2023年山東省泰安市中考物理試卷（含解析）

這是一份2023年山東省泰安市中考物理試卷（含解析），共27頁。試卷主要包含了單選題，填空題，作圖題，實驗探究題，計算題等內容，歡迎下載使用。
?2023年山東省泰安市中考物理試卷
一、單選題（本大題共15小題，共35.0分）
1. 下列有關物理量的估測，符合實際的(????)
A. 一個雞蛋所受重力約為0.5N
B. 學校教學樓的高度約為12dm
C. 泰山山頂上的大氣壓約為1.01×105Pa
D. 汽車在高速公路正常行駛的速度約為120m/s
2. 關于聲現象，下列說法正確的是(????)
A. 在公共場所交談要輕聲，是指要控制聲音的音調
B. 彈奏吉他時按壓弦的不同位置，是為了改變聲音的響度
C. 人們能辨別不同樂器發(fā)出的聲音，是因為它們的音色不同
D. 用超聲波清洗精密機械，是利用聲波傳遞信息
3. 下列物態(tài)變化的實例中，屬于凝固現象的是(????)
A. 滴水成冰 B. 氣凝結霜 C. 冰雪消融 D. 濃霧消散
4. “海市蜃樓“在我國古書《史記》《夢溪筆談》中都有記載，下列光現象中與“海市蜃樓”形成原理相同的是(????)
A. 樹木在水中的倒影 B. 池水看起來比實際的淺
C. 樹蔭下圓形的光斑 D. 陽光下人的影子
5. 以下做法中，符合安全用電原則的是(????)
A. 使用電冰箱時必須使用兩孔插座 B. 人體不靠近高壓帶電體
C. 用濕布擦拭發(fā)光的日光燈 D. 控制電燈的開關與該電燈并聯
6. 下列電路中，閉合開關后，電流表能正確測量出通過燈泡L2電流的是(????)
A. B.
C. D.
7. 2023年跳水世界杯蒙特利爾站女子10米臺決賽，中國選手全紅嬋發(fā)揮完美獲得冠軍。如所示是全紅嬋參加跳水比賽時向上起跳和下落的運動軌跡示意圖。下列說法正確的是(????)
A. 起跳時，運動員對跳臺施加了力，跳臺對運動員沒有力的作用
B. 起跳后能繼續(xù)向上運動，是因為運動員受到向上的力大于自身的重力
C. 起跳上升過程中，若運動員所受的力全部消失，她將做勻速直線運動
D. 從最高點到入水前的過程中，運動員的慣性增大

8. 如圖所示電路，電源電壓保持不變，閉合開關后，只有兩個電表的指針發(fā)生偏轉。已知燈泡L1、L2中只有一個出現了故障，其它元件均完好。下列說法正確的是(????)
A. 可能是燈泡L1短路
B. 可能是燈泡L2短路
C. 可能是燈泡L1斷路
D. 一定是燈泡L2斷路
9. 北京時間2023年5月10日，搭載天舟六號貨運飛船的長征七號遙七運載火箭，在我國文昌航天發(fā)射中心成功發(fā)射。天舟六號“快遞員”給空間站攜帶了各類補給物資，是世界現役的上行載貨能力最強的貨運飛船。在火箭發(fā)射升空的過程中，下列說法正確的是(????)
A. 以火箭為參照物，飛船是運動的 B. 飛船攜帶的各類補給物資質量變小
C. 飛船的重力勢能變大 D. 飛船的機械能不變
10. 在初中物理的學習中，我們常會用到一些科學研究方法，如在“探究壓力的作用效果與受力面積的關系”時，保持壓力不變，改變受力面積。以下研究中所采用方法與此相同的是(????)
A. “探究物體動能的大小與速度的關系”時，讓同一小車由斜面的不同高度靜止滑下
B. “探究杠桿平衡的條件”時，改變動力(臂)和阻力(臂)，多次測量
C. 計算高速列車由泰安到北京全程的平均速度時，忽略列車的長度
D. 認識磁場時，用磁感線描述磁場
11. 關于下列四幅圖的說法中(????)

①如圖甲，向下壓活塞使筒內的硝化棉燃燒，說明壓縮空氣做功，空氣的內能增加
②如圖乙，從紙條上方吹氣使紙條飄起來，說明氣體流速大的位置壓強小
③如圖丙，奧斯特實驗說明通電導線周圍存在磁場
④如圖丁，古人用桔槔提水既省力又省功
A. 只有②③正確 B. 只有①④正確 C. 只有②③④正確 D. 只有①②③正確
12. 小芳利用如圖所示的裝置“探究凸透鏡成像的規(guī)律”。將蠟燭放在凸透鏡左側適當位置，調整光屏到凸透鏡的距離，使燭焰在光屏上成清晰的像，分別測出物距u和像距v，實驗數如表所示。下列說法中(????)

實驗次數
1
2
3
4
5
物距u/cm
60
30
20
15
12
像距v/cm
12
15
20
30
60
①該凸透鏡的焦距為20cm
②第1次實驗的成像規(guī)律與照相機成像原理相同
③從第1次實驗到第5次實驗，成在光屏上的像越來越大
④當u=11cm時，移動光屏，可在光屏上成倒立、縮小的清晰實像
A. 只有①④正確 B. 只有②③正確 C. 只有①②正確 D. 只有②③④正確
13. 質量均為0.5kg的水和另一種液體在相同時間內放出的熱量相等，它們溫度隨時間變化的關系如圖所示。已知水的比熱容c水=4.2×103J/(kg?℃)，c水>c液。下列說法中(????)
①甲物質是水
②0～12min乙溫度降低了20℃
③0～12min甲放出了8.4×104J的熱量
④乙物質的比熱容為2.1×103J/(kg?℃)

A. 只有①②正確 B. 只有②④正確 C. 只有①③正確 D. 只有①④正確
14. 如圖所示，有兩個正方體實心物體A、B疊放在水平桌面上，物體A重5N，B重40N。已知物體A對B的壓強與此時物體B對桌面的壓強相等，物體A對B的壓力、物體B對桌面的壓力分別為FA和FB。物體A和物體B的密度分別是ρA和ρB，下列說法中(????)
①FA：FB=1：9
②FA：FB=1：8
③ρA：ρB=27：8
④ρA：ρB=9：8

