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2020年河北省石家莊十七中中考物理一模試卷（參考答案）一、選擇題（本大題共19個小題，共60分。1～16小題為單選題，每小題只有一個選項符合題意，每小題3分；17～19小題為多選題，每小題有兩個或兩個以上選項符合題意，每小題3分，全選對得4分，選對但不全得3分，有錯選或不選不得分。）1．（3分）下列數(shù)據(jù)中最接近實際的是（ ?。?/span>A．中學(xué)生的課桌高度約為0.3m B．健康的中學(xué)生心率約為每分鐘75次 C．人們感覺比較舒適的室溫約為37℃ D．一塊學(xué)生用橡皮的質(zhì)量約為0.5kg【解答】解：A、中學(xué)生的身高在160cm左右，課桌的高度大約是中學(xué)生身高的一半，在80cm＝0.8m左右。故A不符合實際；B、正常情況下，人的心臟跳動一次的時間接近1s，1min跳動的次數(shù)在75次左右。故B符合實際；C、人體正常體溫在37℃左右，感覺舒適的溫度在23℃左右。故C不符合實際；D、一枚一元硬幣的質(zhì)量約6g，一塊學(xué)生用橡皮的質(zhì)量略小于此數(shù)值，約為5g。故D不符合實際。故選：B。2．（3分）山西民歌具有悠久的發(fā)展歷史和深厚的文化底蘊，伴隨著歷史的足跡代代傳唱。如圖是某歌手在臺上演唱晉北河曲民歌《走西口》的情景，關(guān)于歌手的歌聲，下列說法正確的是（ ）A．歌手停止演唱時麥克風(fēng)還會傳出她的歌聲 B．歌手使用麥克風(fēng)是為了提高聲音的音調(diào) C．臺下觀眾聽到的歌聲是通過空氣傳播到人耳中的 D．優(yōu)美的歌聲一定不會成為噪音【解答】解：A、歌手停止演唱時，發(fā)聲停止，麥克風(fēng)不會傳出她的歌聲，故A錯誤；B、歌手使用麥克風(fēng)是為了提高聲音的大小，即為了改變歌聲的響度，而聲音的音調(diào)不變，故B錯誤；C、臺下觀眾聽到的歌聲是通過空氣傳播到人耳中的，故C正確；D、優(yōu)美的歌聲對需要休息的人來說是一種噪聲，故D錯誤。故選：C。3．（3分）電與我們的關(guān)系十分密切，生產(chǎn)和生活中都離不開它。珍惜生命、安全用電十分重要，下列符合安全用電原則的是（ ?。?/span>A．濕手撥動開關(guān) B．高壓線下放風(fēng)箏 C．用絕緣棒撥開電線 D．手指塞進插座【解答】解：A、因為水是導(dǎo)體，并且具有流動性，一旦與火線相連，人就會發(fā)生觸電事故。故A不符合安全用電原則；B、高壓線的電壓很高，在其旁邊放風(fēng)箏，風(fēng)箏容易掛到高壓線上，很有可能會發(fā)生導(dǎo)電，使得放風(fēng)箏的人觸電。故B不符合安全用電原則；C、當(dāng)發(fā)現(xiàn)有人觸電時，應(yīng)該用絕緣體使人和電源分開。故C符合安全用電原則；D、因為人體是導(dǎo)體，當(dāng)用手接觸帶電體時，可能會使電源通過人體與大地形成通路，造成觸電。故D不符合安全用電原則。故選：C。4．（3分）下列如圖所示現(xiàn)象中，由于光的反射形成的是（ ?。?/span>A．太陽光經(jīng)過凸透鏡形成光斑 B．手影的形成 C．水中鉛筆看起來變彎折 D．塔在水中形成倒影【解答】解：A、太陽光經(jīng)過凸透鏡形成光斑，是由于光的折射形成的。故與題意不符。B、手影的形成說明光是沿直線傳播的，由于光的直線傳播，被物體擋住后，物體后面就會呈現(xiàn)出陰影區(qū)域，就是影子，故與題意不符；C、從水中鉛筆上反射的光從水中斜射入空氣中時，發(fā)生折射，折射光線遠離法線，當(dāng)人逆著折射光線的方向看時，看到的是鉛筆的虛像，比實際位置偏高，所以感覺折斷了，故與題意不符；D、平靜湖面上塔的倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意。故選：D。5．（3分）小明媽媽在家用青菜腌制咸菜，小明發(fā)現(xiàn)需要好幾天的時間菜才能入味，而炒菜時使之具有相同的咸味僅需幾分鐘。其主要原因是（ ?。?/span>A．炒菜時鹽多些，鹽分子容易進入青菜中 B．炒菜時菜分子間有空隙，鹽分子易進入 C．炒菜時鹽分子間有相互作用的斥力 D．炒菜時溫度高，分子熱運動加劇，擴散加快【解答】解：青菜變咸菜是由于分子運動的結(jié)果，炒青菜時青菜的溫度要比腌青菜時青菜的溫度高，溫度越高，分子運動的越劇烈，分子擴散越快，青菜變咸得越快。