江油中學(xué)2021級高二下期6月月考物理試題一、必考選擇題。本題共9小題，每小題4分，共36分。第1~6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7~9題有多項(xiàng)符合題目要求。1. 關(guān)于物理學(xué)的重要史實(shí)，下列說法正確的是（　　）A. 安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng) B. 法拉第發(fā)現(xiàn)了感應(yīng)電流C. 赫茲預(yù)言了電磁波存在 D. 湯姆孫提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)模型”【答案】B【解析】【詳解】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)。故A錯誤；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，發(fā)現(xiàn)了感應(yīng)電流。故B正確；C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在。故C錯誤；D．盧瑟福提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)模型”。故D錯誤。故選B。2. 如圖所示，小車靜止在光滑水平面上，AB是小車內(nèi)半圓弧軌道水平直徑，現(xiàn)將一小球從距A點(diǎn)正上方高R處由靜止釋放，小球由A點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入半圓軌道后又從B點(diǎn)沖出。不計(jì)一切摩擦。在小球與小車相互作用過程中（　?。?/span>A. 小車的動量守恒 B. 小球和小車的總動量守恒C. 小球和小車在豎直方向上動量守恒 D. 小球和小車在水平方向上動量守恒【答案】D【解析】【詳解】在小球與小車相互作用過程中，小車受到的合外力不為零，小車動量不守恒；把小球及小車看作一個系統(tǒng)，因?yàn)樾∏蚴艿街亓Φ淖饔?，使得該系統(tǒng)在豎直方向上受到的合力不為零，而水平方向上滿足只受內(nèi)力，不受外力的作用，所以，系統(tǒng)豎直方向上動量不守恒，水平方向上動量守恒，故選D。3. 如圖所示，單匝線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的bc邊以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，其線圈中感應(yīng)電動勢的峰值為Em，閉合回路中兩只相同燈泡恰好正常發(fā)光。則（　?。?/span>A. 若抽去電感器L的鐵芯，則燈泡A2變亮B. 若增大線圈轉(zhuǎn)動角速度ω，則燈泡A2將比A1更亮C. 若增大電容器C兩極板間的正對面積，則燈泡A1變暗D. 從圖示位置開始計(jì)時，線圈上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小e=Emcosωt【答案】A【解析】【詳解】A．若抽去電感器L的鐵芯，感抗減小，則燈泡A2變亮，故A正確；B．若增大線圈轉(zhuǎn)動角速度ω，則交流電的頻率增大，電容器容抗減小，電感器感抗增大，所以燈泡A1將比A2更亮，故B錯誤；C．若增大電容器C兩極板間的正對面積，則電容器的電容增大，容抗減小，燈泡A1變亮，故C錯誤；D．線圈在圖示位置為中性面，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為，故D錯誤。故選A。4. 發(fā)電機(jī)的示意圖如圖甲所示，邊長為L的單匝正方形金屬框，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以恒定角速度繞OO'軸轉(zhuǎn)動，阻值為R的電阻兩端的電壓如圖乙所示。其它電阻不計(jì)，圖乙中的Um為已知量。則金屬框轉(zhuǎn)動一周（　?。?/span>  A. 金屬框內(nèi)電流方向不變 B. 電動勢的有效值為C. 電阻產(chǎn)生的焦耳熱 D. 流過電阻的電荷量為【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)線框轉(zhuǎn)動時，框內(nèi)電流方向每經(jīng)過中性面一次都要變化一次，所以金屬框內(nèi)電流方向是周期性變化的，而圖乙中通過電阻的電流方向不變，是因?yàn)榻饘倏蜉敵龆擞袚Q向器， 故A錯誤；B．