A. 只有①③正確 B. 只有①④正確 C. 只有②③正確 D. 只有②④正確
15. 如圖所示的電路中，電源電壓U恒定，燈泡L上標有“2.5V?1.25W”字樣(忽略溫度對燈絲電阻的影響)，定值電阻R1阻值為15Ω，滑動變阻器R2的規(guī)格為“20Ω?1A”，電流表量程為0～0.6A，電壓表量程為0～3V。閉合開關S，斷開開關S1、S2，在確保電路各元件安全的情況下，滑動變阻器接入電路的最小阻值為R2′，當滑動變阻器滑片移至中點時，電流表示數為0.3A；閉合開關S、S1、S2，在確保電路各元件安全的情況下，滑動變阻器在電路中消耗的最大功率為P，定值電阻R1在10s內產生的熱量為Q。下列說法中(????)
①U=6V
②R2′=4Ω
③P=1.35W
④Q=27J
A. 只有①④正確 B. 只有②③正確 C. 只有①③正確 D. 只有②③④正確
二、填空題（本大題共4小題，共8.0分）
16. 圖中物體的長度是______ cm。


17. 小紅在家學做菜，廚房里菜香四溢屬于______ 現象。
18. 智能手機等電子產品給人們帶來了許多便利，但長時間盯著屏幕，容易導致視力受損。人看遠處物體時，成像示意圖如圖所示，則他需要佩戴______ (選填“凸”或“凹”)透鏡行矯正。
19. 如圖所示的滑輪組在10s內將200N的重物勻速提升3m，滑輪組的機械效率為80%，不計繩重和摩擦，拉力F的功率為______ W。


三、作圖題（本大題共2小題，共6.0分）
20. 畫出圖中動力F的力臂，并用字母l表示。


21. 如圖所示，從光源S發(fā)出的一條光線射向平面鏡，經平面鏡反射后過A點，請作出這條入射光線并完成光路圖。


四、實驗探究題（本大題共3小題，共25.0分）
22. 小華用如圖甲所示的實驗裝置“探究水沸騰時溫度變化的特點”。用酒精燈給燒杯加熱，當水溫升高到時，每隔1min記錄1次溫度，同時觀察水中發(fā)生的變化。7～10min觀察到燒杯中水的變化情況如圖乙所示，同時觀察到燒杯上方出現“白氣”。根據實驗數據畫出水沸騰時溫度和時間的關系曲線，如圖丙所示。

根據以上現象和圖象，完成下列問題：
(1)水的沸騰是一種______ (選填“劇烈”或“緩慢”)的汽化現象。
(2)水沸騰時，______ (選填“吸收”或“放出”)熱量，溫度______ (選填“升高”、“不變”或“降低”)。
(3)“白氣”形成時，______ (選填“吸收”或“放出”)熱量。
23. 在“探究影響滑動摩擦力大小的因素”實驗中；

(1)某同學用如圖甲所示的方式勻速拉動木塊，測量滑動摩擦力，這樣操作是______ (選填“正確”或“錯誤”)的。
(2)小明提出如下猜想：A.滑動摩擦力的大小與接觸面所受的壓力有關；B.滑動摩擦力的大小與接觸面的粗糙程度有關。小明以v1的速度勻速拉動木塊，進行了正確的實驗操作，實驗探究過程如下所示。
比較圖______ 兩次實驗，可驗證猜想A；比較圖______ 兩次實驗，可驗證猜想B。
(3)如圖戊所示，小明以v2的速度勻速拉動木塊再次進行實驗。已知v2>v1，木塊重4N，砝碼共重2N，彈簧測力計的示數為2.4N，此時，毛巾對木塊的摩擦力為______ N。
24. 物理實驗小組連接了如圖甲所示的電路，做“測量小燈泡的電功率”實驗。可供選擇的器材有：電源(可選電壓為4.5V、6V)，規(guī)格為“20Ω?2A”的滑動變阻器一個，小燈泡(額定電壓為2.5V，額定功率小于0.75W)一個，電壓表、電流表各一個，開關，導線若干。

(1)甲圖連接的電路有一處錯誤，請把接錯的那根導線找出來打“×”，用筆畫線代替導線畫出正確的連接(只改接一根導線)。
(2)正確連接電路后，當變阻器的滑片P在中點時小燈泡正常發(fā)光。該實驗所用的電壓為______ V，小燈泡的額定功率為______ W。
(3)變阻器的滑片P移至某處時，電流表示數為0.18A，電壓表示數如圖乙所示為______ V，此時小燈泡的電阻為______ Ω。
(4)該實驗小組的同學又設計了如圖丙所示的電路，利用阻值為R0的定值電阻和電壓表V1、V2等器材，測量額定電壓為U額的小燈泡L的額定功率，經檢查無誤后進行實驗。請你幫助他們將實驗過程補充完整；
①閉合開關，移動滑動變阻器的滑片P，使電壓表______ (選填“V1”或“V2”)的示數為U額，同時讀出另一個電壓表的示數，記為U；
②用已知物理量和測量量的符號表示出小燈泡額定功率P額= ______ 。
五、計算題（本大題共3小題，共26.0分）
25. 太陽能汽車利用太陽能板將太陽能轉化為電能驅動汽車前進。某品牌太陽能汽車在試驗場地內進行測試，30min行駛了27km的路程，消耗的電能為1.84×107J。已知汽油的熱值q=4.6×107J/kg，在該測試過程中，求：
(1)太陽能汽車行駛的平均速度；
(2)消耗的電能相當于完全燃燒多少千克的汽油釋放的能量。
26. 某同學受“懷丙打撈鐵?！惫适碌膯l(fā)，設計了如下“打撈”過程：如圖甲，金屬塊A部分陷入淤泥內，輕質小船裝有18N的沙石，細繩將金屬塊A和小船緊連，細繩對小船的拉力為2N，水面與船的上沿相平；將小船內所有沙石清除后，金屬塊A被拉出淤泥靜止在水中，如圖乙所示。已知金屬塊A的體積為2×10?4m3，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，小船的質量忽略不計，細繩的質量和體積忽略不計。

