?2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性試卷
一、選擇題（共10小題，每題2分，計20分。每題只有一個選項是符合題意的）
1．（2分）“當好東道主，精彩辦峰會!”千年古都，愛樂之城，交響樂樂團、秦腔表演、舞臺劇、南門樂隊等紛紛盡情表演，展現(xiàn)千年文化底蘊。下列關于聲現(xiàn)象的說法正確的是（　?。?br />
A．交響樂不是由物體振動產(chǎn)生的
B．游客可以辨別不同秦腔表演者的聲音是因為他們的響度不同
C．舞臺劇中的聲音只能向游客傳遞能量
D．樂隊演奏的聲音主要通過空氣傳給觀眾
2．（2分）自然界中的霧、露、冰、雪、霜等現(xiàn)象都是水的物態(tài)發(fā)生變化形成的。下列有關說法正確的是（　?。?br />
A．圖A中霜的形成是凝華現(xiàn)象，需要吸熱
B．圖B中露的形成是液化現(xiàn)象，需要放熱
C．圖C中冰雪消融是熔化現(xiàn)象，需要放熱
D．圖D中日出霧散是升華現(xiàn)象，需要放熱
3．（2分）曲江池畔，芙蓉美景，吸引了很多游客前往游覽。下列有關光現(xiàn)象的說法正確的是（　　）

A．地面上的樹蔭是由于光的直線傳播形成的
B．樓閣在水中的倒影是實像
C．鮮艷的花朵是光源
D．湖水看起來變淺，是光的反射現(xiàn)象
4．（2分）西安交通大學科研團隊通過定向冷凍法和隨后的熱處理制備了具有納米線組裝各向異性和分層結構的SiC@SiO2納米線氣凝膠。這種氣凝膠在1200℃條件下也能具備其物理特性。這主要利用了該氣凝膠的（　　）
A．密度小 B．硬度大 C．熱穩(wěn)定性好 D．絕緣性好
5．（2分）如圖所示是“鯤龍”AG600水陸兩棲飛機成功試飛的情景。下列關于飛機的說法中錯誤的是（　?。?br />
A．試飛過程中飛機相對于地面的觀測臺是運動的
B．飛機加速起飛過程中慣性變大
C．在水平地面上靜止的飛機所受的重力和地面對它的支持力是一對平衡力
D．飛機減速滑行時受到非平衡力的作用
6．（2分）物理制作與實驗是充滿智慧的，同時也是充滿樂趣的。下列有關物理制作和實驗的說法正確的是（　　）
A．A管中水面上升，是因為流體中流速越大的地方壓強越大
B．把圖B中自制氣壓計從山下移到山頂，細管內(nèi)的水柱下降
C．圖C中水不流出來是由于受到大氣壓的作用
D．圖D中密度計在液體中漂浮時所受浮力大于自身重力
7．（2分）如圖所示是電吉他及其電拾音器的基本結構，查詢資料可知：“磁體附近的金屬弦容易被磁化，因此弦振動時，在線圈中產(chǎn)生感應電流，電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)出聲音?！标P于電拾音器，下列說法正確的是（　?。?br />

A．增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電流
B．金屬弦如果選用銅制作，電吉他也能正常工作
C．取走磁體，電吉他也能正常工作
D．線圈中產(chǎn)生感應電流的原理是通電導體在磁場中受到力的作用
8．（2分）如圖所示，電源電壓保持不變。閉合開關S后，當滑動變阻器R2的滑片P由最右端移動到中點時，下列說法正確的是（　?。?br />
A．電流表A2的示數(shù)變小
B．電壓表V的示數(shù)變大
C．電壓表V示數(shù)與電流表A示數(shù)的乘積不變
D．電壓表V示數(shù)與電流表A2示數(shù)的比值變小
9．（2分）如圖所示，滑輪組懸掛在水平支架上，重為800N的工人站在水平地面上，豎直向下拉動繩子自由端，使重為900N的物體以0.2m/s的速度勻速上升。在這個過程中，人施加的拉力F為500N，不計滑輪組的繩重和摩擦。下列說法正確的是（　?。?br />
A．10s內(nèi)繩子自由端移動距離是2m
B．拉力F的功率為400W
C．該滑輪組的機械效率為75%
D．該工人利用此滑輪組能提升貨物的最大重量為1500N
10．（2分）3D打印機是一種可快速打印定型的機器，它的原理是把數(shù)據(jù)和原料放進3D打印機中，通過逐層打印的方式來構造物體。小明家用的3D打印機所使用的絲材原料是一種易熔易凝的PLA塑料，其比熱容c＝1.6×103J/（kg?℃）。其工作電路如圖甲所示，其中U1＝9V，電磁鐵的線圈電阻為40Ω，當電磁繼電器線圈的電流達到100mA時，銜鐵被吸下來。下列有關說法正確的是（　?。?br />
A．3D打印機噴頭主要是利用了電流的磁效應
B．當電阻R1為30Ω時，要使銜鐵能被吸引下來，R2的阻值最多為60Ω
C．若電路中只有3D打印機工作了40min，如圖乙所示的家用電能表指示燈閃爍了500次，則該打印機的實際功率為250W
D．100g的PLA塑料從30℃加熱到80℃，吸收的熱量為12800J
二、填空與作圖題（共8小題，每空1分，每圖2分，計20分）
11．（2分）物理學的每一次重大發(fā)現(xiàn)，都為人類的文明和發(fā)展做出了杰出貢獻。如丹麥物理學家奧斯特在1820年首先發(fā)現(xiàn)了電流的 　 　效應，揭開了電磁聯(lián)系和應用的序幕；19世紀末，英國物理學家湯姆生發(fā)現(xiàn)了比原子小得多的帶負電的粒子——　 　，從而證明原子是可再分的。
12．（3分）如圖甲兩個懸掛的氣球，一同學用左邊氣球擠壓右邊氣球，擠壓后氣球如圖乙所示?？烧f明的力學知識有：力可以使物體發(fā)生 　 　、力的作用是相互的；若往兩球中間吹氣，觀察到兩球相互 　 　。將其中一個氣球與毛皮摩擦幾下，再懸掛在原來位置，松手后，觀察到兩球相互 　 　。（以上兩空均選填“靠近”或“遠離”）

