?2023年黑龍江省大慶市五校中考物理模擬試卷
1. 以下說法正確的是(????)
A. 航天員在太空艙內(nèi)，必須用電子通信設備對話
B. 中子、質(zhì)子質(zhì)量的數(shù)量級是10?20kg
C. 我國采用高壓輸電必須使用變壓器，工作原理是電磁感應
D. 人類經(jīng)過改進低溫技術，0K的溫度是可以達到的
2. 以下說法正確的是(????)
A. 水面波光粼粼是因為光的鏡面反射
B. “千里冰封，萬里雪飄”冰和雪都是凝固形成的，需要吸熱
C. “黃洋界上炮聲隆”是說聲音的音調(diào)高
D. 中國“人造太陽”——大型核實驗裝置“東方超環(huán)”反應原理是核裂變
3. 下列實驗現(xiàn)象所揭示的物理原理或規(guī)律與對應的技術應用不正確的是(????)
A. 飛機
B. 內(nèi)燃機
C. 電磁起重機
D. 電動機
4. a、b兩物體在同一直線上運動，它們運動時距離出發(fā)點的距離s隨時間t變化的關系如圖所示，其中a物體的s?t圖線為拋物線的一部分，第7s末圖線處于最高點；b物體的s?t圖線為直線。下列說法正確的是(????)
A. a物體先加速運動后減速運動
B. a物體做勻速直線運動
C. a物體的速度一直大于b物體的速度
D. 在10s內(nèi)，b物體的平均速度大小小于a物體的速度大小

5. 下列說法正確的是(????)
A. 潛水艇通過改變自身所受浮力的大小實現(xiàn)在水中上浮或下沉的
B. 熱氣球停在空中靜止不動時，球內(nèi)空氣的密度與球外空氣的密度一樣大
C. 飛艇里充的是密度小于空氣的氫氣或氦氣
D. 民航飛機利用空氣浮力而“飛天”
6. 如圖所示，有兩箱相同的貨物，現(xiàn)要用電梯將它們從一樓運送到二樓。其中圖甲為用扶梯臺式電梯勻速運送貨物，圖乙為用履帶式自動電梯勻速運送貨物，貨物均相對扶梯靜止。下列關于做功的判斷中正確的是(????)

A. 圖甲，圖乙中支持力都對貨物做功
B. 圖甲中貨物的機械能減小
C. 無論以哪種辦法運送貨物，貨物都受到慣性的作用
D. 圖甲中貨物受到的重力和支持力是一對平衡力
7. 雷達是一種利用電磁波來測定物體位置和速度的設備，某防空雷達發(fā)現(xiàn)一架飛機正在以水平速度朝雷達正上方勻速飛來。某時刻在雷達監(jiān)視屏上顯示的波形如圖甲所示，經(jīng)過t=173s，雷達向正上方發(fā)射和接收到的波形如乙所示，已知雷達監(jiān)視屏上相鄰刻度線間表示的時間間隔為1×10?4s，電磁波的速度為3×108m/s，則該飛機的飛行速度大小約為(????)
A. 1200m/s B. 900m/s C. 600m/s D. 300m/s
8. 某電子元件通電后，其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，P點的坐標為(UP,IP)，過P點的切線在縱軸上的交點為(0,I0)，由此圖可知(????)

A. 對應P點，該元件的電阻R=UPIP?I0
B. 隨著所加電壓的增大，該元件的電阻減小
C. 對應P點，該元件的功率數(shù)值上等于圖中陰影部分的面積大小
D. 該元件為非線性元件，歐姆定律不滿足，所以不能用公式R=UI求電阻
9. 質(zhì)量m=200kg的小型電動汽車在平直的公路上由靜止啟動，圖像甲表示汽車運動的速度與時間的關系，圖像乙表示汽車牽引力的功率與時間的關系。設汽車在運動過程中阻力為車重的k倍，在18s末汽車的速度恰好達到最大。g取10N/kg。則下列說法正確的是(????)

A. k=5
B. 8s到18s過程中汽車牽引力做的功為8×104J
C. 汽車在8s到18s內(nèi)的平均速度大小為9m/s
D. 第8s末內(nèi)汽車的牽引力為800N
10. 如圖所示，鐵架臺放在水平桌面上，水槽的上方固定一個兩端開口的直筒，直筒下端浸入水中，橫截面積為S、質(zhì)量為m的圓柱形活塞將兩端開口的長玻璃管一端密封(氣密性良好)，整個實驗裝置如圖所示。在用拉力F緩慢向上拉動活塞的過程中，(不計活塞與筒壁之間的摩擦)下列說法中正確的是(????)
A. 拉力?F=ρgsh+mg
B. 筒內(nèi)氣壓的變化量大于水柱對槽底壓強的變化量
C. 水對容器底部的壓強增大
D. 鐵架臺對水平桌面的壓強逐漸變小
11. 小明用A、B兩把尺測物體的長度，如圖甲應該選擇______ 尺的讀數(shù)作為測量結果，物體的長度為______ cm。小明用秒表測量時間，如圖乙所示時間為______ s。