(1)甲圖中，金屬塊A上表面距離水面50cm，求金屬塊A上表面受到的水的壓強；
(2)乙圖中，小船有25體積露出水面，求金屬塊A的密度。
27. 2023年3月27日是第28個全國中小學生安全教育日，某校開展了安全創(chuàng)意設計比賽活動，物理興趣小組利用磁性開關S2設計了煙霧報警與自動噴淋聯動模擬系統(tǒng)，當煙霧達到一定濃度時觸發(fā)自動報警噴淋，防范火災發(fā)生。圖甲為該模擬系統(tǒng)示意圖，Rc為氣敏電阻?？刂齐娐分械碾娏鱅控≥0.02A時，磁性開關動觸片被電磁鐵吸引與觸點a接觸，安全指示燈L熄滅，報警噴淋系統(tǒng)同時工作；控制電路中的電流小于0.02A時，動觸片被釋放，與觸點b接觸，安全指示燈亮，報警噴淋系統(tǒng)停止工作。已知控制電路電源電壓U控大小可調節(jié)，電磁鐵線圈電阻不計，氣敏電阻Rc的阻值與煙霧濃度C的關系如圖乙所示，R0為定值電阻。工作電路電源電壓U=36V，報警電鈴標有“36V?18W”字樣。

(1)安全指示燈L標有“0.9W?10Ω”字樣(忽略溫度對燈絲電阻的影響)，要使燈L正常工作，則保護電阻的阻值為多大？
(2)報警電鈴響時電流表示數為2.5A，噴淋系統(tǒng)工作20s消耗的電能是多少？
(3)通過調節(jié)U控大小，可改變該裝置對煙霧探測的靈敏度。調至U控1時，觸發(fā)報警噴淋的最低煙霧濃度C1=8%，電阻R0的功率為0.012W，控制電路消耗的總功率為P控1；將電壓增大調至U控2，觸發(fā)報警噴淋時的最低煙霧濃度為C2，控制電路消耗的總功率為P控2，P控1：P控2=25：31，求U控1、U控2和C2的大小。
答案和解析

1.【答案】A?
【解析】解：A、一個雞蛋的質量在50g=0.05kg左右，受到的重力為G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A符合實際；
B、一層樓的高度在3m=30dm左右，故B不符合實際；
C、泰山山頂上的大氣壓遠低于標準大氣壓，即小于1.01×105Pa，故C不符合實際；
D、汽車在高速公路上行駛速度約為120km/h，故D不符合實際。
故選：A。
首先要對選項中涉及的幾種物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出合理的答案。
物理與社會生活聯系緊密，多了解一些生活中的常見量的值可幫助我們更好地學好物理，同時也能讓物理更好地為生活服務。

2.【答案】C?
【解析】解：A、公共場所交談要輕聲是改變聲音的大小，是在改變聲音的響度，故A錯誤；
B、彈奏吉他時按壓弦的不同位置，改變了弦的振動頻率，改變聲音的音調，故B錯誤；
C、人們能辨別不同樂器發(fā)出的聲音，是因為它們的音色不同，故C正確；
D、用超聲波清洗精密機械利用聲音傳遞能量，故D錯誤；
故選：C。
聲音的三個特性：音調、響度和音色，音調指聲音的高低；響度指聲音的大?。煌ㄟ^音色能辨別不同的發(fā)聲體；
聲音即可以傳遞信息，又可以傳遞能量。
本題考查了聲學的相關知識。

3.【答案】A?
【解析】解：A、滴水成冰是液態(tài)變成固態(tài)，是凝固現象，故A正確；
B、氣凝結霜是氣態(tài)直接變成固態(tài)，是凝華現象，故B錯誤；
C、冰雪消融是固態(tài)變成液態(tài)，是熔化現象，故C錯誤；
D、濃霧消散是液態(tài)變成氣態(tài)，是汽化現象，故D錯誤；
故選：A。
物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；物質由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，物質由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；物質由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，物質由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。
分析生活中的熱現象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵要看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀態(tài)；另外對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

4.【答案】B?
【解析】解：海市蜃樓是由于空氣的密度不均勻，光在傳播過程中發(fā)生折射產生的現象。
A、平靜的水面相當于平面鏡，倒影是平面鏡成的像，這是利用光的反射原理，故A錯誤
B、池底的光線由水中進入空氣時，在水面上發(fā)生折射，折射角大于入射角，折射光線進入人眼，人眼會逆著折射光線的方向看去，就會覺得池底變淺了，故B正確；
C、樹蔭下圓形的光斑，是小孔成像，都可以用光沿直線傳播來解釋，故C正確；
D、陽光下的影子屬于光沿直線傳播現象，不是光的折射現象，故D錯誤。
故選：B。
判斷光的折射現象，要對折射的定義理解清楚，光從一種透明介質斜射入另一種透明介質中時，傳播方向一般會發(fā)生改變，這是光的折射，生活中光在不均勻介質中不沿直線傳播的現象也是光的折射。
此題主要考查身邊本題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的折射、光的直線傳播的理解，考查了學生理論聯系實際的能力，在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象。

5.【答案】B?
【解析】解：A、電冰箱屬于金屬外殼的用電器，電冰箱使用三孔插座，在電冰箱漏電時，人接觸電冰箱，地線把人體短路，防止觸電事故發(fā)生，故A不符合安全用電原則；
B、不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體，這是安全用電的基本原則，故B符合安全用電原則；
C、生活用水是導體，用濕布擦拭發(fā)光的日光燈，容易發(fā)生觸電事故，故C不符合安全用電原則；
D、開關應接在火線與電燈之間，當開關斷開時，電路中不但沒有電流通過，而且電燈與火線斷開連接，防止人發(fā)生觸電事故，故D不符合安全用電原則。
故選：B。
(1)有金屬外殼的用電器，其外殼要接地；
(2)安全用電原則：不接觸低壓帶電體、不靠近高壓帶電體；
(3)生活用水是導體；
(4)開關要想對某個電器起到控制作用，必須與這個電器串聯。
本題考查了學生對安全用電原則了解與掌握，平時學習時多觀察、多分析，加強安全意識，學好電、用好電！

