2023屆湖北省華大新高考聯(lián)盟名校高三下學(xué)期高考預(yù)測(cè)物理試題學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________ 一、單選題1．關(guān)于衰變與核反應(yīng)，下列說法正確的是（　　）A．核聚變釋放的能量源于等離子體中離子的動(dòng)能B．核反應(yīng)中的X為氘核C．8個(gè)半衰期為60天的碘125原子經(jīng)過180天后只剩1個(gè)原子沒有發(fā)生衰變D．衰變?yōu)?/span>，經(jīng)過3次衰變，2次β衰變2．如圖所示，一束單色光從空氣射入平靜的水面，方向與水面成θ角，反射光線與折射光線垂直。已知光在真空中的傳播速度為c，則該單色光在水中的傳播速度為（　?。?/span>  A．csinθ B．ccosθ C．ctanθ D．3．一小汽車以速度在平直軌道上正常行駛，要通過前方一隧道，需提前減速，以速度勻速通過隧道后，立即加速到原來的速度，小汽車的v-t圖像如圖所示，則下列說法正確的是（　?。?/span>  A．加速階段與減速階段的加速度大小之比為1：2B．加速階段與減速階段的位移大小之比為2：1C．加速階段與勻速階段的位移大小之比為1：2D．小汽車從開始減速直至再恢復(fù)到的過程中通過的路程為4．如圖所示，輕彈簧的右端與固定豎直擋板連接，左端與B點(diǎn)對(duì)齊。質(zhì)量為m的小物塊以初速度從A向右滑動(dòng)，物塊壓縮彈簧后被反彈，滑到AB的中點(diǎn)C（圖中未畫出）時(shí)速度剛好為零。已知A、B間的距離為L，彈簧的最大壓縮量為，重力加速度為g，則小物塊反彈之后從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所用的時(shí)間為（　?。?/span>  A． B． C． D．5．如圖所示，空間存在一個(gè)正四面體ABCD，其邊長(zhǎng)為a，在水平面上兩個(gè)頂點(diǎn)B、C各固定一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷，在頂點(diǎn)D固定一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷，則頂點(diǎn)A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（　　）A． B． C． D．6．在2022年北京冬奧會(huì)自由式大跳臺(tái)滑雪比賽中，我國(guó)運(yùn)動(dòng)員取得了優(yōu)異成績(jī)。如圖所示，一質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員經(jīng)助滑雪道加速后，從雪道跳臺(tái)A點(diǎn)沿水平方向以初速度飛出并落在傾斜雪道上的B點(diǎn)，傾斜雪道與水平面的夾角為θ，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中（　?。?/span>  A．動(dòng)能的增加量為 B．動(dòng)能的增加量為tanθC．動(dòng)量的變化量為2mtanθ D．動(dòng)量的變化量為7．如圖所示，一輕彈性繩一端系于A點(diǎn)，另一端與質(zhì)量為m、套在光滑豎直固定桿上B點(diǎn)的小球相連，此時(shí)A、B在同一水平線上，且彈性繩原長(zhǎng)恰好等于A、B間距L?，F(xiàn)將小球從B點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)小球下落至C點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大，AC與水平方向的夾角為。已知輕彈性繩的彈力與伸長(zhǎng)量遵循胡克定律，已知彈性繩的彈性勢(shì)能為，式中x為彈性繩的伸長(zhǎng)量，則小球的最大動(dòng)能為（　?。?/span>  A． B． C． D． 二、多選題8．2022年10月31日，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在我國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)發(fā)射，于11月1日與天和核心艙對(duì)接成功，中國(guó)空間站完成在軌建造，三個(gè)艙段形成T字基本構(gòu)型，如圖所示，在距地球中心為r的圓形軌道上以速率v運(yùn)行。已知地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，引力常量為G，則（　?。?/span>  A．夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙的發(fā)射速度大于天和核心艙的環(huán)繞速度B．漂浮在空間站中的宇航員不受地球的引力C．地球的平均密度為D．空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小為9．如圖甲所示，電阻為的矩形線框abcd繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)如圖乙所示。矩形線框通過滑環(huán)與理想變壓器相連，原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，、、均為定值電阻，=10Ω，，電表均為理想電表。線框從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則（　?。?/span>  A．線框轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50rad/s B．電流表的示數(shù)為AC．電壓表的示數(shù)為192V D．電阻消耗的電功率為16W10．某運(yùn)動(dòng)員揮舞彩綢進(jìn)行健身鍛煉，揮舞后彩綢形成沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波，如圖所示為在時(shí)刻的波形圖，波的傳播速度為2m/s，圖中質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置坐標(biāo)為，則下列說法正確的是（　　）  A．若波沿x軸正方向傳播，O點(diǎn)振動(dòng)方程為B．若波沿x軸正方向傳播，Q點(diǎn)振動(dòng)方程為C．若波沿x軸負(fù)方向傳播，O點(diǎn)振動(dòng)方程為D．