13．（2分）如圖所示是自行車的一個把手結構，當捏手閘剎車制動時手閘可視為一個 　 　杠桿；手把上有凹凸不平的花紋，這是為了 　 　。

14．（3分）如圖是小敏周末在湖邊游玩時拍攝的一張照片，拍得的是天鵝倒立、縮小的 　 　（選填“實像”或“虛像”）。若此時的天鵝距水面2m，它在水中的倒影離天鵝 　 　m。若天鵝靠近水面飛行，水中天鵝的像 　 ?。ㄟx填“變大”、“不變”或“變小”）。

15．（3分）如圖所示，長征七號運載火箭升空時，燃氣向下噴出，火箭向上運動，說明物體間力的作用是 　 　的。衛(wèi)星每日通過 　 ?。ㄟx填“電磁波”或“超聲波”）向地面?zhèn)骰丶s500GB數(shù)據(jù)，相當于幾萬幅“高清大圖”。火箭主要以偏二甲肼作為燃料，其質量為1.5t，它完全燃燒放出的熱量為 　 　J。（q偏二甲肼＝4.2×107J/kg）

16．（3分）某興趣小組設計了如圖甲所示的電路進行實驗探究，選用電壓可調的學生電源，小燈泡L標有“6V 1.2W”字樣。根據(jù)記錄的電流表和電壓表的示數(shù)，他們繪出了如圖乙所示的I﹣U關系圖像。當電壓表的示數(shù)為6V時，通過小燈泡L的電流為 　 　A，電阻R的阻值為 　 　Ω。調節(jié)電源電壓，當電路消耗的總功率為1.35W時，小燈泡的實際功率為 　 　W。

17．（2分）如圖一個木塊從斜面上滑下，在粗糙的水平面上繼續(xù)滑行一段距離后才停下來。請在圖中畫出該木塊在水平面上向右滑行時受到摩擦力的示意圖。

18．（2分）按要求作圖：在如圖虛線框內(nèi)畫出電池組和滑動變阻器的符號，并用導線連接好電路，要求：開關閉合，小磁針靜止時如圖所示；當滑動變阻器滑片向右移動時，電磁鐵的磁性增強。

三、實驗與探究題（共4小題，每空1分，計22分）
19．（4分）請完成與下列實驗有關的填空：

（1）將圖甲1中的小卡片旋轉一定角度，并保持兩個拉力方向相反如圖甲2所示，然后再松手，這樣做是為了探究相互平衡的兩個力是否作用在 　 　。
（2）如圖乙，用大小不同的力敲擊音叉同一位置，觀察到乒乓球被彈開的幅度不同，音叉發(fā)出聲音的響度也不同，說明聲音的響度與 　 　有關。
（3）如圖丙所示是最簡單的直流電動機模型，其中繞制線圈的銅絲外表有漆皮，必須對線圈引出線的兩端（擱置于銅質彎鉤的部位）進行刮漆處理，一端全部刮掉，一端只刮掉半周。按這種方法刮漆的目的是使線圈能夠 　 　，因此這一部位就相當于電動機中的 　 　（填某一部件的名稱）。
20．（6分）小亮用壓強計做“研究液體內(nèi)部壓強”的實驗。

（1）使用前用手輕輕按壓幾下橡皮膜，如果U形管中的液體能靈活升降，則說明裝置 　 ?。ㄟx填“漏氣”或“不漏氣”）。
（2）比較圖甲和圖乙可以探究的問題是：同種液體，液體壓強與 　 　的關系。
（3）保持探頭在水中的深度不變，將水換成濃鹽水，如圖乙、丙所示，根據(jù)實驗現(xiàn)象可以初步得出結論：在同一深度處，液體密度越 　 　，液體壓強越大。
（4）小亮結合液體壓強知識，設計了測量鹽水密度的方案如圖丁所示，幫他將實驗步驟補充完整：
①如圖丁A所示，用細線和橡皮膜把玻璃管一端扎緊，向管內(nèi)倒入適量的水，用刻度尺測出水面到下管口的距離記為h1；
②如圖丁B所示，在燒杯中裝入適量的鹽水，將玻璃管緩慢浸入其中，直至橡皮膜變?yōu)樗剑每潭瘸邷y出 　 　的距離記為h2；
③按照該實驗過程，所測鹽水的密度ρ鹽水＝　 ?。ㄓ胔1、h2和ρ水表示），此測量結果會偏 　 ?。ㄟx填“大”或“小”）。
21．（6分）小麗同學為了探究“電阻絲的電阻R與長度L、橫截面積S和材料的關系”，進行了如下實驗操作：