12. 小明自制了一個如圖所示裝置：風吹動風車帶動磁體上方的線圈轉(zhuǎn)動(線圈兩端引出線上的絕緣漆已全部刮掉)，靈敏電流計的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，該裝置的工作原理是______ ；該裝置工作時線圈中產(chǎn)生的是______ 電(選填“交流”或“直流”)；若將圖中電流計換成干電池，則無風吹時，線圈______ 持續(xù)轉(zhuǎn)動(選填“能”或“不能”)。
13. 用電水壺將質(zhì)量為1.8kg的水加熱升溫50℃，若電水壺工作時功率為2000W，加熱效率是90%，則加熱這壺水消耗電能______ J，需要的時間是______ s。若水吸收的熱量由天然氣供給，則至少需消耗天然氣______m3。[水的比熱容為4.2×103J/(kg?℃)，天然氣熱值為4.2×107J/m3)]
14. 如圖所示，甲是探究“動能的大小與什么因數(shù)有關”的實驗裝置，實驗中讓同一鋼球從斜面上不同的高度由靜止?jié)L下，碰到同一木塊上。乙是探究“阻力對物體運動的影響”的實驗裝置，實驗中讓同一小車從斜面上相同的高度由靜止滑下，在粗糙程度不同的水平面上運動。請回答下列問題：

(1)甲實驗中，通過觀察______ 可以判斷鋼球動能的大小。
(2)由乙實驗可以推理出，如果運動的小車在水平面上不受力時，它會______ 。
(3)乙實驗中，小車在粗糙程度不同的水平面上運動，摩擦力做______ (填“相等”或“不相等”)
15. 畫出靜止的光滑小球受力示意圖。




16. 如圖甲所示為一款磁浮地球儀，在地球儀中心有一塊豎直放置的條形磁鐵受到蹄型電磁鐵的作用而靜止在空中。條形磁鐵上端受吸引力，下端受排斥力。請在圖乙的括號中標出蹄型電磁鐵上端的磁極和電源下端的極性。

17. 如圖所示，MN為凸透鏡的主光軸，S為主光軸上的一個發(fā)光點，SA、SB為發(fā)光點S射出的兩條入射光線，S′為該發(fā)光點的像，試作出SA、SB經(jīng)凸透鏡折射后的出射光線。



18. 探究影響浮力大小的因素時：


(1)分析圖A、C、D，說明浮力大小跟______ 無關；
(2)分析圖______ ，說明浮力大小跟液體密度有關；
(3)物體完全浸沒在鹽水中所受的浮力是______ N，鹽水的密度是______ g/cm3；
(4)若將該物體浸沒在酒精中，則測力計的示數(shù)應為______ N；(ρ酒精=0.8×103kg/m3)
(5)分析圖A、B、C時，小芳發(fā)現(xiàn)浮力大小和在水中的深度有關，與(1)得到的結論不相符，其原因是：______ 。
19. 在“測定小燈泡的電功率”的實驗中，小明同學選用了如圖甲所示的器材，其中電源電壓為6V，小燈泡的額定電壓為2.5V(燈絲電阻約為10Ω)，滑動變阻器的銘牌“20Ω，1A”。

(1)請用筆畫線代替導線將圖甲的實驗電路補充完整；
(2)小明同學連接好電路后閉合開關，發(fā)現(xiàn)小燈泡沒有發(fā)光，電壓表無示數(shù)，電流表的指針有明顯偏轉(zhuǎn)，則故障可能是______ ；
(3)排除故障后，小明同學將滑片移到某位置時，電壓表的示數(shù)如圖乙所示，其示數(shù)是______ V，為了測量小燈泡的額定功率，小明應將滑動變阻器的滑片向______ (填“A”或“B”)端移動；
(4)小明同學根據(jù)實驗測得的數(shù)據(jù)，繪制出了小燈泡中的電流隨它兩端電壓變化的關系圖象如圖丙所示，分析圖象可知：小燈泡的額定功率為______ W，小燈泡正常發(fā)光的電阻是______ Ω。
(5)小明又用這個小燈泡與一個阻值為15Ω的定值電阻串聯(lián)在4.5V的電源上，此時小燈泡的功率為______ W。
20. 有人用斜面滑輪組合在一起來提升重600N的木箱，如圖所示，動滑輪重20N，用160N的拉力F使木箱沿著斜面滑動5m，同時木箱也升高了3m，此過程中由于繩、滑輪間摩擦而需做的額外功為40J。求：
(1)拉力做的有用功；
(2)整個裝置的機械效率；
(3)斜面對木箱的摩擦力大小。

21. 如圖甲是只有加熱、保溫功能的電熱水器的簡易電路圖，控制電路中，電源電壓V=6V，R為阻值可調(diào)的電阻，熱敏電阻Rt允許通過的最大電流Imax=15mA，其阻值隨溫度變化關系如圖乙，電磁繼電器線圈電阻不計。工作電路中，電源電壓V=220V，電阻R1=22Ω，R2=198Ω。當電磁繼電器線圈的電流I≤8mA時，銜鐵上端與觸點a接通；當電磁繼電器線圈的電流I≥10mA時，銜鐵被吸下與觸點b接通。求：
(1)電熱水器加熱時的電流；
(2)電熱水器的保溫功率；
(3)為使控制電路能正常工作，可調(diào)電阻R的最小阻值；
(4)可調(diào)電阻R調(diào)為300Ω，電熱水器工作穩(wěn)定后，水溫的變化范圍。