故選：D。6．（3分）2020年3月8日，國際乒聯(lián)卡塔爾公開賽中，國乒以總成績4冠1亞完美收官。值得一提的是，賽前馬龍召集所有參賽隊員討論，大家一致決定將卡塔爾賽獲得的全部獎金，捐獻給武漢抗疫前線。如圖所示為馬龍參賽時的情景，下列說法中正確的是（ ）A．抽球時，球拍對球的力大于球?qū)η蚺牡牧?/span> B．乒乓球減速向上運動時，重力勢能增大 C．球拍將球擊出時，沒有改變乒乓球的運動狀態(tài) D．乒乓球在空中運動過程中不受任何作用力【解答】解：A、抽球時，球拍對乒乓球的作用力與乒乓球?qū)η蚺牡淖饔昧κ且粚ο嗷プ饔昧?，二者大小相等，?/span>A錯誤；B、乒乓球減速向上運動時，高度增加、速度減小，質(zhì)量不變，即重力勢能增加，故B正確；C、球拍擊球時，乒乓球的運動方向和速度大小都發(fā)生了改變，所以乒乓球的運動狀態(tài)發(fā)生改變，故C錯誤；D、乒乓球在空中運動過程中，受到重力和空氣阻力的作用，故D錯誤。故選：B。7．（3分）關(guān)于下列四幅圖的說法正確的是（ ?。?/span>A．甲圖中，溫度計的示數(shù)為﹣4℃ B．乙圖中，某晶體熔化圖象中bc段，晶體內(nèi)能不變 C．丙圖中，花兒上的露珠是水蒸氣凝華而成的 D．丁圖中，烈日下小狗伸出舌頭降溫，是因為水汽化放熱【解答】解：A．由圖知，液柱所在刻度在0℃下方，且溫度計的分度值為1℃，則溫度計的示數(shù)為﹣4℃，故A正確；B．此圖象為晶體熔化圖象，晶體熔化時吸熱，其內(nèi)能增大，故B錯誤；C．花兒上的露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的，不是凝華，故C錯誤；D．小狗伸舌頭降溫是利用水汽化吸熱的原理，不是放熱，故D錯誤；故選：A。8．（3分）如圖所示是利用磁懸浮原理浮在空中的盆栽，盆栽底部有磁體，底座內(nèi)裝有電磁鐵。給盆栽澆水前后（ ）A．盆栽受到的磁力大小不變 B．底座對桌面的壓強大小不變 C．要使盆栽與底座之間距離不變，可改變電磁鐵線圈內(nèi)的電流方向 D．要使盆栽與底座之間距離不變，可適當(dāng)增大電磁鐵線圈內(nèi)的電流【解答】解：A、該盆栽懸浮的原理利用了同名磁極相互排斥，當(dāng)盆栽懸浮在空中靜止不動時，受的力是平衡力，即盆栽的總重力和磁力大小相等，當(dāng)澆水后重力變大，故磁力也變大，故A錯誤；B、影響壓強的因素是壓力和受力面積，當(dāng)澆水后重力變大，磁力也變大，對桌面的壓力也變大，根據(jù)p＝在壓力變大，受力面積不變時，壓強變大，故B錯誤；C、要使盆栽與底座之間距離不變，需增大磁力，磁力的大小與電流的方向無關(guān)，故C錯誤；D、要使盆栽與底座之間距離不變，需增大磁力，電磁鐵磁性強弱與電流的大小有關(guān)，其他條件相同，電流越大，磁性越強，故要增大磁力需增大電流，故D正確。故選：D。9．（3分）小明酷愛足球。而且經(jīng)常會思考足球運動中的物理問題。你能幫助小明選出下列情景中，屬于慣性現(xiàn)象的是（ ?。?/span>A．足球在草地上越滾越慢 B．守門員一腳踢出放在地面上的足球 C．踢出去的足球在空中繼續(xù)向前飛行 D．運動員用頭將迎面飛來的足球頂回去【解答】解：A、足球在草地上越滾越慢是因為足球受到阻力作用，阻力改變了足球的運動狀態(tài)，不屬于慣性現(xiàn)象，故A不符合題意；B、守門員一腳踢出放在地面上的足球，足球由靜止變?yōu)檫\動，是力是改變了物體的運動狀態(tài)，不屬于慣性現(xiàn)象，故B不符合題意；C、足球被踢出去仍繼續(xù)向前運動，是因為足球具有慣性，仍要保持原來的運動狀態(tài)，屬于慣性現(xiàn)象，故C符合題意；D、運動員用頭將迎面飛來的足球頂回去，說明力改變了物體的運動方向，不屬于慣性現(xiàn)象，故D不符合題意；故選：C。10．（3分）如圖所示的不銹鋼空調(diào)架，安裝時橫桿OB伸出墻外由斜桿AC支撐，其中O、A兩點固定在墻上，C端固定在橫桿OB上，通常將空調(diào)室外機置于該支架上時，不緊靠墻體，下列相關(guān)說法正確的是（ ）A．空調(diào)架對墻沒有力的作用 B．若以O為支點，OB一定是一個省力杠桿 C．若室外機向外移動，AC對OB的支撐力變大 D．