2024張掖某重點(diǎn)校高三上學(xué)期開(kāi)學(xué)檢測(cè)物理試題含解析-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

物理注意事項(xiàng)：1. 答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2. 回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本卷上無(wú)效。3. 考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. 下列關(guān)于物理學(xué)中常見(jiàn)的思想方法以及物理學(xué)史的相關(guān)內(nèi)容，說(shuō)法正確的是（）A. 湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子，并測(cè)定了電子的電荷量大小B. 貝克勒爾發(fā)現(xiàn)鈾的天然放射現(xiàn)象，說(shuō)明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)C. 庫(kù)侖利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置研究電荷間相互作用力的大小跟電荷量和電荷間距離的關(guān)系時(shí)，采用了理想實(shí)驗(yàn)法D. 運(yùn)動(dòng)的合成與分解是研究曲線運(yùn)動(dòng)的一般方法，該方法不適用于研究勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子，測(cè)出荷質(zhì)比；密立根測(cè)得電荷量。故A錯(cuò)誤；B．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)鈾的天然放射現(xiàn)象，并觀察到射線中存在帶正電的粒子。故B正確；C．庫(kù)侖的扭秤實(shí)驗(yàn)采用的是控制變量法。故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)的合成與分解同樣適用勻速圓周運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤。故選B。2. 如圖所示，在水平晾衣桿（可視為光滑桿）上晾曬床單時(shí)，為了盡快使床單晾干，可在床單間支撐輕質(zhì)細(xì)桿，隨著細(xì)桿豎直方向位置的不同，細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角將改變，則下列說(shuō)法正確的是（） A. 增大角，晾衣桿受到床單的壓力大小不會(huì)變化B. 增大角，與晾衣桿接觸的小部分床單受到的拉力大小不會(huì)變化C. 只要取值合適，細(xì)桿可以不受到床單的摩擦力作用D. 細(xì)桿兩端受到床單作用力不一定沿細(xì)桿方向【答案】A【解析】【詳解】A．對(duì)床單和輕質(zhì)細(xì)桿進(jìn)行受力分析可知，整體受重力和晾衣桿給的支持力，根據(jù)牛頓第三定律可知，晾衣桿給床單的支持力大小等于晾衣桿所受的壓力大小，根據(jù)平衡條件可知，晾衣桿受到床單的壓力大小與整體重力相等，與細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角無(wú)關(guān)，故A正確；B．對(duì)小部分床單受力分析，有
則增大角，與晾衣桿接觸的小部分床單受到的拉力大小會(huì)變大，故B錯(cuò)誤；C．細(xì)桿受到床單給的彈力有豎直向下的分力，故一定存在靜摩擦力，不然輕細(xì)桿不會(huì)平衡，故C錯(cuò)誤；D．如果細(xì)桿兩端受到床單的作用力不沿細(xì)桿方向，輕細(xì)桿又不受重力，則輕細(xì)桿將不會(huì)平衡，故D錯(cuò)誤。
故選A。3. 從空中同一點(diǎn)沿水平方向同時(shí)拋出兩個(gè)小球，它們初速度大小分別為和，初速度方向相反。當(dāng)兩小球速度之間的夾角為時(shí)，經(jīng)過(guò)的時(shí)間為（）A B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)兩小球速度夾角為時(shí)，二者速度的偏角互余，設(shè)初速度大小為的小球速度偏角為，則解得故選A。4. 三個(gè)完全相同的彼此絕緣的剛性金屬圓線圈相切固定在同一平面內(nèi)，公切線分別交于a、b、c三點(diǎn)，在線圈中通有大小相等、方向如圖所示的電流I。測(cè)得a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為、，則c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度（）A. 大小為，方向垂直紙面向里 B. 大小為，方向垂直紙面向外C. 大小為，方向垂直紙面向里 D. 