2021屆河北省衡水中學(xué)高三上學(xué)期二調(diào)考試物理試卷 PDF版

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物理參考答案210210一、選擇題1.A【解析】輕桿處于平衡狀態(tài)，兩端彈力方向沿桿且大小相等，當甲的身體偏離豎直方向的夾角大于乙時，桿的左端低于右端，甲對地面的壓力大于乙對地面的壓力，甲與地面間的最大靜摩擦力大于乙與地面間的最大靜摩擦力，甲獲勝，A正確。2.AD【解析】彈射過程只有彈簧彈力和重力做功，鋼珠和彈簧所組成的系統(tǒng)機械能守恒，A正確；彈射過程，彈簧彈性勢能減少，轉(zhuǎn)化成鋼珠的重力勢能和動能，B錯誤；鋼珠從P點運動到最高點過程，由機械能守恒得，解得h=4x0，C錯誤；從M點到P點過程鋼珠和彈簧所組成的系統(tǒng)機械能守恒，則，解得，D正確。3.D【解析】輪子邊緣的線速度大小關(guān)系為，，由得，則，A錯誤；，，則，B錯誤；由得向心加速度之比為1：8，C錯誤，D正確。4.B【解析】下滑過程中物體機械能守恒，到達底端過程重力勢能減少量不同，動能增加量不同，到達底端時的速度大小和方向均不同，A錯誤；物體沿等時圓軌道下滑時間相同，重力的沖量相同，B正確；根據(jù)動量定理得動量的變化率等于物體所受合外力，軌道傾角不同，合外力不同，動量的變化率不同，C錯誤；下滑時間相同，下滑高度不同，重力做功不同，重力做功的平均功率不同，D錯誤。5.C【解析】以雨水為研究對象，下落到傘面后速度變?yōu)?/span>0，對每一瞬間，雨水的重力遠小于傘對雨水的作用力，由動量定理得，，解得F≈25N，再由牛頓第三定律知，C正確。6.AC【解析】設(shè)運動員入水時的速度大小為v1，m/s，設(shè)入水后加速度大小為a，由牛頓第二定律得，解得a=30m/s2，A正確；設(shè)入水后下降2.5m時的速度大小為v2，則，解得m/s，動量減少量kg·m/s，B錯誤；動能減少量J，C正確；機械能減少量J，D錯誤。7.D【解析】由開普勒第三定律得衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ運行周期之比，A錯誤；衛(wèi)星在軌道Ⅲ運行的速率小于第一宇宙速度，B錯誤；由得衛(wèi)星在軌道Ⅰ上A點加速度大小大于地球赤道上靜止物體的加速度大小，C錯誤；衛(wèi)星在A、B兩點均通過點火加速實現(xiàn)變軌，機械能均增加，故衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機械能小于在軌道Ⅲ上的機械能，D正確。8.D【解析】由圖像知x=2.0m時的速度大小為0.25m/s，A錯誤；由勻變速直線運動的規(guī)律知物塊不是做勻減速直線運動，B錯誤；該圖像與橫軸圍成的面積對應(yīng)物塊的運動時間，則物塊由x=1.0m處運動到x=2.0m處所用的時間為3s，C錯誤，D正確。9.D【解析】從兩物體開始運動到彈簧伸長量最大的過程，兩物體先加速再減速，末速度為零，初、末動量均為零，動量變化量為零，A、B錯誤；此過程兩水平外力均做正功，兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加，C錯誤；兩水平外力等大反向，兩物體及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，有m1v1=m2v2，得兩物體平均速度大小之比為，D正確。?21010.AD【解析】系統(tǒng)質(zhì)量增大，合外力不變，由牛頓第二定律知加速度減小，A正確；若橡皮泥粘在a上，以c為研究對象，加速度減小，繩的張力減小，以b為研究對象，質(zhì)量不變，加速度減小，a、b間的摩擦力增大，B錯誤；若橡皮泥粘在b上，以c為研究對象，加速度減小，繩的張力減小，以a、c為研究對象，a、b間的摩擦力減小，C錯誤；若橡皮泥粘在c上，以a、b為研究對象，加速度減小，繩的張力增大，以b為研究對象，a、b間的摩擦力增大，D正確。