（1）如圖甲所示是用累積法測量電阻絲直徑的示意圖，取一段電阻絲緊密繞制20匝，由圖可知，電阻絲的直徑為 　 　cm，從而計算出電阻絲的橫截面積S。
（2）在實驗中，保持電阻絲的橫截面積S和材料不變，探究電阻絲的電阻R與長度L的關系，下列探究中也用到此方法的是 　 　。
A.探究串、并聯(lián)電路中的電流規(guī)律時，把電流比作水流
B.探究聲音的傳播條件時，把正在響鈴的鬧鐘放在玻璃罩內(nèi)，逐漸抽出其中的空氣，聽到鬧鐘的聲音逐漸變小，由此推理真空不能傳聲
C.探究液體壓強的影響因素時，用壓強計中的U形管兩側液面的高度差反映金屬探頭處液體壓強大小
D.探究電流與電壓的關系時，保持電阻阻值不變
（3）為了探究電阻絲的電阻R與長度L的關系，實驗室備有以下實驗器材：
電源電壓U＝1.5V，電流表A1（量程0～100mA），電流表A2（量程0～0.6A），電阻箱R0（阻值0～999.9Ω），阻值約為10Ω的電阻絲R，開關一個，導線若干。
為了提高實驗的精確程度，在實驗中電流表應選的是 　 ?。ㄟx填“A1”或“A2”）。把電阻絲拉直后，將其兩端固定在刻度尺的接線柱a和b上，在電阻絲上夾一個金屬夾P，移動金屬夾P的位置，就可改變接入電路中金屬絲的長度L，把這些實驗器材按乙圖的電路連接起來。
（4）閉合開關S前，電阻箱的阻值應調整到最大值；閉合開關S后，將電阻箱調到適當位置不動，多次改變金屬夾P的位置，得到多組I、L的數(shù)據(jù)。根據(jù)實驗測量數(shù)據(jù)在坐標平面內(nèi)，以電阻絲的長度L為橫坐標、電流的倒數(shù)為縱坐標，畫出對應的關系圖像如圖丙所示。根據(jù)實驗和圖像可知，橫截面積S相同的同種材料的電阻絲，接入長度L越長，電流I越小，電阻R越 　 ?。唤Y合數(shù)學知識進一步分析可知，在橫截面積和材料一定時，導體的電阻跟導體的長度成 　 　。
（5）根據(jù)實驗結果確定長度為1cm的這種電阻絲的阻值為 　 　Ω。
22．（6分）小軍同學觀察到“瓢潑大雨”以較大的速度落到地面，“毛毛細雨”則緩慢飄落到地面。這是怎么回事呢？經(jīng)查閱資料發(fā)現(xiàn)，從高空下落的物體，開始時速度會越來越大，所受空氣阻力也會隨速度的增大而增大，當速度增大到一定程度，空氣阻力增大到與物體的重力相等時，這時物體將以這一速度做勻速直線運動，通常把這個速度稱為收尾速度，所以輕重和大小不同的雨滴收尾速度不同。受此啟發(fā)，小軍同學認為可以通過測量不同的小球的收尾速度，研究最大空氣阻力跟球的半徑和速度的關系。小軍用頻閃照相機拍攝小球下落時的情況如圖所示，進一步對圖片中小球所處的位置進行測量和計算，部分實驗數(shù)據(jù)如表所示。
小球編號
1
2
3
4
5
小球質量m（g）
2
5
45
40

小球半徑r（cm）
0.5
0.5
1.5
2
3
小球的收尾速度v（m/s）
16
40
40
20

（1）從圖中可以判斷該小球在BC段做 　 　運動。
（2）實驗中，測量出小球受到最大空氣阻力大小的原理是 　 　。編號為1的小球在BC段所受空氣阻力為 　 　。（g＝10N/kg）
（3）通過比較 　 　號兩個小球（寫數(shù)字序號即可）可以初步得出結論：半徑相同時，小球受到的最大空氣阻力與速度成正比。
（4）通過比較2、3號兩個小球可以初步得出結論是：速度相同時，小球受到的最大空氣阻力與 　 　。（寫出與具體影響因素之間的具體關系）
（5）如果上述規(guī)律具有普遍性，為了與4號小球作對比，再次探究最大空氣阻力與小球半徑的關系，5號小球的質量應設置為 　 　g。

四、綜合題（共3小題，計18分）
23．（5分）如圖所示是某升降電梯的工作原理圖和電梯轎廂的簡化模型圖。
（1）乘客乘坐電梯勻速上升的過程中，他們的動能 　 　，機械能 　 ?。ǘ歼x填“增大”、“減小”或“不變”）。
（2）轎箱空載時的重量是3100N，對重的重量為3000N。某次乘坐電梯的乘客的總重量是1200N，電梯勻速上升15m，所用的時間為10s。不計鋼絲繩的重力和摩擦阻力，求電動機對鋼絲繩的拉力F和在此過程中電動機的輸出功率P？