答案和解析

1.【答案】C?
【解析】解：A、航天員在太空艙內(nèi)，可以面對面對話，故A錯誤；
B、中子、質(zhì)子質(zhì)量的數(shù)量級是10?27kg，故B錯誤；
C、我國采用高壓輸電必須使用變壓器，工作原理是電磁感應，故C正確；
D、人類經(jīng)過改進低溫技術，0K的溫度目前人類沒有達到，故D錯誤。
故選：C。
(1)太空艙內(nèi)的環(huán)境和地球上類似，聲音可以在艙內(nèi)空氣中傳播。
(2)中子、質(zhì)子質(zhì)量的數(shù)量級是10?27kg。
(3)變壓器是利用電磁感應來工作的。
(4)目前人類的技術不可能達到0K。
本題考查的是電磁波的應用、聲音傳播的條件和電磁感應；知道質(zhì)子、中子的質(zhì)量。

2.【答案】A?
【解析】解：A、起風時水面雖然不是平的，但可以細分成很多小的平面，這些小平面都發(fā)生鏡面反射，所以會出現(xiàn)“水面波光粼粼”，故A正確；
B、“千里冰封，萬里雪飄”冰是水凝固形成的，雪是水蒸氣凝華形成的，需要放熱，故B錯誤；
C、“黃洋界上炮聲隆”是說聲音的響度大，故C錯誤；
D、中國“人造太陽”——大型核實驗裝置“東方超環(huán)”反應原理是核聚變，故D錯誤。
故選：A。
(1)光射到物體的表面會改變傳播方向回到原來介質(zhì)中的現(xiàn)象叫光的反射，平面鏡成像、水中的倒影都屬于光的反射現(xiàn)象。
(2)物質(zhì)從液態(tài)變成固態(tài)的過程叫凝固；物質(zhì)從氣態(tài)直接變成固態(tài)的過程叫凝華；凝固和凝華需要放熱。
(3)聲音的大小叫響度，響度與振幅和距離聲源的遠近有關。
(4)人造太陽是利用和聚變所釋放的核能。
本題考查的是鏡面反射、核聚變、凝華和凝固；會區(qū)分響度、音調(diào)和音色。

3.【答案】C?
【解析】解：
A、上圖是用力向兩張紙的中間吹氣，紙向中間靠攏，說明了流體壓強與流速的關系；
下圖中飛機的升空就是利用流體壓強與流速的關系來實現(xiàn)的；兩者對應關系一致，故A不合題意。
B、上圖中，活塞被高溫的水蒸氣推出，是水蒸氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化成機械能；
下圖中火花塞正在打火、活塞向下運動，所以是做功沖程，在該沖程中氣體的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為活塞的機械能；兩者對應關系一致，故B不合題意。
C、上圖中通電線圈能吸引大頭針，這是電流的磁效應；
下圖閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線運動時，導體中產(chǎn)生感應電流，這是電磁感應現(xiàn)象，故C符合題意。
D、電動機是通電線圈在磁場中受力而轉(zhuǎn)動制成的，故D不合題意。
故選：C。
首先分析選擇項中上下兩個圖示場景中包含的物理知識，然后將包含的物理知識相對應，通過比較它們是否一致，得到答案。
物理來源于生活，服務于生活，要把學到的物理原理、物理規(guī)律與日常生活緊密聯(lián)系，學物理要帶著疑問、帶著興趣去學習，物理肯定能學好！

4.【答案】D?
【解析】解：AB、a物體的s?t圖象為拋物線的一部分，傾斜程度先逐漸變小，說明a做減速直線運動；a在7s時速度為0，然后反向運動，與出發(fā)點的距離減小，之后做加速運動；即先減速后加速，故AB錯誤；
C、a在7s時速度為0，b始終是勻速直線運動，a物體的速度不是一直大于b物體的速度，故C錯誤；
D、在10s內(nèi)，b物體運動的路程是40m，a物體運動到前方后掉頭距離出發(fā)點40m，路程大于40m，相同時間，a的路程大，因而a的平均速度大，即b的平均速度大小小于a物體的速度大小，故D正確。
a物體的s?t圖象為拋物線的一部分，傾斜程度先逐漸變小，說明a做減速直線運動；a在7s時速度為0，然后反向運動，與出發(fā)點的距離減小，之后做加速運動；
b的s?t圖像是直線，表示始終是勻速直線運動；
解決本題的關鍵要理解s?t圖象的點和斜率的物理意義，知道s?t圖象中拋物線表示勻變速直線運動，圖象的斜率表示速度。