室外機不能緊靠墻體主要是為了防止漏電【解答】解：A、空調(diào)對空調(diào)架有向下的壓力，而空調(diào)架通過斜桿對墻施加了力的作用，故A錯；B、題圖中，對于橫桿OB來說，O為支點，空調(diào)對OB的壓力F2為阻力，阻力作用點在接觸面的中點D，此時阻力臂為OD；斜桿AC對OB的支撐力F1為動力，方向豎直向上，動力臂為OC，此時動力臂為OC＜OD，此時動力臂小于阻力臂，則此時OB為費力杠桿；則OB是什么類型的杠桿取決于空調(diào)放置的位置，OB不一定是省力杠桿，故B錯；C、若室外機向外移動，阻力臂增大，而動力臂OC、阻力F2（等于空調(diào)的重力）不變，由杠桿平衡條件可知，動力F1變大，即AC對OB的支撐力變大，故C正確；D、若室外機緊靠墻體，不利于空氣的對流，不能加快熱傳遞達到散熱的目的；所以，室外機不能緊靠墻體主要是為了加快散熱，而不是為了防止漏電，故D錯。故選：C。11．（3分）現(xiàn)代武器中的新型電磁炮是利用電磁技術(shù)制成的，具有速度大、命中率高的特點，其原理是磁場對通電導(dǎo)體有力的作用。下圖中與此原理相同的是（ ）A．手搖發(fā)電機 B．電磁鐵 C．揚聲器 D．磁懸浮列車【解答】解：A、發(fā)電機的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A不符合題意；B、圖中實驗裝置是電磁鐵，其原理是電流的磁效應(yīng)，故B不符合題意；C、圖中的裝置是揚聲器，音圈（線圈）安放在磁鐵磁極間的空隙中，按音頻變化的電流通過音圈時，音圈受到磁場力而運動，紙盆與音圈連接，隨音圈振動而發(fā)聲；所以，其原理是通電導(dǎo)體在磁場中受到力的作用，故C符合題意；D、磁懸浮列車利用“同名磁極相斥，異名磁極相吸”的原理，使列車實現(xiàn)懸浮，故D不符合題意。故選：C。12．（3分）疫情期間，手持式電子測溫儀最為常見，如圖甲是某款電子測溫儀，圖乙是它內(nèi)部的原理圖，其中電源電壓保持不變，R是熱敏電阻，用于靠近人體測溫，定值電阻R0為保護電阻；在測人的體溫時，當(dāng)被測溫者體溫較高時，顯示儀的示數(shù)也會變大。正常條件下關(guān)于此測溫儀，下列分析正確的是（ ?。?/span>A．顯示儀是由電流表改裝成的 B．被測溫者溫度越高，電路消耗的電功率越大 C．熱敏電阻R隨著溫度的升高阻值增大 D．將R0更換為阻值更大的電阻，測相同溫度，顯示儀示數(shù)變小【解答】解：A、因為顯示儀與R0并聯(lián)，所以顯示儀是電壓表，故A錯誤；B、被測溫者溫度越高，說明電壓表示數(shù)越大，由歐姆定律可知，電路電流越大，由P＝UI可知，電路消耗的功率也越大，故B正確；C、被測溫者溫度越高，說明電壓表示數(shù)越大，由歐姆定律可知，電路電流變大，由串聯(lián)電路電壓特點可知，R兩端電壓越小，由R＝可知，熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，故C錯誤；D、溫度相同，說明熱敏電阻的阻值不變，將R0更換為阻值更大的電阻，由串聯(lián)電路分壓特點可知，R0兩端分得的電壓變大，因此顯示儀示數(shù)會變大，故D錯誤。故選：B。13．（3分）如圖所示，小剛在做探究凸透鏡成像規(guī)律的實驗時，將凸透鏡固定在光具座上50cm刻度線處，將點燃的蠟燭放置在光具座上35cm刻度線處。移動光屏至80cm刻度線處，在光屏上得到燭焰清晰的像（燭焰未畫出）。以下說法中正確的是（ ?。?/span>A．此透鏡的焦距可能為 15cm B．此成像原理與放大鏡成像原理相同 C．此時若只向右移動凸透鏡，能再次在光屏成清晰的像 D．若將透鏡換為焦距更小的凸透鏡，則只將光屏右移就能再次接收到清晰的像【解答】解：A、保持透鏡在50cm刻度線處不動，若將點燃的蠟燭放在光具座上35cm刻度線處，物距u＝50cm﹣35cm＝15cm，成倒立、放大實像，滿足2f＞u＞f條件，即凸透鏡焦距小于15cm，故A錯誤；B、由圖可知，此時物距小于像距，光屏上成倒立、放大的實像，投影儀是利用凸透鏡成倒立、放大實像的原理制成的，故B錯誤；C、保持蠟燭和光屏的位置不變，將凸透鏡在蠟燭與光屏之間向右移動，根據(jù)凸透鏡光的可逆性當(dāng)物距等于像距，像距等于物距時，能再次在光屏成清晰的像，故C正確；D、凸透鏡成實像時的動態(tài)變化規(guī)律是：物遠像近像變小，只將凸透鏡換為焦距更小的凸透鏡，相當(dāng)于增大了物距，則應(yīng)將光屏靠近凸透鏡才能得到清晰的像，且像逐漸變小，故D錯誤。故選：C。