大小為，方向垂直紙面向外【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)安培定則，比較b和c點(diǎn)最上面的線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與最下面的兩個(gè)線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相反；由對(duì)稱性結(jié)合磁場(chǎng)的疊加原理可知，c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與b點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，都等于最鄰近的線圈在該點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小（離該點(diǎn)較遠(yuǎn)的兩線圈在該點(diǎn)的磁場(chǎng)疊加后為零），大小為，對(duì)c點(diǎn)來(lái)說(shuō)，最鄰近的線圈在c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里。故選A。5. 已知，燈泡A、B額定電壓均為，額定功率分別為，，兩燈泡內(nèi)阻阻值不隨溫度變化。則兩燈泡直接串聯(lián)如圖甲所示，燈泡不被燒壞且兩端電壓最大；為讓燈泡A、B和電阻連接后接在220V電壓上，且燈泡均正常發(fā)光，分別設(shè)計(jì)如圖乙、丙、丁所示三種電路圖，下列說(shuō)法正確的是（） A. 圖甲中B更亮，兩端電壓為154VB. 圖乙中電阻上消耗的功率為45WC. 圖丙中與A串聯(lián)的電阻消耗的功率比與B串聯(lián)的電阻消耗的功率小D. 圖丁中電路消耗的總功率與圖丙中電路消耗的總功率一樣大【答案】AD【解析】【詳解】A．燈泡的電阻分別為所以在電流相同時(shí)，B更亮，在串聯(lián)加最大電壓時(shí)，B正常發(fā)光，電路中電流為，此時(shí)A分到的電壓為44V，B分到的電壓為110V，于是串聯(lián)能加的最大電壓為154V，A正確；B．題圖乙中電阻的作用為分流，其功率為B錯(cuò)誤；C．題圖丙中，對(duì)A所在支路，燈泡A與電阻兩端電壓相等，所以二者功率相等，均為100W，同理，燈泡B與電阻兩端電壓相等，所以二者功率相等，均為40W，C錯(cuò)誤；D．題圖丁中電路的總功率可以直接利用等效思想，得出電路的總功率為280W，D正確。故選AD。6. 如圖所示為三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)的示意圖，其中b、c是地球同步衛(wèi)星，a在半徑為r的軌道上，此時(shí)a、b恰好相距最近，已知地球質(zhì)量為M，地球自轉(zhuǎn)的角速度為，引力常量為G，則（　?。?/span> A. 衛(wèi)星a、c與地心的連線單位時(shí)間掃過(guò)的面積相等B. 衛(wèi)星c加速一段時(shí)間后就可能追上衛(wèi)星bC. 到衛(wèi)星a和b下一次相距最近，還需經(jīng)過(guò)時(shí)間D. 若已知近地衛(wèi)星的周期為T，則可計(jì)算得出地球的平均密度【答案】CD【解析】【詳解】A．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律，同一軌道上的行星在相同時(shí)間內(nèi)，與中心天體的連線掃過(guò)的面積相等，而衛(wèi)星、在不同軌道，根據(jù)扇形面積的計(jì)算公式有因，則衛(wèi)星a與地心的連線單位時(shí)間掃過(guò)的面積小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力有可得可知在同一圓形軌道繞中心天體做圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度大小相同，即衛(wèi)星b、c線速度大小相同，在同一軌道上將穩(wěn)定運(yùn)行，若衛(wèi)星c加速，則衛(wèi)星c將向高軌道變軌，不可能追上b，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力有可得衛(wèi)星a的角速度為而，設(shè)衛(wèi)星和下一次相距最近的時(shí)間為，則應(yīng)滿足解得故C正確；D．根據(jù)可知，若要得到地球的平均密度，則必須知道地球的半徑，而近地衛(wèi)星的軌道半徑近似等于地球的半徑，由萬(wàn)有引力充當(dāng)有聯(lián)立可得故D正確。故選CD。7. 空間中存在直角三角形有界磁場(chǎng)，直角邊ac長(zhǎng)度為L，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。c點(diǎn)有一個(gè)可沿紙面內(nèi)各個(gè)方向射出速度大小為、質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子的發(fā)射源，從c點(diǎn)沿cb方向射入磁場(chǎng)的粒子，運(yùn)動(dòng)軌跡恰好垂直于邊界ab射出磁場(chǎng)。粒子重力不計(jì)，則關(guān)于粒子的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（） A. 粒子速度的大小滿足B. 從a點(diǎn)射出磁場(chǎng)的粒子在c點(diǎn)的速度方向與bc夾角為C. 若三角形為等腰三角形，則與bc夾角為的入射粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為D. 