?江西省贛州市五校協(xié)作體2023屆高考預(yù)測卷（全國Ⅲ卷）物理試題試卷
注意事項：
1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。
2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。
3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1、如圖所示，勻強磁場中有一電荷量為q的正離子，由a點沿半圓軌跡運動，當(dāng)它運動到b點時，突然吸收了附近若干電子，接著沿另一半圓軌跡運動到c點，已知a、b、c在同一直線上，且ac＝ab。電子的電荷量為e，質(zhì)量可忽略不計，則該離子吸收的電子個數(shù)為

A． B．
C． D．
2、如圖所示，在水平桌面上固定一個光滑長木板，質(zhì)量為M的木塊通過輕繩與質(zhì)量為m的鉤碼相連，重力加速度為g，則釋放后鉤碼的加速度大小為（　?。?br />
A．0
B．g
C．
D．
3、如圖所示，圍繞地球做勻速圓周運動的兩顆衛(wèi)星的周期分別為T1和T2，兩顆衛(wèi)星的軌道半徑的差值為d，地球表面重力加速度為g，根據(jù)以上已知量無法求出的物理量是（引力常量G未知）（　?。?br />
A．地球的半徑 B．地球的質(zhì)量
C．兩顆衛(wèi)星的軌道半徑 D．兩顆衛(wèi)星的線速度
4、下列說法正確的是（　?。?br /> A．布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動
B．隨液體的溫度升高，布朗運動更加劇烈
C．物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加
D．內(nèi)能是物體中所有分子熱運動動能的總和
5、如圖，兩質(zhì)點a，b在同一平面內(nèi)繞O沿逆時針方向做勻速圓周運動，a，b的周期分別為2 s和20 s，a，b和O三點第一次到第二次同側(cè)共線經(jīng)歷的時間為(　　)

A． B． C． D．
6、籃球運動深受同學(xué)們喜愛。打籃球時，某同學(xué)伸出雙手接傳來的籃球，雙手隨籃球迅速收縮至胸前，如圖所示。他這樣做的效果是（ ）

A．減小籃球?qū)κ值臎_擊力
B．減小籃球的動量變化量
C．減小籃球的動能變化量
D．減小籃球?qū)κ值臎_量
二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
7、一質(zhì)量為m的物體以某一速度沖上一個傾角為37°的斜面，其運動的加速度的大小為0.9g．這個物體沿斜面上升的最大高度為H，則在這過程中(　　)

A．物體克服重力做功0.9 mgH
B．物體克服摩擦力做功0.6 mgH
C．物體的動能損失了1.5 mgH
D．物體的重力勢能增加了mgH
8、如圖所示為一列簡諧橫波在t＝0時的波形圖，波沿x軸負(fù)方向傳播，傳播速度v＝1m/s，則下列說法正確的是

A．此時x＝1.25m處的質(zhì)點正在做加速度增大的減速運動
B．x＝0.4m處的質(zhì)點比x＝0.6 m處的質(zhì)點先回到平衡位置
C．x＝4m處的質(zhì)點再經(jīng)過1.5s可運動到波峰位置
D．x＝2m處的質(zhì)點在做簡諧運動，其振動方程為y＝0.4sinπt (m)
E. t＝2s的波形圖與t＝0時的波形圖重合
9、最近幾十年，人們對探測火星十分感興趣，先后發(fā)射過許多探測器。稱為“火星探路者”的火星探測器曾于1997年登上火星。在探測器“奔向”火星的過程中，用h表示探測器與火星表面的距離，a表示探測器所受的火星引力產(chǎn)生的加速度，a隨h變化的圖像如圖所示，圖像中a1、a2、h0以及萬有引力常量G己知。下列判斷正確的是（　?。?br />
A．火星的半徑為
B．火星表面的重力加速度大小為
C．火星的第一宇宙速度大小為
D．火星的質(zhì)量大小為
10、關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說法中正確的是（　?。?br /> A．非晶體和晶體的物理性質(zhì)都是各向同性
B．自然界中一切涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性
C．布朗運動是由懸浮在液體中的小顆粒之間的相互碰撞引起的
D．水的飽和汽壓與水面的大氣壓強無關(guān)，只與水的溫度有關(guān)
E.慢慢向小酒杯中注水，即使水面稍高出杯口，水仍不會流下來，是因為液體表面存在張力
三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。
11．（6分）某實驗小組在“測定金屬絲電阻率”的實驗中，為減小實驗誤差，選擇了內(nèi)阻已知的電流表，實驗中電阻兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)。
(1)以下電路圖符合上述要求的是_______；