14．（3分）如圖所示，艦載飛機正從“遼寧號”航母上起飛，下列說法中正確的是（ ?。?/span>A．飛機在甲板上加速滑行到離開甲板的過程中，航母受到的浮力變大 B．飛機在航母甲板上加速飛行時，受力平衡 C．飛機飛離航母前后，航母始終漂浮，航母所受浮力的大小不變 D．飛機飛行時由于機翼上方空氣流速大于機翼下方空氣流速，從而獲得升力【解答】解：A、飛機在甲板上加速滑行到離開甲板的過程中，航母的總重力減小，航母始終漂浮，浮力等于重力，所以浮力會減小，故A錯誤；B、飛機在航母甲板上加速飛行時，處于非平衡狀態(tài)，受非平衡力作用，故B錯誤。C、航載飛機飛離航母后，航母的總重力減小，航母始終漂浮，浮力等于重力，所以浮力會減小，故C錯誤；D、飛機飛行時能獲得向上的壓強差，是因為機翼上方空氣流速大于機翼下方空氣流速，上方壓強小于下方，從而產(chǎn)生向上的升力，故D正確；故選：D。15．（3分）關(guān)于下列實例中的敘述中不正確的是（ ）A．工人對物體做功后，物體內(nèi)能一定增大，溫度一定升高 B．用手反復(fù)彎折鐵絲，人對鐵絲做功，彎折處鐵絲的溫度升高 C．質(zhì)量相同的水和煤油升高相同的溫度，水吸收的熱量較多 D．用熱水袋暖手，手與熱水袋之間發(fā)生的是熱傳遞【解答】解：A、對物體做功，物體的內(nèi)能不一定增大，因為可能改變的是物體的機械能，一般情況下，只有克服滑動摩擦力做功，壓縮氣體做功，物體的內(nèi)能才會增加，另外即便是物體的內(nèi)能增加，物體的溫度也不一定增加，可能會發(fā)生物態(tài)變化，比如兩塊冰摩擦，內(nèi)能會增加，但溫度不會增加，故A符合題意；B、用手反復(fù)彎折鐵絲，人對鐵絲做功，鐵絲內(nèi)能增加，彎折處鐵絲的溫度升高，故B不符合題意；C、水的比熱容大于煤油的比熱容，根據(jù)Q＝cmΔt可知，質(zhì)量相同的水和煤油升高相同的溫度，水吸收的熱量較多，故C不符合題意；D、用熱水袋暖手，手與熱水袋之間發(fā)生的是熱傳遞，是通過熱傳遞改變了手的內(nèi)能，故D不符合題意。故選：A。16．（3分）為了測出未知電阻Rx的阻值，某同學(xué)利用阻值已知的電阻R0和一只電流表或電壓表分別設(shè)計了如圖所示的四種電路，其中可行的是（電源電壓未知且不變）（ ?。?/span>A．（2）（4） B．（2）（3） C．（1）（3） D．（3）（4）【解答】解：（1）開關(guān)S1閉合，S2斷開時R0和Rx串聯(lián)，電流表可以測出通過Rx的電流Ix；S2閉合時為Rx的簡單電路，不能直接或間接測量出Rx的電壓，所以不能求出Rx的電阻。（2）開關(guān)S1閉合，S2接1時電路為R0的簡單電路，電流表測電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出電源的電壓；當(dāng)S2接2時電路為未知電阻Rx的簡單電路，電流表測通過Rx的電流Ix，根據(jù)Rx＝求出電阻。（3）開關(guān)S1和S2都閉合時，R0被短路，電壓表測量電源電壓U；只閉合S1時，R0和Rx串聯(lián)，電壓表仍側(cè)電源的電壓，無法測出Rx兩端的電壓，所以不能求出Rx的電阻；（4）開關(guān)S1和S2都閉合時，R0被短路，電壓表測量電源電壓U；只閉合S1時，R0和Rx串聯(lián)，電壓表直接測量Rx兩端的電壓Ux．根據(jù)串聯(lián)電路總電壓等于各串聯(lián)導(dǎo)體電壓之和，求出定值電阻兩端的電壓U0＝U﹣Ux，根據(jù)I0＝，求出通過定值電阻的電流。根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等，通過Rx電流等于通過定值電阻電流Ix＝I0，根據(jù)Rx＝求出電阻。綜上可知，（2）（4）方案可行。故選：A。（多選）17．（3分）如圖所示，探究物理規(guī)律的四個實驗和物理規(guī)律的應(yīng)用實例，箭頭表示規(guī)律和應(yīng)用的對應(yīng)關(guān)系，其中對應(yīng)關(guān)系正確的是（ ?。?/span>A． B． C． D．【解答】解：A、在彈性限度內(nèi)，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長量越長，根據(jù)此原理制成了彈簧測力計，故A正確；B、連通器的工作原理是連通器，故B錯誤；C、托盤天平的實質(zhì)是等臂杠桿，故C正確；D、潛水艇是靠改變自身的重力實現(xiàn)上浮下沉的，故D錯誤。