示數(shù)為零，則損壞處與輸電線起始處的距離為________m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。
四、解答題（共44分）
13．（12分）如圖所示，有兩容器，其容積均為（包括各自連接管道的容積），壓強均為，連接管道中間有一開口，可以與打氣筒相連，且該連接口左右兩側(cè)各有一開關(guān)均為單向通氣），若打氣筒容積為，且初始狀態(tài)活塞在最下方，向上提到最上端后再向下壓至底端，為一次抽壓全過程，所有過程氣體溫度視為不變。試求：
（1）抽壓1次后，容器的壓強是多少；
（2）抽壓次后，容器的壓強是多少；
（3）抽壓次后，容器的壓強是多少。
14．（14分）如圖甲所示，固定在水平面上的滑道由三部分組成，其中部分為“”形平臺，其上表面光滑，上方有一與其等長輕質(zhì)彈簧，彈簧左端固定，右端自然伸長；部分為質(zhì)量，長的長木板，其上表面粗糙、下表面光滑；部分為半徑的豎直光滑半圓軌道，其直徑豎直?，F(xiàn)用質(zhì)量的小物塊將彈簧壓縮至點，由靜止釋放后，小物塊沿滑道運動至點水平拋出后恰好落在的最右端。已知小物塊與上表面的動摩擦因數(shù)。求：
（1）小物塊運動至點時對豎直半圓軌道的壓力；
（2）彈簧壓縮至點時的彈性勢能；
（3）如圖乙所示，將豎直半圓軌道向右移動一段較長的距離后固定，并解除對長木板的固定。再次將小物塊壓縮彈簧至點由靜止釋放，改變小物塊與上表面的動摩擦因數(shù)使小物塊滑上且恰好未滑下，此后與碰撞，小物塊沖上豎直半圓軌道。求小物塊沖上豎直半圓軌道至落地過程中上升的最大高度。
15．（18分）如圖所示，在光滑水平地面上，固定一個傾角的斜面，斜面與小木塊（視為質(zhì)點）的動摩擦因數(shù)為。在斜面底端附近放有一個勻質(zhì)物塊，物塊的質(zhì)量、長度。在物塊內(nèi)部有如圖所示一條左右對稱的均勻細(xì)通道。通道的傾角?，F(xiàn)在斜面上高處有一個質(zhì)量的小木塊正以的速度沿斜面向上運動時，突然獲得一個沿斜面向下的瞬時沖量，小木塊在末恰好到達(dá)斜面底部，以后小木塊進(jìn)入物塊中的通道運動（，）。
（1）求瞬時沖量的大小。
（2）已知小木塊在整個運動過程中所經(jīng)過的路徑都平滑相連，小小塊在細(xì)通道運動時所受到的摩擦阻力大小為。通過計算判斷小木塊能否通過物塊，如果能，則求小木塊離開物塊時速度的大小。
（3）改變條件，假設(shè)某次小木塊離開物塊時，小木塊的速度為，物塊為，此時它們進(jìn)入一段特殊的路面，該路面是在光滑路面上鋪設(shè)了8段粗糙程度不同的路面，每段長度為，它們與物塊的動摩擦因數(shù)分別是，相鄰的兩段粗糙路面之間是每段長的光滑路面，整個路面依然水平，假設(shè)小木塊的運動不受該路面的影響仍然保持勻速，求：
①物塊停下時，其右端離該段特殊路面起始端多遠(yuǎn)？
②如果僅當(dāng)物塊在經(jīng)過這段特殊路面時，對其施加一個恒力，使物塊以后能夠再次與小木塊相遇，則這個恒力應(yīng)大于多少？
湖南師大附中2024屆高三月考試卷（三）
物理參考答案
一、單項選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的）
1．D 【解析】月地檢驗證明了萬有引力定律的正確性，A錯；牛頓第一定律是理想實驗定律，不能用實驗直接驗證，故B錯誤；相同時間內(nèi)，不同行星與太陽連線掃過的面積不等，故C錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律過程中，用到開普勒第三定律、力的作用是相互的且具有相同的性質(zhì)、牛頓第二定律等物理規(guī)律及結(jié)論，D正確。
2．A 【解析】鏈球做速率增大的曲線運動，因此合力沿切線方向的分量與速度方向相同，拉力應(yīng)與速度成銳角，并且鏈球運動半徑大于手的運動半徑。故選A。
3．D 【解析】若點位置確定，如果，則將毽子豎直拋出，不能將毽子踢進(jìn)圍墻內(nèi)，故A錯誤；根據(jù)斜拋運動飛行時間，毽子飛的高度越低，所需的時間越小，所以當(dāng)做的功最小時，過點相等高度的夾角為，對應(yīng)的飛行高度并不是最低高度，故B錯誤。當(dāng)點位于點下面時，，則將毽子豎直拋出，不能將毽子踢進(jìn)圍墻內(nèi)，故C錯誤；從點到點再到點位置做斜拋運動，設(shè)在點的速度為，此時速度方向與水平方向的夾角為間距離為，從點到點水平方向做勻速直線運動，豎直方向為豎直上拋，解得，根據(jù)數(shù)學(xué)知識，當(dāng)，即時，點的速度最小，則拋出的動能最小，路人將毽子踢過圍墻內(nèi)做的功最小，根據(jù)斜拋運動可知，點速度的夾角一定大于點速度的夾角，即，故選D。