若c點(diǎn)到ab邊界的距離為，則所有從邊界ab射出的粒子中在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為【答案】BC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，從c點(diǎn)沿cb方向射入磁場(chǎng)的粒子，運(yùn)動(dòng)軌跡恰好垂直于邊界ab射出磁場(chǎng)，如圖甲所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，a點(diǎn)為粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心，則粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．粒子從a點(diǎn)射出磁場(chǎng)，根據(jù)題意，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，即粒子在c點(diǎn)的速度方向與bc夾角為，故B正確；C．根據(jù)題意，與bc夾角為入射的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖丙所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)圓心角為，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故C正確；D．根據(jù)題意可知，所有從ab邊界出射的粒子中在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)最短的情況為弦與ab垂直，此時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，最短時(shí)間的運(yùn)動(dòng)軌跡為弧線cd，如圖丁所示根據(jù)幾何關(guān)系可得可得題意結(jié)合余弦定理有可知結(jié)合C選項(xiàng)分析可知，從ab邊界出射的粒子中在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間故D錯(cuò)誤。故選BC。8. 如圖所示，AB為一足夠長(zhǎng)的光滑水平橫桿，橫桿上固定一個(gè)阻擋釘C。桿上套一質(zhì)量不計(jì)的輕環(huán)，環(huán)上系一長(zhǎng)為L且足夠牢固、不可伸長(zhǎng)的輕細(xì)繩，繩的另一端拴一質(zhì)量為m的小球，現(xiàn)將輕環(huán)拉至C左邊0.2L處并將繩拉直，讓繩與AB平行，然后由靜止同時(shí)釋放輕環(huán)和小球。重力加速度為g，則關(guān)于之后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列描述正確的是（） A. 小球先做自由落體運(yùn)動(dòng)，再做圓周運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B. 小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度大小為C. 小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間對(duì)繩子的拉力大小等于D. 阻擋釘C對(duì)輕環(huán)沖量等于全過(guò)程小球動(dòng)量的增加量【答案】AC【解析】【詳解】A．輕環(huán)運(yùn)動(dòng)到阻擋釘C之前的過(guò)程中，細(xì)繩中沒(méi)有張力，故該過(guò)程小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，輕環(huán)與阻擋釘C碰撞后到球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，輕環(huán)被限制不動(dòng)，故該過(guò)程小球繞輕環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)至阻擋釘C正下方時(shí)，小球速度的方向變?yōu)樗?，之后繼續(xù)往左運(yùn)動(dòng)，輕繩將一直保持豎直，即小球做勻速運(yùn)動(dòng)，A正確；B．小球自由落體運(yùn)動(dòng)結(jié)束時(shí)，繩子繃直瞬間小球沿繩方向的速度瞬間變?yōu)榱?，有機(jī)械能損失，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，設(shè)輕環(huán)與阻擋釘C碰撞時(shí)，繩子與水平方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得設(shè)輕繩繃緊前的瞬間小球的速度為v，對(duì)小球，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到輕繩繃緊前瞬間，根據(jù)動(dòng)能定理有解得輕繩繃緊后瞬間，小球垂直繩子的速度沿繩方向的速度變?yōu)榱?，從此時(shí)到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，對(duì)小球根據(jù)動(dòng)能定理有解得B錯(cuò)誤；C．小球在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)前瞬間，根據(jù)牛頓第二定律得解得C正確；D．