由圖乙可知，電動勢的最大值為，則電動勢的有效值為故B錯誤；C．電動勢的最大值為可得金屬框轉(zhuǎn)過一周電阻產(chǎn)生的焦耳熱為故C正確；D．金屬框轉(zhuǎn)過半周流過電阻的電荷量為由于有換向器，電流方向一直為正方向，所以金屬框轉(zhuǎn)過一周流過電阻的電荷量為故D錯誤。故選C。5. 發(fā)電站通過升壓變壓器、輸電線和降壓變壓器給用戶供電，升壓變壓器輸出端滑片P位置可以調(diào)動，發(fā)電機(jī)組輸出交變電壓的有效值恒定，兩條輸電線總電阻r保持不變。在下列條件下，增加用戶端的用電器，則（　　）A. 若滑片P位置不變，則用戶端電壓升高B. 若滑片P位置不變，則輸電線上損失的功率變小C. 若將滑片P下移，則用戶端電壓可能不變D. 若將滑片P下移，則輸電線上損失的功率可能減小【答案】C【解析】【詳解】A．增加用戶端的用電器，即并入電路的負(fù)載增多，負(fù)載總電阻減小，導(dǎo)致電路總電流增大，對應(yīng)的輸電線電流增大，發(fā)電站的輸出電流也增大。輸電線電流增大，由U=Ir可得，輸電線分壓增大，即電壓損失增多，降壓變壓器原線圈電壓降低，對應(yīng)的副線圈電壓也降低，即用戶獲得的電壓降低，故A錯誤；B．輸電線電流增大，由P=I2r可知，輸電線上損失的功率變大，故B錯誤；CD．若將滑片P下移，升壓變壓器副線圈匝數(shù)增加，則升壓變壓器次級電壓U2增大，增加用戶端用電器，則用戶端電阻減小，這樣會導(dǎo)致輸電線電流I變大，根據(jù)P=I2R線可知，輸電線上的功率損失一定變大；輸電線上的電壓損失變大，而降壓變壓器初級電壓可知降壓變壓器初級電壓可能不變，即用戶得到的電壓可能不變，故C正確，D錯誤。故選C。6. 如圖1所示，將一金屬圓環(huán)用絕緣細(xì)線懸掛起來，圓環(huán)的下半部分處在垂直于圓環(huán)平面的水平勻強(qiáng)磁場之中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖2所示，規(guī)定垂直紙面向里為正方向。金屬圓環(huán)始終保持靜止，則下列圖像中可能正確反映細(xì)線中張力T隨時間t變化情況的是（　?。?/span>A  B. C.  D. 【答案】A【解析】【詳解】BCD．磁感應(yīng)強(qiáng)度在0~1內(nèi)，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里為正方向，則磁場垂直紙面向里且大小均勻增大，所以由楞次定律可得線圈感應(yīng)電流是逆時針，根據(jù)左手定則判斷出圓環(huán)的下半部分所受安培力的方向向上，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈感應(yīng)電流是不變的，線框受重力、拉力和安培力，根據(jù)平衡條件得細(xì)線的拉力由于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻增大，所以圓環(huán)的下半部分所受安培力均勻增大，所以細(xì)線的拉力F隨時間均勻減小，選項(xiàng)BCD錯誤；A．磁感應(yīng)強(qiáng)度在1~2內(nèi)，磁場不變，則沒有感應(yīng)電流，細(xì)線的拉力而磁感應(yīng)強(qiáng)度在2~3內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直紙面向里且隨時間均勻減小，同理可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針，圓環(huán)的下半部分所受安培力的方向向下，所以細(xì)線的拉力由于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻減小，所以圓環(huán)的下半部分所受安培力均勻減小，所以細(xì)線的拉力F隨時間均勻減?。?/span>磁感應(yīng)強(qiáng)度在3~4內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直紙面向外且隨時間均勻增大，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針，圓環(huán)的下半部分所受安培力的方向向上，所以細(xì)線的拉力由于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻增大，所以圓環(huán)的下半部分所受安培力均勻增大，所以細(xì)線的拉力F隨時間均勻減小。