英才大聯(lián)考長郡中學(xué)2024屆高三月考試卷（二）物理參考答案題號12345678910答案CDCBBDADBDBDBD一、選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題只有一項(xiàng)符合題目要求）1．C【解析】雞蛋下落高度，在雞蛋與地面撞擊時(shí)間內(nèi)，由動(dòng)量定理,雞蛋自由下落過程，由動(dòng)能定理，F方向豎直向上，由牛頓第三定律知，雞蛋對地面的平均沖擊力，方向豎直向下。2．D【解析】在A點(diǎn)，游客具有豎直向下的向心加速度，此瞬間處于失重狀態(tài)，對軌道的壓力小于其重力，A錯(cuò)誤；游客在B點(diǎn)剛離開軌道，則游客對圓軌道的壓力為零，游客的向心加速度小于g，B錯(cuò)誤；從B到C過程，游客只受重力作用，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；游客在A，點(diǎn)時(shí)合力沿豎直方向，在B點(diǎn)時(shí)合力也沿豎直方向，但在中間過程某點(diǎn)支持力卻有水平向右的分力，所以游客水平方向的加速度必定先增加后減小，D正確。3．C【解析】對B、C整體受力分析，受重力、支持力，B、C沿斜面勻加速下滑，則A、B間摩擦力不為零，BC在水平方向有向左的加速度，則B受A對它的向左的摩擦力，故A錯(cuò)誤；選A、B、C整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可知A加速度大小為，故B錯(cuò)誤；取C為研究對象，當(dāng)斜劈B的傾角也為時(shí)，C只受重力和斜劈的支持力，加速度才為，故C正確；斜面對A的作用力垂直斜面向上，則A對斜面的作用力垂直斜面向下，這個(gè)力可分解為水平和豎直的兩個(gè)分力，故斜面具有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢，斜面受到地面的摩擦力水平向左，故D錯(cuò)誤。4．B【解析】不計(jì)空氣阻力，足球在空中做斜上拋運(yùn)動(dòng)，足球在時(shí)刻速度最小，到達(dá)最高點(diǎn)，此時(shí)足球只有水平速度，所以足球的水平分速度等于。足球水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則罰球點(diǎn)到球門的距離為。與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。5．B【解析】由題意可知，到達(dá)B點(diǎn)的粒子動(dòng)能與到達(dá)C點(diǎn)的粒子動(dòng)能相等，可知B、C兩點(diǎn)的電勢相等，BC的連線為勻強(qiáng)電場的等勢線，等勢線與電場線互相垂直，如圖所示，電荷量為的粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)，動(dòng)能增加，可知電場力做正功，則有粒子沿電場線運(yùn)動(dòng)，因此可確定AB方向是該電場的方向，A錯(cuò)誤；由電場力做功與電勢差的關(guān)系公式，可得，由幾何知識可知，，則有，由勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系公式，可得勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為，D錯(cuò)誤；由解析題圖可知，圓周上的D點(diǎn)電勢最低，則粒子運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的動(dòng)能最大，則有，由幾何關(guān)系可得，聯(lián)立解得，從A到D由動(dòng)能定理可得，代入數(shù)據(jù)解得，B正確；BC是等勢線，由勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系公式，可得，C錯(cuò)誤。6．D【解析】若環(huán)狀物質(zhì)是天王星的組成部分，則環(huán)狀物質(zhì)與天王星同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相同是定值，由線速度公式可得，題中圖線特點(diǎn)是，說明環(huán)狀物質(zhì)不是天王星的組成部分，A、B錯(cuò)誤；若環(huán)狀物質(zhì)是天王星的衛(wèi)星群，由天王星對環(huán)狀物質(zhì)的引力提供環(huán)狀物質(zhì)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有，可得，則有，由圖像特點(diǎn)可知，環(huán)狀物質(zhì)是天王星的衛(wèi)星群，可得圖像的斜率等于GM，不等于天王星的質(zhì)量，C錯(cuò)誤；由的關(guān)系圖像可知的最大值是，則天王星的衛(wèi)星群轉(zhuǎn)動(dòng)的最小半徑為，即天王星的半徑是，衛(wèi)星群在天王星的表面運(yùn)行的線速度為，天王星表面的重力加速度即衛(wèi)星群的向心加速度為，D正確。二、選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對得5分，選對但不全得3分，有選錯(cuò)或不選得0分）7．AD【解析】由圖可知，根據(jù)，可得，左側(cè)電場強(qiáng)度為，右側(cè)電場強(qiáng)度為，聯(lián)立，可得，故A正確；粒子運(yùn)動(dòng)到原點(diǎn)速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理，有，代入數(shù)據(jù)，得，設(shè)粒子在原點(diǎn)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為，在原點(diǎn)的速度為，同理可知，周期為，聯(lián)立代入數(shù)據(jù)有，故C錯(cuò)誤；D正確；根據(jù)動(dòng)量定理，有，，即粒子沿x軸正方向從運(yùn)動(dòng)到0和從0運(yùn)動(dòng)到運(yùn)動(dòng)過程中所受電場力的沖量大小相同，方向相反。故B錯(cuò)誤。8．BD【解析】題圖縱軸表示合外力，因此時(shí)間內(nèi)，物體加速度為，故A錯(cuò)誤；時(shí)間內(nèi)牽引力做功為，時(shí)間內(nèi)牽引力做功為，聯(lián)立可得和時(shí)間內(nèi)牽引力做的功之比為。故B、D正確；由題圖可知。時(shí)刻合外力仍大于零，合外力仍向上，物體繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。9．BD【解析】開始，未用力F拉動(dòng)時(shí)，A、B靜止，設(shè)彈簧壓縮量為，由胡克定律和平衡有，得，由題意當(dāng)物塊B剛要離開地面時(shí)，彈簧彈力等于B的重力，則有，解得，物塊A的總位移，彈簧原來的壓縮量為，后來彈簧的伸長量為，形變量相同，所以初末彈簧勢能相等，變化量為0，故A錯(cuò)誤，B正確；物塊B剛要離開地面時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有，解得，故C錯(cuò)誤；對A，根據(jù)動(dòng)能定理得，解得，故D正確。10．BD【解析】給木板施加水平向右的的拉力，對滑塊，由牛頓第二定律可得，解得，A錯(cuò)誤；給木板施加水平向右的的拉力，對木板由牛頓第二定律可得，，解得，將拉力改為作用于滑塊上，對滑塊，由牛頓第二定律可得，，解得，將拉力改為作用于滑塊上，對木板，由牛頓第二定律可得，解得，即時(shí)，滑塊與木板具有相同的速度，B正確；給木板施加水平向右的的拉力過程中，木板的位移為，將拉力改為作用于滑塊上，木板的位移為，給木板施加水平向右的的拉力過程中，滑塊的位移為，將拉力改為作用于滑塊上，滑塊的位移為，木板的長度為，聯(lián)立解得，C錯(cuò)誤；滑塊與木板共速后，一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對整體有，，木板的總位移為，聯(lián)立解得，D正確；故選BD。