5.【答案】C?
【解析】解：
A、潛水艇浸沒在水中時，潛水艇的體積不變(排開水的體積不變)，由F浮=ρgV排可知，受浮力不變，
通過讓水進、出壓力艙改變潛水艇受到的重力來實現(xiàn)在水中上浮或下沉的，故A錯誤；
B、停在空中靜止不動時，由于熱氣球本身有重力，球內(nèi)空氣的密度小于球外空氣密度，故B錯誤；
C、飛艇內(nèi)充入氣體的密度一定比空氣密度小，體積相等時，重力小于浮力，故C正確；
D、飛機靠機翼的升力升空，應用的是流體壓強與流速的關系，故D錯誤。
故選：C。
(1)潛水艇是靠改變自身的重力來實現(xiàn)上浮或下潛的；
(2)氣球和飛艇里所充氣體的密度小于空氣的密度；
(3)飛艇內(nèi)充入氣體的密度一定比空氣密度小，體積相等時，重力小于浮力；
(4)飛機起飛時，利用了上下表面的空氣流速不同，產(chǎn)生向上的壓力差，即產(chǎn)生升力而升空。
本題考查浮力的利用，關鍵知道人類利用空氣浮力制成了熱氣球，還要知道一些物體升空的原理，有助于我們開拓知識面。

6.【答案】D?
【解析】解：A、圖甲中，在貨物上升的過程中，受到支持力的作用，在支持力的方向上通過了距離，支持力對貨物做功；圖乙中，在貨物上升的過程中，受到支持力的作用，支持力垂直履帶向上，在支持力的方向上沒有通過距離，支持力對貨物不做功；故A錯誤；
B、圖甲中，貨物在上升的過程中，因為是勻速上升，速度不變，質(zhì)量不變，動能不變；高度升高，其重力勢能增大，而機械能等于動能與重力勢能之和，所以其機械能變大，故B錯誤；
C、無論以哪種辦法運送貨物，貨物都具有慣性，故C錯誤；
D、圖甲中貨物受到的重力和支持力是一對平衡力，故D正確。
故選：D。
(1)根據(jù)做功的條件判定是否做功；
(2)影響動能的因素是物體的質(zhì)量和物體運動的速度，影響重力勢能的因素是物體的質(zhì)量和物體的高度，其中動能和勢能統(tǒng)稱為機械能。在分析各個能量的變化時，根據(jù)各自的影響因素進行分析；
(3)慣性是一切物體的固有屬性，無論是固體、液體或氣體，無論物體是運動還是靜止，都具有慣性
(4)兩個力同時作用在同一物體同一直線上，如果物體保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)，則這兩個力對物體運動狀態(tài)的作用效果相互抵消(合力為0)，我們就說這兩個力平衡。
此題考查了做功的條件、動能和勢能的大小變化、慣性、掌握動能、平衡力等知識，屬于基礎性題目。

7.【答案】D?
【解析】解：已知雷達監(jiān)視屏上相鄰刻度線間表示的時間間隔為10?4s，從左圖中可以看出兩次時間間隔為4個刻度線，即：t=4×10?4s；利用公式可得剛開始相距：S1=0.5vt=0.5×3×108m/s×4×10?4s=6×104m；
同理173s后相距：S2=0.5vt=0.5×3×108m/s×2×10?4s=3×104m；
結合幾何關系，故移動的距離為：
Δs= S12?S22= (6×104m)2?(3×104m)2≈5.2×104m，
移動速度：v=ΔSΔt=5.2×104m173s=300m/s。
故選：D。
根據(jù)圖像可知，發(fā)射和接受的時間差，已知電磁波的波速為3×108m/s，因電磁波通過的距離等于2倍的被監(jiān)視目標與雷達之間的距離，所以由公式s=0.5vt可以求出被監(jiān)視目標與雷達之間的距離，又知時間，故進一步可求出飛機的速度。
這是通過實際問題，結合雷達圖像考查對速度公式的理解，特別注意，電磁波通過的距離是被監(jiān)視目標與雷達之間距離的2倍。

8.【答案】C?
【解析】解：A、由圖象可知，P點對應的電壓為Up，電流為Ip，根據(jù)歐姆定律，可得元件的電阻：R=UpIp，故A錯誤；
B、由圖可知，I?U圖線與坐標原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，元件的電阻增大，故B錯誤；
C、根據(jù)功率公式P=UI，可知圖中陰影部分的面積為對應P點小燈泡的實際功率，故C正確；
D、由于電流與電壓不是成正比，所以該元件為非線性元件，歐姆定律仍適用，可以用公式R=UI可求電阻，故D錯誤。
故選：C。
電阻的定義式為R=UI，可以知道元件的電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，此斜率逐漸減小，電阻逐漸增大，對應P點，元件的電阻應根據(jù)歐姆定律分析；根據(jù)功率的表達式，結臺圖像得出電子元件的功率數(shù)值上等于圖中陰影
部分的面積大小。
本題要明確題中該元件是非線性元件，其電阻R=UI，但計算時要注意圖象斜率的意義，根據(jù)斜率可定性分析電阻的大小。

9.【答案】B?
【解析】解：A、當牽引力等于阻力時，速度取到最大值，則f=Pvm=8000W10m/s=800N，汽車在運動過程中阻力為車重的k倍，k=fmg=800N200kg×10N/kg=0.4，故A錯誤；
B、8s?18s過程中汽車牽引力已達到最大功率，所以牽引力做的功為：W=Pt=8×103×10J=8×104J，故B正確；
C、如圖所示：