選項(xiàng)A正確。故選A。7. 有a、b、c三束光，a、b光頻率相等，小于c光頻率，如圖所示為氫原子的能級圖。下列說法正確的是（　?。?/span>  A. 若b光為可見光，則c光可能是紫外線B. 同一介質(zhì)中a光的波長小于c光的波長C. 若c光光子是由處于激發(fā)態(tài)的氫原子向躍遷產(chǎn)生的，則a光光子可能是由處于激發(fā)態(tài)的氫原子向躍遷產(chǎn)生的D. 若b光光子能量為2.55eV，用大量b光光子直接照射大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子，可以產(chǎn)生6種不同頻率的光【答案】AD【解析】【詳解】A．若b光為可見光，由于紫外線的頻率大于可見光的頻率，則c光可能是紫外線，故A正確；B．同一介質(zhì)中a光的速度等于c光的速度，由于a的頻率小于c的頻率，根據(jù)可知，同一介質(zhì)中a光的波長大于c光的波長，故B錯誤；C．若c光光子是由處于激發(fā)態(tài)的氫原子向躍遷產(chǎn)生的，則c光光子的能量為同理，若a光光子是從激發(fā)態(tài)的氫原子向躍遷產(chǎn)生的，則a光光子的能量為顯然，與題目條件相矛盾，故C錯誤；D．若b光光子能量為2.55eV，恰好等于與能級能量的差值，則用大量b光光子直接照射大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子，則氫原子將躍遷到的能級上，接著從高能級向低能級躍遷，可以產(chǎn)生種不同頻率的光，故D正確。故選AD。8. 如圖所示，一質(zhì)量M=8.0kg的長方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一個質(zhì)量m=2.0kg的小木塊A。給A和B以大小均為5.0m/s，方向相反的初速度，使A開始向左運(yùn)動，B開始向右運(yùn)動，A始終沒有滑離B板，A、B之間的動摩擦因數(shù)是0.5。則在整個過程中，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 小木塊A的速度減為零時，長木板B的速度大小為4m/sB. 小木塊A的速度方向一直向左，不可能為零C. 小木塊A與長木板B共速時速度大小為3m/sD. 長木板的長度可能為10m【答案】CD【解析】【詳解】AB．木塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，由于初速度均為v0=5.0m/s，所以木板的動量大于小木塊的動量，系統(tǒng)合動量方向向右，所以木塊A先向左做減速運(yùn)動，速度減為零后反向向右做加速運(yùn)動，最后木塊與木板一起做勻速直線運(yùn)動，以向右為正方向，由動量守恒定律得當(dāng)木塊A的速度間為零時代入數(shù)據(jù)解得故AB錯誤；C．最終木塊與木板速度相等，根據(jù)動量守恒定律可得代入數(shù)據(jù)解得故C正確；D．最終木塊與木板相對靜止，一起做勻速直線運(yùn)動，對系統(tǒng)代入數(shù)據(jù)解得x=8m木板的最小長度為8m，可能為10m，故D正確。故選CD。9. 如圖豎直直線MN的右側(cè)區(qū)域存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場B，正方形金屬框電阻為R，邊長是L。金屬框從圖示位置開始在水平向右的外力F作用下由靜止開始勻加速運(yùn)動，t1時刻線框全部進(jìn)入磁場，在運(yùn)動過程中任意時刻t，金屬框中電流電功率為P，磁通量的變化率為，在0~t1時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q，則乙圖中描述的F、P、、q與t（或者t2）的關(guān)系圖像正確的是（　?。?/span>  A.    B.   C.    D.   【答案】BD【解析】【詳解】A．金屬框從圖示位置開始在水平向右的外力F作用下由靜止開始勻加速運(yùn)動，t1時刻線框全部進(jìn)入磁場，根據(jù)牛頓第二定律，在運(yùn)動過程中任意時刻有聯(lián)立可得顯然為一條不過坐標(biāo)原點(diǎn)且傾斜向上的直線，故A錯誤；B．