若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權(quán)，請掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
A．電磁爐是利用變化的磁場在食物中產(chǎn)生渦流對食物加熱的B．電磁爐是利用變化的磁場產(chǎn)生渦流，使含鐵質(zhì)鍋底迅速升溫，進(jìn)而對鍋內(nèi)食物加熱的C．電磁爐是利用變化的磁場使食物中的極性水分子振動和旋轉(zhuǎn)來對食物加熱的D．電磁爐跟電爐一樣是讓電流通過電阻絲產(chǎn)生熱量來對食物加熱的 2.如圖，空間有一勻強(qiáng)磁場，一直金屬棒與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，當(dāng)它以速度v沿與棒和磁感應(yīng)強(qiáng)度都垂直的方向運(yùn)動時，棒兩端的感應(yīng)電動勢大小為E，將此棒彎成兩段長度相等且相互垂直的折線，置于與磁感應(yīng)強(qiáng)度相垂直的平面內(nèi)，當(dāng)它沿兩段折線夾角平分線的方向以速度v運(yùn)動時，棒兩端的感應(yīng)電動勢大小為E′.則等于( )
A. B. C．1 D. 3.如圖所示,a、b兩個閉合正方形線圈用同樣的導(dǎo)線制成,匝數(shù)均為10匝,邊長la=3lb,圖示區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻增大,不考慮線圈之間的相互影響,則( )
A.兩線圈內(nèi)產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流B.a、b線圈中感應(yīng)電動勢之比為9∶1C.a、b線圈中感應(yīng)電流之比為3∶4D.a、b線圈中電功率之比為3∶1 4.如圖所示,三個相同的金屬圓環(huán)內(nèi)存在著不同的有界勻強(qiáng)磁場,虛線表示環(huán)的某條直徑,已知所有磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化關(guān)系都滿足B=kt,磁場方向如圖所示。測得A環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流為I,則B環(huán)和C環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流分別為( )
A.IB=I,IC=0 B.IB=I,IC=2I C.IB=2I,IC=2I D.IB=2I,IC=0 5.如圖所示為感應(yīng)式發(fā)電機(jī)，a、b、c、d是空間四個可用電刷與銅盤邊緣接觸的點，O1、O2是銅盤軸線導(dǎo)線的接線端，M、N是電流表的接線端．現(xiàn)在將銅盤轉(zhuǎn)動，能觀察到感應(yīng)電流的是( )
A．將電流表的接線端M、N分別連接a、c位置B．將電流表的接線端M、N分別連接O1、a位置C．將電流表的接線端M、N分別連接O1、O2位置D．將電流表的接線端M、N分別連接c、d位置 6.在如圖所示電路中，L為電阻很小的線圈，G1和G2為零點在表盤中央的相同的電流表．開始時開關(guān)S閉合，電流表G1指針偏向右方，現(xiàn)將開關(guān)S斷開，則將出現(xiàn)的現(xiàn)象是( )
A．G1和G2指針都立即回到零點B．G1指針立即回到零點，而G2指針緩慢地回到零點C．G1指針緩慢回到零點，而G2指針先立即偏向右方，然后緩慢地回到零點D．G1指針立即偏向左方，然后緩慢地回到零點，而G2指針緩慢地回到零點 7.如圖所示，勻強(qiáng)磁場中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導(dǎo)線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面(紙面)向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動半周，在線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流．現(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間線性變化．為了產(chǎn)生與線框運(yùn)動過程中同樣大小的電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化率的大小應(yīng)為( )