4．B 【解析】小球所受電場力大小與重力大小之比為，可知小球所受重力與電場力的合力的方向恰好與平行，且由指向。延長，作交于，以為直徑畫一個圓（圖中虛線），與該圓交于。設(shè)，則小球沿桿運動的加速度為，位移為，由得，與無關(guān)，由等時圓模型知，而，，故，故選B．
5．C 【解析】左右為同一根繩子，拉力相等，設(shè)繩子與豎直方向夾角為，并作出輔助線，如圖所示，由幾何關(guān)系可知
整理得①
對物體進(jìn)行受力分析
因此②
當(dāng)轉(zhuǎn)到水平位置時，，代入②式可得，故A錯誤；
由于均為銳角，由①可得，越小，越大，當(dāng)轉(zhuǎn)到水平位置時，，此時取得最大值，因此張角先增大，后減小，故B錯誤；由幾何關(guān)系可得，滑輪到點的高度差等于，可得重物的高度先升高后降低，故C正確；由②可得越小，繩子拉力越大，因此當(dāng)時，繩子拉力最大，因此圓環(huán)從圖示位置順時針緩慢轉(zhuǎn)過的過程中，輕繩的張力先增大后減小，故D錯誤。故選C。
6．D 【解析】將由彈簧原長處靜止釋放，設(shè)的位移為，對整體，由牛頓第二定律可知先沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運動，當(dāng)增大到某值時減小到零，然后向上做加速度反向增大的減速運動，運動到最高點時速度減小到零；然后沿斜面向下先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，運動到釋放位置時速度剛好減小到零。由于加速度與成線性關(guān)系，故在斜面上做以某點（速度最大加速度為零位置）為中心的簡諧運動。圖像切線的斜率表示瞬時速度，由上述分析知不可能先做減速后做加速運動，A錯誤；由上述分析可知，做簡諧運動，其圖像應(yīng)是正弦函數(shù)圖像，B錯誤；剛釋放時，彈簧彈力等于零，此時的加速度，A運動到最高點時，根據(jù)簡諧運動的對稱性，加速度與等大反向，則，解得，C錯誤；對物體，由牛頓第二定律得，，將與及對應(yīng)的彈簧彈力分別代入可知，上滑過程中，隨均勻增加，最小值是，最大值是，D正確。故選D。
二、多項選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）
7．BD 【解析】所有衛(wèi)星的軌道平面均要過地心，故A錯誤；甲在近地點的速率大于近地衛(wèi)星的速率，根據(jù)可知，近地衛(wèi)星的速率大于乙衛(wèi)星的速率，故甲衛(wèi)星近地點的速率大于乙衛(wèi)星運動的速率，故B正確；根據(jù)題意可知，甲衛(wèi)星的半長軸為，乙衛(wèi)星的軌道半徑為，再由開普勒第三定律可知，兩者周期相同，故C錯誤；甲衛(wèi)星的最大加速度為，乙衛(wèi)星的加速度，故，故D正確。故選BD。
8．BC 【解析】設(shè)衛(wèi)星在塵埃區(qū)飛行時間為，飛船掃過的塵埃數(shù)量為，對衛(wèi)星和塵埃整體分析，根據(jù)動量定理可得，解得衛(wèi)星推進(jìn)器需要提供推力可知，為了保持衛(wèi)星原有的飛行速度，衛(wèi)星推進(jìn)器需要提供的推力不變。推進(jìn)功率為，結(jié)合上述解得。
9．BC 【解析】若水平軌道光滑，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)水平方向合外力為零，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，機(jī)械能守恒，A錯誤；設(shè)小球擺到最低點時速度大小為，滑塊速度大小為，根據(jù)水平方向系統(tǒng)動量守恒，有，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有，剪斷輕繩后，滑塊做勻速運動，小球做平拋運動，經(jīng)時間落地，有，小球落地時與滑塊間的水平距離，聯(lián)立解得，B正確；設(shè)輕繩長度為，輕繩與水平方向夾角為時，繩中張力為，小球速度為，對小球，根據(jù)動能定理，有，根據(jù)牛頓第二定律，有。小球的功率，重力功率最大時，小球速度的豎直分量最大，即小球加速度的豎直分量，則，聯(lián)立解得，C正確；對滑塊，根據(jù)力的平衡，水平方向，豎直方向，滑塊始終保持靜止，聯(lián)立解得，則，解得，D錯誤。故選BC。