6.【答案】D?
【解析】解：A、電路中使用的是電壓表，不能測量出通過燈泡L2電流，故A錯誤；
B、閉合開關后，該電路為并聯電路，電流表與L1串聯在支路中，能直接測量L1的電流，故B錯誤；
C、閉合開關后，該電路為并聯電路，電流表接在干路中，測量的是總電流，無法直接測量L2的電流，故C錯誤；
D、閉合開關后，該電路為串聯電路，電流表能測量通過L2的電流，故D正確。
故選：D。
電流表應串聯接入電路中，電流從電流表的正接線柱流入，從負接線柱流出；電流表與誰串聯，測量的就是誰的電流。
本題考查了電流表的連接方式、電流表的作用。

7.【答案】C?
【解析】解：A.起跳時，運動員對跳臺施加了力，根據力的作用是相互的，跳臺對運動員也有力的作用，故A錯誤；
?B.起跳后能繼續(xù)向上運動，是因為運動員具有慣性，沒有受到向上的力，故B錯誤；
C.起跳上升過程中，具有一定的速度，若運動員所受的力全部消失，根據牛頓第一定律，她將保持原來的速度做勻速直線運動，故C正確；
?D.從最高點到入水前的過程中，質量不變，運動員的慣性不變，故D錯誤。
故選：C。
(1)力的作用是相互的；
(2)(4)任何物體都有慣性，慣性是一種性質，慣性大小與質量有關；
(3)根據牛頓第一定律分析運動員的運動狀態(tài)。
本題所考查的內容都是基本的力學規(guī)律，是我們判斷力學相關現象的基礎，我們必須熟知并深入領會其意義。

8.【答案】B?
【解析】解：由圖知，開關S閉合后，兩個燈泡串聯，電流表測電路中的電流，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測L2兩端的電壓；
若燈L1短路，電壓表V1測量的是電源電壓，示數不變；此時電路是通路，電流表A有示數，電壓表V2測電源電壓，V2有示數，故A錯誤；
若燈L2短路，則電壓表V2被短路，V2的示數為0；此時電路是通路，電流表A有示數；電壓表V1測電源電壓，則V2有示數，故B正確；
如果燈L1斷路，由圖可知，電壓表V1測電源電壓，則V1有示數；電壓表V1和電流表與電源之間是斷開的，都沒有示數，故C錯誤；
如果燈L2斷路，由圖可知，電壓表V1測電源電壓，則V1有示數；電壓表V2和燈泡L1串聯，由于電壓表所在電路相當于斷路，所以電流表無示數，電壓表V2測電源電壓，則V2有示數；
綜上所述，B正確、ACD錯誤。
故選：B。
由圖知，開關S閉合后，兩個燈泡串聯，電流表測電路中的電流，電壓表V1測電源電壓，電壓表V2測L2兩端的電壓；已知只有一個燈泡出現了故障，只有兩個電表的指針發(fā)生偏轉，據此分析電路可能存在的故障。
此題考查了電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用，要結合電路圖和兩表特點進行分析。

9.【答案】C?
【解析】解：A、火箭與飛船一起向上運動，因此以火箭為參照物，飛船是靜止的，故A錯誤；
B、在火箭發(fā)射升空的過程中，飛船攜帶的各類補給物資，位置發(fā)生改變，所含物質多少沒有變化，所以質量不變，故B錯誤；
C、飛船隨火箭升空過程中，質量不變，高度越來越高，所以重力勢能越來越大，故C正確；
D、飛船升空過程中，質量不變，高度越來越高，速度越來越大，所以重力勢能和動能都增大，機械能增大，故D錯誤。
故選：C。
(1)如果物體相對參照物的位置發(fā)生改變，那么它是運動的；否則，它就是靜止的；
(2)質量是物體本身的一種屬性，與物體的形狀、狀態(tài)、位置和溫度無關；
(3)影響重力勢能大小的因素：物體的質量和物體所處的高度，物體的質量越大，所處的高度越高，物體的重力勢能就越大；
(4)物體具有的機械能是指動能和勢能的總和。
本題考查運動和靜止的相對性、質量是物體的一種屬性以及機械能的變化等，是一道基礎題。

10.【答案】A?
【解析】解：在“探究壓力的作用效果與受力面積的關系”時，保持壓力不變，改變受力面積，這實驗用了控制變量法：
A、“探究物體動能的大小與速度的關系”時，讓同一小車由斜面的不同高度靜止滑下，控制了小車的質量相同，本實驗用了控制變量法，故A正確；
B、“探究杠桿平衡的條件”時，改變動力(臂)和阻力(臂)，多次測量，是為了減小誤差，故B錯誤；
C、計算高速列車由泰安到北京全程的平均速度時，忽略列車的長度，這里用了理想實驗法，故C錯誤；
D、認識磁場時，用磁感線描述磁場，本實驗用了模型法，故D錯誤。
故選：A。
控制變量法是物體實驗探究題常用的方法。
本題考查了控制變量法，屬于常識題。

11.【答案】D?
【解析】解：①如圖甲，向下壓活塞使筒內的硝化棉燃燒，說明壓縮空氣做功，空氣的內能增加，溫度升高，達到硝化棉的著火點，故①正確；
②如圖乙，從紙條上方吹氣上方的空氣流速快，使紙條飄起來，上方的壓強小于大氣壓，說明氣體流速大的位置壓強小，故②正確；
③如圖丙，通電小磁針轉動，奧斯特實驗說明通電導線周圍存在磁場，故③正確；
④任何機械都不能省功，如圖丁，古人用桔槔提水可以省力但不能省功，故④錯誤。
綜上所述，只有①②③正確。
故選：D。
(1)改變內能的方式有做功和熱傳遞；
(2)流體中流速越快的位置，壓強越?。?br /> (3)通電導體周圍存在磁場；
(4)使用任何機械都不能省功。
本題考查改變內能的方式、流體的壓強、電流的磁效應、功的原理，屬于綜合題，有一定的難度。