汽車勻加速運動時，通過的路程s=12×(8+10)×10m=90m，平均速度v=st=90m10s=9m/s，由圖可知，實際汽車的平均速度大于9m/s，故C錯誤；
D、0～8s汽車做勻加速運動，汽車做勻加速運動的牽引力最大，則有F=Pv1=8000W8m/s=1000N，故D錯誤。
故選：B。
當牽引力等于阻力時，速度取到最大值，根據(jù)F=Pvm求解阻力，根8～18s勻速直線運動，可以得到運動的速度；汽車做勻加速運動的牽引力最大，根據(jù)F=Pv求解牽引力。
本題考查功率、速度和阻力的計算，屬于綜合題。

10.【答案】ABD?
【解析】解：A、因為活塞受平衡力，因此由平衡力的特點和F=pS可知，F(xiàn)+(p0?ρgh)S=mg+p0S，即F=ρgsh+mg，故A正確；
B、因為管較細，容器中減少的水的體積，都到細管中，故管中液面的變化量大于容器中液面的變化量，故筒內(nèi)氣體壓強的變化量大于水柱對槽底壓強的變化量，故B正確；
C、根據(jù)圖示現(xiàn)象可知，水面會下降，由p=ρgh可知水對容器底部的壓強變小，故C錯誤；
D、根據(jù)A分析可知，拉力F逐漸變大，而容器對鐵架臺的壓力等于總重力減去拉力，因此壓力逐漸減小，由于受力面積不變，由p=FS可知，鐵架臺對水平桌面的壓強逐漸變小，故D正確。
故選：ABD。
(1)對活塞進行受力分析可知，活塞受到豎直向下的大氣壓力、重力和豎直向上的壓力，根據(jù)平衡力和F=pS求出拉力的表達式；
(2)因為管較細，容器中減少的水的體積，都到細管中，根據(jù)容器中液面和管中液面高度的變化，判斷壓強的變化量；
(3)根據(jù)圖示現(xiàn)象可知，水面會下降，由p=ρgh可知水對容器底部的壓強變化；
(4)容器對鐵架臺的壓力等于總重力減去拉力，根據(jù)p=FS可知鐵架臺對水平桌面壓強的變化。
本題考查了對液體壓強大小的分析以及平衡狀態(tài)的分析，正確分析瓶內(nèi)外氣壓的平衡狀態(tài)，合理判斷其氣壓的變化，是解答的關鍵。

11.【答案】B3.30200?
【解析】解：由圖甲可知，A刻度尺的分度值是5mm，B刻度尺的分度值是1mm，使用B刻度尺測量精確，則應該選擇B刻度尺的讀數(shù)作為測量結果；物體左側(cè)與B刻度尺的0.00cm對齊，右側(cè)與3.30cm對齊，故物體的長度為3.30cm；
圖乙中，秒表小盤的分度值是0.5min，指針在3min和4min之間，沒有偏過中線；大盤的分度值是1s，而大盤指針在20s，因此秒表讀數(shù)為3min20s，即：200s。
故答案為：B；3.30；200。
使用刻度尺測量物體長度之前，要明確其分度值；測量物體長度時，要觀察是否從0刻度線量起，起始端沒從0刻度線開始，要以某一刻度當作“0”刻度，讀出末端刻度值，減去前面的刻度即為物體長度，注意刻度尺要估讀到分度值的下一位；減小誤差的方法：多次測量求平均值，使用更精密的測量儀器，改進測量方法；
秒表的中間的表盤代表分鐘，周圍的大表盤代表秒，秒表讀數(shù)是兩個表盤的示數(shù)之和。
本題考查了刻度尺和秒表的使用，是一道基礎題。

12.【答案】電磁感應? 交流? 不能?
【解析】解：小明自制了一個如圖所示裝置：風吹動風車帶動磁體上方的線圈轉(zhuǎn)動(線圈兩端引出線上的絕緣漆已全部刮掉)，靈敏電流計的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，該裝置的工作原理是電磁感應；該裝置工作時線圈中產(chǎn)生的是交流電；若將圖中電流計換成干電池，則無風吹時，線圈不能持續(xù)轉(zhuǎn)動，因為沒有換向器，不能自動改變電流方向。
故答案為：電磁感應；交流；不能。
(1)閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，會產(chǎn)生感應電流，這種現(xiàn)象叫電磁感應，發(fā)電機就是該原理制成的。
(2)通電導體在磁場中會受到力的作用，電動機就是利用該原理制成的。
知道電磁感應現(xiàn)象以及發(fā)電機的原理；知道磁場對電流的作用以及電動機的原理。

13.【答案】4.2×105? 2109×10?3?
【解析】解：水吸收的熱量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg? ℃)×1.8kg×50℃=3.78×105J；
消耗的電能W=Qη=3.78×105J90%=4.2×105J；
需要的時間t=WP=4.2×105J2000W=210s；
若水吸收的熱量由天然氣供給，則至少需消耗天然氣V=Qq=3.78×105J4.2×107J/m3=9×10?3m3。
故答案為：4.2×105J；210；9×10?3。
利用水的吸熱公式、效率公式、電功公式和燃料的燃燒放熱公式即可解決問題。
本題是電功和燃料燃燒的綜合計算題，關鍵是掌握水的吸熱公式、效率公式、電功公式和燃料的燃燒放熱公式。