故選：AC。（多選）18．（3分）甲、乙兩個滑輪組如圖所示，其中每一個滑輪的重量都相同，用它們分別將重物G1、G2提高相同的高度，不計繩重和摩擦，下列說法正確的（ ?。?/span>A．若G1＝G2，則拉力做的總功相同 B．若G1＝G2則甲的機械效率大于乙的機械效率 C．若G1＞G2，則甲做的有用功大于乙做的有用功 D．若甲、乙中的任何一個滑輪組提起不同的重物，機械效率不變【解答】解：A、甲滑輪組中有一個動滑輪，乙滑輪組中有兩個動滑輪，若把物體提升相同的高度，乙滑輪組做的額外功多，若G1＝G2，把物體提升相同的高度，則根據(jù)W＝Gh可知甲乙所做的有用功相同，總功＝有用功+額外功，故A錯誤。B、若G1＝G2，甲乙所做的有用功相同，乙做的總功大于甲做的總功，根據(jù)η＝，甲的機械效率大于乙的機械效率，故B正確；C、若G1＞G2，物體提升相同的高度，根據(jù)W＝Gh可知：甲所做的有用功大于乙所做的有用功，故C正確；D、用同一個滑輪組提起不同的重物，所做的額外功不變，有用功發(fā)生變化，則有用功與總功的比值發(fā)生變化，所以機械效率改變，所以D錯誤。故選：BC。（多選）19．（3分）如圖所示，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，以下說法正確的是（ ?。?/span>A．電壓表V1示數(shù)變小，V2示數(shù)變大 B．電流表A1示數(shù)變小，A2示數(shù)變大，A3示數(shù)變小 C．電壓表V2示數(shù)與電流A2表示數(shù)之比變大 D．電壓表V2的變化量與電流表A1變化量的比值不變【解答】解：由電路圖可知，R2與R3并聯(lián)后再與R1串聯(lián)，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流，電流表A3測R3支路的電流，電壓表V1測R1兩端的電壓，電壓表V2測并聯(lián)部分兩端的電壓。AB.當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，R3接入電路的電阻變大，則并聯(lián)電路的總電阻變大，電路的總電阻變大，由I＝可知，電路的總電流變小，即電流表A1的示數(shù)變小，由U＝IR可知，R1兩端的電壓變小，即電壓表V1的示數(shù)變小，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，并聯(lián)部分的電壓變大，即電壓表V2的示數(shù)變大，故A正確；因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由I＝可知，通過R2的電流變大，即電流表A2的示數(shù)變大，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過R3的電流變小，即電流表A3的示數(shù)變小，故B正確；C.由R＝可知，電壓表V2示數(shù)與電流A2表示數(shù)之比等于R2的阻值，則其比值不變，故C錯誤；D.設(shè)滑片移動前后，電路中的總電流分別為I1、I2，則電壓表V2的變化量：ΔUV 2＝（U﹣I1R1）﹣（U﹣I2R1）＝（I2﹣I1）R1＝ΔIR1，即電壓表V2的變化量與電流表A1變化量的比值等于R1的阻值，則其比值不變，故D正確。故選：ABD。二、填空及簡答題（本大題共4個小題；每空1分，共12分）20．（3分）假期，小明坐客車去旅游．當(dāng)客車行駛到高速公路上保持車距標識牌0m處時，恰好后面一輛小汽車行駛到客車旁，此時客車上速度計顯示為80km/h．當(dāng)客車勻速行駛到標識牌200m處時，小汽車勻速行駛到了標識牌300m處，小汽車 沒有 （選填“已經(jīng)”或“沒有”）超速；以小汽車為參照物，客車是向 后 （選填“前”或“后”）運動的；若此時小汽車的功率為80kW，它的牽引力為 2400 N（此高速路段限定小汽車最高速度為120km/h）。【解答】解：由v＝得：客車行駛時間為：t＝＝＝0.0025h則小汽車的速度為：v′＝＝＝120km/h＝120km/h；故小汽車沒有超速；以小汽車為參照物，由于汽車的速度大于客車速度，則客車與小汽車之間的距離變大，由于兩車的運動方向相同，所以客車向后運動。