12.【答案】B?
【解析】解：①由表中數據可知，u=v=20cm，根據u=v=2f，成倒立等大的實像，即2f=20cm，所以該凸透鏡的焦距為f=10cm，故①錯誤；
②第1次實驗，u=60cm>2f，根據u>2f，成倒立縮小的實像，照相機就是利用此原理制成的，故②正確；
③從第1次實驗到第5次實驗，物距逐漸減小，根據凸透鏡成實像時，物近像遠像變大，故③正確；
④當u=11cm，此時物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根據2f>u>f，成倒立放大的實像，故④錯誤。
故選：B。
①根據u=v=2f，成倒立等大的實像，據此確定凸透鏡的焦距；
②根據u>2f，成倒立縮小的實像，照相機就是利用此原理制成的；
③根據凸透鏡成實像時，物近像遠像變大分析回答；
④根據2f>u>f，成倒立放大的實像。
此題考查了凸透鏡成像規(guī)律的探究及應用，關鍵是熟記成像規(guī)律的內容，并做到靈活運用。

13.【答案】D?
【解析】解：①時間相等時，兩種液體放出的熱量相等，由圖示可以看出，乙液體的溫度降低的快，甲液體溫度降低慢，
根據熱量的計算公式Q放=cmΔt可知，在質量相等、初溫相同、放熱也相同的情況下，誰的溫度降低得快，它的比熱容小，
所以，甲液體的比熱容大，所以若甲、乙兩種液體中，一種液體是水，則這種液體一定是甲液體，故①正確；
②由圖可知：乙液體的初溫是60℃，放熱12分鐘后乙液體的末溫是20℃，乙溫度降低了40℃，故②錯誤；
③讀圖可得，甲在12min內由60℃降低到40℃，降低的溫度是60℃?40℃=20℃，甲液體已判斷出是水，
所以甲放出的熱量Q放=cmΔt=4.2×103J/(kg?℃)×0.5kg×20℃=4.2×104J，故③錯誤；
④由圖知，0～12min水放出的熱量：
Q放=c水m水(t水?t0)=4.2×103J/(kg?℃)×m水×(60℃?40℃)，
0～12min乙液體放出的熱量：
Q放=c乙m乙(60℃?20℃)，
由題知，水和乙液體的質量相同，即m水=m乙
4.2×103J/(kg?℃)×m水×(60℃?40℃)=c乙m乙(60℃?20℃)，
解得c乙=2.1×103J/(kg?℃)，故④正確。
故選：D。
(1)選同樣的加熱時間，甲和乙吸熱相同，根據溫度變化的多少判斷，溫度變化多的比熱容小，溫度變化少的比熱容大，據此分析判斷；
(2)由圖像知乙液體初溫和末溫；
(3)根據Q放=cmΔt可求出甲液體放出的熱量；
(4)相同時間水和液體放出的熱量相同，而水和液體的質量相同，變化的溫度由圖可知，根據放熱公式求液體的比熱容。
本題考查了學生對放熱公式的掌握和運用，能從溫度?時間圖象得出相關信息是解題的關鍵。

14.【答案】A?
【解析】解：物體A對B的壓力與物體B對桌面的壓力之比：
FAFB=GAGA+GB=5N5N+40N=19，故①正確，②錯誤；
正方體物體A對B的壓強：pA=FASA=GASA=GALA2=5NLA2，
正方體物體B對桌面的壓強：pB=FBSB=GA+GBSB=5N+40NLB2=45NLB2，
由題意可知：pB=pA，
即：5NLA2=45NLB2，
解得：3LA=LB；
根據重力公式和密度公式可得，物體對接觸面的壓強：p=FS=GS=mgS=ρVgS，
所以，pA=ρAVAgSA=ρALAg，
pB=ρAVAg+ρBVBgSB=ρBLBg+ρALA3(3LA)2g=3ρBLAg+ρALA9g，
因pB=pA，所以ρALAg=3ρBLAg+ρALA9g，
ρAρB=278，故③正確，④錯誤。
故選：A。
物體A對B的壓力等于A的重力，物體B對桌面的壓力等于AB的重力之和，據此計算物體A對B的壓力與物體B對桌面的壓力之比；
兩個物體都是正方體，A和B的接觸面積是A的底面積，也就是A邊長的平方，B和桌面的接觸面積是B的底面積，也就是B邊長的平方，根據公式p=FS列出關系式，求出兩個邊長的關系，再利用密度與質量的關系，求出密度之比。
本題考查壓強和密度的計算，關鍵是公式及其變形的靈活運用，還要知道在水平面上壓力等于物體自身的重力。