14.【答案】木塊移動的距離? 做勻速直線運動? 不相等?
【解析】解：(1)通過上述分析不難看出，甲圖實驗是通過觀察木塊移動的距離來判斷鋼球動能大小的，運用了轉(zhuǎn)換法；
(2)據(jù)牛頓第一定律知，若物體在不受任何外力時，總是保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)，故乙實驗可以推理得出，如果運動的小車在水平面上不受力時，它會做勻速直線運動；
(3)影響摩擦力的因素有壓力大小和接觸面的粗糙程度，乙實驗中，小車在粗糙程度不同的水平面上運動時，壓力不變，但接觸面的粗糙程度不同，因而所受摩擦力不相等。
故答案為：(1)木塊移動的距離；(2)做勻速直線運動；(3)不相等。
(1)探究“動能的大小與什么因素有關”時，小球動能的大小是通過小球?qū)ν庾龉Φ亩嗌賮眢w現(xiàn)，實驗中通過觀察木塊被小球推開的距離反映做功的多少，這種研究問題的方法叫轉(zhuǎn)換法；
(2)乙實驗中阻力越小，小車運動的距離越遠，可以進行科學推理：當阻力為零時小車會沿水平面勻速直線運動下去；
(3)影響摩擦力的因素有壓力大小和接觸面的粗糙程度，據(jù)此回答。
題中涉及到兩個實驗，實驗器材與實驗方法有相似的地方：都用到了斜面；都采用了控制變量法，學習中注意總結歸納。

15.【答案】解：對小球進行受力分析，小球受豎直向下的重力G、擋板對小球的支持力F1(方向垂直于擋板向右)、斜面對小球的支持力F2(方向垂直于斜面向上)，作用點都畫在小球的重心處，其受力示意圖如圖所示；
?
【解析】先對小球進行受力分析，再根據(jù)力的示意圖的畫法作圖。
本題考查了力的示意圖的畫法，對小球進行準確的受力分析是關鍵。

16.【答案】解：(1)由圖可知，條形磁鐵的上端為N極，下端為S極，條形磁鐵上端受吸引力，下端受排斥力，跟同名磁極相互排斥、異名磁極相互吸引可知，蹄形電磁鐵上端的磁極為S極，下端為S極；
(2)蹄形磁鐵下端的磁極為S極，根據(jù)安培定則可知，電流從電磁鐵的右端流入，所以電源的下端為正極；
如圖所示：
?
【解析】(1)根據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律分析蹄形磁鐵下端的磁極的極性；
(2)根據(jù)安培定則判定電源下端的極性。
本題考查了磁極間的相互作用規(guī)律、安培定則的應用，屬于基礎題。

17.【答案】解：經(jīng)分析知，S′是S經(jīng)凸透鏡所成的虛像，因為折射光線的反向延長線過像點，所以連接S′A、S′B并延長分別為SA、SB經(jīng)凸透鏡折射后的光線，如圖所示：
?
【解析】由圖知，S的像S′與S在凸透鏡的同側(cè)，所以S經(jīng)凸透鏡成虛像，根據(jù)折射光線的反向延長線過像點作出兩條光線的折射光線。
本題考查凸透鏡光路的作圖，凸透鏡成像時，實像與物體在凸透鏡兩側(cè)，虛像與物體在凸透鏡同側(cè)，據(jù)此判斷成像性質(zhì)是解題的關鍵。

18.【答案】深度? A、D、E3.31.17.6沒有控制物體排開液體的體積相同?
【解析】解：(1)由圖A、C、D可知，物體排開液體的密度不變，排開液體的體積不變，深度變化，彈簧測力計的示數(shù)不變，由F浮=G?F示知浮力不變，所以可得結論：物體受到的浮力大小與深度無關；
(2)由圖A、D、E可知，排開液體的體積相同，都等于物體的體積，排開液體的體積保持不變，排開液體的密度不同，彈簧測力計的示數(shù)不同，由F浮=G?F示可知金屬塊受到的浮力大小不同，可得結論：物體受到的浮力大小與液體的密度有關；
(3)由圖A可知，金屬塊的重力為10N；
由圖A、E可得金屬塊排開鹽水的體積：
V排=800mL?500mL=300mL=300cm3=300×10?6m3=3×10?4m3；
由A、E可得金屬塊受到鹽水的浮力：
F浮=G?F示=10N?6.7N=3.3N，
由F浮=ρ鹽水V排g可得鹽水的密度：
ρ鹽水=F浮gV排=3.3N10N/kg×3×10?4m3=1.1×103kg/m3=1.1g/cm3；
(4)浸沒在酒精中物體所受浮力：
F浮′=ρ酒gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×3×10?4m3=2.4N，
由F浮=G?F拉可得此時彈簧測力計的拉力：
F拉′=G?F浮′=10N?2.4N=7.6N；
(5)分析圖A、B、C知液體的密度相同，排開液體的體積不同，物體在水中的深度不同，由于沒有控制物體排開液體的體積相同，所以不能得出浮力大小和物體在水中的深度有關。
故答案為：(1)深度；(2)A、D、E；(2)3.3；1.1；(3)7.6；(5)沒有控制物體排開液體的體積相同。
(1)(2)浮力大小與排開液體的密度和體積有關，研究浮力大小與什么因素有關時，應找出不變的量和變化的量，利用稱重法測浮力(F浮=G?F示)研究浮力與變化量的關系；
(3)由圖A可得金屬塊的重力，由圖A、E得出金屬塊排開鹽水的體積；根據(jù)圖A、E求出金屬塊受到的浮力，再利用阿基米德原理F浮=ρ鹽水V排g求出鹽水的密度；
(4)知道了物體的體積，利用浮力公式可求出浸沒在酒精中時所受浮力，再利用稱重法公式變形可得出彈簧測力計的拉力；
(5)分析A、B、C的相同量和不同量，根據(jù)控制變量法分析解答。
本題探究影響浮力大小的因素，主要考查控制變量法、阿基米德原理的應用，利用好稱重法測浮力是關鍵。