若波沿x軸負(fù)方向傳播，Q點(diǎn)振動(dòng)方程為11．如圖所示，兩平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌水平放置，間距為L，兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電阻為R、長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間寬度的導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置。閉合關(guān)S，導(dǎo)體棒ab由靜止開始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后達(dá)到最大速度。已知電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為R，不計(jì)金屬軌道的電阻，則（　　）  A．導(dǎo)體棒的最大速度為B．開關(guān)S閉合瞬間，導(dǎo)體棒的加速度大小為C．導(dǎo)體棒的速度從零增加到最大速度的過程中，通過導(dǎo)體棒的電荷量為D．導(dǎo)體棒的速度從零增加到最大速度的過程中，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱為 三、實(shí)驗(yàn)題12．某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示的裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。調(diào)整氣墊導(dǎo)軌使之水平，將滑塊放在氣墊導(dǎo)軌上，通過輕質(zhì)細(xì)繩與鉤碼連接，將滑塊從A位置由靜止釋放。  （1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度，對(duì)應(yīng)的示數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度為d=___________mm。（2）測(cè)得鉤碼的質(zhì)量為m，帶遮光條的滑塊的質(zhì)量為M，A、B間的距離為s，遮光條通過光電門的時(shí)間為，又知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?/span>g，則本實(shí)驗(yàn)中需驗(yàn)證的機(jī)械能守恒表達(dá)式為___________（用以上對(duì)應(yīng)物理量的符號(hào)表示）。（3）根據(jù)算出的遮光條經(jīng)過光電門時(shí)的速度總是比遮光條中心通過光電門中心的速度偏___________（填“大”或“小”）。13．在測(cè)量一節(jié)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材有：A．電流表A（量程0~0.6A、0~3A）B．電壓表V（量程0~3V、0~15V）C．蓄電池（電動(dòng)勢(shì)約2.0V，內(nèi)阻約0.5Ω）D．滑動(dòng)變阻器R（0~20Ω，5A）E．定值電阻F．定值電阻G．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為了防止在調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短路，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的測(cè)量電路，則保護(hù)電阻應(yīng)選擇定值電阻___________（填“”或“”）。  （2）根據(jù)電路圖用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖乙中將實(shí)物圖進(jìn)行連線________。  （3）實(shí)驗(yàn)中某次測(cè)量結(jié)果如圖丙所示，則電壓表讀數(shù)為___________V，電流表讀數(shù)為___________A。  （4）根據(jù)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可作出電壓表示數(shù)U隨電流表示數(shù)I變化的U-I圖線如圖丁所示，由圖知蓄電池的內(nèi)阻測(cè)量值表達(dá)式為r=___________（用、、表示），從實(shí)驗(yàn)原理上分析，內(nèi)電阻的測(cè)量值___________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。 四、解答題14．如圖所示，一籃球的容積為7.5L，內(nèi)有壓強(qiáng)為1.2atm的氣體，現(xiàn)用打氣筒對(duì)籃球進(jìn)行充氣，每打一次都能將體積為200mL、壓強(qiáng)為1.0atm的氣體打進(jìn)籃球內(nèi)，共打10次結(jié)束充氣。若籃球內(nèi)氣體可視為理想氣體，打氣過程忽略籃球容積和球內(nèi)氣體溫度的變化，求：（1）打氣結(jié)束后球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)與球內(nèi)原有氣體的壓強(qiáng)之比；（2）打進(jìn)籃球內(nèi)氣體的質(zhì)量與籃球內(nèi)原有氣體的質(zhì)量之比。  15．如圖所示，質(zhì)量的長(zhǎng)木板C靜止在光滑的水平面上，長(zhǎng)木板C右端與豎直固定擋板相距，左端放一個(gè)質(zhì)量的小物塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)），與長(zhǎng)木板C間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在小物塊B的正上方，用不可伸長(zhǎng)、長(zhǎng)度的輕繩將質(zhì)量的小球A懸掛在固定點(diǎn)O。初始時(shí)，將輕繩拉直并處于水平狀態(tài)，使小球A與O點(diǎn)等高，由靜止釋放。當(dāng)小球A下擺至最低點(diǎn)時(shí)恰好與小物塊B發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），之后二者沒有再發(fā)生碰撞。已知A、B之間以及C與擋板之間的碰撞均為彈性碰撞，重力加速度取。（1）小球A與小物塊B碰后瞬間，求小物塊B的速度大??