15.【答案】B?
【解析】解：(1)閉合開關S，斷開開關S1、S2，燈泡和滑動變阻器串聯接入電路，電流表測通過電路的電流，電壓表測燈泡兩端的電壓，
在確保電路各元件安全的情況下，滑動變阻器接入電路的最小阻值為R2′，當滑動變阻器滑片移至中點時，滑動變阻器接入電路的電阻為12×20Ω=10Ω，電流表示數為0.3A，根據歐姆定律可得滑動變阻器兩端的電壓U2 =IR2=0.3A×10Ω=3V；
燈泡的電阻RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω，
此時燈泡兩端的電壓UL′=IRL=0.3A×5Ω=1.5V，
串聯電路總電壓等于各部分電壓之和，則電源電壓U=UL′+U2=1.5V+3V=4.5V，故①錯誤；
燈泡正常發(fā)光的電流IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A，
電流表量程為0～0.6A，串聯電路各處電流相等，所以通過電路的最大電流為0.5A，
根據歐姆定律可得電路最小總電阻R=UIL=4.5V0.5A=9Ω，
串聯電路總電阻等于各部分電阻之和，則滑動變阻器接入電路的最小阻值為R2′=R?RL=9Ω?5Ω=4Ω，故②正確；
(2)閉合開關S、S1、S2，兩電阻并聯接入電路，電流表測干路電流，根據電流表的量程可知通過干路的最大電流為0.6A，
并聯電路各支路兩端電壓相等，根據歐姆定律可得通過定值電阻的電流I1=UR1=4.5V15Ω=0.3A，
并聯電路干路電流等于各支路電流之和，通過滑動變阻器的最大電流I2=I′?I1=0.6A?0.3A=0.3A，
滑動變阻器在電路中消耗的最大功率為P=UI2=4.5V×0.3A=1.35W，故③正確；
定值電阻R1在10s內產生的熱量為Q=W=UI1t=4.5V×0.3A×10s=13.5J，故④錯誤。
故選：B。
(1)閉合開關S，斷開開關S1、S2，燈泡和滑動變阻器串聯接入電路，電流表測通過電路的電流，電壓表測燈泡兩端的電壓，
在確保電路各元件安全的情況下，滑動變阻器接入電路的最小阻值為R2′，當滑動變阻器滑片移至中點時，滑動變阻器接入電路的電阻為12×20Ω=10Ω，電流表示數為0.3A，根據歐姆定律計算滑動變阻器兩端的電壓；
根據R=U2P計算燈泡的電阻，根據U=IR計算此時燈泡兩端的電壓，根據串聯電路電壓規(guī)律計算電源電壓；
根據I=PU計算燈泡正常發(fā)光的電流，電流表量程為0～0.6A，根據串聯電路電流特點確定通過電路的最大電流，
根據歐姆定律計算電路最小總電阻，根據串聯電路電阻規(guī)律計算滑動變阻器接入電路的最小阻值；
(2)閉合開關S、S1、S2，兩電阻并聯接入電路，電流表測干路電流，根據電流表的量程確定通過干路的最大電流，
根據并聯電路電壓特點結合歐姆定律計算通過定值電阻的電流，根據并聯電路電流規(guī)律計算通過滑動變阻器的最大電流，
根據P=UI計算滑動變阻器在電路中消耗的最大功率，
根據Q=W=UIt計算定值電阻R1在10s內產生的熱量。
本題考查串聯電路特點、并聯電路特點、歐姆定律、電功公式、電功率公式的靈活運用。

16.【答案】3.45?
【解析】解：刻度尺上1cm之間有10小格，所以每個小格代表的長度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物體左側與零刻度線對齊，右側在刻度3.40cm和3.50cm之間，所以物體的長度L=3.45cm。
故答案為：3.45。
使用刻度尺時要明確量程和分度值，起始端從0刻度線開始，讀出末端刻度值，就是物體的長度；起始端沒有從0刻度線開始的，要以某一刻度線為起點，讀出末端刻度值，用末端刻度值減去起始端所對刻度即為物體的長度，注意刻度尺讀數時要估讀到分度值的下一位。
本題考查長度的測量，屬于基礎題目。

17.【答案】擴散?
【解析】解：小紅在家學做菜時，廚房里菜香四溢，是分子運動到空氣中，是擴散現象，說明分子在不停地做無規(guī)則運動。
故答案為：擴散。
不同的物質在相互接觸時，分子彼此進入對方的現象叫做擴散，這一現象說明一切物體的分子都在不停地做無規(guī)則運動。
本題考查學生對分子動理論的掌握

18.【答案】凹?
【解析】解：近視眼看不清遠處的物體，是因為晶狀體太厚，物體成像會聚在視網膜的前方；凹透鏡對光線有發(fā)散作用，配戴凹透鏡使像推遲會聚在視網膜上。
故答案為：凹。
近視眼是因為晶狀體太厚或眼球太長，像成在視網膜的前方，不能看清物體。要配戴凹透鏡進行矯正，凹透鏡對光線有發(fā)散作用，使像錯后會聚在視網膜上，能看清物體。
本題主要考查學生對近視眼的成因和矯正方法的掌握。

19.【答案】75?
【解析】解：拉力做的有用功：W有=Gh=200N×3m=600J，
由η=W有W總×100%可知，拉力F做的總功：W總=W有η=600J80%=750J，
拉力F做功的功率：P=W總t=750J10s=75W。
故答案為：75。
利用W有=Gh求有用功，利用η=W有W總×100%求拉力做的總功，根據P=W總t求拉力F做功的功率。
本題考查使用滑輪組時功、功率和機械效率的計算，難度不大。

20.【答案】解：先延長F的作用線，過支點O作拉力F的作用線的垂線段l，即為其力臂，如圖所示：
?
【解析】力臂的畫法：①首先根據杠桿的示意圖，確定杠桿的支點。②確定力的作用點和力的方向，畫出力的作用線。③從支點向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力臂。
本題考查力臂的畫法，屬于基礎題，難度較小。

21.【答案】解：過鏡面作出點S的對稱點S′，即為點光源S在平面鏡中的像，連接S′A與鏡面交于O點，即為入射點(反射點)，連接SO就得到入射光線，OA為反射光線，如下圖所示：
?
【解析】根據平面鏡成像的特點知，反射光線好像是由像點發(fā)出的，由物與像關于鏡面對稱，作出像點后，連接S′A，與鏡面的交點為入射點，再完成光路。
本題考查了平面鏡成像特點的應用，難度不大。

22.【答案】劇烈? 吸收? 不變? 放出?
【解析】解：(1)水沸騰時，水中產生大量氣泡，上升變大，到水面破裂放出大量的水蒸氣，因此水的沸騰是一種劇烈的汽化現象；
(2)水沸騰時，吸收熱量，溫度不變；
(3)“白氣”是水蒸氣遇冷液化成的小水滴，此過程水蒸氣放出熱量。
故答案為：(1)劇烈；(2)吸收；不變；(3)放出。
(1)水的沸騰是一種劇烈的汽化現象，蒸發(fā)是一種緩慢的汽化現象；
(2)水沸騰時的特點：不斷吸熱，但溫度保持不變；
(3)液化是氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的現象，需要放出熱量。
本題考查了“探究水沸騰時溫度變化的特點”的實驗，難度較小，屬于基礎性題目，需要重點掌握水沸騰的特點以及現象。