(2)請根據(jù)所選電路圖，完善以下實物圖連接________。

(3)若電流表的內(nèi)阻為RA，金屬絲的長度為L，直徑為d，實驗中某次電壓表、電流表的示數(shù)分別為U、I，則該次實驗金屬絲電阻率的表達(dá)式為=_________（用題中字母表示）
12．（12分）在研究“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，提供有以下器材：
A．電壓表V1（0～5V）
B．電壓表V2（0～15V）
C．電流表A1（0～50mA）
D．電流表A2（0～500mA）
E．滑動變阻器R1（0～60Ω）
F．滑動變阻器R2（0～2kΩ）
G．直流電源E
H．開關(guān)S及導(dǎo)線若干
I．小燈泡（U額=5V）
某組同學(xué)連接完電路后，閉合電鍵，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端，移動過程中發(fā)現(xiàn)小燈未曾燒壞，記錄多組小燈兩端電壓U和通過小燈的電流I數(shù)據(jù)（包括滑片處于兩個端點時U、I數(shù)據(jù)），根據(jù)記錄的全部數(shù)據(jù)做出的U﹣I關(guān)系圖象如圖甲所示：

（1）根據(jù)實驗結(jié)果在圖乙虛線框內(nèi)畫出該組同學(xué)的實驗電路圖____；
（2）根據(jù)實驗結(jié)果判斷得出實驗中選用：電壓表__（選填器材代號“A”或“B”），電流表__（選填器材代號“C”或“D”），滑動變阻器__（選填器材代號“E”或“F”）；
（3）根據(jù)圖甲信息得出器材G中的直流電源電動勢為__V，內(nèi)阻為__Ω；
（4）將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，則每個小燈消耗的實際功率為__W。
四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。
13．（10分）如圖所示，空間存在一有邊界的條形勻強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直平面（紙面）垂直，磁場邊界的間距為L，磁感應(yīng)強度為B。一個質(zhì)量為m、匝數(shù)為N、邊長也為L的正方形導(dǎo)線框沿豎直方向運動，線框所在平面始終與磁場方向垂直，且線框上、下邊始終與磁場的邊界平行，導(dǎo)線框總電阻為R。t=0時刻導(dǎo)線框的上邊恰好與磁場的下邊界重合（圖中位置I），導(dǎo)線框的速度為v0。經(jīng)歷一段時間后，當(dāng)導(dǎo)線框的下邊恰好與磁場的上邊界重合時（圖中位置II），導(dǎo)線框的速度剛好為零。

（1）求導(dǎo)線框在位置I時的加速度大??；
（2）求從位置I到位置II的過程中，導(dǎo)線框中的焦耳熱；
（3）定性畫出導(dǎo)線框從位置I到再次回到位置I時速度隨時間變化圖象；
（4）上升階段和下降階段導(dǎo)線框克服安培力做功分別為W1和W2，試判斷W1與W2的大小關(guān)系，并簡述判斷依據(jù)。
14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第四象限有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小B=2.0T，在y軸上P點有一粒子源，沿紙面向磁場發(fā)射速率不同的粒子，均沿與y軸負(fù)方向間夾角=的方向，已知粒子質(zhì)量均為m=5.0×10－8kg，電荷量q=1.0×10－8C，LOP=30cm，取π=3。（不計粒子間相互作用及粒子重力）
(1)若某粒子垂直x軸飛出磁場，求該粒子在磁場中的運動時間；
(2)若某粒子不能進入x軸上方，求該粒子速度大小滿足的條件。

15．（12分）粗細(xì)均勻的U形管中裝有水銀，左管上端開口與大氣相連，右管上端封閉，如圖所示。開始時兩管內(nèi)水銀柱等高，兩管內(nèi)空氣（可視為理想氣體）柱長均為l=90 cm，此時兩管內(nèi)空氣柱溫度均為27℃，外界大氣壓為p0=76 cmHg?，F(xiàn)在左管上端開口處緩慢注入水銀壓縮空氣柱，直至右管內(nèi)水銀面上升10 cm，在注入水銀過程中，左管內(nèi)溫度緩慢下降到–23℃，右管內(nèi)溫度保持在27℃。求：
（i）注入水銀柱的長度；
（ii）左管注入的水銀柱上表面離左管開口的距離。