19.【答案】電壓表被短路或者是小燈泡短路? 2.2A0.625100.3?
【解析】解：(1)電流表和小燈泡串聯(lián)，電流表測量小燈泡的電流，小燈泡的額定電壓是2.5V，小燈泡的電阻約為10Ω，根據(jù)歐姆定律得，小燈泡的額定電流約為：I=UR=2.5V10Ω=0.25A，所以電流表選擇0～0.6A量程，滑動變阻器接一個上接線柱和一個下接線柱；開關的右接線柱與燈泡的左接線柱連接，接如下圖所示：
；
(2)發(fā)現(xiàn)小燈泡沒有發(fā)光，電流表的指針有明顯偏轉(zhuǎn)，則電流表有示數(shù)，說明整個電路是通路，電壓表無示數(shù)，說明電壓表被短路或者是小燈泡短路；
(3)電壓表使用的0～3V量程，每一個大格代表1V，每一個小格代表0.1V，電壓為2.2V；
小燈泡兩端的電壓是2.2V，需要小燈泡兩端的電壓是2.5V，要增大小燈泡兩端的電壓，在電源電壓一定時，要減小滑動變阻器兩端的電壓，所以滑動變阻器的阻值變小，滑片向A端滑動；
(4)小燈泡的額定電壓是2.5V，如圖丙知，小燈泡額定電壓下的額定電流是0.25A，
小燈泡的額定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
小燈泡正常發(fā)光的電阻為：R=UI=2.5V0.25A=10Ω。
(5)由圖像知，當燈泡兩端電壓為1.5V，通過燈泡的電流為0.2A，燈泡與阻值為15Ω的定值電阻串聯(lián)，此時定值電阻兩端電壓：
UR=I′R=0.2A×15Ω=3V，
滿足兩者電壓之和等于電源兩端4.5V，所以此時小燈泡的實際功率：
P=ULI′=1.5V×0.2A=0.3W
故答案為：(1)見解析；(2)電壓表被短路或者是小燈泡短路；(3)2.2；A；(4)0.625；10；(5)0.3。
(1)電壓表和小燈泡并聯(lián)，電壓表測量小燈泡兩端的電壓，根據(jù)小燈泡的額定電壓，選擇電壓表的量程；電流表和小燈泡串聯(lián)，電流表測量小燈泡的電流，知道小燈泡的額定電壓和電阻，根據(jù)歐姆定律求出小燈泡的電流，選擇電流表的量程；滑動變阻器接一個上接線柱和一個下接線柱；
(2)發(fā)現(xiàn)小燈泡沒有發(fā)光，電流表的指針有明顯偏轉(zhuǎn)，則電流表有示數(shù)，說明整個電路是通路，電壓表無示數(shù)，說明電壓表被短路或者是小燈泡短路；
(3)電壓表的讀數(shù)：確定使用的量程，確定每一個大格和每一個小格各代表多少；
串聯(lián)電路中電阻起分擔電壓的作用，電阻分擔的電壓之比等于電阻之比，根據(jù)這個特點判斷滑動變阻器滑片的移動方向；
(4)知道小燈泡的額定電壓，在圖像上找到小燈泡的額定電流，根據(jù)P=UI求出小燈泡的額定功率，根據(jù)歐姆定律算出小燈泡正常發(fā)光的電阻；
(5)由圖像根據(jù)燈泡的電壓和電流值，由串聯(lián)電路特點和歐姆定律計算定值電阻電壓，且兩者電壓和等于電源電壓，由P=UI計算此時燈泡的實際功率
本題考查了伏安法測量小燈泡的功率、測量電阻以及特殊方法測量小燈泡的額定功率等，是一道比較典型的電功率測量實驗題。