24．（5分）圖甲為一種自動恒溫箱，其內(nèi)部控制電路的電壓恒為12V，定值電阻R1＝5Ω，R2為熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的關系如圖丙所示。把一個電壓鑒別器并聯(lián)在A、B兩點之間（在分析電路時可將電壓鑒別器內(nèi)部視為斷路），當熱敏電阻R2的阻值隨溫度變化時，電壓鑒別器通過其內(nèi)部的電磁繼電器控制加熱電路中開關S的通斷：當UAB≤2V時閉合S，加熱電路中的電熱絲通電發(fā)熱，從而使箱內(nèi)溫度升高；當UAB≥3V時斷開S，電熱絲停止加熱。則：

（1）若恒溫箱中電熱絲R的阻值為48.4Ω，加熱電路正常工作的電功率為多少？
（2）該恒溫箱內(nèi)的溫度將保持在怎樣的范圍？
（3）若想使此恒溫箱內(nèi)的最高溫度升高一些，在電壓鑒別器功能和熱敏電阻不變的條件下，可采取的措施有 　 　。（寫出一條合理的建議即可）
25．（8分）如圖甲所示是比亞迪的一款新能源純電動車“海豚”在某段光伏試驗路段運行并充電的情景，如表中是它的相關技術參數(shù)。（g取10N/kg）

整車
整車質量
1405kg
百公里耗電量
20kW?h
（1）電動汽車的核心部件是電動機，其工作原理是 　 ??；“海豚”汽車高速行駛時對路面的壓力相比靜止時 　 　（選填“不變”、“變小”或“變大”）。
（2）在某次運行中，司機和乘客的總質量為245kg，若車輪與地面的總接觸面積為0.02m2，則“海豚”載客時對地面的壓強為多少？
（3）若這次運行中使“海豚”汽車保持恒定功率在水平路面上做直線運動，其v﹣t圖像如圖乙所示。若“海豚”在運動中所受阻力的大小為其總重的0.01倍，則0～10s內(nèi)牽引力對其做多少功？
（4）當“海豚”汽車在光伏路面經(jīng)過充電區(qū)域時，充電墊發(fā)出的高頻電磁波被其底盤上的接收裝置接受，將電磁波的能量轉化為電能并給電池充電。若接收裝置接受到的電磁波的功率P0＝5000kW，它將電磁波能量轉化為電能并存儲在電池中的效率為20%。已知每段充電區(qū)域的長度s1＝100m，兩段充電區(qū)域之間的距離s2＝10km，由于s1遠小于s2，可以忽略汽車在充電過程中消耗的電能。假如汽車電池消耗的電能全部用于驅動汽車行駛，為了使一輛電量即將耗盡的“海豚”汽車能從一個充電區(qū)域順利地到達下一段充電區(qū)域，該車在充電區(qū)域的速度v不能大于多少km/h？