A. B. C. D. 8.如圖甲所示，導(dǎo)體棒MN置于水平導(dǎo)軌上，PQMN所圍的面積為S，PQ之間有阻值為R的電阻，不計導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻．導(dǎo)軌所在區(qū)域內(nèi)存在沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場，規(guī)定磁場方向豎直向上為正方向，在0～2t0時間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化情況如圖乙所示，導(dǎo)體棒MN始終處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法正確的是( )
A．在0～t0和t0～2t0時間內(nèi)，導(dǎo)體棒受到導(dǎo)軌的摩擦力方向相同B．在0～t0時間內(nèi)，通過導(dǎo)體棒的電流方向為N到MC．在t0～2t0時間內(nèi)，通過電阻R的電流大小為D．在0～2t0時間內(nèi)，通過電阻R的電荷量為 9.如圖，固定在水平桌面上的光滑金屬導(dǎo)軌cd、eg處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，金屬桿ab與導(dǎo)軌接觸良好，在兩根導(dǎo)軌的端點d、e之間連接一電阻，其他部分電阻忽略不計，現(xiàn)用一水平向右的恒力F作用在金屬桿ab上，使金屬桿由靜止開始向右沿導(dǎo)軌滑動，滑動中桿ab始終垂直于導(dǎo)軌，金屬桿受到的安培力用F安表示，則下列說法正確的是( )
A．金屬桿ab做勻加速直線運(yùn)動B．金屬桿ab運(yùn)動時回路中有順時針方向的電流C．金屬桿ab所受到的F安先不斷增大，后保持不變D．金屬桿ab克服安培力做功的功率與時間的平方成正比 10.如圖所示，長為L的金屬導(dǎo)線彎成一圓環(huán)，導(dǎo)線的兩端接在電容為C的平行板電容器上，P、Q為電容器的兩個極板，磁場方向垂直于環(huán)面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度以B=B0＋Kt(K>0)隨時間變化．t=0時，P、Q兩極板電勢相等，兩極板間的距離遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑．經(jīng)時間t，電容器的P極板( )
A．不帶電B．所帶電荷量與t成正比C．帶正電，電荷量是D．帶負(fù)電，電荷量是 一 、多選題11. (多選)如圖(a)，在同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R，R在PQ的右側(cè)．導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖(b)所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向．導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動勢( )
A．在t=時為零B．在t=時改變方向C．在t=時最大，且沿順時針方向D．在t=T時最大，且沿順時針方向 12. (多選)如圖，兩根足夠長且光滑平行的金屬導(dǎo)軌PP′、QQ′傾斜放置，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，導(dǎo)軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微粒，金屬棒ab水平跨放在導(dǎo)軌上，下滑過程中與導(dǎo)軌接觸良好．現(xiàn)同時由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab，則下列說法正確的是( )
A．金屬棒ab最終可能勻速下滑B．金屬棒ab一直加速下滑C．金屬棒ab下滑過程中M板電勢高于N板電勢D．帶電微粒不可能先向N板運(yùn)動后向M板運(yùn)動 13. (1)如圖甲所示，兩根足夠長的平行導(dǎo)軌，間距L=0.3 m，在導(dǎo)軌間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=0.5 T．一根直金屬桿MN以v=2 m/s的速度向右勻速運(yùn)動，桿MN始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．桿MN的電阻r1=1 Ω，導(dǎo)軌的電阻可忽略．求桿MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1；(2)如圖乙所示，一個匝數(shù)n=100的圓形線圈，面積S1=0.4 m2，電阻r2=1 Ω.在線圈中存在面積S2=0.3 m2垂直線圈平面(指向紙外)的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B2隨時間t變化的關(guān)系如圖丙所示．求圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E2；(3)將一個R=2 Ω的電阻分別與圖甲和圖乙中的a、b端相連接，然后b端接地．試判斷以上兩種情況中，哪種情況a端的電勢較高？并求出較高的電勢φa.