；（2）為保證長(zhǎng)木板C與豎直擋板碰撞時(shí)B、C能共速，求應(yīng)滿足的條件；（3）在（2）問的前提下，即與豎直擋板碰撞到B、C能共速，求長(zhǎng)木板的最短長(zhǎng)度。  16．在如圖所示的直角坐標(biāo)系xOy中，在空間存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在的空間內(nèi)同時(shí)存在垂直xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B。一電荷量為+、質(zhì)量為m的粒子從y軸的A點(diǎn)以初速度進(jìn)入電場(chǎng)，方向與y軸正方向成角，之后粒子從x軸上的C點(diǎn)沿x軸正方向進(jìn)入電場(chǎng)和磁場(chǎng)疊加區(qū)域，之后運(yùn)動(dòng)軌跡在x軸上方。已知C、O兩點(diǎn)間的距離為L，粒子所受重力忽略不計(jì)，求：（1）A、O兩點(diǎn)間的距離和電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。?/span>（2）粒子在的空間運(yùn)動(dòng)過程中，離x軸最遠(yuǎn)的距離；（3）粒子在的空間運(yùn)動(dòng)的最小速度。  
參考答案：1．D【詳解】A．核聚變釋放能量是因?yàn)樵雍说馁|(zhì)量虧損，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為1，為氕核，故B錯(cuò)誤；C．半衰期是大量放射性原子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于少數(shù)原子不適用，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)發(fā)生n次衰變，m次β衰變，則有，解得，故D正確。故選D。2．C【詳解】光路如圖所示。  由反射定律和幾何關(guān)系，知入射角為折射角為由折射定律得水的折射率為則單色光在水中的傳播速度為故選C。3．D【詳解】A．v-t圖像中圖線斜率表示加速度，加速階段與減速階段的加速度大小之比為，故A錯(cuò)誤；BCD．v-t圖像中圖線與時(shí)間軸所圍的面積在數(shù)值上等于位移大小，由題圖知減速階段位移大小為勻速階段位移大小為加速階段位移大小為則加速階段與減速階段的位移大小之比為，加速階段與勻速階段的位移大小之比為，小汽車從開始減速到再恢復(fù)到的過程中通過的路程為故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4．B【詳解】小物塊從A點(diǎn)到停止運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程，根據(jù)動(dòng)能定理可得在BC段運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得聯(lián)立解得故選B。5．A【詳解】根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式，可知三個(gè)點(diǎn)電荷在頂點(diǎn)A產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，均為在平面ACD中，如圖所示，兩頂點(diǎn)C、D處點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為方向水平。頂點(diǎn)B處點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向與垂直，則故選A。6．C【詳解】AB．運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)到B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，有解得由動(dòng)能定理得故AB錯(cuò)誤；CD．由動(dòng)量定理得故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7．A【詳解】小球下落過程先加速后減速，當(dāng)加速度為0時(shí)速度最大，動(dòng)能最大，此時(shí)有解得由能量守恒定律得解得故選A。8．AC【詳解】A．第一宇宙速度是環(huán)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，同時(shí)也是發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，由此可知天和核心艙的環(huán)繞速度小于第一宇宙速度，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙的發(fā)射速度大于天和核心艙的環(huán)繞速度，故A正確；B．漂浮在空間站中的宇航員依然受地球的引力，所受引力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．空間站繞地球飛行，根據(jù)萬有引力提供向心力，則有又聯(lián)立解得故C正確；D．由聯(lián)立解得D錯(cuò)誤。故選AC。9．CD【詳解】A．由圖乙知交變電流的周期為則線框轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為故A錯(cuò)誤；B．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為則聯(lián)立解得I1=1AI2=4A故B錯(cuò)誤；C．電壓表的示數(shù)為U1=E-I1r=192V故C正確；D．電阻消耗的電功率為故D正確。故選CD。10．BC【詳解】AB．由波形圖知振幅和波長(zhǎng)為、則周期為若波沿x軸正方向傳播，O點(diǎn)從平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，則O點(diǎn)振動(dòng)方程為Q點(diǎn)振動(dòng)方程為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．若波沿x軸負(fù)方向傳播，O點(diǎn)從平衡位置沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則O點(diǎn)振動(dòng)方程為Q點(diǎn)振動(dòng)方程為y=故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。