在運(yùn)動過程中任意時刻，金屬框中電流電功率等于安培力的瞬時功率，即圖像為選項(xiàng)中所示拋物線，故B正確；C．在運(yùn)動過程中任意時刻，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知圖像為一條過坐標(biāo)原點(diǎn)傾斜向上的直線，故C錯誤；D．在運(yùn)動過程中任意時刻，通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為圖像為一條過坐標(biāo)原點(diǎn)且傾斜向上的直線，故D正確。故選BD。二、必考非選擇題。本題共4小題，共44分。10. 如圖所示，M是一個小型理想變壓器，其右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖的一部分，為熱敏電阻，在常溫和低于常溫時其阻值不變，溫度高于常溫隨溫度升高其阻值減小，是定值電阻，電壓表和電流表均為理想交流電表，輸入端a、b間接交流電源。報(bào)警電路（圖中未畫出）兩端電壓大于一定值時觸發(fā)報(bào)警，則報(bào)警電路應(yīng)該接在______（選填“”或“”）兩端。若有火警發(fā)生，圖中電壓表示數(shù)______（選填“增大”“減小”或“不變”）。【答案】    ①.     ②. 減小【解析】【詳解】[1]根據(jù)變壓器電壓匝數(shù)關(guān)系有可知當(dāng)原線圈輸入電壓一定時，副線圈輸出電壓亦為一個定值，當(dāng)溫度高于常溫時，溫度升高，的阻值減小，副線圈中的電流則可知副線圈中的電流增大，則定值電阻兩端電壓增大，熱敏電阻兩端電壓減小，由于報(bào)警電路兩端電壓大于一定值時觸發(fā)報(bào)警，則報(bào)警電路應(yīng)該接在定值電阻兩端。[2] 若有火警發(fā)生，溫度升高，的阻值減小，副線圈中的電流增大，可知副線圈中的電流增大，則定值電阻兩端電壓增大，熱敏電阻兩端電壓減小，即圖中電壓表示數(shù)減小。11. 某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證碰撞過程中動量守恒，圖中a、b是兩個半徑相等的小球。實(shí)驗(yàn)步驟：①在平木板表面釘上白紙和復(fù)寫紙，并將該木板豎直立于緊靠斜槽軌道水平段槽口處，將小球a從斜槽軌道上某固定點(diǎn)由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；②將木板向右平移一定距離并固定，再將小球a從固定點(diǎn)由靜止釋放，撞在木板上并在白紙上留下痕跡B；③把小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓小球a仍從原固定點(diǎn)由靜止釋放，與小球b相碰，兩球撞在木板上并在白紙上留下痕跡A和C。回答下列問題：（1）若碰撞過程中沒有機(jī)械能損失，為了保證碰撞后a球向右運(yùn)動，a、b兩球的質(zhì)量與的大小關(guān)系是_______（選填“＞”“＝”或“＜”）；（2）痕跡C是小球________在白紙上留下的；（選填“a”或“b”）（3）必須測量的物理量有（      ）A．a球和b球的質(zhì)量、          B．小球a開始釋放時離斜槽軌道水平面的高度h C．O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的豎直距離、、      D．木板水平向右移動的距離L（4）在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式____________成立，則動量守恒；（用物理常量和（3）中所測物理量表示）（5）若碰撞過程中有機(jī)械能損失，第（4）中的關(guān)系式成立，________（選填“能”或“不能”）驗(yàn)證碰撞過程中動量守恒。【答案】    ① ＞    ②. a    ③. AC##CA    ④.     ⑤. 能【解析】【詳解】（1）[1]在小球碰撞過程中，根據(jù)動量守恒定律可得碰撞前后系統(tǒng)動能不變，故有解得若要使球的速度方向不變，應(yīng)滿足。（2）[2]小球平拋運(yùn)動的時間則初速度為可知平拋運(yùn)動的初速度與下降高度二次方根的倒數(shù)成正比，碰后a球的速度較小，則下落高度h較大，痕跡C是小球a在白紙上留下的。