14.如圖所示,兩條相距l(xiāng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面(紙面)內(nèi),其左端接一阻值為R的電阻;一與導(dǎo)軌垂直的金屬棒置于兩導(dǎo)軌上;在電阻、導(dǎo)軌和金屬棒中間有一面積為S的區(qū)域,區(qū)域中存在垂直于紙面向里的均勻磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1隨時間t的變化關(guān)系為B1=kt,式中k為常量;在金屬棒右側(cè)還有一勻強(qiáng)磁場區(qū)域,區(qū)域左邊界MN(虛線)與導(dǎo)軌垂直,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0,方向也垂直于紙面向里。某時刻,金屬棒在一外加水平恒力的作用下從靜止開始向右運(yùn)動,在t0時刻恰好以速度v0越過MN,此后向右做勻速運(yùn)動。金屬棒與導(dǎo)軌始終相互垂直并接觸良好,它們的電阻均忽略不計。求:
(1)在t=0到t=t0時間間隔內(nèi),流過電阻的電荷量的絕對值;(2)在時刻t(t>t0)穿過回路的總磁通量和金屬棒所受外加水平恒力的大小。 答案解析1.答案為：B；解析：電磁爐的工作原理是利用變化的電流通過線圈產(chǎn)生變化的磁場，變化的磁場通過含鐵質(zhì)鍋的底部產(chǎn)生無數(shù)小渦流，使鍋體溫度升高后加熱食物，故選項A、D錯誤，B正確；而選項C是微波爐的加熱原理，C錯誤．] 2.答案為：B；解析：若直金屬棒的長為L，則彎成折線后，有效切割長度為L.根據(jù)E=BLv可知感應(yīng)電動勢的大小與有效切割長度成正比，故=，B正確．] 3.答案為：B；解析：由楞次定律可判斷,兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流均沿逆時針方向,選項A錯誤;由E=n
S,S=l2,R=ρ
,I=
,P=
,可知Ea∶Eb=9∶1,Ia∶Ib=3∶1,Pa∶Pb=27∶1,選項B正確,選項C、D錯誤。 4.答案為：D；解析：C環(huán)中穿過圓環(huán)的磁感線完全抵消,磁通量為零,保持不變,所以沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生,則IC=0。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E=n
=nS=kS,S是有效面積,可得E∝S,所以A、B中感應(yīng)電動勢之比EA∶EB=1∶2,根據(jù)歐姆定律得,IB=2IA=2I。選項D正確。 5.答案為：B；解析：當(dāng)銅盤轉(zhuǎn)動時，其切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，此時銅盤相當(dāng)于電源，銅盤邊緣和中心相當(dāng)于電源的兩個極，則要想觀察到感應(yīng)電流，M、N應(yīng)分別連接電源的兩個極即可，故可知只有B項正確．] 6.答案為：D；解析：當(dāng)開關(guān)斷開時，通過線圈的電流變小，導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生瞬時感應(yīng)電動勢，阻礙電流的變小，所以使得G2的指針緩慢地回到零點，而流過G1的電流的方向與開始時電流的方向相反，所以指針先立即偏向左方，然后緩慢地回到零點．故A、B、C錯誤，D正確．] 7.答案為：C；解析：線框勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1=B0rv=B0r=B0ωr2.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間線性變化時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E2==S=πr2·，要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相等，必須E1=E2，即B0ωr2=πr2·，解得=，選項C正確，A、B、D錯誤．] 8.答案為：B；解析：在0～t0時間內(nèi)磁通量減小，根據(jù)楞次定律要阻礙磁通量的減小，導(dǎo)體棒有向右運(yùn)動的趨勢，摩擦力水平向左．在t0～2t0時間內(nèi)磁通量增大，同理可判斷導(dǎo)體棒有向左運(yùn)動的趨勢，摩擦力水平向右，選項A錯；0～t0時間內(nèi)豎直向上的磁通量減小，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場方向豎直向上，感應(yīng)電流的方向由N到M，選項B對；導(dǎo)體棒MN始終靜止，與導(dǎo)軌圍成的回路面積不變，根據(jù)電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢E==S，即感應(yīng)電動勢與B－t圖象斜率成正比，0～t0時間內(nèi)感應(yīng)電流大小I1==S=S，t0～2t0時間內(nèi)感應(yīng)電流大小I2==S=S，選項C錯；在0～2t0時間內(nèi)，通過電阻R的電荷量q=I·Δt=·Δt=S·Δt==，選項D錯．] 9.