輕環(huán)與阻擋釘C相互作用的過(guò)程中，阻擋釘C對(duì)輕環(huán)的作用力大小與輕繩對(duì)輕環(huán)的拉力的水平分量大小相等，對(duì)應(yīng)的沖量大小也應(yīng)相等，再對(duì)小球運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程分析，由水平方向的動(dòng)量定理可知輕繩對(duì)小球水平方向拉力的沖量等于小球水平方向動(dòng)量的變化量，但由于重力作用，小球豎直方向動(dòng)量也增加，D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：共62分。第22～25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33～34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9. 某學(xué)校物理探究社團(tuán)計(jì)劃測(cè)量重力加速度，王霞同學(xué)提出自己的設(shè)計(jì)方案，將用到一個(gè)四邊都為d的等寬“回”字形遮光鐵片、光電門(mén)和游標(biāo)卡尺等器材。（1）如圖乙，用游標(biāo)卡尺測(cè)得“回”字形鐵片遮光寬度，該讀數(shù)是游標(biāo)卡尺中第6格刻度線與主尺第______mm刻度線對(duì)齊得到的。（2）測(cè)出鐵片上下兩邊中線間距離。（3）用絲線將鐵片懸掛于光電門(mén)正上方，讓鐵片平面與光電門(mén)激光發(fā)射接收方向垂直，燒斷懸線，鐵片自由下落。（4）讀出鐵片通過(guò)光電門(mén)時(shí)第一次擋光時(shí)間和第二次擋光時(shí)間。（5）由此可測(cè)得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/span>______（用字母L、d、、表示）。【答案】 ①. 9 ②. 【解析】【詳解】（1）[1]因?yàn)橛螛?biāo)卡尺分度值為0.05mm，游標(biāo)卡尺上每個(gè)小格實(shí)際長(zhǎng)度為0.95mm，所以可得游標(biāo)卡尺中第6格刻度線與主尺對(duì)齊刻度線為（5）[2]研究鐵片上下兩邊依次通過(guò)光電門(mén)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)公式有解得10. 如圖1所示為一個(gè)多用電表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖。電流表滿偏電流1mA、內(nèi)阻10Ω；電池電動(dòng)勢(shì)1.5 V、內(nèi)阻1Ω；（1）圖1中表筆a為___________色（選填“紅”或“黑”）。調(diào)零電阻R0可能是下面兩個(gè)滑動(dòng)變阻器中的___________（填選項(xiàng)序號(hào)）。A．電阻范圍0~200Ω B．電阻范圍0~2 000Ω（2）在進(jìn)行歐姆調(diào)零后，正確使用該多用電表測(cè)量某電阻的阻值，電表讀數(shù)如圖2所示，被測(cè)電阻的阻值為___________Ω（3）如圖3所示，某同學(xué)利用定值電阻R1給歐姆表增加一擋位“×10”，則定值電阻R1 =___________Ω。（結(jié)果保留1位小數(shù)）（4）若該歐姆表?yè)Q了一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1.5V、內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測(cè)量某電阻的阻值，其測(cè)量結(jié)果___________。（選填“偏大”“偏小”或“準(zhǔn)確”）。【答案】 ①. 紅 ②. B ③. 1600 ④. 1.1 ⑤. 準(zhǔn)確【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)歐姆表的要求，黑表筆接內(nèi)部電源的正極，可以判斷a為紅表筆；[2]當(dāng)電表滿偏時(shí)，電表總內(nèi)阻為所以電阻應(yīng)選擇B；（2）[3]可以先求歐姆表的中值電阻，當(dāng)表針指在表盤(pán)的正中央時(shí)對(duì)應(yīng)的電流為滿偏電流的一半，對(duì)應(yīng)的電阻為中值電阻即表盤(pán)刻度為15時(shí)代表1500Ω，倍率為×100，所以被測(cè)電阻的阻值為1600Ω。（3）[4]倍率為×10時(shí)，中值電阻為150Ω，即內(nèi)阻為150Ω，由此可知，滿偏電流變?yōu)樵瓉?lái)的10倍，即0.01A（4）[5]設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E，干路電流為Ig，調(diào)零后電表內(nèi)阻為R0，電表指針指到表盤(pán)某處時(shí)，電表的電流為I，對(duì)應(yīng)的待測(cè)電阻為Rx，根據(jù)閉合電路歐姆定律整理得由于滿偏電流相同，電動(dòng)勢(shì)相同，指針指相同的位置時(shí)電流相同，所以Rx相同，即讀數(shù)準(zhǔn)確。11. 