由P＝＝＝Fv得：小汽車的牽引力為：F＝＝＝2400N，故答案為：沒有；后；2400。21．（3分）圖是智能扶手電梯工作原理圖，其中R是壓敏電阻，電磁鐵上端是 S 極。電梯無乘客時，電磁鐵磁性極弱，銜鐵與觸點1接觸；當(dāng)有乘客時，R的阻值減小，磁性變 強 （選填“強”或“弱”），使銜鐵與接觸點2接觸，通過電動機的電流變 大 （選填“大”或“小”），電動機轉(zhuǎn)動變快，使電梯運動變快。【解答】解：（1）讀圖可知，電流從電磁鐵的上端流入，用右手握住螺線管，使四指指向電流的方向，則大拇指所指的下方為螺線管的N極，則上端為S極；（2）當(dāng)有人走上電梯后，壓敏電阻的阻值減小，控制電路中電流增大，電磁鐵磁性變強，則銜鐵被吸下，與觸點2接觸，則電阻R1不連入，電動機兩端電壓增大為電源電壓，通過電動機的電流變大，電動機轉(zhuǎn)速變快，使電梯運動變快。 故答案為：S；強；大。22．（3分）小明在家開著空調(diào)看電視，媽媽打開電飯鍋做飯時，家里的空氣開關(guān)“跳閘”了，原因可能是 用電器的總功率過大 。小明想知道此電飯鍋的額定功率有多大（額定電壓220V），他只把電飯鍋接入電路中，觀察到他家電能表（如圖）表盤在60s內(nèi)轉(zhuǎn)過了150轉(zhuǎn)，則該電飯鍋的額定功率為 1500 W；若做飯前電能表示數(shù)如圖，則該電飯鍋正常工作1h后，電能表的示數(shù)為 1328.3kW?h 。【解答】解：當(dāng)開著空調(diào)看電視時，再打開電飯鍋時，家里的自動空氣開關(guān)“跳閘”了，由于空調(diào)和電飯鍋都屬于大功率用電器，則“跳閘”的原因可能是用電器的總功率過大；該電飯鍋消耗的電能：W＝kW?h＝0.025kW?h，工作時間t＝60s＝h，該電飯鍋的額定功率為：P＝＝＝1.5kW＝1500W；該電飯鍋正常工作1h消耗的電能為：W'＝Pt＝1.5kW×1h＝1.5kW?h，則該電飯鍋正常工作1h后，電能表的示數(shù)為：1326.8kW?h+1.5kW?h＝1328.3kW?h。故答案為：用電器的總功率過大；1500；1328.3kW?h。23．（3分）圖示為“長征六號”運載火箭，它首次采用了我國最新研制的大推力液氧煤油發(fā)動機。①煤油燃燒過程中，其熱值大小 不變 。②火箭起飛時，煤油燃燒產(chǎn)生大量高溫高壓的燃氣，燃氣對火箭的推力達1.2×106N，這個力可舉起質(zhì)量為 120 t的物體（g取10N/kg）。③燃氣對火箭做功，燃氣的內(nèi)能會 減小 （選填“增大”“減小”或“不變”）。【解答】解：①熱值是燃料的一種特性，它只與燃料的種類有關(guān)，所以煤油燃燒過程中，其熱值大小不變；②火箭起飛時，燃氣對火箭的推力與衛(wèi)星對火箭的壓力是一對作用力與反作用力，所以火箭承受的壓力為1.2×106N，即物體的重力G＝1.2×106N；根據(jù)G＝mg可知，這個力可舉起質(zhì)量為：m＝＝＝1.2×105kg＝120t；③燃氣對火箭做功，內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，所以燃氣的內(nèi)能會減小。故答案為：①不變；②120；③減小。三、實驗探究題（本大題共2個小題；第24小題5分，第25小題7分，共12分）24．（5分）小明按如下步驟完成探究“影響滑動摩擦力大小的因素”的實驗。a.如甲圖所示，將木塊A平放在大長木板B上，緩緩地勻速拉動木塊A，保持彈簧測力計示數(shù)穩(wěn)定，并記錄了其示數(shù)。b.如圖乙所示，將毛巾固定在長木板B上，木塊A平放在毛巾上，緩緩地勻速拉動木塊A，保持彈簧測力計示數(shù)穩(wěn)定，并記錄了其示數(shù)。c.如圖丙所示，將木塊A平放在長木板B上，并在木塊A上放一砝碼，緩緩地勻速拉動木塊A，保持彈簧測力計示數(shù)穩(wěn)定，并記錄了其示數(shù)。（1）由 甲、丙 兩圖可知：當(dāng)接觸面粗糙程度一定時，接觸面受到的壓力越大，滑動摩擦力越大。（2）由甲、乙兩圖可知：當(dāng)接觸面受到的壓力一定時，接觸面越粗糙滑動摩擦力越 大 （選填“大”或“小”）。（3）實驗后小組交流討論時發(fā)現(xiàn)：在實驗中很難使木塊做勻速直線運動。于是小麗設(shè)計了如圖丁所示的實驗裝置，該裝置的優(yōu)點是 不需要 長木板做勻速直線運動（選填“需要”或“不需要”）。