（3）[3]據(jù)動量守恒定律可得代入初速度與平拋下落高度的關(guān)系可得由上述表達(dá)式可知，需測量的物理量有球和球的質(zhì)量、和O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的豎直距離、、。故選AC。（4）[4]在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式成立，則動量守恒。（5）[5]由實(shí)驗(yàn)原理可知，若碰撞過程中有機(jī)械能損失，不影響碰撞過程動量守恒的驗(yàn)證，故第（4）中的關(guān)系式成立，能驗(yàn)證碰撞過程中動量守恒。12. 如圖所示，傾斜放置的傳送帶與水平面間夾角，長為，以的速度沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，下端與地面平滑連接?；瑝KA質(zhì)量，與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，從傳送帶頂端由靜止釋放，一段時間以后，到達(dá)傳送帶底端與靜止在地面上質(zhì)量的物塊B發(fā)生彈性正碰。重力加速度g取，，。求：（1）滑塊A相對傳送帶滑動的距離x；（2）滑塊A與物塊B碰撞后瞬間，物塊B的速度；【答案】（1）；（2）8m/s【解析】【詳解】（1）設(shè)滑塊A在傳送帶上滑動的加速度大小為，經(jīng)過時間與傳送帶速度相同，通過的距離為x1，則解得，且所以，之后滑塊A與傳送帶相對靜止。設(shè)傳送帶在時間，通過的距離為x2，則解得（2）滑塊A與物塊B碰撞后，設(shè)滑塊A的速度，物塊B的速度，則，解得舍去。13. 如圖甲所示，間距的足夠長“U”型傾斜導(dǎo)軌傾角，頂端連一電阻；虛線MN的左側(cè)一面積的圓形區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于斜面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小隨時間t變化如圖乙所示；虛線MN的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直于斜面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為勻強(qiáng)磁場。一長也為，電阻的金屬棒ab在虛線MN右側(cè)靠近MN，與導(dǎo)軌垂直放置，在至，金屬棒ab恰好靜止，之后，開始沿導(dǎo)軌下滑，經(jīng)過足夠長的距離到達(dá)位置EF，且在到達(dá)EF前速度已經(jīng)穩(wěn)定，最后停止在導(dǎo)軌上某處。已知EF左側(cè)導(dǎo)軌均光滑，EF右側(cè)導(dǎo)軌與金屬棒間的動摩擦因數(shù)，g取，不計(jì)導(dǎo)軌電阻與其他阻力，，。求：（1）至內(nèi)流過電阻R的電流和金屬棒ab的質(zhì)量；（2）金屬棒ab到達(dá)EF時速度的大?。?/span>（3）金屬棒ab通過EF后通過電阻R的電荷量。【答案】（1），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）在至，回路感應(yīng)電動勢為，流過電阻R的電流為，則又解得，金屬棒ab恰好靜止，設(shè)金屬棒ab的質(zhì)量為m，有解得（2）設(shè)金屬棒ab到達(dá)EF時速度的大小為，有解得（3）EF右側(cè)導(dǎo)軌與金屬棒間的動摩擦因數(shù)，，，則有所以金屬棒ab通過EF后，受到的合外力等于安培力。設(shè)流過電阻R的平均電流為，安培力平均大小是，時間是，通過電阻R的電荷量為q，則由動量定理又則有解得三、選考題。本題共5小題，共30分。第14、15、16題每小題4分，只有一項(xiàng)符合要求。14. 下列說法正確的是（　?。?/span>A. “天上一日，人間一年”的神話，不可能實(shí)現(xiàn)B. “動棒縮短”是指棒本身在物理實(shí)質(zhì)上發(fā)生了變化C. 無線電波頻率較低，波長較長，易繞過障礙物D. 當(dāng)電磁振蕩停止時，已發(fā)出的電磁波立即消失，不再繼續(xù)傳播【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)相對論，物體運(yùn)動速度越接近光速則其時間流逝越慢，物體以光速運(yùn)行時時間停止流動，故只要“天上的物體”速度足夠大，可以做到“天上一日，人間一年”的神話，故A錯誤；B．