11．BC【詳解】A．當(dāng)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)和電源電動(dòng)勢(shì)相等時(shí)，電流為零，此時(shí)不再受安培力，導(dǎo)體棒做向右的勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度最大，則有解得故A錯(cuò)誤；B．開關(guān)閉合瞬間，電路中的電流為導(dǎo)體棒所受安培力為由牛頓第二定律可知導(dǎo)體棒的加速度為故B正確；C．由動(dòng)量定理得又聯(lián)立解得故C正確；D．對(duì)電路應(yīng)用能量守恒定律有導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱為聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選BC。12．     2.25          小【詳解】（1）[1]由題圖乙知，游標(biāo)卡尺為20分度，分度值為0.05mm，不需要估讀，游標(biāo)尺上的第5個(gè)刻度與主尺上的刻度對(duì)齊，讀數(shù)為（2）[2]從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，A、B間的距離為s，整個(gè)系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量為滑塊和鉤碼增加的動(dòng)能為故實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的關(guān)系式為（3）[3]根據(jù)算出的是遮光條通過光電門的平均速度，等于通過光電門中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，該速度要比遮光條中心通過光電門中心的實(shí)際速度小。13．                 1.20     0.24          小于【詳解】（1）[1]電路中最大電流不應(yīng)超過0.6A，定值電阻考慮到電流表和電源都有內(nèi)阻，所以定值電阻選擇。（2）[2]蓄電池的電動(dòng)勢(shì)約2V，電壓表宜使用0~3V量程，電路中最大電流不應(yīng)超過0.6A，所以電流表選0~0.6A量程。依據(jù)電路圖，將實(shí)物圖進(jìn)行連線，如圖所示。  （3）[3][4]電壓表量程為0~3V，讀數(shù)為1.20V；電流表量程為0~0.6A，讀數(shù)為0.24A．（4）[5]由閉合電路的歐姆定律整理得結(jié)合圖丁得解得[6]本實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的產(chǎn)生來源于電壓表的分流，外電路短路時(shí)，電流表的示數(shù)當(dāng)電壓表為任一示數(shù)時(shí)，，如圖所示。由圖可知本實(shí)驗(yàn)  14．（1）；（2）【詳解】（1）以充氣結(jié)束后籃球內(nèi)的氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律，得其中：，，，，，解得（2）以籃球中原有氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律，得打進(jìn)籃球內(nèi)氣體的質(zhì)量與籃球內(nèi)原有氣體的質(zhì)量之比為聯(lián)立解得15．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）小球A由靜止到最低點(diǎn)的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得設(shè)小球A與小物塊B發(fā)生彈性碰撞后的速度分別為、，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有碰撞前后根據(jù)機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立解得（2）設(shè)B、C獲得共同速度為，以水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有代入數(shù)據(jù)解得若B、C共速時(shí)C剛好運(yùn)動(dòng)到擋板處，對(duì)C應(yīng)用動(dòng)能定理有代入數(shù)據(jù)解得則保證C運(yùn)動(dòng)到豎直擋板前B、C能夠共速，應(yīng)滿足的條件是（3）第一次共速過程中，由能量守恒定律有長(zhǎng)木板C與擋板碰后速度方向反向，設(shè)B、C第二次獲得共同速度為，以水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律有由能量守恒定律有長(zhǎng)木板的最短長(zhǎng)度為聯(lián)立解得16．（1）；（2）；（3）或【詳解】（1）設(shè)A、O兩點(diǎn)間的距離為y，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，逆向看作類平拋運(yùn)動(dòng)，有解得由牛頓第二定律有聯(lián)立解得（2）粒子進(jìn)入電磁復(fù)合場(chǎng)做擺輪線運(yùn)動(dòng)，用運(yùn)動(dòng)分解法求解該問題。將速度分解，設(shè)某一分速度v使粒子受到的洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，即由左手定則知速度v方向水平向右，則所以帶電粒子的運(yùn)動(dòng)可以分解為速度為v的勻速直線運(yùn)動(dòng)與速度為的逆時(shí)針方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示   粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有 M點(diǎn)為粒子距x軸的最遠(yuǎn)點(diǎn)，它到x軸的距離為聯(lián)立解得（3）當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)到離x軸最遠(yuǎn)處時(shí)，速度v與v'方向相反，其合速度最小，有聯(lián)立解得或 

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