2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性試卷
參考答案與試題解析
一、選擇題（共10小題，每題2分，計20分。每題只有一個選項是符合題意的）
1．【解答】解：A、交響樂是由物體振動產(chǎn)生的，故A錯誤；
B、游客可以辨別不同秦腔表演者的聲音是因為他們的音色不同，故B錯誤；
C、舞臺劇中的聲音可以向游客傳遞信息，故C錯誤；
D、樂隊演奏的聲音主要通過空氣傳給觀眾，故D正確。
故選：D。
2．【解答】解：A、甲圖中霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，需要放熱，故A不正確；
B、乙圖中露的形成是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴，需要放熱，故B正確；
C、丙圖中冰雪消融是冰熔化成水，需要吸熱，故C不正確；
D、丁圖中日出霧散是小水珠汽化成水蒸氣，需要吸熱，故D不正確。
故選：B。
3．【解答】解：A．地面上的樹蔭，是由于光沿直線傳播，樹枝擋住了太陽光而形成的，故A正確；
B．樓閣倒影屬于平面鏡成像，是由于光的反射現(xiàn)象形成的虛像，故B錯誤；
C．鮮艷的花朵自身不發(fā)光，不是光源，故C錯誤；
D．從湖底反射的光從水中斜射入空氣中時，發(fā)生折射，折射光線遠離法線，當人逆著折射光線的方向看時，看到的是湖底的虛像，比實際位置偏高，所以感覺湖水看起來變淺了，故D錯誤。
故選：A。
4．【解答】解：這種氣凝膠在1200℃條件下也能具備其物理特性，這主要利用了該氣凝膠的熱穩(wěn)定性好。
故選：C。
5．【解答】解：
A、試飛過程中，以地面的觀測臺為參照物飛機向上運動，故A正確；
B、飛機加速起飛過程中，質量不變，則慣性不變，故B錯誤；
C、在水平地面上靜止的飛機所受的重力和地面對它的支持力大小相等，方向相反，作用在一條直線上，作用在一個物體上，是一對平衡力，故C正確；
D、飛機減速滑行時，處于非平衡狀態(tài)，受到非平衡力的作用，故D正確。
故選：B。
6．【解答】解：A、A管中水面上升，是因為流體中流速越大的位置壓強越小，故A錯誤；
B、把水氣壓計從山下帶到山上，瓶內(nèi)空氣的壓強不變，而外界大氣壓隨高度的增加而減小，此時在瓶內(nèi)氣壓的作用下會有一部分水被壓入玻璃管，因此管內(nèi)水柱會升高，故B錯誤；
C、蓋在杯口的紙片能托住倒過來的一滿杯水而不灑出，正是大氣壓支持著杯內(nèi)的水不會流出來，故C正確；
D、密度計測液體密度時，都是漂浮的，所以浮力都等于重力，在不同液體中，密度計所受浮力不變，故D錯誤。
故選：C。
7．【解答】解：A、增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應電流，故A正確；
B、銅不可以被磁化，則選用銅質弦，電吉他不能正常工作，故B錯誤；
C、取走磁體，就沒有磁場，振弦不能切割磁感線產(chǎn)生電流，電吉他將不能正常工作，故C錯誤；
D、線圈中產(chǎn)生感應電流的原理是電磁感應現(xiàn)象，揚聲器的工作原理是通電導體在磁場中受力運動，故D錯誤。
故選：A。
8．【解答】解：
由電路圖可知，閉合開關S后，R1與R2并聯(lián)，電流表A測干路電流，電流表A2測R2支路的電流，電壓表測量電源電壓；
AB、由于電源電壓不變，所以，移動滑片時，電壓表V的示數(shù)不變，故B錯誤；
因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時通過定值電阻R1的電流不變；
閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P由最右端向中點移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，根據(jù)I＝可知，通過滑動變阻器的電流變大，即電流表A2的示數(shù)變大，故A錯誤；
C、根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知，干路中的電流變大，即電流表A的示數(shù)變大；由于電壓表V的示數(shù)不變，電流表A的示數(shù)變大，所以電壓表V示數(shù)與電流表A示數(shù)的乘積變大，故C錯誤；
D、電壓表V示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變大，則電壓表V示數(shù)與電流表A2示數(shù)的比值變小，故D正確。
故選：D。
9．【解答】解：A、由v＝可知，物體上升的高度：h＝v物t＝0.2m/s×10s＝2m，
由圖可知n＝2，繩子自由端移動的距離：s＝nh＝2×2m＝4m，故A錯誤；
B、繩子自由端移動的速度：v＝nv物＝2×0.2m/s＝0.4m/s，
拉力做功的功率：P＝＝＝Fv＝500N×0.4m/s＝200W，故B錯誤；
C、滑輪組的機械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故C錯誤；
D、因為不計繩重和摩擦時F＝（G+G動），所以動滑輪的重力：G動＝nF﹣G＝2×500N﹣900N＝100N，
工人通過滑輪組向下拉繩子的最大拉力：F最大＝G人＝800N，
則能提升貨物的最大重力：G最大＝nF最大﹣G動＝2×800N﹣100N＝1500N，故D正確。
故選：D。
10．【解答】解：A、要熔化PLA塑料，則3D打印機噴頭主要是利用了電流的熱效應，故A錯誤；
B、電磁繼電器線圈的電流達到100mA時，銜鐵被吸下來，根據(jù)歐姆定律得，電路的總電阻為：R總＝＝90Ω，
根據(jù)串聯(lián)電路電阻特點，R2的阻值最多為：R2＝R總﹣R1﹣R線圈＝90Ω﹣30Ω﹣40Ω＝20Ω，故B錯誤；
C、圖乙中的家用電能表指示燈閃爍了500次，打印機做的功為：；
打印機的實際功率為：，故C正確；
D、100g的PLA塑料從30℃加熱到80℃，吸收的熱量為：Q吸＝cm（t﹣t0）＝1.6×103J/（kg?℃）×0.1kg×（80℃﹣30℃）＝8000J，故D錯誤。
故選：C。
二、填空與作圖題（共8小題，每空1分，每圖2分，計20分）
11．【解答】解：丹麥物理學家奧斯特在1820年首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，揭開了電磁聯(lián)系和應用的序幕；19世紀末，英國物理學家湯姆生發(fā)現(xiàn)了比原子小得多的帶負電的粒子——電子，從而證明原子是可再分的。
故答案為磁；電子
12．【解答】解：由圖乙可知，兩氣球形狀發(fā)生變化，說明力可以使物體發(fā)生形變；
若往兩球中間吹氣，氣球中間空氣流動速度大，根據(jù)流速越快，流體的壓強越小可知，會觀察到兩球相互靠近；
將其中一個氣球與毛皮摩擦幾下，氣球會因摩擦帶電，再懸掛在原來位置，而帶電體可以吸引輕小物體，故觀察到兩球相互靠近。
故答案為：形變；靠近；靠近。
13．【解答】解：如圖所示是自行車的一個把手結構，它的動力臂比阻力臂長，當捏手閘剎車制動時手閘可視為一個省力杠桿；手把上有凹凸不平的花紋，這是為了增大摩擦力。
故答案為：省力；增大摩擦力。
14．【解答】解：拍攝照片時，鏡頭相當于凸透鏡，物距大于二倍焦距，凸透鏡成倒立、縮小的實像；
倒影相當于平面鏡成像，已知天鵝離水面2m，由平面鏡成像的特點可知，倒影距離水面也是2m，則它在水中的倒影離天鵝的距離為2m+2m＝4m；
平面鏡成像始終與物體大小相等，若天鵝靠近水面飛行，水中天鵝的像大小不變。
故答案為：實像；4；不變。
15．【解答】解：長征七號運載火箭升空時，燃氣向下噴出，高溫高壓的燃氣對火箭有一個向上的作用力，火箭向上運動，說明物體間力的作用是相互的。衛(wèi)星每日通過電磁波向地面?zhèn)骰丶s500GB數(shù)據(jù)，相當于幾萬幅“高清大圖”，因為電磁波可以在真空中傳播，超聲波不能在真空中傳播?；鸺饕云纂伦鳛槿剂?，其質量為1.5t，
它完全燃燒放出的熱量為：＝6.3×1010J。
故答案為：相互，電磁波；6.3×1010。
16．【解答】解：由電路圖可知，R與L并聯(lián)，電壓表測并聯(lián)部分的電壓，電流表測干路電流。
（1）小燈泡 L 標有“6V，1.2W”字樣表示燈額定電壓為6V，燈的額定功率為1.2W，
由P＝UI可得，通過燈泡的額定電流：
IL＝＝＝0.2A；
（2）因電壓表的示數(shù)為6V 時，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的規(guī)律，此時燈正常發(fā)光，由圖像可知，干路電流表的示數(shù)I＝0.5A，根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，
故通過R的電流：
IR＝I﹣IL＝0.5A﹣0.2A＝0.3A；
在（1）中，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，
由I＝可得R的阻值：
R＝＝＝20Ω；
（3）由圖乙知，當電壓表的示數(shù)為3V時，干路電流I′＝0.45A，
則此時電路消耗的總功率為：P＝U′I′＝3V×0.45A＝1.35W，
即：當電路消耗的總功率為 1.35W 時，電源電壓為3V，干路電流I′＝0.45A，
由歐姆定律可得，此時通過R的電流為：
IR′＝＝＝0.15A
根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律，通過燈泡的電流：
IL′＝I′﹣IR′＝0.45A﹣0.15A＝0.3A，
小燈泡的實際功率：
PL′＝U′IL′＝3V×0.3A＝0.9W。
故答案為：0.2；20；0.9。
17．【解答】解：木塊在水平面上向右滑行時，摩擦力水平向左，從重心作水平向左的摩擦力，用符號f表示，如下圖所示：