參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1、D
【解析】
正離子由a到b的過程，軌跡半徑，根據(jù)牛頓第二定律：，正離子在b點吸收n個電子，因電子質(zhì)量不計，所以正離子的速度不變，電荷量變?yōu)閝－ne，正離子從b到c的過程中，軌跡半徑r2＝＝ab，且(q－ne)vB＝，解得：
n＝
A．。故A不符合題意。
B．。故B不符合題意。
C．。故C不符合題意。
D．。故D符合題意。
2、C
【解析】
以鉤碼為研究對象則有

以木塊為研究對象，則有

聯(lián)立解得

故選C。
3、B
【解析】
ABC．根據(jù)萬有引力提供向心力，依據(jù)牛頓第二定律，則有


且

由公式

聯(lián)立可解得兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和地球的半徑，由于引力常量G未知則無法求出地球的質(zhì)量，故AC正確，B錯誤；
D．由公式可知，由于兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和周期已知或可求出，則可求出兩顆衛(wèi)星的線速度，故D正確。
故選B。
4、B
【解析】
A．布朗運動不是液體分子的無規(guī)則運動，而是花粉顆粒的無規(guī)則的運動，布朗運動間接反映了液體分子是運動的，故選A錯誤；
B．隨液體的溫度升高，布朗運動更加劇烈，選項B正確；
C．因為溫度越高，分子運動速度越大，故它的運動就越劇烈；物體從外界吸收熱量，如果還要對外做功，則它的內(nèi)能就不一定增加，選項C錯誤；
D．內(nèi)能是物體中所有分子熱運動動能與分子勢能的總和，故選項D錯誤。
故選B。
5、B
【解析】
a、b和O三點第一次到第二次同側(cè)共線即質(zhì)點a要比質(zhì)點b多運動一周．則要滿足,代入數(shù)據(jù)得解得：，B正確．
故選B
6、A
【解析】
ABD．先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量定理得

解得:

當(dāng)時間增大時，球動量的變化率減小，作用力就減小，而沖量和動量的變化量都不變，所以A正確，BD錯誤。
C．速度由v減小到0，動能的變化量是不變的，故C錯誤。
故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
7、CD
【解析】
AD. 重力勢能的增加量等于克服重力做的功mgH，故重力勢能增加了mgH，故A錯誤，D正確；
B. 物體上滑過程，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°+f=ma，解得摩擦力大?。篺=0.3mg，物體克服摩擦力做功：Wf=0.3mg×=0.5mgH，故B錯誤；
C．物體上滑過程,根據(jù)牛頓第二定律,得合外力大小為F合=ma=0.9mg，根據(jù)動能定理得：△Ek=?F合=?1.5mgH，故物體的動能減少了1.5mgH，故C正確．
故選CD。
8、ACE
【解析】
A、波沿x軸負(fù)向傳播，故此時x＝1.25 m處的質(zhì)點向上運動，質(zhì)點縱坐標(biāo)大于零，故由質(zhì)點運動遠(yuǎn)離平衡位置可得：質(zhì)點做加速度增大的減速運動，故A正確；
B、由波沿x軸負(fù)向傳播可得：x＝0.6 m處的質(zhì)點向平衡位置運動，故x＝0.4 m處的質(zhì)點、x＝0.6 m處的質(zhì)點都向平衡位置運動，且x＝0.4 m處的質(zhì)點比x＝0.6 m處的質(zhì)點距離遠(yuǎn)，那么，x＝0.6m處的質(zhì)點比x＝0.4 m處的質(zhì)點先回到平衡位置，故B錯誤；
C、由波沿x軸負(fù)向傳播可得：x＝4 m處的質(zhì)點由平衡位置向下振動，故x＝4 m處的質(zhì)點再經(jīng)過可運動到波峰位置，又有波長λ＝2m，波速v＝1m/s，所以，周期T＝2s，那么，x＝4 m處的質(zhì)點再經(jīng)過1.5 s可運動到波峰位置，故C正確；
D、由C可知：x＝2 m處的質(zhì)點在做簡諧運動的周期T＝2s，又有振幅A＝0.4m，t＝0時，質(zhì)點位移為零，根據(jù)波沿x軸負(fù)向傳播可知質(zhì)點向下振動，故可得：振動方程為y＝﹣0.4sin（πt）（m），故D錯誤；
E、由C可知簡諧波的周期T＝2s，故經(jīng)過2s，波正好向前傳播一個波長，波形重合，故t＝2s的波形圖與t＝0時的波形圖重合，故E正確。
9、BD
【解析】
AD．分析圖象可知，萬有引力提供向心力