實驗中小麗發(fā)現(xiàn)：當(dāng)F為3N時，木塊A相對于地面靜止且長木板B剛好做勻速直線運動，則長木板B受到地面的摩擦力大小為 1.8 N。（4）實驗拓展：如圖1所示，放在水平地面上的物體C受到方向不變的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t圖象分別如圖2、圖3所示．則物體C在第4秒時受到的摩擦力大小為 4 N。【解答】解：（1）由圖中甲、丙兩圖可知：當(dāng)接觸面粗糙程度一定時，接觸面受到的壓力越大，滑動摩擦力越大。（2）由圖中甲、乙兩圖可知：壓力的大小是相同的，接觸面的粗糙程度不同，彈簧測力計示數(shù)不同，摩擦力不同，所以結(jié)論為：當(dāng)接觸面受到的壓力一定時，接觸面越粗糙滑動摩擦力越大；（3）如圖中丁圖所示的實驗裝置，A相對于地面靜止，受到摩擦力和測力計的拉力為一對平衡力，故該裝置的優(yōu)點是不需要長木板做勻速直線運動；實驗中小麗發(fā)現(xiàn)：當(dāng)F為3N時，木塊A相對于地面靜止且長木板B剛好做勻速直線運動，根據(jù)三力平衡，fAB+f＝3N，長木板B受到地面的摩擦力大小為：f＝3N﹣1.2N＝1.8N；（4）實驗拓展：如圖2所示，放在水平地面上的物體C受到方向不變的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t圖象分別如圖2圖3所示，由圖3知，6﹣9秒物體做勻速直線運動，受到的拉力與摩擦力為一對平衡力，大小相等，因壓力大小和接觸面粗糙程度不變，則受到摩擦力大小不變，故物體C在第4秒時受到的摩擦力大小為4N。故答案為：（1）甲、丙；（2）大；（3）不需要；1.8；（4）4。25．（7分）在測定額定電壓為“2.5V”小燈泡電功率的分組實驗中：（1）請用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖甲中的實物電路連接完整。（2）小明閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，電流表無示數(shù)，電壓表有示數(shù)，則故障可能是 燈泡斷路 。（3）排除故障后，移動滑片使小燈泡正常發(fā)光，此時電流表示數(shù)如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為 0.75 W。（4）小華在進行實驗數(shù)據(jù)處理時，算出了小燈泡的平均功率（如下表），你認為這樣處理數(shù)據(jù)是 不合理 （選填“合理”或“不合理”）的。理由是 燈在不同電壓下的功率不同 實驗序號電壓U/V電流I/A功率P/W平均功率P/W ①2.00.260.520.69 ②2.50.280.70 ③2.80.300.84（5）圖2描述小燈泡功率P隨滑動變阻器阻值R變化情況的圖象中，正確的是 B 【拓展】實驗結(jié)束后，小明用學(xué)生電源（電壓恒為15V）替換干電池，并將燈泡換成了三個阻值不同的定值電阻（阻值分別為10Ω、20Ω、30Ω），來探究電流與電阻的關(guān)系。已知滑動變阻器的最大阻值為60Ω，定值電阻兩端的電壓最小為 5 V。【解答】解：（1）燈的額定電壓為2.5V，電壓表選用小量程與燈并聯(lián)，變阻器按一上一下接入電路中，如下所示：（2）小明閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，電流表無示數(shù)，電壓表有示數(shù)，則故障可能是燈泡斷路；（3）排除故障后，移動滑片使小燈泡正常發(fā)光，此時電流表示數(shù)如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，電流為0.3A，則小燈泡的額定功率為：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（4）燈在不同電壓下的功率不同，故算出了小燈泡的平均功率沒有意義，認為這樣處理數(shù)據(jù)是不合理的。（5）小燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，由公式可得，小燈泡功率：P燈＝I2RL＝（）2RL，由上面表達式可知，滑動變阻器阻值R增大時，小燈泡的功率P減小，故CD錯誤；根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，燈泡的電功率與R的關(guān)系不是一次函數(shù)，則A錯誤；對比圖象可知，應(yīng)選B；【拓展】根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律及分壓原理有：＝，左邊為一定值，右邊也為一定值，當(dāng)30Ω的定值電阻連入電路中時，對應(yīng)的變阻器阻值最大，此時電壓表示數(shù)最小，即＝，故UV＝5V。