18．【解答】解：根據(jù)小磁針靜止時的指向可知：通電螺線管的左端是N極，根據(jù)安培定則，電流應該從左端流入，從右端流出，電源的左端是正極；滑動變阻器串聯(lián)在電路中，當滑動變阻器滑片向右移動時，接入電路的電阻減小，如圖所示：
。
三、實驗與探究題（共4小題，每空1分，計22分）
19．【解答】解：（1）將圖甲1中的小卡片旋轉一定角度，并保持兩個拉力方向相反如圖甲2所示，然后再松手，這樣做是為了探究相互平衡的兩個力是否作用在同一直線上。
（2）如圖乙，用大小不同的力敲擊音叉同一位置，觀察到乒乓球被彈開的幅度不同，音叉發(fā)出聲音的響度也不同，說明聲音的響度與振幅有關。
（3）如圖丙所示是最簡單的直流電動機模型，其中繞制線圈的銅絲外表有漆皮，必須對線圈引出線的兩端（擱置于銅質彎鉤的部位）進行刮漆處理，一端全部刮掉，一端只刮掉半周。按這種方法刮漆的目的是使線圈能夠持續(xù)轉動，因此這一部位就相當于電動機中的換向器。
故答案為：（1）同一直線上；（2）振幅；（3）持續(xù)轉動；換向器。
20．【解答】解：（1）使用U形管壓強計前應檢查裝置是否漏氣，方法是用手輕輕按壓幾下金屬盒的橡皮膜，如果U形管中的液體能靈活升降，則說明裝置不漏氣。
（2）圖甲、乙中，液體密度相同，而深度不同，根據(jù)轉換法，液體產(chǎn)生壓強不同，故探究的問題是：同種液體，液體壓強與深度的關系。
（3）乙、丙實驗中，液體深度相同，而鹽水密度大，根據(jù)轉換法，鹽水產(chǎn)生的壓強大，根據(jù)實驗現(xiàn)象可以初步得出結論：在同一深度處，液體密度越大，液體壓強越大。
（3）②用刻度尺測出鹽水的深度，即用刻度尺測出燒杯中鹽水面到下管口的距離記為h2；
③橡皮膜水平，故水和鹽水產(chǎn)生壓強相同，則有：
ρ鹽水gh2＝ρ水gh1；
鹽水的密度表達式為：
ρ鹽水＝。
橡皮膜由凸起到變平試管液面會上升，造成測量水的深度h1變小，h2測量是準確的，所以密度的測量值變小。
故答案為：（1）不漏氣；（2）深度；（3）大；（4）②燒杯中鹽水面到下管口；③；小。
21．【解答】解：（1）根據(jù)刻度尺讀出電阻絲的長度為：l＝1.60cm，則電阻絲的直徑為：d＝＝＝0.08cm；
（2）電阻的大小在不考慮溫度的前提下，有三個決定因素：材料、長度、橫截面積。因此要研究電阻的大小與每一個因素的具體關系時，要用到控制變量法，在實驗中，先保持電阻絲的橫截面積S和材料不變，探究電阻絲的電阻R與長度L的關系，這種方法叫做控制變量法；
A.探究串、并聯(lián)電路中的電流規(guī)律時，把電流比作水流，采用的是類比法，故A錯誤；
B.探究聲音的傳播條件時，把正在響鈴的鬧鐘放在玻璃罩內(nèi)，逐漸抽出其中的空氣，聽到鬧鐘的聲音逐漸變小，由此推理真空不能傳聲，采用的是實驗推理法，故B錯誤；
C.探究液體壓強的影響因素時，用壓強計中的U形管兩側液面的高度差反映金屬探頭處液體壓強大小，采用的是轉換法，故C錯誤；
D.探究電流與電壓的關系時，保持電阻阻值不變，采用的是控制變量法，故D正確；
（3）電路中的最大電流I＝＝＝0.15A＝150mA，所以為了提高實驗的精確程度，電流表選最量程為100mA的電流表A1；
（4）根據(jù)圖丙可知，圖像為一條斜線，電阻的長度越長，電流的倒數(shù)越大，電流越小，在電壓一定時，電阻越大；結合數(shù)學知識進一步分析可知，在橫截面積和材料一定時，導體越長，電阻越大，導體的電阻跟導體的長度成正比；
（5）由圖乙知，電阻絲和電阻箱是串聯(lián)的，由圖丙知，當電阻絲接入0cm，就是電阻絲的電阻為零時，電源電壓為1.5V，電流倒數(shù)為10A﹣1，所以電流為I'＝A＝0.1A，則電阻箱的電阻為：R'＝＝＝15Ω，
當電阻絲接入10cm，就是電阻絲的電阻為R時，電源電壓為1.5V，電流倒數(shù)為12A﹣1，所以電流為I''＝A，則電路總電阻為：R總＝＝＝18Ω，
所以10cm電阻絲的電阻為：R＝R總﹣R'＝18Ω﹣15Ω＝3Ω，
在橫截面積和材料一定時，導體的電阻跟導體的長度成正比，所以1cm的電阻絲電阻為：R1＝＝＝0.3Ω。
故答案為：（1）0.08；（2）D；（3）A1；（4）大；正比；（5）0.3。
22．【解答】解：（1）已知兩個小球間的時間相同，而圖示中BC間兩球間的距離也相等，由于小球在BC段內(nèi)，相等的時間內(nèi)通過的路程相等，因此小球在BC段做勻速直線運動；
（2）要測量小球受到的最大空氣阻力，根據(jù)做勻速直線運動的物體受平衡力分析即可，即阻力等于重力即可求出阻力的大小，因此其原理為二力平衡；
阻力：f＝G＝2×10﹣3kg×10N/kg＝0.02N；