10．ACD 【解析】物體下落到恰與底板上表面接觸的過程中，定滑輪1和2間的繩子變短，則在水平方向一起往右移動，則和接觸面有彈力，且對的彈力向右，對做正功，A正確；由于下落的過程中定滑輪1和2間的繩子變短，則帶動著向右運動，兩者水平方向速度相同，水平方向上有的運動由水平方向和豎直的兩個分運動組成，且下落多少距離就同時帶動向右運動下落距離的一半，則豎直方向速度，聯(lián)立可得，B錯誤；由選項B的分析對在水平和豎直方向分別列牛頓第二定律有，由于下落多少距離就同時帶動向右運動下落距離的一半，則，，聯(lián)立得：；，在豎直方向運動了，則，解得，C正確；在豎直方向運動了，則下落到剛與接觸時，在方向的速度為，解得，則，則物體下落到剛與接觸時，的速度為，正確。故選ACD。
三、實驗題（共2題，每題6分，共12分）
11．（6分，每空2分）（1）不必 （2） （3）0.40
【解析】（1）木塊與木板間的滑動摩擦力與兩者之間的相對速度無關(guān)，則實驗拉動木板時不必保持勻速；
（2）對木塊、砝碼以及重物分析可知，解得
（3）根據(jù)，結(jié)合圖像可知，則
12．（6分，每空2分）（1） （2）偏大 （3）
【解析】（1）由題意可知，此方法是電橋法測電阻，當(dāng)電流表示數(shù)為零時，與串聯(lián)，與并聯(lián)；同時與并聯(lián)，所以有，化簡可得。最后，得被測電阻的阻值為，整理得，故已知乙圖中圖像與縱軸的截距為，由此可求得
（2）若要使靈敏電流計示數(shù)為零，則需增大角（或減小電阻箱阻值），由知，此時測出的值大于真實值；
（3）同理，由（1）可知，解得
13．（12分）【解析】（1）對于，則抽壓第一次時有
得
（2）當(dāng)抽壓第二次時，有
得
同理有
得
（3）對于，則可將視為整體有
次后有
代入上式得
（14分）【解析】（1）根據(jù)題意可知，小物塊從點飛出做平拋運動，設(shè)小物塊在點的速度為，水平方向上有
豎直方向上有
小物塊在點，由牛頓第二定律有
聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得
由牛頓第三定律可得，小物塊運動至點時對豎直半圓軌道的壓力為
（2）根據(jù)題意，設(shè)彈簧壓縮至點時的彈性勢能為，小物塊由點到點的過程中，由能量守恒定律有
解得
（3）設(shè)小物塊滑上的速度為，有
之后小物塊與共速
根據(jù)題意，設(shè)小物塊脫離軌道時速度大小為，方向與豎直方向夾角為，在脫離位置，由牛頓第二定律有
小物塊沖上到脫離軌道位置，由動能定理有
脫離軌道時，
脫離軌道后，小物塊做斜拋運動，則上升的最大高度為
則小物塊沖上豎直半圓軌道至落地過程中上升的最大高度
聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得
15．（18分）【解析】（1）小木塊向下運動的時候，由牛頓第二定律有
可得
所以勻速運動，依題意有
得
（2）易知，每段通道長，高，假設(shè)走完左邊通道二者恰好共速，速度大小為，則小木塊應(yīng)該上升高度設(shè)為，由動量守恒和能量守恒有
得
因為，所以能夠通過物塊。設(shè)通過后，小木塊和物塊速度分別為和，則有
解得
（3）令
①物塊在經(jīng)過每段粗踈路面時，第一個摩擦力隨位移均勻增大，第二個摩擦力不變且最大，第三個摩擦力隨位移均勻減小。最大摩擦力
每經(jīng)過一個粗糙路面克服摩擦力做功
由于
所以會停在之間，設(shè)物塊位移為，由動能定理有
得
②物塊走完這段特殊路面，發(fā)生的位移
以后要追上小木塊，則物塊的末速度
由動能定理有題號
1
2
3
4
5
6
答案
D
A
D
B
C
D
題號
7
8
9
10
答案
BD
BC
BC
ACD

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2024湖南師大附中高三上學(xué)期月考卷（一）物理PDF版含解析：

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