23.【答案】錯誤? 丙、丁? 乙、丙? 2.4?
【解析】解：(1)只有用彈簧測力計沿水平方向拉著木塊做勻速直線運動，木塊在水平方向上受到平衡力的作用，根據二力平衡的條件，彈簧測力計的示數才等于摩擦力的大小，甲圖中，彈簧測力計沿斜上方拉動木塊，故它的示數不等于木塊所受的滑動摩擦力，這樣操作是錯誤的；
(2)要驗證滑動摩擦力的大小與接觸面所受的壓力有關，應保持接觸面的粗糙程度相同，使接觸面受到壓力不同，所以應選擇丙和丁，
要驗證滑動摩擦力的大小與接觸面的粗糙程度有關，應保持壓力相同，使接觸面的粗糙程度不同，所以應選擇乙和丙；
(3)滑動摩擦力大小跟壓力大小和接觸面粗糙程度有關，跟物體的運動速度無關，小明以v2的速度勻速拉動木塊再次進行實驗，摩擦力的大小仍等于彈簧測力計的示數為2.4N。
故答案為：(1)錯誤；(2)丙、?。灰?、丙；(3)2.4。
(1)物體處于靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)時，物體受到平衡力的作用；根據二力平衡的條件分析；
(2)滑動摩擦力的大小與接觸面所受的壓力和接觸面的粗糙程度有關，根據控制變量法分析解答；
(3)滑動摩擦力大小跟壓力大小和接觸面粗糙程度有關，跟物體的運動速度無關。
本題是研究影響摩擦力大小因素的實驗，考查了實驗原理、注意控制變量法的使用。

24.【答案】4.5? 0.5? 1.8? 10? V1? U額?U?U額R0?
【解析】解：(1)原電路圖中，燈泡沒有接入電路，電壓表串聯在電路中是錯誤的，在測量小燈泡的電功率實驗中，燈泡、滑動變阻器和電流表串聯，電壓表并聯在燈泡兩端，如下圖所示：
；
(2)已知小燈泡額定電壓為2.5V，額定功率小于0.75W，由P=UI可知，小燈泡額定電流小于I′=P′UL=0.75W2.5V=0.3A；
假設燈泡額定電流為0.3A，當變阻器的滑片P在中點時小燈泡正常發(fā)光，此時電源電壓為U′=UL+I′R滑=2.5V+0.3A×10Ω=5.5V，
因可選電源電壓為4.5V和6V，故該實驗所用的電壓為U源=4.5V；
當變阻器的滑片P在中點時小燈泡正常發(fā)光，此時滑動變阻器兩端電壓為U滑=U源?UL=4.5V?2.5V=2V，
根據串聯電路電流特點，小燈泡額定電流為IL=I滑=U滑R滑=2V10Ω=0.2A，
則小燈泡額定功率為：
PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(3)由圖甲可知，電壓表選用小量程；變阻器的滑片P移至某處時，電流表示數為0.18A，電壓表示數如圖乙所示，電壓表分度值0.1V，其示數為1.8V，則此時小燈泡的電阻為：
R=UL′IL′=1.8V0.18A=10Ω；
(4)實驗步驟：
①閉合開關，移動滑動變阻器的滑片P，使電壓表V1的示數為U額，同時讀出另一個電壓表的示數，記為U；
②由圖丙可知，燈泡、R0和滑動變阻器串聯，電壓表V1測燈泡兩端電壓，電壓表V1測燈泡和R0兩端電壓，移動滑動變阻器的滑片P，使電壓表V1的示數為U額，此時燈泡正常發(fā)光；
根據串聯電路電壓規(guī)律，R0兩端電壓為U0=U?U額，
根據串聯電路電流特點，燈泡額定電流為I額=I0=U0R0=U?U額R0，
則小燈泡額定功率為：
P額=U額I額=U額?U?U額R0。
故答案為：(1)見解答圖；(2)4.5；0.5；(3)1.8；10；(4)①V1；②U額?U?U額R0。
(1)在測量小燈泡的電功率實驗中，燈泡、滑動變阻器和電流表串聯，電壓表并聯在燈泡兩端；
(2)已知小燈泡額定電壓為2.5V，額定功率小于0.75W，根據P=UI求出燈泡額定電流的大約值；當變阻器的滑片P在中點時小燈泡正常發(fā)光，根據串聯電路電壓規(guī)律確定電源電壓；根據串聯電路電壓規(guī)律求出滑動變阻器兩端電壓，利用歐姆定律求出燈泡正常發(fā)光時的電流，然后根據P=UI求出燈泡額定功率；
(3)根據圖甲確定電壓表量程，由圖乙確定分度值讀數，利用R=UI求出此時小燈泡的電阻；
(4)分析電路連接；根據串聯電路電壓規(guī)律求出R0兩端電壓，利用歐姆定律求出燈泡正常發(fā)光時的電流，然后根據P=UI求出燈泡的額定功率。
本題測量小燈泡的電功率實驗，考查了電路連接、歐姆定律的應用、功率的計算、電阻的計算及設計實驗方案測功率的能力。

25.【答案】解：(1)太陽能汽車行駛的平均速度為：
v=st=27km30min=27km0.5h=54km/h；
(2)相當于完全燃燒汽油的質量為：
m=Qq=Wq=1.84×107J4.6×107J/kg=0.4kg。
答：(1)太陽能汽車行駛的平均速度為54km/h；
(2)消耗的電能相當于完全燃燒0.4千克的汽油釋放的能量。?
【解析】(1)根據v=st求出太陽能汽車行駛的平均速度；
(2)根據m=Qq=Wq求出相當于完全燃燒汽油的質量。
此題考查了速度的計算、熱值公式的應用，難度不大，屬基礎題目。