20.【答案】解：(1)拉力做的有用功為：
W有=Gh=600N×3m=1800J；
(2)由圖可知，動滑輪上繩子的段數(shù)n=3，則繩子自由端移動的距離：
s=3L=3×5m=15m，
則拉力做的總功為：
W總=Fs=160N×15m=2400J，
整個裝置的機械效率為：
η=W有用W總×100%=1800J2400J×100%=75%；
(3)克服動滑輪重所做的額外功為：
W動=G動h=20N×3m=60J，
由題知，由于繩、滑輪間摩擦而需做的額外功為40J，
則克服木箱與斜面間摩擦力所做的額外功：
Wf′=W總?W有?Wf?W動=2400J?1800J?40J?60J=500J，
由Wf′=fL可得，斜面對木箱的摩擦力為：
f=W額L=500J5m=100N。
答：(1)拉力做的有用功為1800J；
(2)整個裝置的機械效率為75%；
(3)斜面對木箱的摩擦力大小為100N。?
【解析】(1)使用滑輪組、斜面提升重物時，克服物重做的功為有用功，根據(jù)W有用=Gh求出有用功；
(2)由圖可知，動滑輪上繩子的段數(shù)n=3，由s=3L可求得繩子自由端移動的距離(L為物體沿斜面移動的距離)，根據(jù)W總=Fs求出總功的大小，然后根據(jù)η=W有用W總×100%求出整個裝置的機械效率；
(3)本裝置中額外功分為3部分，即克服動滑輪重所做的額外功、克服繩與滑輪間摩擦力做的額外功、克服木箱與斜面間摩擦力所做的額外功；則克服木箱與斜面間摩擦力所做的額外功Wf′=W總?W有?Wf?W動，最后根據(jù)Wf′=fL求出斜面對木箱的摩擦力大小。
本題考查了使用滑輪組、斜面時有用功、總功、額外功、機械效率的計算，明確有用功、總功、額外功的含義是解題的關鍵。

21.【答案】解：由電路圖知，銜鐵被吸下，繼電器動觸點和下方的靜觸點b接通時，加熱電路中只有R1工作，當繼電器動觸點和上方的靜觸點a接通時，加熱電路中兩電阻串聯(lián)，因為串聯(lián)電路中的總電阻大于各串聯(lián)導體的電阻，所以，由P=UI=U2R可知，加熱電路中只有R1工作，電阻最小，電路功率最大，處于加熱狀態(tài)；加熱電路中兩電阻串聯(lián)，電阻較大，由P=UI=U2R可知電路功率較小，電路處于保溫狀態(tài)；
(1)電熱水器加熱時，加熱電路中只有R1工作，此時電路中的電流：I=U2R1=220V22Ω=10A；
(2)電熱水器保溫時，加熱電路中兩電阻串聯(lián)，由串聯(lián)電路的電阻特點可知，電路中的總電阻：R保溫=R1+R2=22Ω+198Ω=220Ω，
則電熱水器的保溫功率：P保溫=U2R保溫=(220V)2220Ω=220W；
(3)由題意可知控制電路能正常工作時控制電路的最大電流I最大=15mA=0.015A，
由歐姆定律可知，當電路中的總電阻最小時，電路中的電流最大，
根據(jù)圖乙可知，熱敏電阻的最小阻值Rt最小=200Ω，
由歐姆定律可知，電路中最小總電阻：R總最小=U1I最大=6V0.015A=400Ω，
由串聯(lián)電路的電阻特點可知，可調(diào)電阻R的最小阻值：R最小=R總最小?Rt最小=400Ω?200Ω=200Ω；
(4)由題意可知，銜鐵上彈與觸點a接通時，電路中的電流Ia=8mA=0.008A，
此時電路中的總電阻：R總a=U1Ia=6V0.008A=750Ω，
熱敏電阻的阻值：Rta=R總a?R=750Ω?300Ω=450Ω，
由圖像可知，此時的水溫為75℃，
銜鐵被吸下與觸點b接通時，電路中的電流Ib=10mA=0.01A，
此時電路中的總電阻：R總b=U1Ib=6V0.01A=600Ω，
熱敏電阻的阻值：Rtb=R總b?R=600Ω?300Ω=300Ω，
由圖像可知，此時的水溫為50℃，
因此電熱水器工作穩(wěn)定后，水溫的變化范圍為50℃～75℃。
答：(1)電熱水器加熱時的電流為10A；
(2)電熱水器的保溫功率為220W；
(3)為使控制電路能正常工作，可調(diào)電阻R的最小阻值為200Ω；
(4)可調(diào)電阻R調(diào)為300Ω，電熱水器工作穩(wěn)定后，水溫的變化范圍為50℃～75℃。?
【解析】由電路圖知，銜鐵被吸下，繼電器動觸點和下方的靜觸點b接通時，加熱電路中只有R1工作，當繼電器動觸點和上方的靜觸點a接通時，加熱電路中兩電阻串聯(lián)，結合串聯(lián)電路電阻規(guī)律和P=UI=U2R可知各擋位時電路的連接；
(1)根據(jù)歐姆定律求出電熱水器加熱時的電流；
(2)根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點和P=UI=U2R求出電熱水器的保溫功率；
(3)由題意可知控制電路能正常工作時控制電路的最大電流，由歐姆定律可知，當電路中的總電阻最小時，電路中的電流最大，根據(jù)圖乙可知熱敏電阻的最小阻值，根據(jù)歐姆定律求出電路中最小總電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點求出可調(diào)電阻R的最小阻值；
(4)由題意可知銜鐵上彈與觸點a接通時電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出此時電路中的總電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點求出熱敏電阻的阻值，然后由圖像找出該阻值對應的溫度，同理求出銜鐵被吸下與觸點b接通時對應水的溫度，進而求出水溫的變化范圍。
本題考查了串聯(lián)電路的特點、歐姆定律和電功率公式的應用，分析清楚電路結構是本題正確解題的前提與關鍵。

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