答案為：C；解析：對金屬桿受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有F－F安=ma，即F－=ma，由于速度變化，所以加速度發(fā)生變化，故金屬桿做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動，不是做勻加速直線運(yùn)動，故A錯誤；根據(jù)楞次定律可知，金屬桿ab運(yùn)動時回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流，故B錯誤；由F安=可知，當(dāng)速度增大時，安培力增大，當(dāng)金屬桿受力平衡時，達(dá)到最大速度，其后開始做勻速運(yùn)動，安培力不變，故C正確；金屬桿克服安培力做功的瞬時功率P=I2R=2R=，故D錯誤． 10.答案為：D；解析：磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的方向為逆時針方向，Q板帶正電，P板帶負(fù)電，A錯誤；E=·S=K·πR2，L=2πR，R=，解得E=.電容器上的電荷量Q=CE=，B、C錯誤，D正確．] 11.答案為：AC；解析：A對：在t=時，交流電圖線斜率為0，即磁場變化率為0，由E==S知，E=0.C對，B、D錯：在t=和t=T時，圖線斜率最大，在t=和t=T時感應(yīng)電動勢最大．在到之間，電流由Q向P減弱，導(dǎo)線在R處產(chǎn)生垂直紙面向里的磁場，且磁場減弱，由楞次定律知，R產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場方向也垂直紙面向里，即R中感應(yīng)電動勢沿順時針方向，同理可判斷在到時，R中電動勢也為順時針方向，在T到T時，R中電動勢為逆時針方向． 12.答案為：BC；解析：金屬棒沿光滑導(dǎo)軌加速下滑，棒中有感應(yīng)電動勢，從而對電容器充電，充電電流通過金屬棒時金屬棒受安培力作用，只有金屬棒速度增大時才有充電電流，因此總有mgsinθ－BIl>0，金屬棒將一直加速，A錯、B對；由右手定則可知，金屬棒a端電勢高，則M板電勢高，C對；若微粒帶負(fù)電，則靜電力向上，與重力反向，開始時靜電力為0，微粒向下加速運(yùn)動，當(dāng)靜電力增大到大于重力時，微粒的加速度方向向上，D錯． 13.解：(1)桿MN做切割磁感線的運(yùn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1=B1Lv=0.3 V.(2)穿過圓形線圈的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E2=nS2=4.5 V.(3)題圖甲中φa>φb=0，題圖乙中φa<φb=0，所以當(dāng)電阻R與題圖甲中的導(dǎo)軌相連接時，a端的電勢較高．此時通過電阻R的電流I=電阻R兩端的電勢差φa－φb=IRa端的電勢φa=IR=0.2 V. 14.解：(1)在金屬棒未越過MN之前,t時刻穿過回路的磁通量為Φ=ktS????????????? ①設(shè)在從t時刻到t+Δt的時間間隔內(nèi),回路磁通量的變化量為ΔΦ,流過電阻R的電荷量為Δq。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E=-
②根據(jù)歐姆定律有i=
????????????? ③根據(jù)電流的定義有i=
④聯(lián)立①②③④式得|Δq|=
Δt????????????? ⑤由⑤式得,在t=0到t=t0的時間間隔內(nèi),流過電阻R的電荷量q的絕對值為|q|=
。⑥(2)當(dāng)t>t0時,金屬棒已越過MN。由于金屬棒在MN右側(cè)做勻速運(yùn)動,有f=F⑦式中,f是外加水平恒力,F是勻強(qiáng)磁場施加的安培力。設(shè)此時回路中的電流為I,F的大小為F=B0lI⑧此時金屬棒與MN之間的距離為s=v0(t-t0)⑨勻強(qiáng)磁場穿過回路的磁通量為Φ'=B0ls
回路的總磁通量為Φt=Φ+Φ'
式中,Φ仍如①式所示。由①⑨式得,在時刻t(t>t0)穿過回路的總磁通量為Φt=B0lv0(t-t0)+ktS
在t到t+Δt的時間間隔內(nèi),總磁通量的改變ΔΦt為ΔΦt=(B0lv0+kS)Δt
由法拉第電磁感應(yīng)定律得,回路感應(yīng)電動勢的大小為Et=|
|
由歐姆定律有I=
聯(lián)立⑦⑧式得f=(B0lv0+kS)
。
這是一份新高考物理一輪復(fù)習(xí)重難點過關(guān)訓(xùn)練專題26 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流（含解析），共26頁。
這是一份(新高考)高考物理一輪復(fù)習(xí)課時加練第12章 微專題78 法拉第電磁感應(yīng)定律 自感和渦流 (含解析)，共6頁。試卷主要包含了掌握感應(yīng)電動勢的三個公式等內(nèi)容，歡迎下載使用。
這是一份高中物理高考 專題26 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流（解析版），共18頁。
微信掃碼，快速注冊
注冊成功
資料籃
在線客服
添加在線客服
獲取1對1服務(wù)
官方微信
關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號
打開微信就能找資料
賽課定制
添加在線客服
獲取1對1定制服務(wù)
職稱咨詢
添加在線客服
獲取1V1專業(yè)指導(dǎo)服務(wù)
免費(fèi)福利