11.AD【解析】人腳對皮帶的摩擦力使皮帶運動起來，是皮帶運動的動力，A正確；在人腳與皮帶接觸過程中，皮帶在摩擦力方向上有位移，人腳對皮帶的摩擦力對皮帶做正功，B錯誤；皮帶勻速運動，人對皮帶做的功等于皮帶克服阻力做的功，即人對皮帶做功的功率為Ftv，C錯誤，D正確。12.CD【解析】P下落過程，彈簧彈性勢能增大，P、Q組成的系統(tǒng)機械能減小，A錯誤；當α=45°時，P、Q的速度大小相等，方向不同，B錯誤；P從開始到最低點的過程，P、Q的初、末速度均為零，P重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量，，C正確；P加速過程處于失重狀態(tài)，整體處于失重狀態(tài)，Q受地面的支持力小于總重力，D正確。二、非選擇題13.（1）近些（2分）    （2）（2分）    （2分）    （3）C（2分）【解析】（1）為減小摩擦力對實驗結(jié)果的影響，出口端離桌子右邊緣應(yīng)近些。（2）小球做平拋運動，，，解得，彈性勢能。（3）小球動能與x2成正比，與成正比，即彈簧彈性勢能與成正比，C正確。14.（1）0.660（2分）    （2）（2分）    （3）（2分）【解析】（1）由圖乙知寬度d=6mm+12×0.05mm=0.660cm。（2）由機械能守恒定律得。（3）由機械能守恒定律表達式得，即斜率。15.（1）    （2）    （3）【解析】（1）小球在水平面內(nèi)勻速圓周運動，由牛頓第二定律得（1分）解得（1分）（2）小球豎直方向受力平衡，有（1分）解得（1分）（3）星球表面物體所受萬有引力等于物體所受重力，有（1分）星球質(zhì)量解得星球密度（1分）16.（1）0.6s    （2）2m/s    （3）0.6m【解析】（1）B從釋放到輕繩剛繃直前做自由落體運動，有（1分）代入數(shù)據(jù)解得t=0.6s（1分）（2）設(shè)輕繩繃直前瞬間B速度大小為vB，有vB=gt（1分）輕繩繃直瞬間，輕繩張力遠大于A、B的重力，A、B相互作用，由動量守恒得（2分）之后A做勻減速運動，所以輕繩繃直后瞬間的速度v即為A的最大速度，代入數(shù)據(jù)解得v=2m/s（1分）（3）輕繩繃直后，A、B一起運動，B恰好可以和地面接觸，說明此時A、B的速度為零，這一過程中A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒，有（2分）代入數(shù)據(jù)解得H=0.6m（1分）17.（1）    （2）1.9【解析】（1）設(shè)小球1到達最低點B時，小球1和小球2的速度大小分別為v1、v2；如圖所示由運動的合成與分解得（1分）對兩球組成的系統(tǒng)由機械能守恒定律得，（2分）解得     設(shè)輕繩斷開后小球2沿斜面上升的距離為，對小球2由機械能守恒定律得（2分）小球2沿斜面上升的最大距離（1分）解得（1分）（2）對小球1由機械能守恒定律得（2分）解得（1分）18.（1）3N    （2）1J    （3）1m【解析】（1）設(shè)在半圓軌道的最高點E，軌道對P的壓力大小為FN，由牛頓第二定律得（2分）解得FN=3N由牛頓第三定律得，P運動到E點時對軌道的壓力大小為（1分）（2）P從D點到E點，由動能定理得（2分）解得m/sP從C點到D點，由牛頓第二定律得（1分）解得說明P從C點到D點做勻速運動，有m/s（1分）由能量守恒定律得（1分）解得J（1分）（3）P在G點脫離圓軌道后做曲線運動，可把該運動分解為平行于斜面的勻減速直線運動和垂直于斜面的初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律有（1分）（1分）解得a3=4m/s2，a4=8m/s2P垂直落在斜面上，運動時間滿足（1分）平行于斜面方向上，P在斜面上的落點距D的距離（1分）