（3）要得出：半徑相同時，小球受到的最大空氣阻力與速度成正比的結論，需保證小球的半徑相同，根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知，1號和2號小球的半徑相同，因此選擇1號和2號的數(shù)據(jù)；
（4）通過比較2號和3號小球可知，小球的速度相同，當小球的阻力變?yōu)樵瓉?＝9倍時，半徑的平方之比為＝9，因此速度相同時，小球受到的最大空氣阻力與小球半徑的平方成正比；
（5）因為速度相同時，小球受到的最大空氣阻力與小球半徑的平方成正比，所以比較4號和5號數(shù)據(jù)可知，5號的速度應為20m/s，則質量之比與半徑關系如下：
＝，解得：m＝90g。
故答案為：
（1）勻速直線運動；
（2）二力平衡；0.02N；
（3）1、2；
（4）半徑的平方成正比；
（5）90。
四、綜合題（共3小題，計18分）
23．【解答】解：（1）電梯勻速上升的過程中，質量和速度都沒有變化，所以動能不變；但是他的位置變高了，也就是重力勢能變大了，故機械能也增大；
（2）根據(jù)轎廂勻速運動，受力平衡知，
纜繩對轎廂的拉力：F＝G廂+G貨﹣G配重＝3100N+1200N﹣3000N＝1300N，
纜繩拉力做的功：W＝Fs＝1300N×15m＝1.95×104J，
電動機的功率至少為：
P＝＝＝1950W。
答：（1）不變；增大；
（2）電動機對鋼絲繩的拉力1300N；此過程中電動機的輸出功率1950W。
24．【解答】解：（1）加熱電路正常工作的電功率：P加熱＝＝＝1000W；
（2）由圖乙控制電路可知，R1、R2串聯(lián)，電壓鑒別器測量R1兩端的電壓，
由題意可知，當UAB＝2V時，開關剛好閉合，
由串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律可知，此時R2的阻值：R2＝＝＝×R1＝×5Ω＝25Ω，
由圖丙可知，此時恒溫箱內(nèi)的溫度為20℃；
當UAB'＝3V時，開關剛好斷開，
由串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律可知，此時R2的阻值：R2'＝＝＝×R1＝×5Ω＝15Ω，
由圖丙可知，此時恒溫箱內(nèi)的溫度為35℃；
因此此恒溫箱的溫度將保持在20℃～35℃范圍內(nèi)；
（3）分析圖像可知，若要恒溫箱的溫度變化增加一些，則需減小開始加熱和停止加熱時熱敏電阻R2的阻值，
①在電源電壓不變時，因電壓鑒別器功能不變，則開始加熱和停止加熱時R2兩端的電壓也不變，在R2的阻值減小時，由串聯(lián)電路的特點和歐姆定律可知電路中電流增大；對電阻R1而言，開始加熱和停止加熱時其電壓不變，要電路中電流增大，必然應減小電阻R1的阻值；
②若電阻R1的阻值不變，且電壓鑒別器功能不變，由歐姆定律可知開始加熱和停止加熱時電路中電流不變；在R2的阻值減小時，由U＝IR可知，R2兩端的電壓應減小，則可在控制電路中再串聯(lián)一個電阻分壓來實現(xiàn)。
答：（1）加熱電路正常工作的電功率為1000W；
（2）此恒溫箱的溫度將保持在20℃～35℃范圍內(nèi)。
（3）減小定值電阻R1的阻值（或控制電路中再串接一個電阻）。
25．【解答】解：（1）電動汽車的核心部件是電動機，電動機的工作原理是通電導體在磁場中受力運動；
汽車的車身“上凸下平”（與飛機的機翼相似），當汽車高速行駛時，其上方空氣的流速大、壓強小，下方空氣的流速小、壓強大，汽車受到向上的壓強差而產(chǎn)生向上的升力，所以汽車高速行駛時對路面的壓力相比靜止時變小；
（2）“海豚”載客時對地面的壓力：
F＝G總＝m總g＝（245kg+1405kg）×10N/kg＝16500N；
“海豚”載客時對地面的壓強為：
p＝＝＝8.25×105Pa；
（3）汽車做勻速直線運動時處于平衡狀態(tài)，牽引力等于阻力，則：
F牽＝F阻＝0.01G總＝0.01×16500N＝165N；
由圖乙可知，汽車勻速行駛的速度v＝30m/s，則汽車的恒定功率為：
P＝F牽v＝165N×30m/s＝4950W；
汽車在0～10s內(nèi)牽引力做的功為：W＝Pt＝4950W×10s＝4.95×104J；
（4）由題知，電動汽車百公里耗電量為20kW?h；
故行駛完s2＝10km的路程耗電量為：
W′＝20kW?h×＝2kW?h；
設汽車的充電時間為t，則每段充電區(qū)域獲得的電能為：W′＝P0t?η；
代入數(shù)據(jù)得：2kW?h＝5000kW×t×20%；
解得：t＝2×10﹣3h；
每段充電區(qū)域的長度s1＝100m＝0.1km，則汽車在充電區(qū)域的最大速度為：
v大＝＝＝50km/h。
答：（1）通電導體在磁場中受力運動；變??；
（2）“海豚”載客時對地面的壓強為8.25×105Pa；
（3）0～10s內(nèi)牽引力對汽車做功4.95×104J；
（4）該車在充電區(qū)域的速度不能大于50km/h。