當(dāng)時

聯(lián)立解得，火星的半徑

火星的質(zhì)量

A錯誤D正確；
B．當(dāng)h=0時，探測器繞火星表面運行，火星表面的重力加速度大小為a1，B正確；
C．在火星表面，根據(jù)重力提供向心力得

解得火星的第一宇宙速度

C錯誤。
故選BD。
10、BDE
【解析】
A．根據(jù)晶體的性質(zhì)可知，單晶體的在某些物理性質(zhì)上具有各向異性的，而多晶體和非晶體是各向同性的，A錯誤；
B．熱量可以自發(fā)地從較熱的物體傳遞到較冷的物體，但不可能自發(fā)地從較冷的物體傳遞到較熱的物，即涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，B正確；
C．布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒受到液體分子無規(guī)則碰撞引起的，C錯誤；
D．水的飽和汽壓與水面的大氣壓強無關(guān)，只與水的溫度有關(guān)，隨溫度降低而減小，D正確；
E．由于液體表面存在張力，液體表面像一張橡皮膜，即使水面稍高出杯口，水仍不會流下來，E正確。
故選BDE。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。
11、B
【解析】
(1)[1]電阻兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)，故選擇分壓式；電流表內(nèi)阻已知，電流表選擇內(nèi)接法，選B
(2)[2]接原理圖連接實物圖如圖

(3)[3]由實驗原理得

由電阻定律得，橫截面積，聯(lián)立，可解得：

12、 B D E 8 10 0.56
【解析】
（1） 從圖甲可知，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端過程中電表的示數(shù)不是從0開始的，因此滑動變阻器采用的不是分壓接法，而是限流接法；從圖甲可知，小燈泡的電阻為10Ω～30Ω，阻值較小，因此電流表采用外接法，作出的實驗電路圖如圖所示：

（2）從圖甲可知，記錄的全部數(shù)據(jù)中小燈兩端電壓U最大為6V，因此電壓表的量程需要選擇15V，故電壓表選B；通過小燈的電流I最大為：0.2A=200mA，故電流表的量程需要選擇500mA，故電流表選D；電路采用滑動變阻器限流接法，為了便于實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選小阻值的，故滑動變阻器選E；
（3）從圖甲可知，當(dāng)滑動變阻器接入電阻為0時，小燈兩端電壓U1最大為6V，通過小燈的電流I1最大為0.2A，則此時小燈電阻
RL==30Ω
由閉合電路歐姆定律有

當(dāng)滑動變阻器接入電阻為R2=60Ω時，小燈兩端電壓U2最小為1V，通過小燈的電流I2最小為0.1A，則此時小燈電阻
RL==10Ω
由閉合電路歐姆定律有

解得電源電動勢E=8V，內(nèi)阻r=10Ω；
（4）將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有
E=2U+Ir
解得
U=4﹣5I
作出此時的U﹣I圖象如圖所示：

圖中交點I=0.18A，U=3.1V，即通過每個燈泡的電流為0.18A，每個燈泡的電壓為3.1V，故每個小燈消耗的實際功率
P=0.18A3.1V≈0.56W
（由于交點讀數(shù)存在誤差，因此在0.55W～0.59W范圍內(nèi)均對）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。
13、（1）a1=g+v0；（2）Q=mv02-2mgL；（3）；（4）W1W2
【解析】
（1）線圈在位置Ⅰ時：由牛頓第二定律：
； ；
聯(lián)立解得：
（2）導(dǎo)線框從位置I到位置II的過程中由能量關(guān)系：
解得
（3）由可知，線圈向上運動過程中做加速度減小的變減速運動；同理下落過程中做加速度減小的變加速運動，則運動圖像如圖；

（4）根據(jù)能量守恒定律可知，線框經(jīng)過同一位置時：上升的速率大于下降的速率，上升過程的安培力大小較大，而位移大小相等，所以上升過程中比下降過程中克服安培力做的功多，即W1W2.
14、 (1)(2)
【解析】
(1)帶電粒子僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，軌跡如圖所示

由幾何關(guān)系可得
R1=0.6m，∠PO1Q=
由牛頓第二定律得


解得運動時間

(2)若帶電粒子不從x軸射出，臨界軌跡如圖所示

由幾何關(guān)系得

解得
R2=0.2m
由牛頓第二定律得

解得

當(dāng)v≤8m/s時粒子不能進入x軸上方。
15、（i）42cm；（ii）62cm。
【解析】
（i）只對右管封閉氣體研究，發(fā)生了等溫變化




（ii）左管注入的水銀柱上表面離左管開口的距離


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