如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量為、帶有半徑為的光滑圓弧的小車(chē)A，圓弧的下端出口切線水平，緊靠著小車(chē)A的左側(cè)有質(zhì)量為的木板B。一質(zhì)量為、可以視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊C，從圓弧最高點(diǎn)無(wú)初速度釋放，圓弧下端出口到B上表面的高度差為。若滑塊C落到木板B上不反彈只相對(duì)滑動(dòng)，且最終二者共速，已知C與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度為。求：（1）當(dāng)滑塊C碰到木板B時(shí)，小車(chē)A和木板B之間的距離是多少；（2）木板B和滑塊C之間產(chǎn)生了多少熱量。【答案】（1）；（2）0.225J【解析】【詳解】（1）滑塊在小車(chē)上下滑過(guò)程，由于滑塊和小車(chē)在水平方向不受外力作用，所以滑塊和小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，有運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由于水平面和圓弧光滑，故小車(chē)和滑塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有聯(lián)立解得滑塊到小車(chē)最低點(diǎn)時(shí)，小車(chē)及滑塊的速度大小分別為由，且運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，變形可得其中、是A、C的水平位移，由幾何關(guān)系可知解得A向右后退的距離由，解得滑塊從小車(chē)落到木板上的過(guò)程做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間這段時(shí)間，小車(chē)以速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移為當(dāng)滑塊C碰到木板B時(shí)，小車(chē)A和木板B之間的距離是（2）由題可知，滑塊落到木板上后豎直方向的速度為零，那么滑塊落到木板上后的速度為滑塊的加速度大小為方向與速度方向相反，木板的加速度大小為滑塊剛落到木板上時(shí)在木板上向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，木板做向左的加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)滑塊和木板速度相同時(shí)有解得滑塊和木板共速時(shí)的速度為共速時(shí)滑塊的位移為共速時(shí)木板的位移為滑塊相對(duì)木板發(fā)生的位移為木板B和滑塊C之間產(chǎn)生的熱量12. 電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌EFG與PMN如圖所示放置，EF與PM段水平且粗糙，FG與MN段傾斜且光滑，F、M連接處接觸良好，FG與MN與水平面成θ=37°角，空間中存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=5T，方向豎直向上，導(dǎo)軌間距均為L=1m，金屬棒ab、cd與軌道垂直放置，兩金屬棒質(zhì)量相等，均為m=0.1kg，電阻均為R=2?，ab、cd間用輕質(zhì)絕緣細(xì)線相連，中間跨過(guò)一個(gè)理想定滑輪，兩金屬棒始終垂直于導(dǎo)軌，cd棒與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.4，兩金屬棒始終不會(huì)與滑輪相碰，金屬導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，g=10m/s2，sin37°=0.6，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放。（1）求釋放瞬間兩棒的加速度大??；（2）判斷釋放后ab棒上感應(yīng)電流的方向，并求出兩金屬棒的最大速度；（3）假設(shè)金屬棒ab沿傾斜導(dǎo)軌下滑s=4m時(shí)達(dá)到最大速度，試求由靜止釋放至達(dá)到最大速度所用的時(shí)間及該過(guò)程中ab棒產(chǎn)生的焦耳熱。【答案】（1）；（2）從a到b，；（3），【解析】【詳解】（1）釋放時(shí)對(duì)金屬棒ab、cd由牛頓第二定律分別可得聯(lián)立解得（2）由右手定則可知，金屬棒ab中的電流方向從a到b，經(jīng)分析，當(dāng)兩金屬棒加速度為0時(shí)速度最大，設(shè)最大速度為，對(duì)ab棒有對(duì)cd棒有又安培力大小為此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為由閉合電路歐姆定律可得聯(lián)立解得（3）設(shè)金屬棒由靜止釋放至最大速度所需時(shí)間為t，則對(duì)ab棒有對(duì)cd棒有而聯(lián)立解得設(shè)系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為Q，由能量守恒定律可得故金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為聯(lián)立解得（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3－3]（15分）13. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 在顯微鏡下可以觀察到煤油中小?；覊m的布朗運(yùn)動(dòng)，這說(shuō)明煤油分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B. 液晶是一種特殊的晶體，且具有各向異性的特點(diǎn)C. 在宇宙飛船中的水滴會(huì)呈完美的球形，是因?yàn)楸砻鎻埩Φ淖饔?/span>D. 脫脂棉吸水性很強(qiáng)，是因?yàn)槊撝迌?nèi)部有許多細(xì)小的孔道，它們相當(dāng)于很多毛細(xì)管，會(huì)發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象E. 由熱力學(xué)第二定律可知一切過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行【答案】ACD【解析】【詳解】A．煤油中小?；覊m的布朗運(yùn)動(dòng)是由煤油分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)引起的，A正確；B．液晶不是晶體，是一種特殊化合物，且具有光學(xué)各向異性，B錯(cuò)誤；C．在宇宙飛船中的水滴處于完全失重狀態(tài)，在表面張力的作用下水滴呈完美的球形，C正確；D．脫脂棉吸水性很強(qiáng)，是因?yàn)槊撝迌?nèi)部有許多細(xì)小的孔道，它們起到了毛細(xì)管的作用，D正確；E．一切自發(fā)過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行，E錯(cuò)誤。故選ACD。14. 為防止文物展出時(shí)因氧化而受損，需抽出存放文物的展柜中的空氣，充入惰性氣體，形成低氧環(huán)境。如圖所示，為用活塞式抽氣筒從存放青銅鼎的展柜內(nèi)抽出空氣的示意圖。已知展柜容積為，開(kāi)始時(shí)展柜內(nèi)空氣壓強(qiáng)為，抽氣筒每次抽出空氣的體積為；抽氣一次后，展柜內(nèi)壓強(qiáng)傳感器顯示內(nèi)部壓強(qiáng)為；不考慮抽氣引起的溫度變化。求：（1）青銅鼎材料的總體積；（2）抽氣兩次后，展柜內(nèi)剩余空氣與開(kāi)始時(shí)空氣的質(zhì)量之比。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）由玻意耳定律得解得（2）設(shè)第二次抽氣后氣體壓強(qiáng)為p2設(shè)剩余氣體壓強(qiáng)為p0時(shí)體積為V，則剩余氣體與原氣體的質(zhì)量比解得[物理——選修3－4]（15分）15. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源的頻率并未發(fā)生改變B. 人耳能接收到的聲波頻率為20Hz～20kHz，其中20kHz的聲波最容易繞開(kāi)障礙物傳到人耳中C. 在檢測(cè)光學(xué)元件表面的平整程度時(shí)可以利用薄膜干涉來(lái)檢測(cè)D. 汽車(chē)的夜視系統(tǒng)是利用不可見(jiàn)光中的紫外線來(lái)實(shí)現(xiàn)的E. 通過(guò)偏振片可檢測(cè)出單色光為橫波【答案】ACE【解析】【詳解】A．多普勒效應(yīng)是觀察者與波源有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，觀察者觀察到波源的頻率發(fā)生變化，波源自身的頻率未發(fā)生改變，故A正確；B．波長(zhǎng)越長(zhǎng)越容易發(fā)生衍射，且波速一定時(shí)，根據(jù)可知波長(zhǎng)越大，頻率越小，故20Hz的聲波更容易繞開(kāi)障礙物傳到人耳中，故B錯(cuò)誤；C.在檢測(cè)光學(xué)元件表面的平整程度時(shí)，常用薄膜干涉來(lái)檢測(cè)，故C正確；D．汽車(chē)的夜視系統(tǒng)是利用不可見(jiàn)光中的紅外線來(lái)實(shí)現(xiàn)的，故D錯(cuò)誤；E．偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故偏振片可檢測(cè)單色光為橫波，故E正確。故選ACE。16. 如圖所示，有一個(gè)圓柱形玻璃瓶，內(nèi)、外半徑分別為r和R，杯子內(nèi)壁涂滿了熒光物質(zhì)（可當(dāng)作光源）。已知玻璃的折射率為n。小明在一暗室內(nèi)從距玻璃瓶外表面d處的A點(diǎn)觀察，則玻璃瓶?jī)?nèi)表面熒光物質(zhì)發(fā)射的光線直接通過(guò)玻璃瓶外表面后到達(dá)A點(diǎn)需要的最長(zhǎng)時(shí)間是多少。（已知真空中光速為c）【答案】【解析】【詳解】玻璃瓶?jī)?nèi)表面熒光物質(zhì)發(fā)射的光線直接通過(guò)玻璃瓶外表面后到達(dá)A點(diǎn)的最長(zhǎng)時(shí)間對(duì)應(yīng)光路為光在玻璃中的速度為光在玻璃中的路程光在玻璃外的路程最長(zhǎng)時(shí)間為解得

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