“動棒縮短”是由于相對運(yùn)動而引起的觀測效應(yīng)，并不是棒的本身發(fā)生了物理上實(shí)質(zhì)的變化，故B錯誤；C．無線電波波長較長，頻率較低，易繞過障礙物，故C正確；D．當(dāng)發(fā)射電路的電磁振蕩停止了，只是不能產(chǎn)生新的電磁波，但已發(fā)出的電磁波不會立即消失，還要繼續(xù)傳播一段時間，故D錯誤。故選C。15. 白光通過雙縫后產(chǎn)生的干涉條紋是彩色的，其原因是不同色光的A. 傳播速度不同 B. 強(qiáng)度不同 C. 振動方向不同 D. 頻率不同【答案】D【解析】【詳解】雙縫干涉的條紋間距，為雙縫到屏的距離，為入射光的波長，是雙縫的間距．白光通過雙縫后對7種單色光來講，只有有是不同的，所以條紋間距不同，導(dǎo)致7種單色光的亮條紋暗條紋交替出現(xiàn)形成彩色條紋，各種色光傳播的速度都一樣m/s，，波長不同即頻率不同， D正確.。 16. 為了測量儲罐中不導(dǎo)電液體的高度，設(shè)計(jì)如圖所示電路。電容的兩極板插入儲罐的液體中，先將開關(guān)S接a，待電容器充滿電后，再接b，由電感與電容構(gòu)成的回路產(chǎn)生振蕩電流，根據(jù)振蕩電流的振蕩頻率變化情況確定測量儲罐中液體的高度。下列分析正確的是（　　）A. 若電流振蕩頻率減小，則電容器電容減小，罐中液面下降B. 若電流振蕩頻率減小，則電容器電容增大，罐中液面上升C. 若電流振蕩頻率增大，則電容器電容減小，罐中液面上升D. 若電流振蕩頻率增大，則電容器電容增大，罐中液面下降【答案】B【解析】【詳解】AB．根據(jù)又可知電流振蕩頻率減小，則電容器電容增大，電容器極板間的相對介電常數(shù)變大，罐中液面上升，故B正確，A錯誤；CD．根據(jù)又可知電流振蕩頻率增大，則電容器電容減小，電容器極板間的相對介電常數(shù)變小，罐中液面下降，故CD錯誤。故選B。17. 在多個玻璃片上涂墨汁，曬干后用刀片分別劃出兩條相距不遠(yuǎn)的直縫，做成多個雙縫。按如圖所示的裝置，讓激光束通過自制的雙縫，觀察在光屏上出現(xiàn)的現(xiàn)象。  （1）保持玻璃片到光屏距離不變，換用兩條直縫間距不同的玻璃片。兩條直縫間距越小，光屏上明暗相間的條紋間距______（選填“越大”或“越小”）。（2）用不同顏色的光照射用同一玻璃片，保持光屏與玻璃片位置不變。用紫光照射時屏上明暗相間條紋的間距比用紅光照射時條紋的間距______（選填“大”或“小”）。（3）若所用激光的波長為5.300×10－7 m，屏上某點(diǎn)P距玻璃片上兩條直縫S1和S2的路程差為1.855×10－6 m（圖中未標(biāo)出P、S1和S2），則在P點(diǎn)處出現(xiàn)的應(yīng)是______（選填“亮條紋”或“暗條紋”）。【答案】    ①. 越大    ②. 小    ③. 暗條紋【解析】【詳解】（1）[1]由兩條直縫間距越小，光屏上明暗相間的條紋間距越大。（2）[2]由光的波長越大，條紋間距越大，所以用紫光照射時屏上明暗相間條紋的間距比用紅光照射時條紋的間距小。（3）[3]由可知，屏上某點(diǎn)P距玻璃片上兩條直縫和的路程差為半波長的奇數(shù)倍，所以在P點(diǎn)處出現(xiàn)的應(yīng)是暗條紋。18. 如圖所示的棱鏡，其截面是圓心角60°、半徑R的圓弧面，O是圓心，OM、ON是半徑。在NO延長線上有一光源S，沿SA方向射出的光線射到OM面上A點(diǎn)，經(jīng)棱鏡折射后由弧MN上的B點(diǎn)射出，最終射到ON延長線的C點(diǎn)（圖中未畫出）。已知AB與ON平行，且，光在真空中的速度為c。求：（1）該光線在棱鏡中的折射率；（2）光線由S傳到C的時間。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)光線射到A點(diǎn)的入射角為i，折射角為r，折射率為n，光路圖如圖所示由幾何關(guān)系可知，根據(jù)折射定律解得（2）設(shè)光線射到B點(diǎn)的入射角為，折射角為，由幾何關(guān)系有在B點(diǎn)，根據(jù)折射定律解得根據(jù)幾何關(guān)系所以則又所以光在介質(zhì)中的傳播速度光線由S傳到C的時間

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