三、填空題（本題共2小題，共16分）11．（8分，每空2分）（1）=    （2）8.474   （3）滑塊質(zhì)量M    （4）【解析】（1）實(shí)驗(yàn)前，接通氣源，將滑塊（不掛鉤碼）置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，說明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平。（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為，可動(dòng)刻度讀數(shù)為，則最終讀數(shù)為。（3）系統(tǒng)重力勢能的減小量為，系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為。可知滿足關(guān)系式，則滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。所以還需要測量滑塊的質(zhì)量M；（4）由（3）可得：滿足關(guān)系式，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。12．（8分，每空2分）（1）大于   （2）  （3）   100【解析】（1）為了保證小球1與小球2碰撞后不被反彈，小球1的質(zhì)量應(yīng)大于小球2的質(zhì)量。（2）因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP是小球1不與小球2碰撞平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表小球1碰撞前的速度，OM是小球1碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表碰撞后小球1的速度，ON是碰撞后小球2的水平位移，該位移可以代表碰撞后小球2的速度，當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式，說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律。（3）碰撞前，落在圖中的點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，小球和發(fā)生碰撞后，的落點(diǎn)在圖中點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，的落，點(diǎn)是圖中的點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，設(shè)斜面與水平面的傾角為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得，解得，同理可得，，由動(dòng)量守恒定律得，由能量守恒定律得，聯(lián)立解得。四、計(jì)算題（本題共3小題，其中第13題10分，第14題14分，第15題16分，共40分。寫出必要的推理過程，僅有結(jié)果不得分）13．（10分）【解析】（1）小車向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，有                  2分得                      1分（2）加速度                                    1分上滑過程                          1分得                                     1分（3）下滑過程                    1分由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式                            1分重力的平均功率                         2分14．（14分）【解析】（1）A到B，由動(dòng)能定理可得：                        1分在B點(diǎn)，由牛頓第二定律                       1分解得                                      1分（2）如圖所示，繩與豎直方向夾角最大時(shí)，球與小車速度v大小相等且沿水平方向；設(shè)此時(shí)小球離開B點(diǎn)后上升的高度為；水平方向，對小球與小車，由動(dòng)量守恒定律：               2分由能量關(guān)系：                          2分由幾何關(guān)系：                                    1分解得：                                        1分（3）小車速度最大時(shí)，小球一定在O點(diǎn)正下方，繩斷，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)小車速度為，小球的速度為，水平方向，對小車和小球，由動(dòng)量守恒定律：                1分由能量關(guān)系：                      1分 由平拋運(yùn)動(dòng)可知：                         1分則滑軌高度                              1分代入數(shù)據(jù)可得：                              1分15．（16分）【解析】（1）設(shè)碰撞后b的速度為，經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)速度為v，根據(jù)牛頓第二定律 1分b從C到D過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得                     1分設(shè)碰后瞬間軌道對b的支持力F，則                      1分整理得                       1分根據(jù)牛頓第三定律可知，碰后瞬間b對軌道的壓力大小為             1分（2）設(shè)a到達(dá)最低，點(diǎn)C與b碰撞前的速度為，小球a、b碰撞前后，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律                              1分                       1分聯(lián)立解得                             1分a從A到C過程中，根據(jù)動(dòng)能定理                   1分解得                                 1分（3）設(shè)b離開D后經(jīng)過時(shí)間t再次落到AB，沿水平方向通過的距離為x，沿豎直方向下降的高度為y。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知                            1分                                      1分由幾何關(guān)系知                                1分解得                                       1分根據(jù)機(jī)械能守恒定律                     1分整理得                                1分  

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