故答案為：（1）如上所示；（2）燈泡斷路；（3）0.75；（4）不合理；燈在不同電壓下的功率不同；（5）B；【拓展】5。四、計算應(yīng)用題（本大題共2個小題；第26小題7分，第27小題9分，共16分。解答時，要求有必要的文字說明、公式和計算步驟等，只寫最后結(jié)果不得分）26．（7分）如圖所示，薄壁圓柱形容器甲和圓柱體乙置于水平地面上。甲的底面積為2×10﹣2米2．乙的重力為60牛、底面積為3×10﹣2米2。①求圓柱體乙對水平地面的壓強p乙。②若將一物體A分別浸沒在容器甲的水中（水未溢出）、放在圓柱體乙上表面的中央時，水對容器甲底部壓強的變化量與圓柱體乙對水平地面壓強的變化量相等。求物塊A的密度ρA【解答】解：（1）圓柱體乙置于水平地面上，圓柱體對地面的壓力F＝G＝60N，圓柱體乙對地面的壓強：p乙＝＝＝2000Pa；（2）設(shè)物體A的質(zhì)量為m，體積為VA，由于物塊A浸沒在容器甲的水中，則水對容器甲底部壓強的增加量：Δp1＝ρ水Δhg＝ρ水g，由于物塊A放在圓柱體乙上表面的中央，則圓柱體乙對地面壓強的增加量：Δp2＝＝＝，已知Δp1＝Δp2，則：ρ水g＝，所以物體A的密度：ρA＝＝＝1.5×103kg/m3。答：①圓柱體乙對水平地面的壓強為2000Pa；②物塊A的密度為1.5×103kg/m3。27．（9分）如圖甲所示，已知定值電阻R1的阻值為30Ω，閉合開關(guān)時整個電路正常工作，兩電流表的指針都在同一位置，示數(shù)如圖乙所示。（設(shè)電源電壓保持不變），求：（1）電源電壓U是多少？（2）通過定值電阻R2的電流是多少？（3）現(xiàn)用一個未知阻值的定值電阻Rx替換電阻R1或R2，替換后只有一個電流表的示數(shù)發(fā)生了變化，請判斷Rx替換的是電阻R1或R2。（4）此時替換后電流表示數(shù)減少了0.3A，求未知電阻Rx的阻值。【解答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A測干路電流，電流表A1測R1支路的電流。（1）因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，且兩電流表指針的位置相同，所以，電流表A的量程為0～3A，分度值為0.1A，干路電流I＝1.5A，電流表A1的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，通過R1的電流I1＝0.3A，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，由I＝可得，電源電壓：U＝U1＝I1R1＝0.3A×30Ω＝9V；（2）因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以通過電阻R2的電流：I2＝I﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A；（3）由題知，用電阻Rx替換電阻R1、R2中的一個，替換前后，只有一個電流表的示數(shù)發(fā)生了變化；若用Rx替換電阻R1，則電流表A1所在支路的電阻發(fā)生變化，電流表A1的示數(shù)會發(fā)生變化，同時干路電流也會發(fā)生變化，即電流表A的示數(shù)發(fā)生變化，不符合題意；因此只能是用Rx替換電阻R2；（4）替換后電流表示數(shù)減少了0.3A，則干路電流變?yōu)椋?/span>I′＝I﹣ΔI＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和可知，此時通過Rx的電流為：Ix＝I′﹣I1＝1.2A﹣0.3A＝0.9A，根據(jù)I＝可得Rx的阻值：Rx＝＝＝10Ω。答：（1）電源電壓U是9V；（2）通過定值電阻R2的電流是1.2A；（3）Rx替換的是電阻R2。（4）未知電阻Rx的阻值為10Ω。
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