26.【答案】解：(1)金屬塊A上表面受到的水的壓強為：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5000Pa；
(2)甲圖中小船受到豎直向下的壓力、豎直向下的拉力、豎直向上的浮力，則小船受到的浮力為：
F浮=G沙+F=18N+2N=20N，
小船的體積為：
V=V排=F浮ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10?3m3，
乙圖中，小船有25體積露出水面，小船排開水的體積為：
V排′=(1?25)V=(1?25)×2×10?3m3=1.2×10?3m3，
此時小船受到的浮力為：
F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2×10?3m3=12N；
乙圖中小船受到豎直向下的拉力、豎直向上的浮力，
則小船受到金屬塊A的拉力為：
F拉=F浮′=12N，
由于物體間力的作用是相互的，所以繩子對A的拉力也為12N，
金屬塊A受到豎直向下的重力和豎直向上的浮力、豎直向上的拉力，
所以GA=FA浮+F拉′，
ρAgVA=ρ水gVA+F拉′，
代入數據得ρA×10N/kg×2×10?4m3=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10?4m3+12N；
解得金屬塊A的密度為：ρA=7×103kg/m3。
答：(1)金屬塊A上表面受到的水的壓強為5000Pa；
(2)金屬塊A的密度為7×103kg/m3。?
【解析】(1)根據p=ρgh計算出壓強的大?。?br /> (2)甲圖中小船受到豎直向下的壓力、豎直向下的拉力、豎直向上的浮力，根據F浮=G沙+F算出小船受到的浮力，由阿基米德原理公式算出小船的體積；
乙圖中，小船有25體積露出水面，由V排′=(1?25)V算出小船排開水的體積，根據F浮′=ρ水gV排′算出乙圖中小船受到的浮力，根據平衡力算出小船受到金屬塊A的拉力，根據物體間力的作用是相互的，算出繩子對A的拉力；
圖中金屬塊A受到豎直向下的重力和豎直向上的浮力、豎直向上的拉力，根據GA=FA浮+F拉′，即ρAgVA=ρ水gVA+F拉′算出金屬塊A的密度。
本題考查了液體壓強公式和阿基米德原理公式的應用，掌握平衡力的應用是解題的關鍵。

27.【答案】解：(1)由圖甲可知，工作電路中，動觸片與觸點b接觸時燈泡與保護電阻R′串聯，
由P=UI=I2R可知，燈L正常工作時的電流：IL= PLRL= 0.9W10Ω=0.3A，
由歐姆定律可知，此時工作電路的總電阻：R總b=UIL=36V0.3A=120Ω，
由串聯電路的電阻特點可知，保護電阻R′的阻值：R′=R總b?RL=120Ω?10Ω=110Ω；
(2)由圖甲可知，工作電路中，動觸片與觸點a接觸時電鈴與噴淋系統(tǒng)并聯，電流表測干路電流，
由P=UI可知，電鈴正常工作時的電流：I電鈴=P電鈴U電鈴=18W36V=0.5A，
由并聯電路的電壓特點可知，此時電鈴兩端的電壓等于電鈴的額定電壓，電鈴正常工作，通過電鈴的電流I電鈴=0.5A，
由并聯電路的電流特點可知，通過噴淋系統(tǒng)的電流：I噴淋=I′?I電鈴=2.5A?0.5A=2A，
噴淋系統(tǒng)工作20s消耗的電能：W噴淋=U噴淋I噴淋t=36V×2A×20s=1440J；
(3)由圖乙可知，氣敏電阻RC的阻值與煙霧濃度C的關系為一次函數，因此可設：RC=kC+b，
當C=0時，RC=300Ω，則b=RC?kC=300Ω?k×0=300Ω，
當C′=5%時，RC′=250Ω，則k=RC′?bC′=250Ω?300Ω5%=?1000Ω，
則RC與C的關系式為RC=?1000Ω×C+300Ω，
當C1=8%時，RC1=?1000Ω×8%+300Ω=220Ω，
由題意可知，觸發(fā)報警噴淋的最低煙霧濃度時的電路電流：I0=0.02A，
由P=UI=I2R可知，R0的阻值：R0=P0I02=0.012W(0.02A)2=30Ω，
由串聯電路的電阻特點和歐姆定律可知，此時控制電路的電源電壓：U控1=I0(RC1+R0)=0.02A×(220Ω+30Ω)=5V，
則濃度C1=8%時，控制電路消耗的總功率：P控1=U控1×I0=5V×0.02A=0.1W，
由P控1：P控2=25：31可知，濃度為C2時，控制電路消耗的總功率：P控2=3125P控1=3125×0.1W=0.124W，
由P=UI可知：U控2=P控2I0=0.124W0.02A=6.2V，
由歐姆定律可知，電壓增大調至U控2時電路的總電阻：R總2=U控2I0=6.2V0.02A=310Ω，
由串聯電路的電阻特點可知，煙霧濃度為C2時，氣敏電阻RC的阻值：RC2=R總2?R0=310Ω?30Ω=280Ω，
由RC=?1000Ω×C+300Ω可知：C2=RC2?300Ω?1000Ω=280Ω?300Ω?1000=2%。
答：(1)保護電阻的阻值為110Ω；
(2)噴淋系統(tǒng)工作20s消耗的電能是1440J；
(3)U控1為5V，U控2為6.2V，C2為2%。?
【解析】(1)由圖甲可知，工作電路中，動觸片與觸點b接觸時燈泡與保護電阻R′串聯，根據P=UI=I2R求燈L正常工作時的電流，根據歐姆定律求出此時工作電路的總電阻，根據串聯電路的電阻特點求出保護電阻R′的阻值；
(2)由圖甲可知，工作電路中，動觸片與觸點a接觸時電鈴與噴淋系統(tǒng)并聯，電流表測干路電流，根據P=UI求出電鈴正常工作時的電流，根據并聯電路的電流特點求出通過噴淋系統(tǒng)的電流，根據W=UIt求出噴淋系統(tǒng)工作20s消耗的電能；
(3)根據圖乙利用數學知識求出RC與C的關系式，進而求出C1=8%時，氣敏電阻RC的阻值，根據控制電路中的電流I控≥0.02A時，磁性開關動觸片被電磁鐵吸引與觸點a接觸，安全指示燈L熄滅，報警噴淋系統(tǒng)同時工作可知，觸發(fā)報警噴淋的最低煙霧濃度時的電路電流，根據P=UI=I2R求R0的阻值，根據串聯電路的電阻特點和歐姆定律求出U控1，根據P=UI求出P控1，根據P控1：P控2=25：31求出P控2，根據P=UI求出U控2，根據歐姆定律求出電壓增大調至U控2時電路的總電阻，根據串聯電路的電阻特點求出RC，根據RC與C的關系式求出最低煙霧濃度為C2。
本題考查串并聯電路的特點、歐姆定律和電功率公式的應用，關鍵是根據圖像讀出相關的信息。