相關試卷

2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性考試物理試題（解析版）：

這是一份2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性考試物理試題（解析版），共22頁。試卷主要包含了選擇題，填空與作圖題，實驗與探究題，綜合題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性考試物理試題（含解析）：

這是一份2023年陜西師大附中中考物理第七次適應性考試物理試題（含解析），共24頁。試卷主要包含了單選題，填空題，實驗題，作圖題，計算題，綜合題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2023年陜西師大附中中考第二次適應性考試物理試題（含解析）：

這是一份2023年陜西師大附中中考第二次適應性考試物理試題（含解析），共21頁。試卷主要包含了單選題，填空題，作圖題，實驗題，綜合題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

英語朗讀寶

相關試卷 更多

2023年陜西師大附中中考物理五模試題

2023年陜西師大附中中考物理五模試題
2023年陜西師大附中中考物理第二次適應性試卷（含答案）

2023年陜西師大附中中考物理第二次適應性試卷（含答案）
陜西師大附中2021--2022學年中考第五次適應性訓練物理試題（沒有答案）

陜西師大附中2021--2022學年中考第五次適應性訓練物理試題（沒有答案）
陜西師大附中2021- -2022 學年九年級 第五次適應性訓練物理試題（無答案）

陜西師大附中2021- -2022 學年九年級 第五次適應性訓練物理試題（無答案）
資料下載及使用幫助
版權申訴
版權申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權，請掃碼添加我們的相關工作人員，我們盡可能的保護您的合法權益。
入駐教習網(wǎng)，可獲得資源免費推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎勵，申請 精品資源制作， 工作室入駐。
版權申訴二維碼
中考專區(qū)
歡迎來到教習網(wǎng)
  • 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊
qrcode
二維碼已過期
刷新

微信掃碼，快速注冊

手機號注冊
手機號碼

手機號格式錯誤

手機驗證碼 獲取驗證碼

手機驗證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設置密碼

6-20個字符，數(shù)字、字母或符號

注冊即視為同意教習網(wǎng)「注冊協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊
手機號注冊
微信注冊

注冊成功

返回
頂部